2025年高三下学期学科素养月度测评物理（一）1版(冀辽黑赣桂吉晋豫陕青宁蒙新藏粤滇川专用)-【真题密卷】2025年高三下学期物理学科素养月度测评

2024一2025学年度下学期学科素养月度测评 卷题 物理（一） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项符合题目要求。 1.用粒子X轰击原子核Be生成C与n,用粒子X轰击原子核C生成Y,此反应放出的核 能为E。。已知B、X、C的比结合能分别为E1、E2、E3,下列说法正确的是 () A.X是B粒子 B.Y是8O C.粒子X轰击Be后放出的核能为9E1+4E2-12E3 E2+12E3-E0 D.Y的比结合能为 16 2.如图所示，半圆柱体玻璃砖横截面半径为R,高为4R。有单色光垂直平面ABCD射入 玻璃砖，为了避免光从圆弧面射出，需要在圆弧面上涂抹一层吸光材料。已知玻璃砖对 该单色光的折射率为3 二，则涂抹层的最小面积为 B 2 4 8 A.3R2 B.3R2 C.2πR2 D. 3πR2 物理试题（一）·第1页（共8页） 真题密卷·学手 3.在电子显微镜中，电子束相当于光束，通过由电场或磁场构成的电子透镜实现会聚和发 班级 散作用。其中的一种电子透镜由两个金属圆环M、N组成，其结构如图甲所示，图乙为 图甲的截面示意图。显微镜工作时，两圆环的电势PN>PM,图乙中虚线表示两圆环之 姓名 间的等差等势面，O点为水平虚线与竖直虚线的交点，a、b两点关于O点中心对称。现 有一束电子经电场加速后，沿着平行于两金属圆环轴线的方向进人金属圆环M。下列 得分 说法正确的是 A.a点电势比b点电势低 B.a点电场强度比b点电场强度大 C.该电子透镜对入射的电子束能起到发散作用 0 D.电子在穿越电子透镜的过程中电势能减少 4.如图所示，匀强磁场方向与水平面成60°角斜向右下方，矩形线圈以恒定角速度ω绕水 平面内的OO轴按图示方向转动，线圈通过换向器与电阻R相连。以图中时刻为计时 起点，规定电流由α通过R流向b方向为电流正方向，则通过R的电流i随时间变化图 像正确的是 ( ) B. 6 D.6 5.A、B两个粗细均匀的同心光滑圆环固定在竖直转轴上，圆心O在转轴上，两环和转轴在 同一竖直面内，、b两个小球分别套在A、B两个圆环上，当两环绕竖直轴匀速转动后， a、b两球在环上的位置可能是 ( d山 B B A b a ● A. C D 斗素养月度测评 物理试题（一）·第2页（共8页） 6.一小车（可视为质点）沿x轴运动，坐标x随时间t的变化图像如图中的实线所示，实 线与虚线组成开口向上的抛物线，抛物线的顶点坐标为（一5s,0),与纵轴的交点坐标 为(0,25m)。下列说法正确的是 () x/m 25 -50 A.小车做匀加速运动，其加速度大小为1m/s2 B.小车的初速度大小为10m/s C.3s末小车的速度大小为13m/s D.0~3s时间内，小车的位移大小为64m 7.如图所示，光滑的细杆固定放置，与水平方向的夹角为37°，质量为m的小球与质量为 2m的物块通过细线连接，细线跨过天花板上的两个轻质定滑轮。小球套在细杆上从某 处由静止开始上滑，细线一直处于伸直状态，当小球运动到A点时，速度方向沿着杆斜 向上大小v。=√gL,细线与细杆之间的夹角为37°，当小球运动到B点时，细线与细杆 垂直。已知A、B两点的距离为L,重力加速度为g,小球与物块（均可视为质点）总在同 一竖直平面内运动，sn37”=写c0s37”-号，下列说法错误的是 3 LLLEEKLLK4E11L11L1641144 37 。A 37°0 mnminimmmm 4 A,当小球在A点时，物块的速度大小为√g工 B.当小球运动到B点时，物块速度的大小为0 C.小球从A点运动到B点的过程中，系统总重力势能的减小量为3二 41mgL D.小球从A点运动到B点的过程中，细线对小球做的功为 25 物理试题（一）·第3页（共8页） 真题密卷·学 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.“嫦娥五号”月球探测器返回舱为了安全带回样品，采用了类似“打水漂”多段多次减速 技术。如图所示，用虚线表示地球大气层边界，虚线外侧看作没有大气。关闭发动机的 返回舱从a点滑人大气层，然后经b点从c点“跳出”，经d点后再从e点“跃入”。d点 为轨迹最高点，距离地面高度为h,已知重力加速度为g,地球半径为R。下列说法正确 的是 () 地球 大气层 A.a、c、e三点的速率满足va>c=v。 B.返回舱在b点有竖直向下的加速度分量 gR2 C.返回舱在d点时的角速度等于√(R十h) D.返回舱在c→d点与d→e点的时间相等 9.如图甲所示，足够长的木板静置于水平地面上，木板右端放置一小物块。在t=0时刻对 木板施加一水平向右的恒定拉力F,作用1s后撤去F,此后木板运动的t图像如图乙 所示。物块和木板的质量均为1kg,物块与木板间及木板与地面间均有摩擦，最大静摩 擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2,下列说法正确的是 () ↑ms- ▣F 7nm7m7m1n1171mm7777i7 0 1 1.5 t/s 甲 A.拉力F的大小为18N B.物块与木板、木板与地面间的动摩擦因数均为=0.4 C.物块最终停止时的位置与木板右端间的距离为3m D.t=2s时，物块的速度减为0 斗素养月度测评 物理试题（一）·第4页（共8页） 10.如图所示，两根足够长的光滑平行导轨固定在绝缘水平面上，左、右两侧导轨间距分别 为2L和L,图中OO左侧是电阻不计的金属导轨，OO'右侧是绝缘轨道。金属导轨部 分处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B。;OO右侧以O为原点，沿导轨方 向建立x轴，沿Ox方向存在分布规律B=B。十kx(k>0)的竖直向下的磁场（图中未 标出)。一质量为m、阻值为R、三边长度均为L的U形金属框，左端紧靠OO'平放在 绝缘轨道上（与金属导轨不接触）处于静止状态。长为2L、质量为m、电阻为R的导体 棒a处在间距为2L的金属导轨上，长为L、质量为m、电阻为R的导体棒b处在间距 为L的金属导轨上。现同时给导体棒a、b大小相同的水平向右的速度vo,当导体棒b 运动至OO'时，导体棒a中已无电流(a始终在宽轨上)。导体棒b与U形金属框碰撞 后连接在一起构成回路，导体棒a、b、金属框与导轨始终接触良好，导体棒a被立柱挡 住没有进入右侧轨道。下列说法正确的是 ( 立柱 XX××× 0 b A.给导体棒a、b大小相同的水平向右的速度v0后，导体棒b做匀速运动 B.导体棒b到达O0时的速度大小为 C.导体棒b与U形金属框碰撞后连接在一起后做匀减速运动 12mvoR D.导体棒b与U形金属框碰撞后，导体棒b静止时与OO'的距离为 5k2L4 三、非选择题：本题共5小题，共54分。 11.(6分)某实验小组验证机械能守恒定律的实验装置如图甲所示，将小球向下拉到某一 位置释放后，小球上下来回运动，利用手机录制一段视频，利用Tracker软件对视频进 行逐帧分析，得出每一帧对应时间及小球所在位置。已知小球质量m=0.05kg,当地 重力加速度g取9.8m/s2,弹簧劲度系数k=1.38N/m,视频帧率为30fps(每秒30 帧)。取竖直向上为正方向，竖直方向位移用y表示，利用重力势能E1=mgy、动能 E。-号m02,弹性势能E=y2计算总机械能E。 1 0.4 0.3 0.2 弹性势能 0.1 动能 0 03060912 21/22 机械能 -0.1 -0.2 -0.3 重力势能 -0.4 物理试题（一）·第5页（共8页） 真题密卷·学科 (1)表格中是本次测量的部分数据，当小球下落位移为一0.02000m时，请计算：①弹簧 的弹性势能E2= J;②系统的机械能E J(结果均保留四位小数)。 时间(s) 位移(m) 速度(m/s) 动能(J) 重力势能(J) 弹性势能(J) 机械能(J) 0.066667 -0.02000 0.6119 0.0094 -0.0098 ① ② 0.100000 -0.04648 -0.9230 0.0213 -0.0228 0.0015 0.0000 0.133333 -0.08153 -1.1994 0.0360 -0.0399 0.0046 0.0007 (2)测量多组数据并绘制动能、重力势能、弹性势能、机械能随时间变化情况如图乙所 示（图中各物理量单位均为国际单位，纵轴表示能量，横轴表示时间），由图乙可得 出的实验结论是 0 A.小球在重力作用下机械能守恒 B.小球在重力和弹簧弹力作用下机械能守恒 C.小球与弹簧组成的系统在重力和系统内弹力作用下机械能守恒 12.(8分)某同学测量一个电阻的阻值Rz,已知Rx约为2502，有以下实验器材可供选择： A.电流表A1（量程为0~15mA,内阻r1约为22)； B.电流表A2(量程为0~3mA,内阻r2=1002); C.定值电阻R1(阻值为9002)； D.定值电阻R2(阻值为99002)； E.滑动变阻器R3(0~202,允许通过的最大电流为100mA); F.滑动变阻器R4(0~202,允许通过的最大电流为400mA); G.滑动变阻器R与(0~1002，允许通过的最大电流为20mA); H.蓄电池E(电动势为3V,内阻很小)； I.开关S与若干导线。 (1)滑动变阻器应选择 (填“R3”“R4”或“R”)。 (2)在虚线框内将图甲所示的电路补充完整，并标明各器材的符号。后续实验都在正 确连接电路的条件下进行。 ↑I/mA 12.5 2.5 1/mA (3)该同学在某次实验过程中测得电流表A1的示数为I1,电流表A2的示数为I2,则 该电阻表达式R,= (用I1、I2表示)。 素养月度测评 物理试题（一）·第6页（共8页） 个y (4)调节滑动变阻器，测得多组I1和I2,并作出I1-I2图像如图乙所示，则该电阻的阻 值为 n。 (5)从系统误差的角度考虑，该电阻测量值 (填“大于”“等于”或“小于”)真 实值。 13.(10分)随着国产新能源汽车的飞速发展，现在高端的国产新能源汽车也配备如图甲所示 的空气悬架系统，该系统可以简化成一个带活塞的导热气缸，如图乙所示，活塞通过轻质 金属杆固连到车轮轮轴上。一辆质量M=1.6×103kg(不含4个车轮和活塞)的汽车静 止在水平地面时，每个气缸内气体体积V1=4×10-3m3,活塞面积S=1.0×10-2m,初 始时环境温度t1=27℃，大气压强卫。=1.0×105Pa,气缸内气体可看作理想气体，T= t+273K,g取10m/s2。 (1)若环境温度缓慢升高到t2=33℃，大气压强保持不变，求每个气缸内气体的体积。 (2)若环境温度保持27℃不变，质量m=60kg的驾驶员上车，待缸内气体稳定后，求每 个气缸内气体的体积（结果保留三位有效数字）。 汽车 14.(13分)如图所示，竖直平面内有一边长为5cm的正方形ABCD,CD边水平，将质量 m=0.1kg、电荷量g=1×10-3C的带正电小球自A点沿AB方向抛出，恰好通过C 点，g取10m/s2。 (1)求小球抛出时的速度大小。 (2)若只增加一个平行于ABCD平面的匀强电场E1(大小未知)，将小球自A点由静 止释放，恰好沿AC运动，求电场强度E1的最小值。 (3)若只在ABCD平面内增加一个方向平行AC的匀强电场E2(大小未知)，将小球自 A点沿某方向（未知）抛出，恰好能先后通过B、C两点，且从A到B和从B到C的 时间相等，求小球通过C点时的动能大小。 1 物理试题（一）·第7页（共8页）》 真题密卷·学科 15.(17分)如图甲所示，在光滑绝缘水平桌面内建立xOy坐标系，在第二象限内有平行于 桌面的匀强电场，电场方向与x轴负方向的夹角0=45°。在第三象限垂直于桌面放置 两块相互平行的平板C1、C2,两板间距1=0.6m,板间有竖直向上的匀强磁场，磁感 应大小可变。两板右端在y轴上，平板C1与x轴重合，在其左端紧贴桌面有一小孔 M,小孔M离坐标原点O距离L=O.72m。在第四象限垂直于x轴放置一块平行y 轴且沿y轴负方向足够长的竖直平板C3,平板C3在x轴上垂足为Q,垂足Q与原点 O相距d2=0.18m。现将一带负电的小球从桌面上的P点以初速度vo=4√2m/s垂 直于电场方向射出，刚好垂直于x轴穿过C1板上的M孔，进人磁场区域。已知小球 可视为质点，小球的比荷？=20C/kg,P点与小孔M在垂直于电场方向上的距离s= m √2 m,不考虑空气阻力与小球重力。 (1)求匀强电场的场强大小。 (2)求带电小球无碰撞地穿出磁场并打到平板C3上的范围。 (3)若t=0时刻小球从M点进入磁场，磁场的磁感应强度随时间呈周期性变化（取竖 直向上为磁场正方向)，如图乙所示。同时撤去平板C2,磁场区域充满第三象限，求 小球从M点到打在平板C3上所用的时间。 ↑B/T 桌面 2.5 入L d 0 8 :3 100 100 -2.5 乙 素养月度测评 物理试题（一）·第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 2024一2025学年度下学期学科素养月度测评， 物理（一） 命题要素细目表 关键能力：I.理解能力 Ⅱ.推理论证能力Ⅲ.模型建构能力Ⅳ.实验探究能力 V.创新能力 核心素养：①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 题号 题型 分值 考查内容 关键能力 核心素养预估难度 ⅡⅢWV①②③④ 等级系数 单项 1 选择题 核反应方程、比结合能 多 0.80 单项 2 选择题 折射定律 易 0.80 单项 3 选择题 电势、电场强度、电势能 中 0.50 单项 4 通过楞次定律判断电流方向 选择题 4 必 0.70 单项 选择题 共点力平衡、牛顿第二定律 中 0.65 单项 6 4 x一t图像、匀变速运动公式 必 0.65 选择题 单项 关联速度模型、动能定理、机械能 7 选择题 守恒 中 0.60 多项 8 动能定理、圆周运动 0.50 选择题 6 多项 9 6 v-t图像、牛顿第二定律、运动学 雅 0.35 选择题 公式 多项 10 选择题 6 安培力结合动量定理、感应电动势 难 0.30 11 实验题 6 验证机械能守恒 易 0.75 12 实验题 测量未知电阻阻值 中 0.50 三 13 计算题 o 理想气体状态方程 0.65 计算题 运动学公式、牛顿第二定律、机械 中 0.50 能守恒定律 牛顿第二定律、类平抛运动、匀速 计算题 17 圆周运动、带电粒子在周期性磁场 难 0.25 的运动 物理答案（一）·第1页（共7页） 真题密卷 学科素养月度测评 精典评析 TIANSHUJIAOYU ★某同学测量一个电阻的阻值R,已知R.约为2502，有以下实验器材可供选择： A.电流表A1(量程为0~15mA,内阻r1约为22)； B.电流表A2(量程为0~3mA,内阻r2=1002); C.定值电阻R1(阻值为9002)； D.定值电阻R2(阻值为99002)； E.滑动变阻器R3(0~202,允许通过的最大电流为100mA); F.滑动变阻器R4(0~202,允许通过的最大电流为400mA)； G.滑动变阻器R5(0~1002,允许通过的最大电流为20mA)； H.蓄电池E(电动势为3V,内阻很小)； 1.开关S与若干导线。 (1)滑动变阻器应选择 (填“R3”“R4”或“R”)。 (2)在虚线框内将图甲所示的电路补充完整，并标明各器材的符号。后续实验都在正确连接电路的条件下 进行。 ↑I/mA 12.5 E 0 2.5 1./mA (3)该同学在某次实验过程中测得电流表A1的示数为I1,电流表A2的示数为I2,则该电阻表达式Rz= (用I1、I2表示)。 (4)调节滑动变阻器，测得多组11和I2,并作出11-I2图像如图乙所示，则该电阻的阻值为 n。 (5)从系统误差的角度考虑，该电阻测量值 (填“大于”“等于”或“小于”)真实值。 【试题解读】 本题综合考查电学实验中器材选择、电路设计、数据处理和误差分析，考查全面细致，其中滑动变阻器 的选择既要考虑分压式电路对滑动变阻器的要求，又要考虑安全因素，需要学生对该知识，点深入掌握才能 得分。 ★如图所示，竖直平面内有一边长为5cm的正方形ABCD,CD边水平，将质量m=0.1kg、电荷量q= 1×10-3C的带正电小球自A点沿AB方向抛出，恰好通过C点，g取10m/s2。 (1)求小球抛出时的速度大小。 (2)若只增加一个平行于ABCD平面的匀强电场E1(大小未知)，将小球自A点由静止释放，恰好沿AC 运动，求电场强度E1的最小值。 (3)若只在ABCD平面内增加一个方向平行AC的匀强电场E2(大小未知)，将小球自A点沿某方向（未 知)抛出，恰好能先后通过B、C两点，且从A到B和从B到C的时间相等，求小球通过C点时的动能 大小。 D 【试题解读】 题干简洁，表述简单，但信息量很大，能很好地考查学生获取信息并进行物理转化的能力，综合考查了 匀变速曲线运动、图解法求极值，其中对于匀变速曲线运动的考查细致、深入、到位，学生需要清楚地把握 该运动特点才能着手进行第三个问题的求解。 物理答案（一）·第2页（共7页） ·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 一、单项选择题 所述，A正确。 1.B【解析】粒子X轰击原子核Be的核反应方程 5.B【解析】对小球受力分析如图所示，由牛顿第 为Be十X→C十n,则X为He,即a粒子，A 错误；粒子X轰击原子核C的核反应方程 二定律得mg看-m7,故人-怎，两小球角達度 为C十X→18Y,则Y是8O,B正确；Be与粒 相同，故h相同，即在同一个水平面内做圆周运 子X发生核反应产生的核能△E=12E3一9E1一 动，B正确。 4E2,C错误；C与粒子X发生核反应放出的核能 为E。,设Y的比结合能为E,由能量守恒E。= N 16E-4E:-12E,解得E E+4E:+12E,D 级 错误 mg 2.D【解析】根据折射率n与全反射临界角C的 6.B【解析】设题图抛物线方程为x=(t十5)2，由 1 关系n一sinC,解得C=60,根据几何关系可 于t=0时，x=25m,解得k=1,即x=(t十5)2，变 化得x=25+10t+t2,由此可见，小车做匀加速直 得，为避免光从圆孤面射出，涂抹区域对应的最 小圆心角2C=120°，则涂抹层的最小面积Smin= 线运动，由x=十十a可知物拾位置坐标 2容×R×-gR,DE, x0=25m,初速度的大小vo=10m/s,加速度大 2 小a=2m/s2,A错误，B正确；3s末小车的速度 3.D【解析】两圆环的电势PN>PM,则靠近N环 的电势较高，即a点电势比b,点电势高，A错误； 大小v=v十at1=16m/s,位置坐标x3=x0十 1 根据对称性可知，a点电场强度与b点电场强度 @4+2ai=25m+10X3m十2×2X32m 大小相等，方向相同，B错误；根据电场线与等势 64m,在0~3s时间内，小车的位移大小△x= 面垂直可知，入射的电子受电场力指向中轴线， x3一xo=64m一25m=39m,C、D错误。 则该电子透镜对入射的电子束能起到会聚作用， 7.C【解析】小球在A点时，把实际速度v。分别 C错误；根据E。=qP可知，电子在穿越电子透镜 沿着细线方向和垂直细线方向分解，沿着细线方 的过程中电势能减少，D正确。 4.A【解析】从题图所示位置顺时针转60°角的过 向的分速度口=c0s37”-4V工，由关联速 5 程中，线圈的磁通量在减小，由楞次定律可知，感应 度可知，此时物块的速度等于沿细线方向的速 电流方向由b通过R流向a,即为负方向，这段时 度，则有表==4工，A正确！同理，小球 间△丛，一”，当转到线圈平面与磁场方向平行时， 5 运动到B,点时，把小球的速度分别沿着细线方向 线圈的感应电流最大。继续转30°角的过程中，线 和垂直细线方向分解，因为细线与细杆垂直，即 圈的磁通量在增大，由楞次定律可知，感应电流方 细线与小球的速度方向垂直，则物块的速度为 向由b通过R流向a,即为负方向，这段时间 零，B正确；小球从A点到B点，重力势能的增加 ,=忍。继续转60角的过程中，钱图的磁通量 量En=mgLsin37=3mgL,物块下落的高度 5 在增大，线圈两个接头通过换向器改变了与R两 端的连接，由楞次定律可知，感应电流方向由a通 h=L c0837二Ltan37°之，重力势能的减小 过R流向b,即为正方向，这段时间△，一3 ,此 量E2=2mgh=mgL,则系统总重力势能的减小 时，线圈平面与磁场方向垂直，感应电流为0，综上 量△E,=E一E=20,C错误小球从A点 物理答案（一）·第3页（共7页） 真题密卷 学科素养月度测评 运动到B点过程，细线对小球做的功W知线与细 ma2,得1=0.2,42=0.4，撤去拉力F前，木板的 线对物块做的功W蜘线，有W如线十W如战=0。分 加速度a0-=8m/S,对木板，根据牛顿第二定 1 析物块，根据动能定理有2mgh十W知=0一2 律有F-(1mg十2·2ng)=mao,得F=18N, 2m块，解得W线= 41mgL A正确，B错误；在t1=1.5s时，物块位移x1= ,则细线对小球做 25 132 的功Wa=-W2,D正流。本超选 2a2×2m=225m,木板位移x-21十 82-32、 错误的，所以选择C。 0o1=(8X1+2x10)m=6.76m,在4= 2a2 二、多项选择题 1.5s后，物块与木板间仍有相对滑动，物块的加速 8.AD【解析】返回舱从a点滑入大气层经b点到 度大小a1=1g=2m/s2,木板的加速度大小为 达c,点的过程，由于有空气阻力做负功，返回舱的 a2,2·2mg一41mg=ma2得a2=6m/s2,物块到 动能减小，故有a>v。,从c点经d点后达到e 点的过程，不受空气阻力作用，返回舱在该过程 修止的时问还秀1一2-多。=15木长到件 机械能守恒，而c,点和e,点高度相等，返回舱在两 01=3 点的重力势能相等，故有v。=。,所以va>o= 止的时间还需1一d一68=0.5s,所以木板比 v。,A正确；返回舱由a运动到b再到c的过程 物块早停止运动。在=1.5s到物块停止运动的 中，做曲线运动，合力的方向应指向轨迹的凹侧， 时间内，物块的位移x1=。01,=,m=2.25m, 所以返回舱在b点有向上的加速度分量，B错误； 若返回舱过d,点所在的圆轨道做匀速圆周运动， v132 木板位移x=20:一2X6m=0.75m,物块最 Mm 根据万有引力提供向心力有G (R+h)2=mw2 终停止时的位置与木板右端间的距离△s=x2十 Mm' x2-(x1+x)=[6.75+0.75-(2.25+2.25)]m= (R+h),地球表面有G R2=m'g,所以w= 3m,C正确；由上可知，物块从开始到停止运动的时 gR2 间为3s,2s时的速度不为0，D错误。 √(R十h),实际上返回轮在d点时做近心运动， 10.BD【解析】给导体棒a、b大小相同的水平向右 此时地球引力大于所需向心力，故w< 的速度v0后，因为导体棒a产生的电动势大于导 √(R十)，C错误；返回舱经过c点后做斜上抛 gR 体棒b产生的电动势，所以回路中有感应电流产 生，导体棒a做减速运动，导体棒b做加速运动， 运动，在竖直方向上做竖直上抛运动，轨迹对称，所 然后做匀速运动，A错误；设导体棒b到达OO'时 以在c→d点与d→e点的时间相等，D正确。 的速度大小为vb,此时导体棒a的速度大小为 9.AC【解析】由题图像可知，撤去拉力F前，物块 a,因为此时已经无电流，所以BL0=2BL0a,则 在木板上一直有相对运动，否则，撤去拉力F后， 对导体棒a、b分别根据动量定理可得一2B,Lq= 木板的t图像不可能是两段折线。在1~1.5s mva一mu0,BoLq=mvb一mvo,联立解得vb= 内，物块加速、木板减速，设它们的加速度大小分 6 △013-0 0B正确；导体棒b与U形金属框碰撞后连 别为a1a:,则a-△，-i5-0m/g=2m/s, 接在一起后做加速度不断减小的减速运动，C错 △028一3 a:=△，=1.5m/g=10m/s,设物块、木板的 误；设导体棒b与U形金属框碰撞后共同速度 为v1,则根据动量守恒定律可得mwb=2v1, 质量均为m,物块与木板之间的动摩擦因数为1， 3 木板与地面之间的动摩擦因数为2，则有对物块 解得1=了，由题意可知U形金属框右边始 有41mg=ma1,对木板有1mg十42·2mg= 终比U形金属框左边的磁场大△B=L,从导 物理答案（一）·第4页（共7页） ·物理· 参考答案及解析 体棒b与U形金属框碰撞后到最终静止的过 13.(1)4.08×10-3m3(2)3.88×10-3m3 程，回路中的平均电流一2 △BL 【解析】(1)汽车质量不变，则气缸内气体压强 2R ,根据动 不变，属于等压变化，有 量定理有-△B'Lt'=0-2mu1,b棒静止时与 Vi V2 T1=T2 (2分) OO'点的距离x=ut',联立解得x 12mvo 5k2L4 ,D 其中T1=t1+273K=300K 正确。 T2=t2+273K=306K 三、非选择题 解得V2=4.08×10-3m3。 (1分) 11.(1)0.0003(2分)一0.0001(2分)(2)C(2分) (2)初始时，设每个气缸的压强为1，则有 1 【解析】（1)根据E0=2y,代入教据解得 S-,S+9 (1分) E2≈0.0003J;系统的机械能E=Ep1十E2+ 解得p1=5.0×105Pa (1分) Ek=-0.0001J。 驾驶员上车后，设每个气缸内压强为p2,则有 (2)小球只在重力作用下机械能守恒，A错误； D2S=poS+(M+m)g 4 (1分) 小球在重力和弹簧弹力作用下，小球的机械能 解得p2=5.15×105Pa (1分) 不守恒，但小球与弹簧组成的系统在重力和系 驾驶员上车过程属于等温变化，有 统内弹力作用下机械能守恒，B错误、C正确。 piV1=p2V3 (2分) 12.(1)R4(1分)(2)见解析(2分) 解得V3≈3.88×10-3m3。 (1分) )100L22分)(4)250(2分) (3)11-12 14.(1)0.5m/s(2)5W2×102N/C (3)3.125×10-2J (5)等于(1分) 【解析】(1)小球做平抛运动通过C点，设水平 【解析】(1)由题知，为准确测量Rz,故需要测 和竖直方向的位移分别为5、h,则 量较多的数据，所以滑动变阻器采用分压式接 s=vot (1分) 法，滑动变阻器R、R与会被烧坏，需选择R4。 1 (2)因题中没有提供电压表，故需要将电流表A2 h=28t (1分) 与定值电阻R1串联，改成一个电压表，其量程 代入数据解得小球抛出时的速度大小 U=Ig(RA2十R1)=3V,而电流表A1放在千路 v0=0.5m/s。 (1分) 中，完整的电路图如图所示 (2)如图甲所示，电场力与重力的合力应沿AC 方向，且当电场力与AC垂直时电场强度最小， 由图甲可知 sin =gE (1分) mg 解得电场强度E,的最小值 (3)根据电路图可得R,-1::十R)-1001 E1=5√2×102N/C。 (1分) I1-I2 I1-I29 1000I2 (4)根据R.= 11-12 支移释1=1+) 12.5 1000 根据题图乙可知图像的斜率k= =1+ 2.5 R 甲 解得R=2502. (3)以AC方向为x轴，垂直AC的方向为y轴， (5)电阻的电压及电流测量值均没有系统误差， 建立如图乙所示的坐标系，由题意可知小球受 故电阻的测量值等于真实值。 到垂直A、C两，点连线方向的合力，且合力方向 物理答案（一）·第5页（共7页） 1 真题密卷 学科素养月度测评 沿y轴负方向，其轨迹才能为抛物线。设小球 动，轨迹如图甲所示，由牛顿第二定律有 抛出时速度大小为、方向与x轴的夹角为a, quB-mR (1分) 加速度为a,从A到B的时间为t,由图可知 sin45°-ma (1分) mg 解得B-R B点坐标为 小球刚好能打到Q,点时磁感应强度最强，设为 √2 B1,此时小球的轨迹半径为R1,由几何关系有 x=y=10m (1分) R L-R 又有 L十d2-R1R1 (1分) x=ucos a·t (1分) 解得R1=0.4m,B1=1T (1分) 1 y=2usina.t (1分) 即小球可以打至C3板上端Q点。 设小球刚好不与C2板相碰时的磁感应强度为 l=Usin a (1分) B2,此时粒子的轨迹半径为R2,由几何关系有 a 5 R2=d1 (1分) 联立解得u=√8m/s (1分) 此时B2=3 (1分) 故小球抛出时的动能 E=2mo=3.125×10J 如图甲所示，与C2板相切后由A点射出磁场打 (1分) 至Q2,点，设∠HO2A=∠O2AO=∠IAQ2=a 根据对称性可知小球通过C点的动能 则sina L-R21 2 5,tan a= √6 Ek=Ek=3.125×10-2J。 (1分) 12 QQ2=O2H-Q2I=R2cos a-d2tan a= 9√6 (1分) ma 40 -m 即Q点至下方96 40 m处有小球打击。(1分) 15.(1)8√2V/m (2Q点至下方96 0m 桌面 a+） 【解析】(1)小球在第二象限内做类平抛运动，有 s=vot 。·R at=votan 0 (1分) 由牛顿第二定律有 C qE=ma (1分) 甲 解得E=8√2V/m。 (1分) (3)小球进入磁场做匀速圆周运动，设半径为 (2)设小球通过M点时的速度为v,由类平抛运 R3,周期为T有 动规律 mu 2πmπ R3= =0.16m,T= qB325s (2分) qB -sin 0-8m/s (1分) 由于磁场周期T。=0$一之 πT 小球垂直磁场方向进入两板间做匀速圆周运 物理答案（一）·第6页（共7页） ·物理· 参考答案及解析 结合几何关系分析可知小球在磁场中的运动轨 迹如图乙所示 -之-号 桌面 (1分) 即小球从M点与y轴负方向成P=60°做匀速 d 直线运动打至N,点 1 则在磁场中运动的时间 6=4XT+T-7x ·B. C 4T6-1508 (1分) 离开磁场到打在平板C3上所用的时间 d23√3 M tavsin a200s (1分) 小球从M,点到打在平板C3上所用总时间 t=t1十t2= 7π，33 (1分) 150 200/s。 物理答案（一）·第7页（共7页） 1