2026年辽宁沈阳中考物理自编模拟卷（八）

2026年辽宁沈阳中考物理自编模拟卷（八） 一．选择题（共9小题，满分18分，每小题2分） 1．（2分）下列说法正确的是（　　） A．“引吭高歌”中的高是指音调高 B．“低声细语”指的是音调低 C．“尖声细嗓”中的尖指的是音调高 D．“起音太高上不去”中的“高”指的是响度 2．（2分）下列现象中属于液化的是（　　） A．加油站里总是能闻到汽油味 B．冰棒在口中会变成液体 C．加入冰块的茶杯外面会出“汗” D．从冰箱冷冻室取出的物品，外部总有一层薄薄的“白粉” 3．（2分）下列“影”的形成，由光的反射形成的是（　　） A．柳树“倒影” B．地上“人影” C．海市蜃楼“幻影” D．墙上“手影” 4．（2分）2024年7月31日，我国选手邓雅文在巴黎奥运会自由式小轮车女子公园决赛中夺得冠军，为中国队在该项目获得首金。关于邓雅文骑自由式小轮车在自由滑行阶段（忽略摩擦力影响），下列说法正确的是（　　） A．下坡时，小轮车的重力势能减小，动能增大 B．下坡时，小轮车的重力势能增大，动能减小 C．上坡时，小轮车的重力势能增大，动能增大 D．上坡时，小轮车的重力势能增大，动能不变 5．（2分）某国产全球首款三折叠手机，点亮手机屏幕的操作原理可简化为三个开关控制的照明电路，其中S1为密码解锁、S2为指纹解锁、S3为人脸解锁，小灯泡L代替手机屏幕，任意一种解锁方式都能点亮手机屏幕，下列设计电路图中，正确的是（　　） A． B． C． D． 6．（2分）小明看完《哪吒2》后查找资料并分析：定海神针的重力G为86400N，众海妖竖直向上托起定海神针的力F1为500000N，G和F1的合力为F合，若再施加一个力F2使定海神针处于平衡状态，则（　　） A．F2＝413600N，方向竖直向下 B．F2＝413600N，方向竖直向上 C．F合＝586400N，方向竖直向上 D．F合＝413600N，方向竖直向下 （多选）7．（2分）如图所示，将数字温度传感器的探头置于注射器内，并在注射器内密封一定质量的气体，缓慢向左推动活塞并观察温度传感器示数变化。下列关于此过程说法正确的是（　　） A．温度传感器的示数变大 B．密封气体含有的热量增加 C．能量转化与汽油机的压缩冲程相同 D．密封气体的分子运动减缓 （多选）8．（2分）下列说法中正确的是（　　） A．漫反射遵循光的反射定律 B．电磁波在真空中传播的速度为340m/s C．配戴凹透镜可以矫正远视眼 D．彩色电视机画面的色彩由三原色光混合而成 （多选）9．（2分）在如图甲所示电路中，电源电压恒定，R1是滑动变阻器，R2是定值电阻：图乙中的a、b分别是将滑动变阻器R1的滑片从最左端移动到最右端的过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2的示数变化关系图象。下列说法中正确的是（　　） A．图线a是电流表A的示数随电压表V1的示数变化关系图象 B．当电压表V1、V2的示数相等时，滑片在滑动变阻器的中点位置 C．R1的最大阻值为10Ω D．R2的最大电功率为3.6W 二．填空题（共6小题，满分12分，每小题2分） 10．（2分）如图是飞船与空间站完成对接时的情景，以空间站为参照物，飞船是　 　 的；空间站利用太阳能电池板获得能量，太阳能电池是一种　 　 （填能量转化过程）的装置。 11．（2分）从塑料袋中快速抽出物品时，塑料袋与物品由于 　 　 ，使塑料袋带有电荷，而人体通常也带有少量电荷，由于 　 　 （选填“同种”或者“异种”）电荷相互吸引，塑料袋会吸附在手上。 12．（2分）当人们给汽车加油时，会闻到汽油味儿，这是　 　 现象；汽油是由石油提炼而成的，石油属于　 　 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。 13．（2分）如图所示，在侧壁有三个大小相同的小孔的玻璃管中倒入足量的水，水将从小孔a、b、c中喷出，其中 　 　 孔中的水喷得最远，随着水位的降低，三个小孔中的水会喷得 　 　 （选填“更远”或“更近”）。 14．（2分）①给自行车轴加润滑油；②自行车轮胎上的花纹；③轴承间安装钢柱；④书包的背带做的宽一些；以上四个实例中，属于增大摩擦的是 　 　 ；属于减小压强的是 　 　 。 15．（2分）为了探究浮力产生的原因，小明做了以下实验：取一个大的塑料瓶子，用剪刀剪去底部（如图甲），将一个乒乓球放在里面（如图乙），轻轻向瓶中倒水，水已没过乒乓球，发现有水缓慢流出瓶口，但乒乓球不浮上来（如图丙），此时乒乓球 　 　 （选填“受”或“不受”）浮力作用。用瓶盖盖紧瓶口，当乒乓球下方充满水之后（如图丁所示），乒乓球迅速上浮，这是因为乒乓球 　 　 （选填“受”或“不受”）浮力作用。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 16．（2分）画出图中光从水中射入空气中反射光线及折射光线的大致方向。 17．（2分）画出图中动力F的力臂，并用字母L表示，画出物体受到重力示意图（O点表示力的作用点）。 四．实验探究题（共4小题，满分24分，每小题6分） 18．（6分）探究液体在沸腾前后温度变化的特点，实验装置如图甲，取质量相等的水和盐水分别放入两个相同的烧杯中，用相同的酒精灯同时加热，根据实验数据，绘制温度随时间变化的图像，如图乙： （1）分析图乙中水的图线可知：液体在沸腾过程中，温度 　 　 ； （2）根据图乙推断当时实验室的气压 　 　 一个标准大气压。 （3）对比图乙中两条图线可知，选用 　 　 煮蛋可以更快地将蛋煮熟。 19．（5分）如图是小致同学设计的探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验。 （1）如图甲所示，可知木块此时受到的滑动摩擦力大小为 　 　 。 （2）比较甲、丙两图的实验可得出的结论是：　 　 。 （3）小致同学在甲图实验的基础上，增大拉力使木块加速滑动，读出此时弹簧测力计的示数为3.6N，根据实验，小致得到了“在压力和接触面粗糙程度一定时，物体运动的速度越大，滑动摩擦力越大”的结论。请你判断小致的结论是否正确，并说明理由：　 　 。 （4）小致家储藏室的铁锁由于长时间不用，插入钥匙也比较困难，爸爸说向锁内灌入点铅笔芯的碎末就好用了，小致试了试，果然好用了，这样做的原因是通过 　 　 减小锁内部的摩擦的。 20．（6分）在“探究凸透镜成像规律”实验中，光源是用发光二极管组成的“F”平面光源。 （1）实验前，将“F”平面光源、凸透镜和白色光屏依次放在水平放置的光具座上，使“F”平面光源、凸透镜、光屏三者的中心大致在　 　 ； （2）当“F”平面光源、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示时，光屏上恰好呈现发光物体清晰的像（像未画出），则该凸透镜的焦距为　 　 cm； （3）保持凸透镜在“50cm”刻度线处不动，将“F”平面光源移动到光具座上35cm刻度线处，调整光屏的位置，使光屏上呈现清晰的像，这个像是　 　 （填像的情况），将光源和光屏的位置对调，对调后在光屏上　 　 （选填“能”或“不能”）看到“F”光源的像； （4）保持凸透镜在“50cm”刻度线处不动，光屏上呈现了清晰的像，小石只将焦距相同、直径更大的凸透镜替换原凸透镜（位置不变）则光屏上呈现清晰的像与原来的像对比会发现　 　 ； （5）保持凸透镜在“50cm”刻度线处不动，将“F”平面光源移动到光具座上44cm刻度线处，发现无论怎样调整光屏位置，都无法在光屏上得到像；但撤去光屏后，从原光屏一侧向凸透镜方向观察，能看到发光物体的像。此时凸透镜的成像特点与生活中的　 　 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像特点相同。 21．（7分）为测量一额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，小鑫设计了如图甲所示的电路。 （1）连接电路时，开关应 　 　 ；闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于 　 　 处； （2）闭合开关后，电流表的指针向右偏转后如图乙所示，原因可能是：　 　 ；无论怎么移动滑片P，灯泡的亮度不变，经检查发现有一根导线连错了，请你在连错的导线上打“×”，并画出正确的连线； （3）小鑫根据实验数据绘制的U﹣I图象如图丙所示，根据图象提供的信息，可计算出小灯泡正常发光时的电阻是 　 　 Ω，实验数据显示小灯泡在不同电压下的电阻不相等，此时 　 　 （选填“可以”或“不可以”）求平均值作为小灯泡的电阻值。 （4）实验进行一段时间后，小鑫发现电源电压已达不到小灯泡额定电压，他突然有个想法：是否可以通过增大电流的方式使小灯泡正常发光？你认为这个想法是否可行？请说明理由 　 　 。 五．计算题（共3小题，满分22分） 22．（7分）如图所示，骑电动滑板车短距离出行深受青少年朋友喜欢。该款滑板车的部分参数如下，净重10kg，轮胎的接地总面积为10cm2。质量为50kg的小刚在水平路面上匀速行驶480m所用时间为2min。（g取10N/kg）求： （1）滑板车在水平路面上匀速行驶时的速度； （2）小刚站在滑板车上行驶时，滑板车对水平路面的压强； （3）该滑板车在平直路面上匀速行驶时，受到的平均阻力是0.2倍的总重力，则此过程中滑板车克服阻力做的功。 23．（9分）甲图是一款空气能热水器的工作原理间化图，工作物质在蒸发器中吸收空气的热迅速汽化，之后被压缩机压缩成高温高压的气体，通过冷凝器对储水箱中的水加热。该热水器部分参数如表一所示，其中“能效比n”指储水箱中的水吸收的能量与压缩机消耗的电能的比值。乙图是另一款电加热热水器的内部简化电路，R1、R2为电热丝，通过升美的调节实现高、中、低三个挡位的转换，表二为其铭牌上的部分参数。为测试两款热水器的相关功能，将它们的水箱中分别加入50kg水，使水温均升高12℃，电加热热水器在高温挡功率下工作，空气能热水器在额定输入功率下工作，测得空气能热水器工作用电10min。已知水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃），求该测试过程中： 表一 水箱容量 100L 额定电压 220V 最大输入电流 9A 额定输入功率 1400W 能效比n 表二 额定电压 220V 高温挡功率 中温挡功率 1000W 低温挡功率 500W 加热效率 84% （1）空气能热水器水箱中的水吸收的热量； （2）空气能热水器的“能效比n”； （3）电加热热水器高温挡功率； （4）电加热热水器加热的时间。 24．（6分）阅读短文，回答问题。 扫地机器人 现代家庭电器越来越智能化，扫地机器人就是智能家电的一种，是家庭地板清理的好帮手。通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸入集尘盒；其防滑轮皮采用凸凹材质制成；底部安装有塑料刷，用于清扫吸附在地板上的灰尘及轻小物体；前端装有感应器，通过发射、接收超声波或红外线来侦测障碍物。如图1所示，是一款集自动清扫技术和人工智能设计于一体的地面清扫机器人。该机器人工作时的额定功率为36W，电池的容量为3750mAh，当剩余电量减为电池容量的20%时，机器人会主动寻找充电器充电，充电电压和工作电压均为12V。 （1）“机器人”工作时，由于主机内部的气压 　 　 （填“大于”、“小于”或“等于”）大气压而产生吸力将灰尘吸入集尘盒。 （2）“机器人”的动力来自于电动机，如图2所示实验装置与电动机工作原理相同的是 　 　 。 （3）若“机器人”静止时向障碍物垂直发射超声波，经过0.001s收到回波，则其距障碍物 　 　 cm（假设超声波在空气中的传播速度为340m/s）。 （4）该机器人正常工作时的电流为 　 　 。 （5）该机器人充满一次电后能够持续工作的时间是 　 　 s。 （6）当剩余电量减为电池容量的20%时，机器人会主动寻找充电器充电，以充电器为参照物，机器人是 　 　 。 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $ 2026年辽宁沈阳中考物理自编模拟卷（八） 参考答案与试题解析 一．选择题（共6小题） 题号 1 2 3 4 5 6 答案 C C A A C A 二．多选题（共3小题） 题号 7 8 9 答案 AC AD AD 一．选择题（共9小题，满分18分，每小题2分） 1．（2分）下列说法正确的是（　　） A．“引吭高歌”中的高是指音调高 B．“低声细语”指的是音调低 C．“尖声细嗓”中的尖指的是音调高 D．“起音太高上不去”中的“高”指的是响度 【答案】C 【分析】音调指声音的高低，由发声体振动的频率决定；响度指声音的大小，由发声体振动的幅度和距离发声体的远近决定。 【解答】解：A、“引吭高歌”中的“高”指的是大声唱，即响度大，而不是音调高，故A错误； B、“轻声细语”指的是说话声音小，即响度小，故B错误； C、“尖声细嗓”中的尖指的是音调高，故C正确； D、“音太高了唱不上去”中的“高”是指频率太高造成音调高，所以唱不上去，而不是响度大，故D错误。 故选：C。 【点评】理解音调与响度的概念以及其影响的因素，并能与生活中的一些说法相结合，这是我们必须熟练把握的。 2．（2分）下列现象中属于液化的是（　　） A．加油站里总是能闻到汽油味 B．冰棒在口中会变成液体 C．加入冰块的茶杯外面会出“汗” D．从冰箱冷冻室取出的物品，外部总有一层薄薄的“白粉” 【答案】C 【分析】液化指物质由气态转变成液态，液化要放热。 【解答】解：A.加油站里总是能闻到汽油味，是分子的热运动现象，故A不符合题意； B.冰棒在口中会变成液体，是熔化现象，故B不符合题意； C.加入冰块的茶杯外面会出“汗”，是液化现象，故C符合题意； D.从冰箱冷冻室取出的物品，外部总有一层薄薄的“白粉”，是凝华现象，故D不符合题意； 故选：C。 【点评】本题考查了液化现象，属于基础题。 3．（2分）下列“影”的形成，由光的反射形成的是（　　） A．柳树“倒影” B．地上“人影” C．海市蜃楼“幻影” D．墙上“手影” 【答案】A 【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等； （2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的； （3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。 【解答】解：A、柳树的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故A正确； B、地上的“人影”是由光的直线传播形成的，故B错误； C、海市蜃楼幻影是由于光的折射形成的虚像，故C错误； D、手的影子是由光的直线传播形成的，故D错误。 故选：A。 【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。 4．（2分）2024年7月31日，我国选手邓雅文在巴黎奥运会自由式小轮车女子公园决赛中夺得冠军，为中国队在该项目获得首金。关于邓雅文骑自由式小轮车在自由滑行阶段（忽略摩擦力影响），下列说法正确的是（　　） A．下坡时，小轮车的重力势能减小，动能增大 B．下坡时，小轮车的重力势能增大，动能减小 C．上坡时，小轮车的重力势能增大，动能增大 D．上坡时，小轮车的重力势能增大，动能不变 【答案】A 【分析】动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大； 重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。 【解答】解：AB．下坡时，小轮车做加速运动，小轮车质量不变，动能变大，高度降低，重力势能减小，故A正确，B错误； CD．上坡时，小轮车做减速运动，小轮车质量不变，动能减小，高度增加，重力势能增加，故CD错误。 故选：A。 【点评】掌握动能、重力势能的影响因素是解答此题的关键，难度不大，属于基础知识。 5．（2分）某国产全球首款三折叠手机，点亮手机屏幕的操作原理可简化为三个开关控制的照明电路，其中S1为密码解锁、S2为指纹解锁、S3为人脸解锁，小灯泡L代替手机屏幕，任意一种解锁方式都能点亮手机屏幕，下列设计电路图中，正确的是（　　） A． B． C． D． 【答案】C 【分析】根据题意分析三个开关的连接方式、灯泡的连接方式，然后选出正确的电路图。 【解答】解：由题意可知，密码解锁开关S1、指纹解锁开关S2、人脸解锁开关S3，都可以解锁，使灯泡发光，说明三个开关可以独立工作，互不影响，即三个开关并联，然后再与灯泡串联， A．三个开关串联，只有三种方式共同使用才能解锁手机，故A错误； B．只闭合开关S1能解锁手机，S2或S3单独闭合，电路断路，闭合S2、S3，电路短路，故B错误； C．三个开关并联，闭合任意一个开关，都能解锁手机，故C正确； D．闭合S1、再闭合S2或S3其中一个，才能解锁手机，故D错误。 故选：C。 【点评】本题考查电路的设计，掌握好串联和并联电路特点，正确分析开关的连接方式是关键。 6．（2分）小明看完《哪吒2》后查找资料并分析：定海神针的重力G为86400N，众海妖竖直向上托起定海神针的力F1为500000N，G和F1的合力为F合，若再施加一个力F2使定海神针处于平衡状态，则（　　） A．F2＝413600N，方向竖直向下 B．F2＝413600N，方向竖直向上 C．F合＝586400N，方向竖直向上 D．F合＝413600N，方向竖直向下 【答案】A 【分析】同一直线上二力的合成：同一直线上同方向二力的合力，大小等于二力大小之和，方向与这两个力方向相同，即：F＝F1+F2；同一直线上相反的二力的合力，大小等于二力大小之差的绝对值，方向和较大的力的方向相同，即F＝|F1﹣F2|。 【解答】解：定海神针在竖直方向上受重力和竖直向上托起定海神针的力F1，合力为F合＝F1﹣G＝500000N﹣86400N＝413600N，方向竖直向上，使定海神针处于平衡状态应再施加一个力F2＝F合＝413600N，方向竖直向下，故A正确，BCD错误。 故选：A。 【点评】本题考查了求合力，掌握力的合成方法、分两个力同向与反向两种情况求解即可正确解题。 （多选）7．（2分）如图所示，将数字温度传感器的探头置于注射器内，并在注射器内密封一定质量的气体，缓慢向左推动活塞并观察温度传感器示数变化。下列关于此过程说法正确的是（　　） A．温度传感器的示数变大 B．密封气体含有的热量增加 C．能量转化与汽油机的压缩冲程相同 D．密封气体的分子运动减缓 【答案】AC 【分析】（1）对物体做功，物体的内能增加，温度升高； 热机的压缩冲程中，活塞对气体做功，机械能转化为内能，通过做功使气体的内能增大，温度升高； 温度越高，分子热运动越剧烈； （2）热量是热传递过程中传递能量的多少。 【解答】解：ACD、缓慢向左推动活塞时，活塞对注射器里的气体做功，将机械能转化为内能，密封气体的内能增加，温度升高，温度传感器的示数变大，密封气体的分子运动加剧，这是通过做功改变密封气体的内能，所以这与热机的压缩冲程中的能量转化相同，故AC正确，D错误； B、热量是过程量，不能说“含有”热量，故B错误。 故选：AC。 【点评】本题考查了四冲程热机中的能量转化、热量、温度对分子热运动的影响和内能的改变方式，属于热学的基础内容，难度不大。 （多选）8．（2分）下列说法中正确的是（　　） A．漫反射遵循光的反射定律 B．电磁波在真空中传播的速度为340m/s C．配戴凹透镜可以矫正远视眼 D．彩色电视机画面的色彩由三原色光混合而成 【答案】AD 【分析】（1）镜面反射和漫反射都遵循光的反射。 （2）电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s。 （3）配戴凹透镜可以矫正近视眼。 （4）色光的三原色是红绿蓝。 【解答】解：A、漫反射遵循光的反射定律，故A正确； B、电磁波在真空中的传播速度是3×108m/s。故B错误； C、配戴凹透镜可以矫正近视眼，配戴凸透镜可以矫正远视眼，故C错误； D、彩色电视机画面的色彩由三原色光混合而成，故D正确。 故选：AD。 【点评】本题考查的是光的反射类型；知道电磁波的应用和色光的三原色；知道近视眼和远视眼的矫正。 （多选）9．（2分）在如图甲所示电路中，电源电压恒定，R1是滑动变阻器，R2是定值电阻：图乙中的a、b分别是将滑动变阻器R1的滑片从最左端移动到最右端的过程中，电流表A的示数随两电压表V1、V2的示数变化关系图象。下列说法中正确的是（　　） A．图线a是电流表A的示数随电压表V1的示数变化关系图象 B．当电压表V1、V2的示数相等时，滑片在滑动变阻器的中点位置 C．R1的最大阻值为10Ω D．R2的最大电功率为3.6W 【答案】AD 【分析】（1）闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，将滑动变阻器R1的滑片从最左端移动到最右端的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流变化，根据U＝IR可知定值电阻两端的电压变化，根据串联电路电压规律判断滑动变阻器两端的电压变化，据此分析a、b两图像； （2）当电压表V1、V2的示数相等时，由乙图可知此时通过电路的电流和两电压表示数，根据串联电路电压规律计算电源电压根据欧姆定律计算定值电阻的阻值，同时可知此时滑动变阻器接入电路的电阻等于定值电阻的阻值；利用P＝UI＝I²R计算R2的最大电功率； （3）由图乙可知通过电路的最小电流，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，根据欧姆定律可得此时定值电阻两端的电压，根据串联电路电压规律计算此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计算滑动变阻器的最大阻值，据此可判断当电压表V1、V2的示数相等时滑片的位置。 【解答】解：（1）闭合开关，两电阻串联接入电路，电流表测通过电路的电流，电压表V1测R1两端的电压，电压表V2测R2两端的电压， 将滑动变阻器R1的滑片从最左端移动到最右端的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以电路总电阻变小，根据欧姆定律可知通过电路的电流变大，根据U＝IR可知定值电阻两端的电压变大，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压变小，据此可知图线a是通过电路的电流随电压表V1的示数变化关系图象，图线b是通过电路的电流与电压表V2的示数变化关系图象，故A正确； （2）当电压表V1、V2的示数相等时，由乙图可知此时通过电路的电流为0.3A，此时两电压表示数均为3V，串联电路总电压等于各部分电压之和，则电源电压：U＝3V+3V＝6V， 定值电阻的阻值：R210Ω， 根据欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路的电阻等于定值电阻的阻值，都为10Ω， 由图乙可知通过电路的电流最大为0.6A， R2的最大电功率P＝UI＝I²R2＝（0.6A）²×10Ω＝3.6W，故D正确。 （3）由图乙可知通过电路的电流最小为0.1A，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可得此时滑动变阻器接入电路的电阻最大， 根据欧姆定律可得此时定值电阻两端的电压：U2＝I′R2＝0.1A×10Ω＝1V， 此时滑动变阻器两端的电压：U1＝U﹣U2＝6V﹣1V＝5V， 则滑动变阻器的最大阻值：R150Ω，故C错误； 据此可判断当电压表V1、V2的示数相等时，滑片不在滑动变阻器的中点位置，故B错误。 故选：AD。 【点评】本题考查串联电路特点、欧姆定律的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。 二．填空题（共6小题，满分12分，每小题2分） 10．（2分）如图是飞船与空间站完成对接时的情景，以空间站为参照物，飞船是　静止　 的；空间站利用太阳能电池板获得能量，太阳能电池是一种　将太阳能转化为电能　 （填能量转化过程）的装置。 【答案】静止；将太阳能转化为电能。 【分析】（1）物体相对于参照物的位置发生了变化，则物体是运动的；物体相对于参照物的位置没有发生变化，则物体是静止的； （2）太阳能电池板是将太阳能转化为电能的装置。 【解答】解：飞船与空间站完成对接后，飞船和空间站之间没有位置的变化，所以以空间站为参照物，飞船是静止的；太阳能电池板是将太阳能转化为电能。 故答案为：静止；将太阳能转化为电能。 【点评】本题考查了运动和静止的相对性、能量的转化，属于基础题。 11．（2分）从塑料袋中快速抽出物品时，塑料袋与物品由于 　摩擦起电　 ，使塑料袋带有电荷，而人体通常也带有少量电荷，由于 　异种　 （选填“同种”或者“异种”）电荷相互吸引，塑料袋会吸附在手上。 【答案】摩擦起电；异种。 【分析】（1）摩擦起电的实质是电子的转移； （2）电荷间相互作用的规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。 【解答】解：从塑料袋中快速抽出物品时，塑料袋与物品由于摩擦起电，使塑料袋带有电荷；而人体通常也带有少量电荷，由于异种电荷相互吸引，故塑料袋会吸附在手上。 故答案为：摩擦起电；异种。 【点评】本题考查了摩擦起电和电荷间相互作用的规律，属于基础题。 12．（2分）当人们给汽车加油时，会闻到汽油味儿，这是　扩散　 现象；汽油是由石油提炼而成的，石油属于　不可再生　 （选填“可再生”或“不可再生”）能源。 【答案】扩散；不可再生。 【分析】（1）不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象。 （2）不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源。 【解答】解：给汽车加油时闻到汽油味儿，是因为汽油分子在永不停息地做无规则运动，进入到空气中并被人闻到，这种不同物质彼此进入对方的现象属于扩散现象。 从能源可否再生的角度看，汽油来源于石油，石油是经过几百万年的演变形成的，属于不可再生能源。 故答案为：扩散；不可再生。 【点评】本题考查扩散现象与不可再生能源的判断，需准确把握相关概念的本质来解题。 13．（2分）如图所示，在侧壁有三个大小相同的小孔的玻璃管中倒入足量的水，水将从小孔a、b、c中喷出，其中 　c　 孔中的水喷得最远，随着水位的降低，三个小孔中的水会喷得 　更近　 （选填“更远”或“更近”）。 【答案】c；更近。 【分析】水向外喷，是由于液体内部向各个方向有压强，水喷的距离的远近取决于所在位置的液体压强的大小，因此分析三点液体压强的大小关系是解决此题的关键。 【解答】解：液体压强随着深度的增大而增大，压强越大，水喷的更远，c位置的深度最大，所以c孔中的水喷的最远；随着水位的降低，三个小孔受到的水的压强会变小，会使此处的水喷出的距离更近。 故答案为：c；更近。 【点评】这是一道关于液体压强特点知识的题目，主要是加强对基础知识的记忆。 14．（2分）①给自行车轴加润滑油；②自行车轮胎上的花纹；③轴承间安装钢柱；④书包的背带做的宽一些；以上四个实例中，属于增大摩擦的是 　②　 ；属于减小压强的是 　④　 。 【答案】②；④。 【分析】（1）增大摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度； 减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动。 （2）增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力； 减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。 【解答】解： ①给自行车轴加润滑油，是通过使接触面脱离的方法减小摩擦力； ②自行车轮胎上的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力； ③轴承间安装钢柱，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力； ④书包的背带做的宽一些，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强； 综上分析可知，以上四个实例中，属于增大摩擦的是②；属于减小压强的是④。 故答案为：②；④。 【点评】掌握压强和摩擦力大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强、摩擦力的问题。 15．（2分）为了探究浮力产生的原因，小明做了以下实验：取一个大的塑料瓶子，用剪刀剪去底部（如图甲），将一个乒乓球放在里面（如图乙），轻轻向瓶中倒水，水已没过乒乓球，发现有水缓慢流出瓶口，但乒乓球不浮上来（如图丙），此时乒乓球 　不受　 （选填“受”或“不受”）浮力作用。用瓶盖盖紧瓶口，当乒乓球下方充满水之后（如图丁所示），乒乓球迅速上浮，这是因为乒乓球 　受　 （选填“受”或“不受”）浮力作用。 【答案】不受；受。 【分析】根据浮力产生的原因分析解答：浮力是由于物体在液体中所受到的上下表面的压力差产生的。 【解答】解：图丙中乒乓球下面没有水，则乒乓球没有受到液体向上的压力，故乒乓球没有受到浮力作用. 图丁中乒乓球下方充满水，则乒乓球受到液体向上的压力，此时乒乓球受到浮力作用。 故答案为：不受；受。 【点评】此题为探究浮力产生的原因实验，难度不大，掌握浮力产生的原因，即由于物体在液体中所受到的上下表面的压力差产生的是关键。 三．作图题（共2小题，满分4分，每小题2分） 16．（2分）画出图中光从水中射入空气中反射光线及折射光线的大致方向。 【答案】 【分析】过入射点做出法线，然后利用光的反射规律和光的折射规律做出对应的反射光线和折射光线。 【解答】解：过入射点O做法线ON，从而确定了入射光线位于法线的左侧，并确定了入射角的大小。然后根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角做出对应的反射光线OB。 光从水中斜射入空气，然后根据折射光线与入射光线分居法线两侧，折射角大于入射角，由此可以做出对应的折射光线OC。 答案如下图所示： 【点评】此题考查光的反射光路图和折射光路图的画法，做光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节。 17．（2分）画出图中动力F的力臂，并用字母L表示，画出物体受到重力示意图（O点表示力的作用点）。 【答案】 【分析】先确定支点，再画出力的作用线，最后从支点到力的作用线作垂线段，可得F的力臂； 重力方向竖直向下，作重力的示意图时应从物体重心向下作竖直线段。 【解答】解：（1）画出力F的作用线，从O点向力F的作用线作垂线段，可得力F的力臂L，如图所示； （2）重力方向竖直向下，从物体A的重心向下作竖直线段，可得重力的示意图，如图所示； 【点评】本题考查了重力的示意图、力臂的画法，是基础题，重力竖直向下； 作力臂时，应先确定支点和力的作用线。 四．实验探究题（共4小题，满分24分，每小题6分） 18．（6分）探究液体在沸腾前后温度变化的特点，实验装置如图甲，取质量相等的水和盐水分别放入两个相同的烧杯中，用相同的酒精灯同时加热，根据实验数据，绘制温度随时间变化的图像，如图乙： （1）分析图乙中水的图线可知：液体在沸腾过程中，温度 　保持不变　 ； （2）根据图乙推断当时实验室的气压 　小于　 一个标准大气压。 （3）对比图乙中两条图线可知，选用 　盐水　 煮蛋可以更快地将蛋煮熟。 【答案】（1）保持不变；（2）小于；（3）盐水。 【分析】（1）由图像可知：水沸腾时持续吸热，但温度保持不变； （2）气压越低，液体沸点越低，气压越高，液体沸点越高； （3）观察图像，根据水和盐水的沸点进行回答。 【解答】解：（1）水沸腾时持续吸热，但温度保持不变； （2）在标准大气压下水的沸点是100℃，据气压和沸点的关系可知，此时的气压小于1个标准大气压； （3）由图乙中两条图线可知，盐水的沸点比水的沸点高，故选用盐水煮蛋可以更快地将蛋煮熟。 故答案为：（1）保持不变；（2）小于；（3）盐水。 【点评】本题是探究水沸腾时温度的变化特点实验，在此实验中主要考查实验器材、观察水的沸腾现象以及归纳总结水沸腾的特点等，是中考的热点实验，属于基础题。 19．（5分）如图是小致同学设计的探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关的实验。 （1）如图甲所示，可知木块此时受到的滑动摩擦力大小为 　2.8N　 。 （2）比较甲、丙两图的实验可得出的结论是：　压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大　 。 （3）小致同学在甲图实验的基础上，增大拉力使木块加速滑动，读出此时弹簧测力计的示数为3.6N，根据实验，小致得到了“在压力和接触面粗糙程度一定时，物体运动的速度越大，滑动摩擦力越大”的结论。请你判断小致的结论是否正确，并说明理由：　不正确；加速运动，拉力和摩擦力不是平衡力，大小不相等　 。 （4）小致家储藏室的铁锁由于长时间不用，插入钥匙也比较困难，爸爸说向锁内灌入点铅笔芯的碎末就好用了，小致试了试，果然好用了，这样做的原因是通过 　减小接触面粗糙程度　 减小锁内部的摩擦的。 【答案】（1）2.8；（2）压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（3）不正确；加速运动，拉力和摩擦力不是平衡力，大小不相等；（4）减小接触面粗糙程度。 【分析】（1）根据二力平衡分析；根据弹簧测力计的分度值读数； （2）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，找出相关实验中相同量和不同量，分析得出滑动摩擦力与变化量的关系； （3）要验证滑动摩擦力大小是否与物体运动的速度的关系，应该控制接触面的粗糙程度和压力大小相同； （4）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。 【解答】解：（1）应用弹簧测力计沿水平方向匀速直线拉动木块，弹簧测力计对木块的拉力与木块受到的摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡原理可知，拉力与摩擦力大小相等，由图可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，f＝F＝2.8 N； （2）比较甲，丙两图的实验可知，压力的大小是相同的，接触面的粗糙程度不同，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，故结论为：在压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大； （3）小致先水平拉动木块匀速滑动，此时木块处于平衡状态，受到的拉力大小等于滑动摩擦力，接着增大拉力使木块加速滑动，此时木块受力不平衡，拉力大于滑动摩擦力，即木块没有做匀速直线运动，弹簧测力计所测的拉力大小不等于滑动摩擦力大小，所以不能说明滑动摩擦力大小与运动速度有关，小致的结论不正确； （4）在锁孔内加些铅笔芯粉末，锁就容易打开，这属于在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力。 故答案为：（1）2.8；（2）压力一定时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；（3）不正确；加速运动，拉力和摩擦力不是平衡力，大小不相等；（4）减小接触面粗糙程度。 【点评】此题是探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”的实验，考查了学生对控制变量法的理解和应用，题目很典型。 20．（6分）在“探究凸透镜成像规律”实验中，光源是用发光二极管组成的“F”平面光源。 （1）实验前，将“F”平面光源、凸透镜和白色光屏依次放在水平放置的光具座上，使“F”平面光源、凸透镜、光屏三者的中心大致在　同一高度上　 ； （2）当“F”平面光源、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图所示时，光屏上恰好呈现发光物体清晰的像（像未画出），则该凸透镜的焦距为　10.0　 cm； （3）保持凸透镜在“50cm”刻度线处不动，将“F”平面光源移动到光具座上35cm刻度线处，调整光屏的位置，使光屏上呈现清晰的像，这个像是　倒立、放大的实像　 （填像的情况），将光源和光屏的位置对调，对调后在光屏上　能　 （选填“能”或“不能”）看到“F”光源的像； （4）保持凸透镜在“50cm”刻度线处不动，光屏上呈现了清晰的像，小石只将焦距相同、直径更大的凸透镜替换原凸透镜（位置不变）则光屏上呈现清晰的像与原来的像对比会发现　像的大小不变，亮度变亮　 ； （5）保持凸透镜在“50cm”刻度线处不动，将“F”平面光源移动到光具座上44cm刻度线处，发现无论怎样调整光屏位置，都无法在光屏上得到像；但撤去光屏后，从原光屏一侧向凸透镜方向观察，能看到发光物体的像。此时凸透镜的成像特点与生活中的　放大镜　 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像特点相同。 【答案】（1）同一高度上；（2）10.0；（3）倒立、放大的实像；能；（4）像的大小不变，亮度变亮；（5）放大镜。 【分析】（1）为了使像成在光屏中央，实验前，应将烛焰和光屏的中心调整在同一高度上； （2）根据u＝v＝2f，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距； （3）当f＜u＜2f，成倒立放大的实像，此时v＞2f，应用为投影仪；在光的折射中，光路是可逆的； （4）用焦距相同、镜面直径较大的凸透镜，发光体发出的光透过凸透镜的光线多，据此分析； （5）当u＜f时，成正立放大的虚像，应用为放大镜。 【解答】解：（1）实验前，将“F”平面光源、凸透镜和白色光屏依次放在水平放置的光具座上，使“F”平面光源、凸透镜、光屏三者的中心大致在同一高度上； （2）由图可知，u＝v＝20.0cm，根据u＝v＝2f，成倒立、等大的实像，即2f＝20.0cm，故该凸透镜的焦距f＝10.0cm； （3）保持凸透镜位置不变，将发光物体移动到光具座上35cm刻度线位置时，此时物距f＜u＝50.0cm﹣35.0cm＝15.0cm＜2f，成倒立、放大的实像，应用于投影仪； 让透镜位置保持不动，将光源和光屏的位置对调，此时物距等于原来的像距，像距等于原来的物距，根据在光的折射中，光路是可逆的可知，对调后在光屏上能看到F光源的像； （4）用另一只与原实验中焦距相同但镜面直径较大的凸透镜，替代原来的凸透镜再次实验，经凸透镜的光线变多，所成的像与原来的像相比，像的大小不变，亮度变亮； （5）将发光物体移动到光具座上44cm刻度线的位置，此时物距u＝50.0cm﹣44.0cm＝6cm＜f，成正立放大的虚像，光屏上不能呈现，应用于放大镜。 故答案为：（1）同一高度上；（2）10.0；（3）倒立、放大的实像；能；（4）像的大小不变，亮度变亮；（5）放大镜。 【点评】此题考查了凸透镜成像规律的探究及应用，关键是熟记成像规律的内容，并做到灵活运用。 21．（7分）为测量一额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，小鑫设计了如图甲所示的电路。 （1）连接电路时，开关应 　断开　 ；闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于 　阻值最大　 处； （2）闭合开关后，电流表的指针向右偏转后如图乙所示，原因可能是：　电流表使用前未调零　 ；无论怎么移动滑片P，灯泡的亮度不变，经检查发现有一根导线连错了，请你在连错的导线上打“×”，并画出正确的连线； （3）小鑫根据实验数据绘制的U﹣I图象如图丙所示，根据图象提供的信息，可计算出小灯泡正常发光时的电阻是 　12.5　 Ω，实验数据显示小灯泡在不同电压下的电阻不相等，此时 　不可以　 （选填“可以”或“不可以”）求平均值作为小灯泡的电阻值。 （4）实验进行一段时间后，小鑫发现电源电压已达不到小灯泡额定电压，他突然有个想法：是否可以通过增大电流的方式使小灯泡正常发光？你认为这个想法是否可行？请说明理由 　不能，因灯泡两端电压变化量大于通过灯泡的电流变化量　 。 【答案】（1）断开；阻值最大；（2）电流表使用前未调零；见解答图；（3）12.5；不可以；（4）不能，因灯泡两端电压变化量大于通过灯泡的电流变化量。 【分析】（1）为了保护电路，连接电路时，开关应断开；闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处； （2）电流表的指针向右偏转后，仍在零刻度线的左侧，说明电流表使用前指针就在零刻度线的左侧；滑动变阻器应上下各选一个接线柱串联在电路中； （3）根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用R求出小灯泡正常发光时的电阻；小灯泡在不同电压下电阻不同，求平均值没有意义； （4）灯丝的电阻随温度的升高而增大，根据欧姆定律分析灯泡两端电压和电流的变化。 【解答】解：（1）为了保护电路，连接电路时，开关应断开；闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于阻值最大处； （2）闭合开关后，电流表的指针向右偏转后如图乙所示，电流表的指针向右偏转后，仍在零刻度线的左侧，说明电流表使用前指针就在零刻度线的左侧，即电流表使用前未调零； 原电路图中，滑动变阻器连接了两个下端接线柱是错误的，滑动变阻器应上下各选一个接线柱串联在电路中，如下图所示： ； （3）由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.2A，则小灯泡正常发光时的电阻为： R12.5Ω； 小灯泡在不同电压下电阻不同，求平均值没有意义，因此不可以求平均值作为小灯泡的电阻值； （4）因灯丝的电阻随温度的升高而增大，根据欧姆定律可知，灯泡两端电压变化量应大于通过灯泡的电流变化量，当电源电压已达不到小灯泡额定电压时，通过灯泡的电流一定小于灯泡的额定电流，因此通过增大电流的方式不能使小灯泡正常发光。 故答案为：（1）断开；阻值最大；（2）电流表使用前未调零；见解答图；（3）12.5；不可以；（4）不能，因灯泡两端电压变化量大于通过灯泡的电流变化量。 【点评】本题测小灯泡正常发光时的电阻实验，考查了注意事项、电表的使用、电路连接、电阻的计算和影响电阻大小因素等知识。 五．计算题（共3小题，满分22分） 22．（7分）如图所示，骑电动滑板车短距离出行深受青少年朋友喜欢。该款滑板车的部分参数如下，净重10kg，轮胎的接地总面积为10cm2。质量为50kg的小刚在水平路面上匀速行驶480m所用时间为2min。（g取10N/kg）求： （1）滑板车在水平路面上匀速行驶时的速度； （2）小刚站在滑板车上行驶时，滑板车对水平路面的压强； （3）该滑板车在平直路面上匀速行驶时，受到的平均阻力是0.2倍的总重力，则此过程中滑板车克服阻力做的功。 【答案】（1）该过程中，滑板车在水平地面上匀速行驶时的速度为4m/s； （2）滑板车对水平地面的压强为6×105Pa； （3）此过程中，滑板车克服阻力做的功为57600J。 【分析】（1）根据v求滑板车在水平地面上匀速行驶时的速度； （2）小刚站在滑板车上行驶时，滑板车对水平地面的压力等于人和车的总重力，根据p求滑板车对水平地面的压强； （3）根据f＝0.2G总可得阻力的大小，根据W＝fs求滑板车牵引力做的功。 【解答】解：（1）滑板车在水平地面上匀速行驶时的速度为：v4m/s； （2）小刚站在滑板车上行驶时，对水平地面的压力为： F＝G总＝（m人+m车）g＝（50+10）kg×10N/kg＝600N， 受力面积S＝10cm2＝10﹣3m2 故滑板车对水平地面的压强为：； （3）根据题意知道，滑板车的阻力为：f＝0.2G总＝0.2×600N＝120N 此过程中滑板车的克服阻力做的功为：W＝fs＝120N×480m＝57600J。 答：（1）该过程中，滑板车在水平地面上匀速行驶时的速度为4m/s； （2）滑板车对水平地面的压强为6×105Pa； （3）此过程中，滑板车克服阻力做的功为57600J。 【点评】本题考查速度、压强的计算、二力平衡条件以及功的计算，难度一般。 23．（9分）甲图是一款空气能热水器的工作原理间化图，工作物质在蒸发器中吸收空气的热迅速汽化，之后被压缩机压缩成高温高压的气体，通过冷凝器对储水箱中的水加热。该热水器部分参数如表一所示，其中“能效比n”指储水箱中的水吸收的能量与压缩机消耗的电能的比值。乙图是另一款电加热热水器的内部简化电路，R1、R2为电热丝，通过升美的调节实现高、中、低三个挡位的转换，表二为其铭牌上的部分参数。为测试两款热水器的相关功能，将它们的水箱中分别加入50kg水，使水温均升高12℃，电加热热水器在高温挡功率下工作，空气能热水器在额定输入功率下工作，测得空气能热水器工作用电10min。已知水的比热容c＝4.2×103J/（kg•℃），求该测试过程中： 表一 水箱容量 100L 额定电压 220V 最大输入电流 9A 额定输入功率 1400W 能效比n 表二 额定电压 220V 高温挡功率 中温挡功率 1000W 低温挡功率 500W 加热效率 84% （1）空气能热水器水箱中的水吸收的热量； （2）空气能热水器的“能效比n”； （3）电加热热水器高温挡功率； （4）电加热热水器加热的时间。 【答案】（1）空气能热水器水箱中的水吸收的热量为2.52×106J； （2）空气能热水器的“能效比n”为3； （3）电加热热水器高温挡功率为2000W； （4）电加热热水器加热的时间为1500s。 【分析】（1）根据Q吸＝cmΔt求出水吸收的热量； （2）由表一可知空气能热水器的额定输入功率，根据W＝Pt求出空气能热水器消耗的电能，根据能效比定义求出空气能热水器的“能效比n”； （3）由图丙可知，当开关S2闭合、S1接a时，R1、R2并联，当开关S2闭合、S1接b时，只有R1工作，当开关S2断开、S1接b时，R1、R2串联，根据串并联电路的特点和P可知电热水器高温挡、中温挡和低温挡的电路连接；根据中温挡功率和P可求出R1的阻值；根据低温挡功率和P可求出R1、R2的串联总电阻，根据串联电路的特点求出R2的阻值，根据P可求出高温挡的功率； （4）根据效率公式求出电热水器加热水过程中消耗的电能，根据P求出加热需要的时间。 【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×50kg×12℃＝2.52×106J； （2）由表一可知，空气能热水器的额定输入功率P＝1400W， 空气能热水器消耗的电能：W＝Pt＝1400W×10×60s＝8.4×105J， 则空气能热水器的能效比：n3； （3）由图丙可知，当开关S2闭合、S1接a时，R1、R2并联，根据并联电路的特点可知，此时电路的总电阻最小，由P可知，电路的总功率最大，电热水器处于高温挡； 当开关S2断开、S1接b时，R1、R2串联，根据串联的电路的特点可知，此时电路的总电阻最大，总功率最小，电热水器处于低温挡； 当开关S2闭合、S1接b时，只有R1工作，电热水器处于中温挡； 由表二可知，电热水器中温挡的电功率P中＝1000W，低温挡电功率P低＝500W， 由P可知，R148.4Ω； R1、R2的串联总电阻：R96.8Ω， 根据串联电路的特点可知，R2的阻值：R2＝R﹣R1＝96.8Ω﹣48.4Ω＝48.4Ω， 则电热水器高温挡功率：P高2000W； （4）由表二可知，电热水器的热效率为84%， 由η可知，电热水器加热水过程中消耗的电能：W′3×106J， 由P可知，加热需要的时间：t′1500s。 答：（1）空气能热水器水箱中的水吸收的热量为2.52×106J； （2）空气能热水器的“能效比n”为3； （3）电加热热水器高温挡功率为2000W； （4）电加热热水器加热的时间为1500s。 【点评】本题考查串并联电路特点、吸热公式、电功公式、电功率公式以及效率公式的灵活运用，是一道电热综合题，有一定的难度。 24．（6分）阅读短文，回答问题。 扫地机器人 现代家庭电器越来越智能化，扫地机器人就是智能家电的一种，是家庭地板清理的好帮手。通过电动机旋转产生高速气流，将灰尘、杂物吸入集尘盒；其防滑轮皮采用凸凹材质制成；底部安装有塑料刷，用于清扫吸附在地板上的灰尘及轻小物体；前端装有感应器，通过发射、接收超声波或红外线来侦测障碍物。如图1所示，是一款集自动清扫技术和人工智能设计于一体的地面清扫机器人。该机器人工作时的额定功率为36W，电池的容量为3750mAh，当剩余电量减为电池容量的20%时，机器人会主动寻找充电器充电，充电电压和工作电压均为12V。 （1）“机器人”工作时，由于主机内部的气压 　小于　 （填“大于”、“小于”或“等于”）大气压而产生吸力将灰尘吸入集尘盒。 （2）“机器人”的动力来自于电动机，如图2所示实验装置与电动机工作原理相同的是 　D　 。 （3）若“机器人”静止时向障碍物垂直发射超声波，经过0.001s收到回波，则其距障碍物 　17　 cm（假设超声波在空气中的传播速度为340m/s）。 （4）该机器人正常工作时的电流为 　3A　 。 （5）该机器人充满一次电后能够持续工作的时间是 　3600　 s。 （6）当剩余电量减为电池容量的20%时，机器人会主动寻找充电器充电，以充电器为参照物，机器人是 　运动的　 。 【答案】（1）小于；（2）D；（3）17；（4）3A；（5）3600；（6）运动的。 【分析】（1）“机器人”工作时，由于主机内部的气压小于大气压而产生吸力将灰尘吸入集尘盒； （2）电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理来工作的； （3）根据速度公式计算机器人与障碍物的距离； （4）根据P＝UI计算电流； （5）根据W＝UIt计算机器人的工作时间； （6）物体相对与参照物位置发生改变是运动的，反之静止。 【解答】解：（1）“机器人”工作时，由于主机内部的气压小于大气压而产生吸力将灰尘吸入集尘盒； （2）A、该装置说明通电导体的周围存在磁场，与电动机的原理不同，故A不符合题意； B、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这种现象叫电磁感应，发电机是利用该原理制成的，故B不符合题意； C、电磁铁的磁性强弱与电流的大小和线圈的匝数有关，故C不符合题意； D、该装置说明通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理来工作的，故D符合题意。 故选：D。 （3）机器人与障碍物的距离为s＝vt＝340m/s0.001s＝0.17m＝17cm； （4）该机器人正常工作时的电流为：I3A； （5）该机器人充满一次电后能够持续工作的时间是：t1h＝3600s； （6）机器人会主动寻找充电器充电，相对于充电器，机器人位置改变，故机器人是运动的。 故答案为：（1）小于；（2）D；（3）17；（4）3A；（5）3600；（6）运动的。 【点评】本题考查的是电动机的基本原理；知道电功和速度的计算；知道大气压的综合应用。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/2/8 13:53:46；用户：尚洪亮；邮箱：13166609970；学号：41217949 第1页（共1页） 学科网（北京）股份有限公司 $