2025年高三下学期学科素养月度测评物理（一）7版(安徽专用)-【真题密卷】2025年高三下学期物理学科素养月度测评

2024一2025学年度下学期学科素养月度测评 卺题 物理（一） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合要求的。 1.2024年9月，中国科学院合肥物质科学研究院在自研磁体方面取得技术突破，产生了 42.02T的稳态磁场（稳态磁场是指磁感应强度不随时间变化的磁场），其强度约为地磁 场强度的80万倍。下列说法正确的是 () A.42.02T表示磁通量的大小 B.该稳态磁场不可能激发出电场 C.磁感应强度不随时间变化的磁场一定是匀强磁场 D.将通电直导线放入该稳态磁场，受到的安培力一定很大 2.如图所示，半圆柱体玻璃砖横截面半径为R,高为4R。有单色光垂直平面ABCD射入 玻璃砖，为了避免光从圆弧面射出，需要在圆弧面上涂抹一层吸光材料。已知玻璃砖对 2w3 该单色光的折射率为3，则涂抹层的最小面积为 B 4 8 B.3xR C.2πR2 D.3R 3.用粒子X轰击原子核Be生成C与n,用粒子X轰击原子核C生成Y,此反应放出的核 能为E。已知B、X、号C的比结合能分别为E1、E2、E3,下列说法正确的是 () 物理试题（一）·第1页（共8页） 真题密卷·学 A.X是B粒子 班级 B.Y是8O C.粒子X轰击Be后放出的核能为9E1+4E2一12E3 姓名 D.Y的比结合能为 E2+12E3-E0 16 4.在电子显微镜中，电子束相当于光束，通过由电场或磁场构成的电子透镜实现会聚和发 得分 散作用。其中的一种电子透镜由两个金属圆环M、N组成，其结构如图甲所示，图乙为 图甲的截面示意图。显微镜工作时，两圆环的电势PN>PM,图乙中虚线表示两圆环之 间的等差等势面，O点为水平虚线与竖直虚线的交点，a、b两点关于O点中心对称。现 有一束电子经电场加速后，沿着平行于两金属圆环轴线的方向进入金属圆环M。下列 说法正确的是 () A.a点电势比b点电势低 B.a点电场强度比b点电场强度大 C.该电子透镜对入射的电子束能起到发散作用 D.电子在穿越电子透镜的过程中电势能减少 5.如图所示，匀强磁场方向与水平面成60°角斜向右下方，矩形线圈以恒定角速度ω绕水 平面内的OO'轴按图示方向转动，线圈通过换向器与电阻R相连。以图中时刻为计时 起点，规定电流由α通过R流向b方向为电流正方向，则通过R的电流i随时间变化图 像正确的是 ( 6 P B. 6ω D. 斗素养月度测评 物理试题（一）·第2页（共8页） 7 6.A、B两个粗细均匀的同心光滑圆环固定在竖直转轴上，圆心O在转轴上，两环和转轴在 同一竖直面内，a、b两个小球分别套在A、B两个圆环上，当两环绕竖直轴匀速转动后， a、b两球在环上的位置可能是 () B B B A A A. B. C D. 7.一小车（可视为质点）沿x轴运动，坐标x随时间t的变化图像如图中的实线所示，实 线与虚线组成开口向上的抛物线，抛物线的顶点坐标为（一5s,0),与纵轴的交点坐标 为(0,25m)。下列说法正确的是 () x/m 25 -50 A.小车做匀加速运动，其加速度大小为1m/s2 B.小车的初速度大小为10m/s C.3s末小车的速度大小为13m/s D.0~3s时间内，小车的位移大小为64m 8.如图所示，光滑的细杆固定放置，与水平方向的夹角为37°，质量为m的小球与质量为 2m的物块通过细线连接，细线跨过天花板上的两个轻质定滑轮。小球套在细杆上从某 处由静止开始上滑，细线一直处于伸直状态，当小球运动到A点时，速度方向沿着杆斜 向上大小0=√gL,细线与细杆之间的夹角为37°，当小球运动到B点时，细线与细杆 垂直。已知A、B两点的距离为L,重力加速度为g,小球与物块（均可视为质点）总在同 一竖直平面内运动，sin37°-3 ,C0s37°=4 ,下列说法错误的是 allllllltllllltttltt 370 37°个 7 物理试题（一）·第3页（共8页） 真题密卷·学弄 A.当小球在A点时，物块的速度大小为5√gL B.当小球运动到B点时，物块速度的大小为0 C.小球从A点运动到B点的过程中，系统总重力势能的减小量为3mgL 5 D,小球从A点运动到B点的过程中，细线对小球做的功为1mgL 25 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题 目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 9.“嫦娥五号”月球探测器返回舱为了安全带回样品，采用了类似“打水漂”多段多次减速 技术。如图所示，用虚线表示地球大气层边界，虚线外侧看作没有大气。关闭发动机的 返回舱从a点滑入大气层，然后经b点从c点“跳出”，经d点后再从e点“跃人”。d点 为轨迹最高点，距离地面高度为h,已知重力加速度为g,地球半径为R。下列说法正确 的是 () A.a、c、e三点的速率满足va>ve=o。 B.返回舱在b点有竖直向下的加速度分量 地球 C,返回舱在d点时的角速度等于JR十) gR2 大气层 D.返回舱在c→d点与d→e点的时间相等 10.如图甲所示，足够长的木板静置于水平地面上，木板右端放置一小物块。在t=0时刻 对木板施加一水平向右的恒定拉力F,作用1s后撤去F,此后木板运动的t图像如 图乙所示。物块和木板的质量均为1kg,物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，最 大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2,下列说法正确的是 ( ↑ms- 8小 F 77n71n11n711n1n7n17i7 1.5 t/s 甲 乙 A.拉力F的大小为18N B.物块与木板、木板与地面间的动摩擦因数均为以=0.4 C.物块最终停止时的位置与木板右端间的距离为3m D.t=2s时，物块的速度减为0 4素养月度测评 物理试题（一）·第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(6分)某实验小组验证机械能守恒定律的实验装置如图甲所示，将小球向下拉到某一 位置释放后，小球上下来回运动，利用手机录制一段视频，利用Tracker软件对视频进 行逐帧分析，得出每一帧对应时间及小球所在位置。已知小球质量=0.05kg,当地 重力加速度g取9.8m/s2,弹簧劲度系数k=1.38N/m,视频帧率为30fps(每秒30 帧)。取竖直向上为正方向，竖直方向位移用y表示，利用重力势能Ep1=gy、动能 E,=2m02、弹性势能Ee=2y2计算总机械能E。 0.4 0.3 0.2 弹性势能 0. 动能 06 机械能 -0.1 -02 -0.3 重力势能 -0.4 (1)表格中是本次测量的部分数据，当小球下落位移为一0.02000m时，请计算：①弹簧 的弹性势能E2 J;②系统的机械能E= J(结果均保留四位小数)。 时间(s) 位移(m) 速度(m/s) 动能(J) 重力势能(J) 弹性势能(J) 机械能() 0.066667 0.02000 -0.6119 0.0094 -0.0098 ① ② 0.100000 -0.04648 -0.9230 0.0213 -0.0228 0.0015 0.0000 0.133333 0.08153 -1.1994 0.0360 -0.0399 0.0046 0.0007 (2)测量多组数据并绘制动能、重力势能、弹性势能、机械能随时间变化情况如图乙所 示（图中各物理量单位均为国际单位，纵轴表示能量，横轴表示时间），由图乙可得 出的实验结论是 A.小球在重力作用下机械能守恒 B.小球在重力和弹簧弹力作用下机械能守恒 C.小球与弹簧组成的系统在重力和系统内弹力作用下机械能守恒 12.(10分)某同学测量一个电阻的阻值R,已知R约为2502，有以下实验器材可供选择： A.电流表A1(量程为0~15mA,内阻r1约为22)； B.电流表A2(量程为0~3mA,内阻r2=1002); C.定值电阻R1(阻值为9002)； D.定值电阻R2(阻值为99002)； E.滑动变阻器R3(0~202,允许通过的最大电流为100mA); 物理试题（一）·第5页（共8页） 真题密卷·学科 F.滑动变阻器R4(0~202,允许通过的最大电流为400mA); G.滑动变阻器R,(0~1002,允许通过的最大电流为20mA); H.蓄电池E(电动势为3V,内阻很小)； I.开关S与若干导线。 (1)滑动变阻器应选择 (填“R3”“R4”或“R”)。 (2)在虚线框内将图甲所示的电路补充完整，并标明各器材的符号。后续实验都在正 确连接电路的条件下进行。 ↑I,/mA 12.5 2.5 L/mA 乙 (3)该同学在某次实验过程中测得电流表A1的示数为I1,电流表A2的示数为I2,则 该电阻表达式Rx= (用I1、I2表示)。 (4)调节滑动变阻器，测得多组I:和I2,并作出I1-I2图像如图乙所示，则该电阻的阻 值为 2。 (5)从系统误差的角度考虑，该电阻测量值 (填“大于”“等于”或“小于”)真 实值。 13.(10分)随着国产新能源汽车的飞速发展，现在高端的国产新能源汽车也配备如图甲所示 的空气悬架系统，该系统可以简化成一个带活塞的导热气缸，如图乙所示，活塞通过轻质 金属杆固连到车轮轮轴上。一辆质量M=1.6×103kg(不含4个车轮和活塞)的汽车静 止在水平地面时，每个气缸内气体体积V1=4×10-3m3,活塞面积S=1.0×10-2m,初 始时环境温度t1=27℃，大气压强p。=1.0×105P,气缸内气体可看作理想气体，T= t+273K,g取10m/s2。 (1)若环境温度缓慢升高到t2=33℃，大气压强保持不变，求每个气缸内气体的体积。 (2)若环境温度保持27℃不变，质量m=60kg的驾驶员上车，待缸内气体稳定后，求每 个气缸内气体的体积（结果保留三位有效数字）。 汽车 素养月度测评 物理试题（一）·第6页（共8页） 7 14.(14分)如图所示，竖直平面内有一边长为5cm的正方形ABCD,CD边水平，将质量 m=0.1kg、电荷量q=1×10-3C的带正电小球自A点沿AB方向抛出，恰好通过C 点，g取10m/s2。 (1)求小球抛出时的速度大小。 (2)若只增加一个平行于ABCD平面的匀强电场E1(大小未知)，将小球自A点由静 止释放，恰好沿AC运动，求电场强度E1的最小值。 (3)若只在ABCD平面内增加一个方向平行AC的匀强电场E2(大小未知)，将小球自 A点沿某方向（未知）抛出，恰好能先后通过B、C两点，且从A到B和从B到C的 时间相等，求小球通过C点时的动能大小。 D 7 物理试题（一）·第7页（共8页） 真题密卷 15.(18分)如图甲所示，在光滑绝缘水平桌面内建立xOy坐标系，在第二象限内有平行于 桌面的匀强电场，电场方向与x轴负方向的夹角0=45°。在第三象限垂直于桌面放置 两块相互平行的平板C1、C2,两板间距d1=0.6m,板间有竖直向上的匀强磁场，磁感 应大小可变。两板右端在y轴上，平板C1与x轴重合，在其左端紧贴桌面有一小孔 M,小孔M离坐标原点O距离L=0.72m。在第四象限垂直于x轴放置一块平行y 轴且沿y轴负方向足够长的竖直平板C3,平板C3在x轴上垂足为Q,垂足Q与原点 O相距d2=0.18m。现将一带负电的小球从桌面上的P点以初速度vo=4√2m/s垂 直于电场方向射出，刚好垂直于x轴穿过C1板上的M孔，进入磁场区域。已知小球 可视为质点，小球的比荷？=20C/kg,P点与小孔M在垂直于电场方向上的距离s= m 10m,不考虑空气阻力与小球重力。 (1)求匀强电场的场强大小。 (2)求带电小球无碰撞地穿出磁场并打到平板C3上的范围。 (3)若t=0时刻小球从M点进入磁场，磁场的磁感应强度随时间呈周期性变化（取竖 直向上为磁场正方向)，如图乙所示。同时撤去平板C2,磁场区域充满第三象限，求 小球从M点到打在平板C3上所用的时间。 ↑BT 桌面 2.5 01 d Q 0 π 3π π 100 50 100 25 d -2.5 C 甲 乙 学科素养月度测评 物理试题（一）·第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 2024一2025学年度下学期学科素养月度测评 物理（一） 命题要素细目表 关键能力：I.理解能力 Ⅱ.推理论证能力Ⅲ.模型建构能力Ⅳ.实验探究能力 V.创新能力 核心素养：①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 关键能力 题号 题型 分值 考查内容 核心素养预估难度 ⅡⅢWV①②③④等级系数 1 选择题 磁感应强度的定义 多 0.85 2 选择题 4 折射定律 易 0.80 选择题 4 核反应方程、比结合能 中 0.75 4 选择题 4 电势、电场强度、电势能 必 0.70 选择题 通过楞次定律判断电流方向 中 0.70 6 选择题 圆周运动、牛顿第二定律 中 0.65 选择题 xt图像、匀变速运动公式 中 0.65 关联速度模型、动能定理、机械能 8 选择题 4 0.60 守恒 9 选择题 天体运动、动能定理 中 0.50 10 选择题 5 牛顿第二定律、运动学公式 难 0.35 11 实验题 6 验证机械能守恒定律 多 0.75 12 实验题 10 测量未知电阻阻值 0.50 三 13 计算题 10 理想气体状态方程 中 0.65 14 计算题 14 抛体运动（含电场） 必 0.50 15 计算题 18 牛顿第二定律、带电粒子在组合场 中运动 难 0.25 物理答案（一）·第1页（共6页） 7 真题密卷 学科素养月度测评 精典评析 TIANSHUJIAOYU ★某同学测量一个电阻的阻值R,已知R.约为2502，有以下实验器材可供选择： A.电流表A1(量程为0~15mA,内阻r1约为22)； B.电流表A2(量程为0~3mA,内阻r2=1002); C.定值电阻R1(阻值为9002)； D.定值电阻R2(阻值为99002)； E.滑动变阻器R3(0~202,允许通过的最大电流为100mA); F.滑动变阻器R4(0~202,允许通过的最大电流为400mA)； G.滑动变阻器R5(0~1002,允许通过的最大电流为20mA)； H.蓄电池E(电动势为3V,内阻很小)； 1.开关S与若干导线。 (1)滑动变阻器应选择 (填“R3”“R4”或“R”)。 (2)在虚线框内将图甲所示的电路补充完整，并标明各器材的符号。后续实验都在正确连接电路的条件下 进行。 ↑I/mA 12.5 E 0 2.5 A (3)该同学在某次实验过程中测得电流表A1的示数为I1,电流表A2的示数为I2,则该电阻表达式Rz= (用I1、I2表示)。 (4)调节滑动变阻器，测得多组11和I2,并作出11-I2图像如图乙所示，则该电阻的阻值为 n。 (5)从系统误差的角度考虑，该电阻测量值 (填“大于”“等于”或“小于”)真实值。 【试题解读】 本题综合考查电学实验中器材选择、电路设计、数据处理和误差分析，考查全面细致，其中滑动变阻器 的选择既要考虑分压式电路对滑动变阻器的要求，又要考虑安全因素，需要学生对该知识，点深入掌握才能 得分。 ★如图所示，竖直平面内有一边长为5cm的正方形ABCD,CD边水平，将质量m=0.1kg、电荷量q= 1×10-3C的带正电小球自A点沿AB方向抛出，恰好通过C点，g取10m/s2。 (1)求小球抛出时的速度大小。 (2)若只增加一个平行于ABCD平面的匀强电场E1(大小未知)，将小球自A点由静止释放，恰好沿AC 运动，求电场强度E1的最小值。 (3)若只在ABCD平面内增加一个方向平行AC的匀强电场E2(大小未知)，将小球自A点沿某方向（未 知)抛出，恰好能先后通过B、C两点，且从A到B和从B到C的时间相等，求小球通过C点时的动能 大小。 D 【试题解读】 题干简洁，表述简单，但信息量很大，能很好地考查学生获取信息并进行物理转化的能力，综合考查了 匀变速曲线运动、图解法求极值，其中对于匀变速曲线运动的考查细致、深入、到位，学生需要清楚地把握 该运动特点才能着手进行第三个问题的求解。 7 物理答案（一）·第2页（共6页） ·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 一、选择题 在增大，线圈两个接头通过换向器改变了与R两 1.B【解析】42.02T表示磁感应强度的大小，A 端的连接，由楞次定律可知，感应电流方向由α通 错误；根据麦克斯韦电磁场理论可知该稳态磁场 过R流向b,即为正方向，这段时间△1=，此 不可能激发出电场，B正确；磁感应强度不随时间 变化的磁场为恒定磁场，在恒定磁场中，如果磁 时，线圈平面与磁扬方向垂直，感应电流为0，综上 感应强度在空间各处完全相同，即大小和方向都 所述，A正确。 不变，就是匀强磁场，C错误；磁场中通电直导线6.B【解析】对小球受力分析如图所示，由牛顿第 受力情况与长度、电流、磁场强度、方向均有关， 所以无法判断所受安培力的大小，D错误。 二定得mg看-心7，故么=怎两小球角选度 2.D【解析】根据折射率n与全反射临界角C的 相同，故h相同，即在同一个水平面内做圆周运 1 动，B正确。 关系n=inC,解得C=60,根据几何关系可 得，为避免光从圆孤面射出，涂抹区域对应的最 小圆心角2C=-120°，则涂抹层的最小面积Smin= 2X4R×C-号R,D正. 2πR 3.B【解析】粒子X轰击原子核Be的核反应方程 mg 为Be十X→C十n,则X为He,即a粒子，A 7.B【解析】设题图抛物线方程为x=(t十5)2，由 错误；粒子X轰击原子核C的核反应方程 于t=0时，x=25m,解得k=1,即x=(t十5)2，变 为C十X→1Y,则Y是O,B正确；Be与粒 化得x=25十10t十t,由此可见，小车做匀加速直 子X发生核反应产生的核能△E=12E3-9E1一 4E2,C错误；1C与粒子X发生核反应放出的核能 线运动，由x=十t十弓a可知初始位置坐标 为E。,设Y的比结合能为E,由能量守恒E。= x0=25m,初速度的大小vo=10m/s,加速度大 16E-4E:-12E,解得E E6+4E+12E,D 小a=2m/s2,A错误，B正确；3s末小车的速度 16 大小v=v0十at1=l6m/s,位置坐标x3=x0十 错误 1 1 4.D【解析】两圆环的电势PN>PM,则靠近N环 4+2a=25m+10X3m+2×2×32m- 的电势较高，即a点电势比b点电势高，A错误； 64m,在0~3s时间内，小车的位移大小△x= 根据对称性可知，α点电场强度与b,点电场强度 x3-xo=64m-25m=39m,C、D错误。 大小相等，方向相同，B错误；根据电场线与等势 8.C【解析】小球在A点时，把实际速度V。分别 面垂直可知，入射的电子受电场力指向中轴线， 沿着细线方向和垂直细线方向分解，沿着细线方 则该电子透镜对入射的电子束能起到会聚作用， 向的分速度0量我=6c0s37°=4√gL ，由关联速 C错误；根据E。=q0可知，电子在穿越电子透镜 5 的过程中电势能减少，D正确。 度可知，此时物块的速度等于沿细线方向的速 5.A【解析】从题图所示位置顺时针转60°角的过 度，则有℃物块=7浴线= 4VgL 程中，线圈的磁通量在减小，由楞次定律可知，感应 5,A正确；同理，小球 电流方向由b通过R流向a,即为负方向，这段时 运动到B点时，把小球的速度分别沿着细线方向 间△山一无，当转到线围平面与磁场方向平行时， 和垂直细线方向分解，因为细线与细杆垂直，即 细线与小球的速度方向垂直，则物块的速度为 线圈的感应电流最大。继续转30°角的过程中，线 零，B正确；小球从A点到B点，重力势能的增加 圈的磁通量在增大，由楞次定律可知，感应电流方 向由b通过R流向a,即为负方向，这段时间 量Bm=mLsn37=3m,物块下落的高度 037-Lan37°=台，重力势能的该小 L △M,一6。继续转60°角的过程中，线圈的磁通量 h= 物理答案（一）·第3页（共6页） 7 真题密卷 学科素养月度测评 量Ep2=2mgh=mgL,则系统总重力势能的减小 2·2mg=ma2,得1=0.2,2=0.4，撤去拉力 2mgL 量△En=Ep2-Ep1= 5 ,C错误；小球从A点 F首，木板的知滤度a,一会恕-8m/g,对木板，根 运动到B点过程，细线对小球做的功W战与细 据牛顿第二定律有F一（41mg十u2·2mg)= 线对物块做的功W蜘战，有W翻线十W细线一0。分 mao,得F=18N,A正确，B错误；在t1=1.5s 析物块，根据动能定理有2mgh十Wa线=0-2 1 132 时，物块位移x1一20，一2X2m=2.25m,木板位 2mw,解得W我=-4lmgL 8 则细线对小球做 +02-0=（2×1+2x10)m 25 移x=2t+2a2 的功W=一W=,D正魔。本题选 6.75m,在t1=1.5s后，物块与木板间仍有相对 滑动，物块的加速度大小a1=41g=2m/s2,木板 错误的，所以选择C。 的加速度大小为a2,2·2mg一u1mg=ma2得 二、选择题 9.AD【解析】返回舱从a点滑入大气层经b点到 Q=6ms,物块到停止的时间还需t集二= 达c点的过程，由于有空气阻力做负功，返回舱的 动能减小，故有va>uc,从c点经d点后达到e 2s=1.5s,木板到停止的时间还需t=%= 01 a? 点的过程，不受空气阻力作用，返回舱在该过程 6s=0.55,所以木板比物块早停止运动。在方= 机械能守恒，而c点和e,点高度相等，返回舱在两 1.5s到物块停止运动的时间内，物块的位移x1= 点的重力势能相等，故有v:=v。,所以va>v。= 32 v。,A正确；返回舱由a运动到b再到c的过程 2a了=2×2m=2.25m,木板位移z2=2= 中，做曲线运动，合力的方向应指向轨迹的凹侧， 32 所以返回舱在b,点有向上的加速度分量，B错误； 2X6m=0.75m,物块最终停止时的位置与木 若返回舱过点所在的圆轨道做匀速圆周运动， 板右端间的距离△s=x2十x2一（x1十x1)= Mm 根据万有引力提供向心力有G (R+h)2=mw3 [6.75+0.75-(2.25+2.25)]m=3m,C正 确；由上可知，物块从开始到停止运动的时间为 R+h),地球表面有GM =m'g,所以w= 3s,2s时的速度不为0，D错误。 3 三、非选择题 √(R十h)》,实际上返回舱在d点时做近心运动， gR2 11.(1)0.0003(2分)-0.0001(2分)(2)C(2分) 此时地球引力大于所需向心力，故ω< 【解析】(1)根据E。=名y,代人数据解得 gR2 √(R十h),C错误；返回舱经过c点后做斜上抛 Ep2≈0.0003J;系统的机械能E=Ep1十E2十 Ek=-0.0001J。 运动，在竖直方向上做竖直上抛运动，轨迹对称，所 (2)小球只在重力作用下机械能守恒，A错误； 以在c→d点与d→e点的时间相等，D正确。 小球在重力和弹簧弹力作用下，小球的机械能 10.AC【解析】由题图像可知，撤去拉力F前，物 不守恒，但小球与弹簧组成的系统在重力和系 块在木板上一直有相对运动，否则，撤去拉力F 统内弹力作用下机械能守恒，B错误、C正确。 后，木板的vt图像不可能是两段折线。在1~ 12.(1)R4(2分)(2)见解析(2分) 1.5s内，物块加速、木板减速，设它们的加速度 大小分别为a1a,则a1==3-0 1000L2(2分)(4)250(2分) (3)11-12 △4,1.5-0m/s2= (5)等于(2分) 2m/s2,a2=A:=8-3 △2-1.5-1m/s=10m/s2,设物 【解析】(1)由题知，为准确测量Rz,故需要测 量较多的数据，所以滑动变阻器采用分压式接 块、木板的质量均为，物块与木板之间的动摩擦 法，滑动变阻器R3、R馬会被烧坏，需选择R4。 因数为1，木板与地面之间的动摩擦因数为以2， (2)因题中没有提供电压表，故需要将电流表A2 则有对物块有41mg=ma1,对木板有1mg十 与定值电阻R1串联，改成一个电压表，其量程 物理答案（一）·第4页（共6页） ·物理· 参考答案及解析 U=I.(RA2十R1)=3V,而电流表A1放在干路 方向，且当电场力与AC垂直时电场强度最小， 中，完整的电路图如图所示 由图甲可知 sin 0=E (2分) mg 解得电场强度E1的最小值 E1=5√2×102N/C. (1分) I2(r2+R1)1000I2 19 (3)根据电路图可得R.= I1-I2 11-I2 (4)根据R.= 100012,变形得1=121十R, 甲 I1-I2 (3)以AC方向为x轴，垂直AC的方向为y轴， 12.5 根据题图乙可知图像的斜率= 2.5 1+1000 R 建立如图乙所示的坐标系，由题意可知小球受 解得R,=250Ω。 到垂直A、C两点连线方向的合力，且合力方向 (5)电阻的电压及电流测量值均没有系统误差， 沿y轴负方向，其轨迹才能为抛物线。设小球 故电阻的测量值等于真实值。 抛出时速度大小为v、方向与x轴的夹角为a, 13.(1)4.08×103m3(2)3.88×10-3m3 加速度为a,从A到B的时间为t,由图可知 【解析】(1)汽车质量不变，则气缸内气体压强 sin45°-na (1分) 不变，属于等压变化，有 mg B,点坐标为 Vi V2 TIT2 (2分) √2 x=y=10m (1分) 其中T1=t1+273K=300K T2=t2+273K=306K 又有 解得V2=4.08×10-3m3。 (2分) x=Uc0sa·t (1分) 1 (2)初始时，设每个气缸的压强为p1,则有 5=s+9 y=2 vsina·t (1分) (1分) t=usin a (1分) a 解得p1=5.0×105Pa (1分) 驾驶员上车后，设每个气缸内压强为2，则有 5 联立解得u=√8m/s (1分) D:S=poS+(M+m)g 故小球抛出时的动能 4 (1分) 1 解得p2=5.15×105Pa (1分) Ek=2mo2=3.125X10-2J (1分) 驾驶员上车过程属于等温变化，有 根据对称性可知小球通过C点的动能 piV1=p2Vs (1分) Ek=Ek=3.125×10-2J。 (1分) 解得V3≈3.88×10-3m3。 (1分) 14.(1)0.5m/s(2)5√2×102N/C (3)3.125×10-2J 【解析】(I)小球做平抛运动通过C点，设水平 和竖直方向的位移分别为s、h,则 s=vot (1分) (1分) 代入数据解得小球抛出时的速度大小 15.(1)8√2V/m (2)Q点至下方9y6 40m vo=0.5m/s。 (1分) (3)7π+ √3 (2)如图甲所示，电场力与重力的合力应沿AC 150 200 物理答案（一）·第5页（共6页） 7 真题密卷 学科素养月度测评 【解析】(I)小球在第二象限内做类平抛运动，有 (3)小球进入磁场做匀速圆周运动，设半径为 s=Vot R3,周期为T有 at=votan 0 (1分) mu 2rmπ R= (2分) 由牛顿第二定律有 9B3 =0.16m,T= 9B,25s qE=ma (1分) π T 解得E=8√2V/m。 (1分) 由于磁场周期T。一50s=2 (2)设小球通过M点时的速度为v,由类平抛运 结合几何关系分析可知小球在磁场中的运动轨 动规律 迹如图乙所示 5R3-L1 sin 0=8 m/s (1分) cos=R3 一2 (1分) 小球垂直磁场方向进入两板间做匀速圆周运 即小球从M点与y轴负方向成P=60°做匀速 动，轨迹如图甲所示，由牛顿第二定律有 直线运动打至N点 则在磁场中运动的时间 qvB-mR (1分) ,T,T7π t1=4X4+6=150s (1分) 解得B=my 9R 离开磁场到打在平板C3上所用的时间 小球刚好能打到Q点时磁感应强度最强，设为 d233 t2-usin a 200s (1分) B1,此时小球的轨迹半径为R1,由几何关系有 R L-R 小球从M点到打在平板Cg上所用总时间 L+d:-R1 Ri (1分) t=t1十t2= 7π33 (1分) 解得R1=0.4m,B1=1T (1分) 150T200/ 即小球可以打至C3板上端Q点。 1A 设小球刚好不与C?板相碰时的磁感应强度为 B2,此时粒子的轨迹半径为R2,由几何关系有 桌面 R2=d1 (1分) 2 此时B2= (1分) d 如图甲所示，与C2板相切后由A,点射出磁场打 至Q2,点，设∠HO2A=∠O2AO=∠IAQ2=a 则sina= L-R21 2√6 R2 5 cos a= √6 5,tana= 2 12 QQ2=O2 H-Q2I=R2cos a-d2 tan a= 0 96 40m (2分) 9√6 ) 即Q,点至下方 m处有小球打击。 (1分) 40 桌面 d O M O ··R C 7 物理答案（一）·第6页（共6页）