2024-2025高三综合能力调研检测物理1版（一）-【真题密卷】2025年高考物理综合能力调研检测（1版 冀辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏粤滇川专用）

2024一2025学年度综合能力调研检测 题 物理（一） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项符合题目要求。 1.氢原子的能级图如图甲所示，一群处于第4能级的氢原子，向低能级跃迁时所发出的光 中只有a、b、c三种光可使金属M发生光电效应，用a、b、c三种光分别照射由材料M制 成的光电管的阴极，测得光电流随电压变化的图像如图乙所示。已知用c光照射M时 光电子的遏止电压为U。=7V,电子的电量为e,下列说法中正确的是 () n eV 0-1 0 -0.85 -1.51 -3.4 -13.6 U.U.U.O 甲 乙 A.在真空中b光的波长比a光长 B.在真空中与b相比，a光光子的动量更大 C.M的逸出功为3.2eV D.a光照射M产生的光电子最大初动能为9.55eV 2.t=0时刻，将质量为m=0.4kg的物块由空间中某点静止释放， ↑a/(ms2) 同时对物块施加一竖直方向上的变力F,物块的加速度α与时 间t的关系图像如图所示。规定竖直向上为正方向，忽略空气阻 力，重力加速度g取10m/s2。下列说法正确的是 11.5 2.53 A.t=3s时，物块的速度为0 B.0~1s内物块的平均速度为-一2.5m/s C.t=1.5s时，物块的速度为3m/s D.1~1.5s内物块下落的高度大于2m 物理试题（一）·第1页（共8页） 真题密卷·综 3.LC振荡电路如图所示，最初开关K断开，P板带正电，一带电液滴静止在电容器中， 班级 t=0时刻闭合开关K。已知振荡电流按正弦规律变化，其周期为T,液滴运动过程中始 终未抵达极板，重力加速度为g。下列说法正确的是 ( 姓名 T A.t=一时刻，电感线圈中磁场能最大 2 ------------- B.t一3时刻，Q板带正电，回路中电流沿逆时针方向 得分 C:哥时刻，液滴的加速度大小为25 D.若仅增大电容器的电容，则振荡电路的频率将增大 4.一定质量理想气体经历如图所示的循环过程，α→b过程是等温过程， A 3p--- b→c过程反向延长线过原点O,c→a过程是绝热过程。下列说法正确 的是 A.a→b过程，外界对气体做功为2pV。 0 %3%2水7 B.b→过程，气体吸收的热量大于P,。 C.c→a过程，存在某状态气体内能与a状态气体内能相等 D.与b相比，a状态下单位时间内撞击器壁单位面积的分子数更多 5.2024年6月29日，中星3A卫星（简称3A)顺利发射，标志着我 国在卫星通信领域取得了重要进展，能够为全球用户提供包括话 音、数据、广播电视传输在内的多种服务。该星在地球近地轨道！ 地球A (I轨道)稳定绕行一段时间后由A点进入转移轨道（Ⅱ轨道），又 经Ⅱ轨道上的B点进入地球同步卫星轨道（Ⅲ轨道），已知3A的 质量为m,I轨道半径为R,Ⅲ轨道半径为7R,3A在I轨道上的 周期为T,3A在Ⅱ轨道上A点处速率为。。则下列说法正确的是 A.3A在Ⅲ轨道上绕行速率大于o B.3A在Ⅱ轨道上绕行时，从A至B所需的时间为8T C.3A在Ⅱ轨道上绕行时，从A至B万有引力做的功为一。m8 轨道上的B点加速进人Ⅲ轨道的过程中，发动机所做的功 6,雅鲁藏布江下游的墨脱水电站即将进入建设阶段，其发电量可达三峡水电站发电量的 三倍，建成后将通过特高压输电线路将电能输送到全国各地，下图是特高压输电系统的 模拟图。已知发电机输出电压恒定，升压变压器原、副线圈，降压变压器原、副线圈匝数 分别为n1、n2、n3、n4,输电线总电阻为r,该电阻消耗的电功率为P,通过降压变压器副 线圈的电流有效值为I。下列说法正确的是 能力调研检测 物理试题（一）·第2页（共8页） 1 发 机9 升压变压器 降压变压器 A.用户增多，当I变为kI时，r的功率变为k2P B.用户增多，当I变为I时，发电机的输出功率变为之前的2倍 C.仅增大n2,r的功率与发电机输出功率的比值减小 D.仅增大n3,r的功率与发电机输出功率的比值增大 7.如图甲所示，质量为1kg的木板Q静止在水平地面上，K(未标出)为木板上的一点，木 板上表面的K点右侧光滑，左侧粗糙，质量为0.5kg、可视为质点的滑块P静止在Q的 右端。t=0时刻对Q施加一水平向右、大小为F的作用力，F随时间t的变化关系如图 乙所示，t=1s时，P恰好位于K点，t=2s时撤去F。已知Q与地面、P与Q上表面 粗糙部分的动摩擦因数均为0.4，整个过程P始终未脱离Q,规定水平向右为正方向， 重力加速度g取10m/s2。下列说法正确的是 () FN o 6 77777770 2 ts 甲 乙 A.t=1s时，Q的速度大小为4m/s B.02s内，摩擦力对P的冲量为一2N·s C.t=2s时，Q的速度大小为8m/s D.撤去F后，P能达到的最大速度为4 3 m/s 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.如图所示，水平轻质弹簧左右两端分别与滑块M、N相连，放置于水平地面上，最初弹簧 处于压缩状态且被锁定，两滑块均静止。已知两滑块质量不同，运动过程中所受地面摩 擦力大小相等。现将弹簧解锁，滑块M、N分别向左右运动，当弹簧第一次恢复原长时， 两滑块速度均不为0，关于上述过程，下列说法正确的是 () A.M、N系统动量守恒 M 7% B.弹簧对M、N做功不相等 C.弹簧对M做的功等于弹簧减少的弹性势能 D.M、N克服摩擦力做功之和等于弹簧减少的弹性势能 物理试题（一）·第3页（共8页） 真题密卷·综台 9.如图所示，xOy坐标系位于水平面内，波源位于原点O 处，=0时刻波源从平衡位置竖直向上起振，所形成的的 P 简谐横波在xOy面内传播，t=1.4s时，波面分布如图 所示，其中实线为波峰，虚线为相邻的两个波峰之间的波 0 谷，此时波源位于波谷，质点P首次位于波峰。已知质 点P、Q的平衡位置分别为(0,3.6m)、(5.1m,0),该波 源的振幅为5cm。下列说法正确的是 A.该波的波长为1.2m B.t=1.8s时，P位于波谷 C.t=2.3s时，Q位于波谷 D.t=0至t=4.4s内，Q通过的路程为67.5cm 10.如图甲所示，相距为L且足够长的平行光滑金属导轨固定在水平面内，其左端与阻值 为R的电阻相连，虚线ab垂直于导轨，其左侧导轨间面积为L2的区域内存在垂直纸 面向外的磁场，其磁感应强度大小B随时间t变化规律如图乙所示，αb右侧导轨间存 在垂直纸面向里、磁感应强度大小为B。的匀强磁场。最初，质量为、长为L的导体 棒静止在ab右侧的导轨上，开关S断开，t=0时刻闭合S,导体棒能达到的最大速度为 m。已知导体棒的电阻为2R,其余电阻忽略不计，导体棒运动过程中始终与导轨垂直 且接触良好。下列说法正确的是 ) B/T + B0------- B 01 to →t/s b 甲 乙 2B8L3 A.闭合S瞬间，导体棒的加速度大小为 3Rtom L B.vm一3t0 C从1=0时刻至导体棒速度达到u时间内，通过R的电荷量为一 D.从1=0时刻至导体棒速度达到。.时间内，电阻R上产生的焦耳热为2mL 3t6 能力调研检测 物理试题（一）·第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某同学用图甲所示的装置测定当地重力加速度。长为L的摆线悬传感器 挂质量为的小球，上端固定在力传感器上；小组同学将摆球拉离平衡 位置，使摆线与竖直方向成很小的角度，将小球由静止释放，记录小球经 过平衡位置时力传感器的示数F。 (1)该同学用50分度的游标卡尺测得摆球直径如图乙所示，则小球直径 d= mm。 2 3 win 0123 乙 (2)若通过实验测出单摆振动周期为T,可得出当地的重力加速度g= (用题中所给物理量的字母表示)。 (3)实验测得当地重力加速度为g,则小球经过平衡位置时的速度大小为 (用题中所给物理量的字母表示)。 12.(8分)某物理兴趣小组要描绘一个标有“6V3.0W”的小灯泡L的伏安特性曲线，要 求灯泡两端的电压由零逐渐增大，且尽量减小实验误差。实验器材除导线、开关外，还 有以下器材： 待测灯泡工 直流电源9V(内阻不计) 电流表A(量程为0~0.6A,内阻约为12) 表头G(量程为0~200mA,内阻r=52) 滑动变阻器（最大阻值为102） 电阻箱R(最大阻值为99.92) 导线、开关若干 (1)小组同学决定将表头和电阻箱组装成一个量程为6V的电压表，电阻箱应与表头 (填“串联”或“并联”)；电阻箱的示数应调节为R= n。 (2)请在矩形框中画出实验电路图。 (3)表头的示数为I1,电流表的示数为I2,则流经灯泡的电流I= ,灯泡 物理试题（一）·第5页（共8页） 真题密卷·综合 两端的电压为U= 。(均用题目中所给物理量 ↑IIA 0.30 的字母表示) (4)小组同学计算多组I、U的数值，并作出小灯泡的伏安特0.20 性曲线，如图所示。当小灯泡的电压为6V时，小灯泡Q,10 的电阻为 2(结果保留两位有效数字)。 13.(10分)两块相同的、半径均为R的半圆形玻璃砖固定在水 0 1.02.03.04.05.06.0 平桌面上，其截面图如图所示，半圆的直径MN、PQ平行，两圆心O1、O2的连线与 MN垂直。一束复色光k由a、b两种不同频率的光组成，k在横截面内由MO1的中 点A垂直MN射入玻璃砖，a光恰好未从左边的玻璃砖射出，b光折射后由O2射入右 边的玻璃砖。已知O1、O2间距为3R,光在真空中传播速度为c,不考虑光的多次反 射。求： (1)玻璃砖对a光的折射率。 (2)从光线b射入左边玻璃砖，至其从右边的玻璃砖射出，所用的时间t。 M 01 0 ·能力调研检测 物理试题（一）·第6页（共8页） 14.(13分)空间直角坐标系Oxyz如图所示，在yOz的空间内存在一与y轴、之轴均相切 的圆，其半径为R,圆内存在沿x轴负方向、磁感应强度大小为B。的匀强磁场；在y一 0,之>0的空间内存在沿之轴负方向、电场强度大小为E(未知)的匀强电场；在y>0, 之<0的空间内，存在平行于yOz平面、与y轴和之轴正方向均成0=45°夹角、磁感应 强度大小为B。的匀强磁场（未画出）。在点S(0,一R,2R)处有一粒子源，可在yOz平 面内向磁场内沿不同方向发射质量为m、电荷量均为q的带正电的粒子，粒子均沿y 轴正方向射出圆区域。粒子及由点A(00,尽进入电场区域，2-0时刻该粒子与y轴 正方向成45°夹角经y轴上的P点（未标出）进入之<0空间的磁场区域。忽略粒子的 重力及粒子间的相互作用。求： (1)粒子k在圆区域内运动的时间t1。 (2)粒子k在P点速度的大小及E的值。 (3)t=t1时刻，粒子的位置坐标。 B。× X 1 物理试题（一）·第7页（共8页） 真题密卷·综合能 15.(17分)如图所示，半径R=1.8m的四分之一光滑圆弧轨道固定在光滑水平地面上， 长为L=2m、质量为mB=3kg的木板B静止于光滑水平面上，其上表面与圆弧轨道 末端相切。质量为mc=3kg、厚度与木板B相同的木板C静止在水平地面上，其右端 距右侧竖直挡板之间的距离为x。=1m。现将质量mA=1kg的小物块A由圆弧轨道 顶端静止释放，当A滑上B后，立即撤去圆弧轨道，A运动至B右端时，B恰好与C发 生碰撞，A由B滑上C,一段时间后C与挡板发生碰撞，此后C再次与B发生碰撞，最 终A与C一起运动，此时A位于C上的P点（未标出）。已知A可视为质点，与B间 的动摩擦因数41=0.6，与C之间的动摩擦因数42=0.3，A由B滑上C时系统无动能 损失，所有的碰撞均为弹性碰撞，重力加速度g取10m/s2,求： PA LB (1)A运动至B右端时，A速度的大小vA1。 (2)最终A、C一起运动时速度的大小。 (3)P至C左端的距离d。 力调研检测 物理试题（一）·第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2024一2025学年度综合能力调研检测 物理（一） 一、单项选择题 1.C【解析】由题图乙可知U。>U。,故b光的频率高于 2mg,由牛频第二定律可知液滴的加速度大小为了g8, 1 h 1 a光，b光的波长比a光短，A错误；由p=入，可知b 方向竖直向下，C错误；由f= 可知仅增大C, 2π√LC 光光子的动量比a光大，B错误；由题图乙可知，c光频 则振荡电路的频率减小，D错误。 率最低，为氢原子由2能级跃迁至基态时释放出的光， 4.B【解析】由等温变化可知b状态下气体的压强为 Ee=10.2eV,Ue=E。-W。,得出W。=3.2eV,C正 2p0,a→b过程，外界对气体做的功大小等于ab曲线 确；a光照射M产生的光电子最大初动能Ea=E。一 与两侧虚线及V轴围成的面积，该值小于2p。V。,A错 W=13.6eV-1.51eV-3.2eV=8.89eV,D错误。 误；b→℃过程，气体温度不断升高，同时气体对外做 2.D【解析】由题图可知t轴上方梯形的面积大于t轴 功，可知气体必吸收热量，气体对外做的功为W= 下方三角形的面积，可知t=3s时物块的速度大于0，A 2，十3，)×，=，V,根器AU=Q-W> 1 错误；0~1.5s内物体运动的0t图像如图所示，由题图 2 可知4=1s时，物体的建度=-（兮×10×1）m/s 0,可知气体暖收的热立大于，B正确：e→a过 一5m/s,由图可知0~1s内曲线与轴围成的面积大 程，气体对外做功，且与外界无热交换，可知气体温度 于三角形的面积，可知0~1s内物块的平均速度大小 不断降低，故c→a过程中所有状态下气体的内能均大 大于2.5m/s,方向向下，B错误；1~1.5s内，速度的变 于a状态下的内能，C错误；a、b状态下温度相同，a状 态下气体分子数密度更小，与b相比，a状态下单位时 化量为△0=，X8X0,5m/s=2m/s,t=1,5s时物你 间内撞击器壁单位面积的分子数更少，D错误。 的速度v2=v1十△v=一3m/s,C错误；由题图可知， 5.C【解析】o,大于3A在I轨道上绕行速度v1,v1大 1一1.59内梯形的面积代表的位移为5=一7X 于3A在Ⅲ轨道上的绕行速率vm,故vm<o0,A错 7R+R13 (3+5)×0.5=-2m,可知1~1.5s内物块下落的高 误；由开普勒第三定律可知 2 ,得出 度大于2m,D正确。 R /m·s-) 3A在Ⅱ轨道上绕行周期为T1=8T,则3A从A至B 的时间为4T,B错误；设3A在Ⅱ轨道上B点的速率 为VB,根据开普勒第二定律可知7R0B=R0,得出 0-7,向动能定理可知阳，-号ai一日m 1 3.B【解析】：=时刻，Q板常正电，电荷量达到最大 治，C正项；由C-Y得出c,由题 24 r2 值，回路中电流为0，磁场能最小，A错误；1=T 时刻电 千知1= 2πR ,则m= 行一，由动能定理可知3A从Ⅱ 、TT 容器上电荷量为0,4~2时间段内，电容器处于充电 轨道上的B点加速进入Ⅲ轨道的过程，有W2= 状态，回路中电流沿逆时针方向，Q板带正电，B正确； 1 >2品—12，D错吴 设最初电容器P板的电荷量为q0,则可知电容器上电 荷量Q随时间：的支化规宋为g=9.60s(学)2-召 6.A【解析】由题可知P= n,),当1变为1时， n4I)2 的功率变为kP,A正确；当I变为I时，通过升压变 时，q=一90 一2，可知两板间电场竖直向上，电场强度大小 压器电流的有效值变为之前的及倍，发电机输出电压 不变，可知发电机的输出功率变为之前的k倍，B错 为1=0时刻的弓，渡滴所受电场力竖直向下，大小为 误；仅增大2，流经r和降压变压器副线圈电流的有 物理答案（一）·第1页（共4页） 1 真题密卷 综合能力调研检测（一） 效值等比例增大，可知r的功率与发电机输出功率的 首次位于波谷，从Q起振至t=2.3s,Q通过的路程为 比值不变，C错误；用户的总电阻用R代替，其等效电 s1=-3A=15cm,从t=2.3s至t=4.4s,历时△t= 阻为R等数=()R,仅增大m,7的电阻与回路总电 13,△t=28T,可知此段时间内Q通过的路程 阻比值减小，可知r的功率与发电机输出功率的比值 减小，D错误。 =(1号）A=(6552）em,可知044s肉，Q 发 电 道过的路程为s1十一(0-5）em,D误。 机9 10.AC【解析】6左侧感生电动势为E,-B,L ,闭合 升压变压器 7.D【解析】记P的质量为m,则Q的质量为2m,t1= S一瞬间，回路中的电流为I。= E。2BL2 R 3Rto ,由 1s,0~1s内，F对Q的冲量等于该时间段内图线与 R十2 坐标轴因成的梯形的面积，即1，=6十10 ×1N·s= 2 2B8L3 牛顿第二定律可知BIL=ma,得出a一3Rlm,A 8N·s,对Q应用动量定理有I1一μ·3mgt1=2mu1, 正确；导体棒速度最大时，回路中无电流，此时有 得出v1=2m/s,A错误；1~2s内，P受到向右的滑动 摩擦力，记△t=1s,对P应用动量定理，有mg△t= E。=BLUa,得出um-, 二，B错误；t=0时刻至导体 2N·s,方向水平向右，此时P的速度为vp=4m/s,B 棒速度达到7m,对导体棒列动量定理，有B。LI△t= 错误：123内对Q应用动量定理，有10十14X1N·3 2 BLg=mua,得出g三B2,C正确，E9=Qs中 u·3mg×1N·s-umg×1N·s=2mw2-2mv1,得 出v2=6m/s,C错误；设撤去F后经时间t,P、Q 2mo品R上产生的焦耳热Q=m 3D错误。 共速，此时P的速度最大，有vmx=V2一 三、非选择题 8mm=m十，得出=日s,可知 2m m + 14 11.(1)16.30(2分) (2) -(2分) uax=3m/s,D正确。 二、多项选择题 8.AB【解析】M、N系统所受合外力为O,可知M、N系 (3) (2分) 统动量守恒，A正确；M、N所受弹簧弹力大小相等， 【解析】(1)主尺为16mm,标尺第15个格对齐，可知 所受摩擦力大小相等，其质量不相等，可知其加速度不 d=16+15×0.02=16.30mm。 相等，此过程中两滑块运动的位移大小不相等，弹簧对 d M、N做功不相等，B正确；弹簧减少的弹性势能等于 L 弹簧对M、N做功的代数和，C错误；弹簧减小的弹性 (2)由T=2π√g +) ,得出g= T2 势能等于M、N克服摩擦力做的功与M、N增加的动 (3)由牛顿第二定律可知，在平衡位置满足F一mg 能之和，D错误。 9.BC【解析】由题可知1.5入=3.6m,得出波长入= mvo F-mg)+】 2.4m,A错误；t=1.4s时至原点距离d=3.6m十 ,解得v0 d + 4=4.2m处的质点起振，波速为0=1.43=3m/s, 12.(1)串联(1分)25.0(1分)(2)见解析图(2分) 则T=入=0.8s,t=1.4s时P位于波峰，经半个周 (3)I2-I1(1分)I1(R+r)(1分)(4)23(2分) 【解析】(1)将表头改装成电压表，应将电阻箱与其串 期后，P位于波谷，B正确；△x1=(2.3s-1.4s)= 2.7m,5.1m-2.7m=2.4m,由题图可知t=1.4s _6V-R。,得出R=25.0n。 联，此时R=1。 时平衡位置为(2.4m,0)处的质点位于波谷，可知t= (2)根据实验要求可知需用分压式接法，实验电路图 2.3s时Q位于波谷，C正确；由上可知t=2.3s时，Q 如图所示。 物理答案（一）·第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 © R一2 【解析】(1)如图所示，由几何关系可知cosα= R 得出a=3 (1分) (3)流经电流表的电流为灯泡电流和表头电流之和， 粒子在圆磁场内做圆周运动的圆心角B=π一α 2π 可知I=I2一I1,灯泡两端的电压U=I1(R十r)。 3 (4)由题图可知，U为6V时，I=0.26A,由欧姆定律 则1=立元Bo9 B2πm (1分) 可知RL=T =232. 2xm (1分) 13.(1)2 5+丹 可得t1=3Boq 【解析】(1)设a光的临界角C。=a R 1 由几何关系可知，sinC。=尺=2 (1分) 玻璃砖对a光的折射率满足n1一sinC 1 (1分) (2)设粒子在圆磁场内运动的半径为r1 得出n1=2。 (1分) 由几何关系可知r1=R (2)记b光在左侧出射点为B,过B点作O1O2的垂 设粒子在圆区域内做圆周运动的速率为V0 线，垂足为D,如图所示，由(1)可得a=30°，则 mvo 由Boq00= (1分) r1 O:D-Rcos a-2R 得出0= BoqR n 由几何关系可知OD=√3R一O,D=R 粒子在P点速度的大小为p= (1分) cos45° 可知三角形BO1O2为等腰三角形，BO2=BO1=R 2BoqR B=∠B01O2+∠B0,01=60° (1分) 得出Op (1分) m 玻璃砖对6光的折射率，=sinP R1 sin a (1分) 由动能定理可知Eq· (1分) 得出n2=√3 (1分) 得出E= BoRq (1分) m b光在玻璃砖中传播速度为)= (1分) n2 (3)设粒子由A至P所用的时间为t2 光在玻璃砖中传播的总距离为 则yp=vot2 d=Rcos a+R (1分) R votan45° 2 2 ·t2 则t=一 (1分) v c 得出yP=R (1分) 得出1=5+号)尽 设粒子在y>0,之<0以下磁场中运动的半径为r2 (1分) M 由Bqwp=mu2 r2 得出r2=√2R 0 粒子在两磁场中运动周期相同，故相同时间内运动的 圆心角相同，均为B 则t1时刻，粒子在xOy平面下方 2πm 14.(1) (2)2BogR BiRg 3B,9 m m 款子在x轴上的坐标x=,十7sm(包）-3是R 2 (3)32 (1分) 2 粒子在y轴上的坐标为y=R+r2sinB·cos45°= 物理答案（一）·第3页（共4页） 1 真题密卷 综合能力调研检测（一） 尔 C与挡板撞击后的速度为vc2=一1.5m/s (1分) 假设C与B第二次撞击之前A、C第二次共速，对 粒子在之轴上的坐标为之=-r2sinB·sin45°= A、C有mAv共1十mcvc2=(mA十mc)v共2 (1分) 得出v*2=-0.75m/s (1分) 设此段时间C向左运动的位移为x2,对C列动能定 可知时刻粒子的位置坐标为(3y R,R+2 理，有 R, 1 1 一42mAgx2= 3 2 mcvma-2 (1分) R). (1分) 可知x2<x0 199 假设成立 15.(1)3m/s (2)3m/s3)128 B、C第二次撞击后，二者交换速度，撞后C静止，B 【解析】(1)设A刚滑上B时速度为v。,由动能定理 以0.75m/s的速度向左运动，此后对A、C有 可知 mAv*2=(mA十mc)v共3 (1分) mAgR=2mA号 (1分) 3 得出0=一16m/s。 (1分) A在B右端时，设此时A、B的速度分别为口A1、B1, 3 规定水平向右为正方向，A、B动量守恒，有 故最终A、C一起运动时速度的大小为6m/s。 mAV0=mAVA1十mBVB1 (1分) (3)B、C第二次撞击之前A相对于C始终向右滑动 由能量守恒定律有 的距离为△x1,由能量守恒定律可知 mAgR-HmAgL=2Aoi十2ms0a 1 1 1 (1分) 个22c021=42mAg△x1+之（nA十nc)v张2 得出vA1=3m/s,vB1=1m/s。 (1分) (1分) (2)B与C第一次弹性碰撞之后，二者交换速度，碰撞 13 后B静止，C的速度为vc1-1m/s (1分) 得出△x1=8m 假设C与挡板撞击之前A、C共速，对A、C有 B、C第二次撞击之后A相对于C向左滑动的距离为 mAvAI+mcvcI=(mA+mc)v (1分) △x2,由能量守恒定律可知 得出v共1=1.5m/s (1分) 1 1 mA02=mAg△x:十2(mA十mc)u知 (1分) 设此段时间C运动的位移为x1,对C列动能定理，有 9 1 1 Bamngz:-2mcvk-2mevi (1分) 得出△x2=128m 可知x1<xo (1分) 则d=△x1一△x2 (1分) 假设成立 解得418n (1分) 物理答案（一）·第4页（共4页）