2024-2025高三综合能力调研检测物理5版（四）-【真题密卷】2025年高考物理综合能力调研检测（5版 湖南专用）

2024一2025学年度综合能力调研检测 物理（四） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合题目要求的。 1.如图所示，A、K是密封在真空玻璃管中的两个电极，K极受到光照时能够发射电子。 当用光子能量为2.6eV的光照射K极时，电流表的示数为20μA。若移动滑动变阻器 的滑片P,当电压表的示数为1.5V时，电流表的示数为零。下列说法正确的是() P A.K极材料的逸出功为2.6eV B.光电子的最大初动能1.1eV C.电流表的示数为20μA时，电压表的示数大于1.5V D.仅将电源正负极对调，电流表的示数一定大于20μA 2.A分子固定在坐标原点O处，B分子以初速度0。从无穷远处向E A分子运动，运动至r1处时速度为0，分子间作用力做功为W。 如图所示为分子间势能与分子间距的关系图像，取分子间距无穷 大处势能为零，且仅考虑这两个分子间的作用力，下列说法正确 的是 A.分子间作用力先减小后增大 B.分子势能先增大后减小 C.B运动至r1处时，分子间势能为W D.B运动至r。处时，分子动能最大 物理试题（四）·第1页（共8页） 真题密卷·综 3.如图所示，一高为1.2m的四层抽屉式收纳箱，每层高度相等，且每层正中间有个拉手 班级 (高度可忽略)。现将一重物从收纳箱顶边由静止释放，不计一切阻力，重力加速度g取 10m/s2。下列说法正确的是 ( 姓名 ------------ 得分 1.2m … A.重物依次到达四个抽屉下沿的时间之比为1：2：3：4 B.重物依次通过每层抽屉所用时间之比为1：√2：√3：2 C.重物依次到达拉手时的速度之比为1：√3：√5：√7 D.重物通过最下方两个抽屉用时为 3w√2-√6 s 4.某小组同学进行光的相关实验，下列说法正确的是 () 空气 偏振片M、N 自然光N 单 色 光 L 薄片之文上 被检测工件 甲 丙 A.若图甲仅在双缝和屏之间充满水，则相邻亮条纹中心间距减小 B.若将图乙中薄片厚度增加，则条纹间距增大 C.若得到图乙所示明暗相间的条纹，说明被检测工件表面平整 D.若图丙只旋转其中一块偏振片，光屏P上的光斑亮度将不发生变化 5.如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比为n1:n2=2：1,定值电阻R1=82、R2= 1.252、R3=52,电阻箱R4的最大阻值为202，交流电源电压U的有效值为24V。 下列说法错误的是 ( R A.R3与R1的功率之比为1：10 B.变压器输出功率的最大值为18W C.当R1消耗的功率最大时，R2的功率为3.2W D.当R4的阻值调至3时，其消耗的功率最大 能力调研检测 物理试题（四）·第2页（共8页） 5 6.如图所示，间距为d的光滑平行导轨（足够长且电阻不计）MN、PQ竖 直放置，导轨下端连接阻值为R的定值电阻。质量为、阻值为r的 金属棒αb用平行于导轨平面的绝缘细线绕过定滑轮（不计质量）与质 量为4m的重物A连接。虚线上方有垂直于导轨平面向里的匀强磁 场，磁感应强度为B。开始时，αb离虚线距离为x(未知)。由静止释 放A及ab,当ab刚进入磁场时，加速度为0。当ab进入磁场运动距 离为h时，剪断细线。经过时间t后ab运动至最高点。已知A离地 面足够高，金属棒αb与导轨始终垂直且接触良好，重力加速度为g。 下列说法正确的是 A.金属棒ab进入磁场前的加速度大小为5g B.x的值为15m2g2(R+r)2 2B4d4 C.剪断细线前通过电阻R的电荷量为Bdh R D.剪断细线后，金属棒ab能够上升的最大高度为3mgR十r)'_mgtR十） Bd B2d2 二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符 合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 7.静脉输液是利用大气压和液体静压原理将液体由静脉输入体内。如图所示，为输液原 理图。某次输液时，输液瓶上方的空气的体积为V。,输液瓶的截面积为S,输液前，等压 面到液面的高度为h。,输液一段时间后，等压面到液面的高度为h,外界大气压为p。,液 体的密度为ρ，重力加速度为g,所有气体均为理想气体，输液过程中温度保持不变。下 列说法正确的是 () 输液瓶 等压面 压力p 针头 进气 圃滴斗室 A.输液过程中，输液瓶上方气体压强不断降低 B.滴斗室里的气体压强不变 下降，一)的过程中，进人的气体和输液瓶原有气体质量之比为华Y D.液面下降(h。一h)的过程中，进入的气体和输液瓶原有气体质量之比为 (p。-pgh)V。+h。-h)S]-1 (po-pgho)Vo 5 物理试题（四）·第3页（共8页） 真题密卷·综 8.如图所示，真空中有两个完全相同的质量为m的金属球A、B(均视为质点)，A球通过 长度为1的绝缘轻绳悬挂于O点，B球固定在绝缘竖直杆上。刚开始A球不带电静止 于如图所示最低点，A、B两球刚好接触且无弹力，现用带正电的玻璃棒接触B球，A球 弹起后稳定时轻绳与竖直方向的夹角为0，两球电荷量均为q。现在空间加竖直向下的 匀强电场，其电场强度为E=,小球重新达到平衡。已知重力加速度为g,静电力常 9 量为，下列说法正确的是 ( A.球A带电量为2lsin2√ 2mgsin 2 0 B.球A带电量为2lsin2J mgsin 2 C.加电场稳定后，两球之间的距离为lsin2 D.加电场稳定后，两球之间的距离为2lsin2 9.如图所示，ABCD是厚度为R的平行玻璃砖截面图，下方是截面为半圆的玻璃柱，直径 R EF长为2R,两透明体的折射率相同，CD和EF平行，其间距为2。光线从P,点以45° 入射角射入玻璃砖经折射后恰好从E点经EF面进入玻璃柱，到达界面上G(图中未画 出)点时恰好发生全反射。已知光在真空中的速度为c,H为半圆截面最低点。下列说 法正确的是 () 45 P 02 H A折射率为号 B图中x值为R C.光线由P1传到G用时为3(2+1)R 2c D.下方玻璃柱向左平移2-1 2R,可使进入玻璃柱光线恰好经过H点 能力调研检测 物理试题（四）·第4页（共8页） 10.如图所示，传送带与水平面间的夹角为30°，质量为1kg的滑块在A点由静止释放，当 传送带固定不动时，经过4s运动到下端B点；当传送带以不同的速度逆时针匀速转动 时，滑块到达B点所用的最短时间为2s。已知重力加速度g取10m/s2,忽略空气阻 力。下列说法正确的是 A游块与传送带之间的动摩擦因数为号 B.要使滑块到达B点用时最短，传送带的最小速度为16m/s C.传送带以不同的速度逆时针匀速转动时，滑块与传送带因摩擦而 产生的热量均为48J D.传送带以不同的速度逆时针匀速转动时，摩擦力对滑块做功的最大值为48J 三、非选择题：本题共5小题，共56分。 11.(7分)在某未知星球表面利用图甲所示的装置研究平抛运动的规律，小球从斜槽水平 抛出后在坐标纸上得到了如图乙所示经过的四个点，坐标纸水平和竖直每个小格子的 长度均为L,测出小球从A到B点的时间为T,则： (1)该星球表面的重力加速度g为 ,小球抛出时的初速度。为 (均用题中所给物理量字母表示)。 (2)若以A点为坐标原点，建立如图所示的坐标系，抛出点的坐标为 (用题中所给物理量字母表示)。 纸板 料槽 甲 乙 12.(9分)某同学用多用电表的“×10”挡测量某电阻的阻值，正确操作后，发现表头指针偏 转角度很小。 (1)为了较准确地进行测量，该同学进行了以下操作： ①将选择开关拨至“ ”挡（填“×1”或“×100”）； ②将红、黑表笔直接接触，调整“ ”,使指针指向“02”； ③将红、黑表笔接到待测电阻的两端； 50504030205 10 ④指针稳定后读数，乘以欧姆挡的倍率即为被测 电阻的阻值； W的山.O 100 150 2030 ⑤将选择开关拨到OFF位置或交流电压最 witnpi 152 高挡。 00.5 A-V-2 50002/W (2)该同学按照正确的顺序操作后，多用电表表盘的 25002/W 物理试题（四）·第5页（共8页） 真题密卷·综合 示数如图所示，则该电阻的阻值是 2。 (3)实验后，该同学发现该多用电表内的电池很旧了，经测量，电源电动势由1.5V降 为1.2V,内阻为2Ω，则该电阻的测量值 (填“偏大”“偏小”“不变”)，该电 阻的真实值为 2。 13.(10分)平静的水面上有相距d=8m的两个振源S1、S2。t=0时，S1起振，其振动方 程为y1=10sin(10πt)cm,t=2s时，S2起振，其振动方程为y2=8sin10π(t-2)cm。两 波源所形成的简谐横波同时到达P点，并测得P、S2的距离为6，且PS2垂直于 S1、S2的连线。 (1)求该波的波速v、波长入。 (2)判断P点是加强点还是减弱点？并求t=7.25s时，P点的位移大小和这7.25s 内P点通过的路程。 能力调研检测 物理试题（四）·第6页（共8页） 14.(14分)如图所示，质量为mA=1kg的物块A(视为质点)放于质量为mB=2kg的长 木板B上，质量为mc=6kg的物块C与长木板B等高，C左端距B右端长度为d= 1m。初始A、B、C均静止，现给B一水平向右的初速度vo(大小未知)，当A、B共速 时，A恰好在B的最左端，且此时B和C发生弹性碰撞。A、B之间的动摩擦因数为 41=0.6,B、C与水平地面之间的动摩擦因数均为42=0.1，重力加速度g取10m/s2。求： (1)B的初速度。和长木板B的长度L。 (2)物块C的位移xc。 (3)物块A的总位移（结果保留两位有效数字）。 5 物理试题（四）·第7页（共8页） 真题密卷 15.(16分)如图所示，在xOy坐标系中，与x轴正方向成0=30°夹角的两平行直线M1N, 和M2N?之间存在沿y轴负方向的匀强电场，其场强大小为E(E大小未知)，直线 M1N1左上方存在沿x轴正方向的匀强电场，场强大小也为E(E大小未知)，直线 M1N1与y轴的交点为A(0,d),直线M2N2和x轴之间存在垂直于纸面向外的匀强 磁场，其磁感应强度为B(B大小未知)，边界含磁场。质量为m、带电量为q(q>0)的 粒子从A点以平行于x轴的初速度v。射入匀强电场，垂直于直线M2N2进入匀强磁 场，粒子恰好未越过x轴，不计粒子的重力。 (1)求电场强度E。 (2)求磁感应强度B。 (3)若仅将磁感应强度大小调为nB(=1,3,5,…),求粒子从A点进入电场到穿过x 轴所用的时间和离开x轴的坐标。 E M B 0 M, 综合能力调研检测 物理试题（四）·第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2024一2025学年度综合能力调研检测 物理（四） 一、选择题 n2I2s可知，I2总=2I1,R2与R3并联，通过R3的电流 1.D【解析】由题意可知，截止电压U。=1.5V,所以光 1 Pa IRa 1 电子的最大初动能Ek=eU。=1.5eV,B错误；根据光 P1R,10A正确；将变 电效应方程Ek=hy-W。,逸出功W。=1.1eV,A错 压器、副线圈负载电阻等效成原线圈上的电阻R等，则 误；由题图可知，A极和K极之间施加的是反向电压， 1 所以当光电流大于0时，两电极之间的电压是小于截 R等= +R 141 ,当R等=R1时，变压器的 止电压U。的，C错误；仅将电源正负极对调，单位时间 U2 内射到A极的光电子增多，光电流增大，D正确。 输出功率最大，P出x一4R =18W,B正确；通过R, 2.D【解析】由题图可知，无穷远处及r。处，分子间的作 的电流越大，则R,的功率越大，此时通过R,的电流 用力为0，因此该过程中，分子间作用力先增大后减小 U 再增大，A错误；r。处分子间势能最小，所以该过程中 I=R十R年，即当R,=0时，R华最小，1，最大，此时 分子间势能先减小后增大，B错误；由W=一E。可知， 1=2A,通过R,的电流，=言6=，-9A 5 A,所以 r1处分子间势能为一W,C错误；由于仅受分子间作用 R2消耗的功率P2=IR2=12.8W,C错误；R4消耗 力，动能与分子势能总和保持不变，所以r=r。处分子 间势能最小，分子动能最大，D正确。 的功车P==。广 ·R4,化简得 3.C【解折】报据及-行g可知，重物依次到达格居下 P,一（识）广R所以当R,的肥位得墨30时， 沿所用时间之比为1：√2：√3：2，A错误；重物依次 其功率最大，D正确，本题选择错误一项，故选C。 通过每层抽屉所用时间之比为1：(2一1)： 6.D【解析】进入磁场前对重物A和金属棒ab整体受 (3一√2)：(2一√3)，B错误；重物依次到达拉手时的 3 力分析，4mg一mg=5ma,解得a=5g,A错误iab刚 位移之比为1：3：5：7，根据v2=2gh可知，重物依 进磁场时加速度为0，对A受力分析，所受到的细线的 次到达拉手时的速度之比为1：5：√5：√7，C正确； 拉力T=4mg,对金属棒ab受力分析，T=mg十F安， 由么=司可知，立物适过最下方两个制限用时为 即T=mg+R干 B2d2v ，解得0=3mg十），又因为 B2d2 √6-3 5 5,D错误。 -2a,解得-1ma少，B袋送：由g一食9 △Φ 2B'd 4.A【解析】图甲为双缝千涉实验的原理图，根据入= Bdh ,充入水后，光的速度变小，频率不变，波长减小，由 可知，q一R十 ,C错误；从剪断细线到ab上升至最高 点的过程中，设ab上升的高度为H,平均速度为o,则 条纹间距△x=子入可知，条纹间距将减小，A正确；国 有H=,由动量定理可知，一mg-B R+,t=0 乙为薄膜千涉的装置图，若薄片厚度增加，则条纹将变 B2d2H 密集，条纹间距减小，B错误；若被检测工件表面平整， m加，中0g+4-m,郎得H-3》 Bd 则应为等间距的明暗相间条纹，C错误；图丙为偏振现象 的实验图，自然光经过偏振片M后为偏振光，当偏振片N mgR十r）,D正确。 B2d2 与M的透振方向夹角不同时，光屏上亮度不同，D错误。 二、选择题 5.C【解析】设原副线圈的电流分别为I1、I2意，由n1I1=7.BD【解析】输液瓶上方气体压强为p=p。一Pgh,输 物理答案（四）·第1页（共4页） 5 真题密卷 综合能力调研检测（四） 液过程中，h不断减小，则气体压强不断增大，A错误； 3(W2+1)R 等压面到滴斗室上方的的高度不变，故滴斗室里的气 2c C正确：d=R-R·any=名R,故 体压强不变，恒为力=p。十Pgh',B正确；设进入气体 下方玻璃柱向左平移2一，2R时，可使选入玻璃柱光 前和进入气体后气体密度分别为P1,P2,此过程中，温 2 度不变，由理想气体状态方程可得2_，，=p。 线恰好经过H点，D错误。 01p2 45 Pgho,p2=p。-Pgh,进入气体质量为△m=p2· P V。+(h。-h)S]-p1Vo,原有气体质量mo=pV。,进 R 入气体和输液瓶原有气体质量之比为△”= 45 mo (p,-Pgh)V,十(h。一h)S]-1,C错误，D正确。 (po-pgho)V。 8.AC【解析】对A球受力分析如图所示，由几何关系 10.BD【解析】设传送带的长度为L,传送带不动时，根据 可知，F1=mg,弹起后两球间距为r=2Usin2,设A、 牛顿第二定律，对物块分析有mngsin30°-mg cos30°= 1 B两球带电童均为q,则库仑力大小为F=g ma,L= ,由儿 2a1t,传送带逆时针转动时，对物块分析 0 0 何关系可知Pcu2gm0,化简得2g2k号 有mgsin30°+amg cos30°=ma2,L=)。 2a2l,联立 解得u= 2mg sin 写L=16m,A错误；滑块到达B点用时最 0 解得q=2lsin2√ 2 ,A正确，B错误；空间未 k 短，传送带的最小速度为v2=a2t2=16m/s,B正确； 9 传送带以最小速度转动时，滑块与传送带因摩擦而产 加电场时，由三角形相似可得加3=《 ，广，设加电场稳 生的热量为Q=ng cos30°(v2t2一L)=48J,以其 他速度转动时，摩擦生热不一定是48J,C错误；滑块 定后A、B两球之间的距离为1，则有mg十gE 一直做加速运动时，摩擦力对滑块做功最大，最大功 W=4 ng cos30°·L=48J,D正确。 ri ,联立解得r1=lsin?,C正确，D错误。 三、非选择题 1.÷2分)票e分)e(-头，8)s分) 【解析】(1)A点到C点竖直方向2L一L=gT2,解得 L &抛出时的初速度为0。-3 (2)设抛出点为M点，B点竖直方向分速度VB,= 3L 3T 3T 9.ABC【解析】如图所示，过E点的光线有n=sin45 siny’ 行，U=gws,联立解得tm=2,即tM= T G点有a90°-7。联立解得物一，日 1 T- 3L 1 3,n 2xM=-V0·tM= 2yM=- 28tM2= A正确：由几何关系可知xan45+Rany √6 台则M点的丝标为（号一名）： 12.(1)①×100(1分)②欧姆调零旋钮(1分) E+R,B正确；P,到G的光程为s=。 2 R+ER十 cos y 2 (2)2.2×103(2分)(3)偏小(2分)1.76×103(3分) nX2 Rcos a=35,+1R,月时为L=三 【解析】(1)①偏角很小，说明待测电阻很大，需要将倍 2 c 率调高，即选“×100”档；②将红、黑表笔直接接触，调 5 物理答案（四）·第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 整“欧姆调零旋钮”，使指针指向“02”。 7√33 解得B的初速度00=11 m/s (2)电阻读数为22×1002，即2.2×1032 (3)电动势降低，则测量值偏小，真实值为R真= E R= B板的长度为L= V1十0 E 2t1-26 (1分) 1.76×1032。 解得L=立m。 (1分) 13.(1)2m/s0.4m(2)加强点18cm8.1m (2)B和C发生弹性碰撞，有mBO1=mBVB十mc0c 【解析】(1)由几何关系可知，P到S1的距离为 (1分) PS1=10 m 1 1 由振动方程可知，波源S2比S1晚起振△t=2s 2mBoi=2mBoi+2mcw品 (1分) 两波同时到达P点，有PS1一PS2=△t (1分) m/s,方向为水平向左 解得v=2m/s (1分) 联立解得w4=-2V3 11 由振动方程可知T=2π=0.2s (1分) c2v33 11 m/s,方向水平向右 波长λ=T (1分) 根据牛顿第二定律，对C分析有 解得入=0.4m (1分) 1 Hameg=c-0-2mcv (1分) (2)由振动方程可知，两波的起振方向相同，周期相 6 同，起振时间间隔为10T,故P点为加强点 解得xc=iim。 (1分) 振幅为A=A1十A2=18cm (1分) (1分) 从开始计时到波传到P,点用时为 (3)B向右运动d的过程中，x41= 2 -PS1-5s 4 (1分) 解得xA一立m -11 B碰C后，A、B达到共同速度v2,用时t2,此时有 T (2分) U1-aAt2=VB十aBt2 (1分) 故P点在波峰处，振动位移为yp=18cm 解得t2= 4√33 通过的路程为s=11×4A十A=8.1m。 (1分) 77 167Y图as员m@员n (3)0.76m 共同速度u2=1一aAt2= 4√33 77 m/s,方向为水平 【解析】(1)根据牛顿第二定律，对A分析有 向右 uimag-mAaA A的位移xA2=1+。 2t2 (1分) 解得aA=6m/s2,方向为水平向右 192 根据牛顿第二定律，对B分析有 解得工A:一539m 1mAg十μ2(mA十mB）g=mBaB (1分) A、B达到共同速度V2之后，对A、B整体分析，有 解得aB=4.5m/s2,方向为水平向左 1 一：(mA十ma)gxa=0-2(mA十mB)u (1分) B向右运动距离d用时为t1,且达到共同速度v1,此 24 时有 解得xA:一539m 1 d=ut1-2as号 (1分) A的总位移为 xA=xA1十xA2十xA3≈0.76m。 (1分) 共同速度v1=aAt1=V0一aBt1 解得61-2V33 4√33 15.(1)5mud 15mvo (2) (3)6cw3+1)md-24+ ,01=11 2qd 2gd 5w0 33 m/s (9n-2)πd 根据V1=v0一aBt1 (1分) (n=1,3,5,…) 45nv0 (=1,3 物理答案（四）·第3页（共4页） 5 真题密卷 综合能力调研检测（四） 5,…) 粒子在磁场中运动时间为 【解析】(1)电场中有Eq=ma (1分) πrn 3m-1+ 粒子在电场中运动t1后垂直于直线M2N,从P点 2 6 tB= -(n=1,3,5,…) (1分) 进入磁场，设P(zp,yp),此时有tan0=0 (1分) 由对称性可知，当粒子经过M1N1和M2N2间的电 at 粒子从A到P的过程中有xp=vot (1分) 场后进入M1N1左上方电场，在该电场中减速到零 1 d-yn=zati (1分) 再反向加速，运动时间为t2一5心 (1分) 由图像可知粒子在电场中运动时间为 由几何关系可知，tan0=yP xP tr=3nXt:+3n-1 2 ×t2(n=1,3,5,…) (1分) 联立解得t1= 23d E=5mvi 2qd (1分) 5v0 粒子从A点进入电场到穿过x轴所用的时间为 (2)由(1)可知，粒子进入磁场时的速度大小为 t=tg十tB 联立解得 -sing-2v (1分) t= 6(W3+1)nd-2dL(9n-2)πd 45nvo n-1,3,5,…)(1分) OP间距为L=yp。=4。 5u0 sin05d (1分) 离开x轴的坐标为 粒子恰好未越过x轴，即粒子恰好与x轴相切，设轨 15n0n=1,3,5,…). Ad (1分) 迹圆的半径为r,由几何关系得 r N l=r十 (1分) sin E E 磁场中，有qvB=m (1分) 联立解得B= 15mvo (1分) (3)磁感应强度大小调为B时，粒子在磁场中的运 t 动过程如图所示，运动的半径为 (3n-1)r B n=47n=1,3,5,) (1分) 5 物理答案（四）·第4页（共4页）