江西宜丰中学2025-2026学年上学期高一期末考试物理试卷

高一物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 力 B D D B A BD ABD AC 1.B【详解】A.加速和减速要看加速度和速度的方向，选项A错误；B.“上午8时上课”中的8时， 是时刻，选项B正确；C.做匀速圆周运动的物体其合外力指向圆心，选项C错误；D,研究地球公转 时，可将地球视为质点，研究地球自转时，不可将地球视为质点，选项D错误。故选B。 2.B【详解】A.地球对人的吸引力等于人对地球的吸引力，故A错误；B.人被向下“放下时，向下 减速，加速度向上，处于超重状态，故B正确：CD.由于人向下减速运动，所以人受到的重力与气流 对人的作用力不是一对平衡力，也不是一对相互作用力，故CD错误：故选B。 3.D【详解】AB.手绢a的高度更高，所以运动时间更长，故AB错误；CD.手绢从最高点运动到 手中的过程可视作平抛运动，由x=1,h=可知，沿轨迹b运动的手绢到最高点时的速度大，放 C错误，D正确。故选D。 4D【详解】根粉运动的合规和分解可知，气球在竖直方上运磷的时同：-号弩=1低水平方向上 运动时间与竖直方向上运动的时间相等，故水平方向的位移x=0+:t=64m所以热气球距出发点的距 2 离s=√x2+h2≈10.2m故选D。 5,B【详解】A.由题图可知弹簧产生的弹力和弹簧的形变量成正比，故A错误；B.由题图可知弹 簧弹力的增加量与弹资形变量的增加量成正比，即△F-Ac所以△r=又因为弹簧形变是的增加量 定等于弹簧长度的增加量，所以弹簧长度的增加量与对应的弹力增加量成正比，故B正确；C.F- 图像的斜率表示弹簧的劲度系数，则该弹簧的劲度系数是k=AP=200Nm故C错误：D.由思图可知 △x 图像的斜率不变，所以弹簧的劲度系数不变，故D错误。故选B。 6.C【详解】杂技演员匀速向上爬时，手相对杆有向下的运动趋势，所受的摩擦力为静摩擦力，方向 向上，大小等于杂技演员的重力：杂技演员匀速下滑时，所受的摩擦力为滑动摩擦力，方向向上，大 小也等于杂技演员的重力。故选C。 7.A【详解】ABC.设漏斗侧壁与竖直方向夹角为0，对小球受力分析可知g。=a=m上=m 4元2 tan e 2 rtan 可得T=2π ,1 ,a=8 因第二次做圆周运动的半径较小，可知周期较小，角速 8 tane tan 度较大，加速度与第一次相同，选项A正确，BC错误：D.受到漏斗壁的弹力N=8, 与第一次相 sine 同，选项D错误。故选A。 8.BD【详解】香肠烤熟后与烤熟前相比，两根金属杆对其合力大小均等于其重力 大小，故大小不变；对香肠进行受力分析如图所示，根据对称性有N= 根据平衡条件有g=2Nc0s0=2Ncos日解得N=N,=,m。令金属杆之间的距 2cos日 d 离为d,则sin0= 2+R可知当香肠半径R变大时，则6减小，由分析可知，、 NW均减小。故选BD。 mg 9.ABD【详解】A.根据速度图线与时间轴包围的面积表示位移，可知乙在10s时启动，此时甲的 为x=×0x10m=50m即甲车在乙前方50m处，故正确；B.当两车的速度相等时，乙车整 车的距离最大，由v一t图像可知最大距离为=)X⑤+15)x10m-×10x5m=75m故B正确： C.由于两车从同一地点沿同一方向沿直线运动，当位移相等时两车才相遇，由图可知，乙车启动10s 后位移小于甲的位移，还没有追上甲，故C错误：D.乙车超过甲车后，由于乙的速度一直大于甲的 速度，所以两车不会再相遇，故D正确。故选BD。 10.BC【详解B.当1、2连线与卫星2的轨道圆相切时，0达最大值B错误；A.由题意可知上=sim30=】 可知1、2的轨道半径之比为2：1，A正确CD.根据开普勒第三定律可知 T 2即2的周期 为巨7，C正确，D错误。故选AC。 4 11.(1)BC (2) 抛物线 【详解】(1)A.小球从适当高度释放即可，释放小球的初始位置太高，需要的木板越宽，不利于实验， 故A错误；B.调整木板，使之与小球下落的竖直面平行，如果不平行，小球可能会与木板发生碰撞， 故B正确；C.小球做平抛运动时要靠近木板但不能与木板接触，否则会影响小球的平抛运动轨迹， 故C正确；D.应用平滑的曲线连接描绘的点得到小球的运动轨迹，故D错误。故选BC。 L乙L,3二=目u(耳王业L三x其r毕律年gΞ头件本群鲜L 由此可知在y-x图像中，图线是一条过原点的直线，说明小球运动的轨迹形状是抛物线： 冈根据上述分析可知，图像的翁率：是解得，一景 12.(1)D(2) 0.6471.25(3)等于 【详解】(1)小车做加速运动，纸带上相邻点迹之间的距离逐渐增大，因此纸带的D端与小车相连。 2)四相邻两计数点间对应的时间间隔Tsx5=0.1s 则电火花计时器打下A点时，小车的速度大小0.647m/s [2根据逐差法可知，小车的加速度大小a=OB-BD-125m1s 4T2 (3)虽然电网中交变电流的电压有波动，但是其频率保持不变，所以电火花计时器打点的周期不变， 故在忽略偶然误差的情况下，测量出的加速度等于真实值。 13.(1)0.2m/s2(2)2√2m/s(3)45m 【详解】(1)冰壶自由滑行过程，根据牛顿第二定律有F=g=a 代入数据解得a=0.2m/s2 (2)自由滑行时冰壶做匀减速运动，根据位移-速度关系有-=-24x 代入数据解得y=2W√2m/s (3)摩擦冰面后，根据牛顿第二定律有0.8g=a2 代入数据解得a2=0.16m/s2 =25m 冰壶还能滑行的距离1=2a 投出后在冰面上滑行的距离x=x十x2=45m 14.(1)3gL (2)2V3gL (2)7g 【详解】(1)对A分析可知R+g=m三 其中F4=2g 解得vA=√3gZ (2)由于A与B同轴转动所以v与r成正比，=2a=23gL。 (3)对B分析可知F-g=m 2L 解得F=7g 根据牛顿第三定律可知，球B在最低点时对轻杆的作用力大小F。=FB=7g 15.(1)2.25s,(2)能够落入收集装置；（3)v≥3m/s 【详解】(1)依题意，根据牛顿第二定律可得产品在传送带上加速时的加速度为 a=fimg=ug=2m/s 产品加速达到传送带速度时，所需时间为 5-h-2S a 运动的位移为 &=54=4m<L=5m 故产品在传送带上先加速后匀速，匀速阶段所用时间为 4=1-8-0.259 则产品到达传送带右端的时间为 t=t+t,=2.25s (2)产品离开传送带后，做平抛运动，当产品下落高度为 么=4-么= 解得 t3=0.4s 平抛运动的水平位移为 x=V4=1.6m 由于 l=1.2m<x=1.6m<1+d=2.0m 显然产品能够落入收集装置。 (3)当传送带速度最小时，若产品恰好能落入收集装置中，则有 I=Vmint3 求得 Ymin 3m/s 且产品与传送带共速时发生的位移为 y=1=225m<L=6m 2a 即当传送带速度为3/s时，产品在传送带上先加速后匀速，最后恰好落入收集装置中。 若产品一直在传送带上加速达到最右端时水平抛出，则有 2aL=Vmus 解得 Vmm=2√6m/s 产品平抛运动的最大水平位移为 七=a46m<1+d-2n 综上分析可知，要保证产品能够落入收集装置中，传送带的速度需满足 v≥3m/g 22025-2026（上)高一期末考试物理试卷 7. 水 舞 一、选择题：第17单选，每小题4分；第810题多选，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不 全的得3分，有选错的得0分。共46分。 1、下列说法正确的是() A.物体有加速度，速度就增加 B.“上午第一节课是8时上课”中的“8时”是时刻 C.圆周运动的物体所受合外力一定指向圆心 D,因为地球很大，所以在任何情况下地球均可视为质点 2.如图所示是我国首次立式风洞跳伞实验，风洞喷出竖直向上的气流将 实验者向下减速“放下”，此过程中() A.地球对人的吸引力大于人对地球的吸引力 B.人被向下“放下时处于超重状态 C.人受到的重力与气流对人的作用力是一对平衡力 D.人受到的重力和人受到气流的力是一对相互作用力 3.2025年蛇年春晚“秧B0t机器人”扭秧歌、转手绢、丢手绢，震惊全场。某次排演中，机器人将左、 右手中手绢同时抛出互换，如图所示，两手绢在空中的运动轨迹分别为轨迹α和轨迹b,忽略空气阻 力，则() 轨迹a A.沿轨迹a、b运动的时间一样长 B.沿轨迹b运动的手绢的时间长 C.沿轨迹α运动的手绢到最高点时的速度大 轨迹b 左手 右手 D.沿轨迹b运动的手绢到最高点时的速度大 4.一迷你热气球以速度y,=5ms从水平地面上匀速竖直上升，假设从该时刻起.热气球在水平方向上 受风力作用做匀加速运动，当热气球上升到h=8m时，其水平速度为8ms,则热气球离出发点的距离 约为() A.3.2m B.6.4m C.8.0m D.10.2m 5.物理课上，朱老师将弹簧一端固定在传感器上，传感器与电脑相连，如图甲所示。当对弹簧施加变 化的作用力（拉力或压力）时，保证弹簧始终在弹性限度内，那么在电脑上就得到弹簧长度的形变量 与弹簧产生的弹力大小的关系图像乙；演示实验结束后， AFN 30i 两同学对本实验的四条争论中，请你帮忙裁断哪一条判 20 断是正确的（) 传感器 10 A.弹簧产生的弹力和弹簧的长度成正比 '7W00o0w057 </cm 曲 B.弹簧长度的增加量与对应的弹力增加量成正比 电脑 -20 -10-5051015 C.该弹簧的劲度系数是20N/m D.弹簧劲度系数会随该弹簧所受压力而改变 甲 乙 6.如图所示的爬杆是很多杂技演员必备的技能。假设杂技演员匀速向上爬和 匀速向下滑时所受的摩擦力分别是和，则下列说法正确的是() A.i的方向向下，五的方向向上，且f=龙 B.五的方向向下，f五的方向向上，且>乃 C.五的方向向上，的方向向上，且f=f2 D.fi的方向向上，五的方向向下，且f>乃 7.把一个小球放在玻璃漏斗中，晃动漏斗，可以使小球短时间内沿光滑的漏斗壁在 水平面内做匀速圆周运动。若小球第二次做匀速圆周运动的半径比第一次小，则小球 0 第二次做匀速圆周运动时() A、周期较小 B.角速度较小 C、加速度较小 D.对漏斗壁的压力较大 8.如图甲所示为烤肠机，香肠放置在两根水平的平行金属杆中间，其截面图如图乙 所示。假设香肠可视为质量为m的均匀圆柱体，烤制过程中香肠 香肠 质量不变，半径变大。忽略摩擦及金属杆的热胀冷缩，重力加速 度为g。下列说法正确的是() A、香肠烤熟后与烤熟前相比，两根金属杆对其合力变大 金属杆1 金属杆2 B.香肠烤熟后金属杆1和2对其支持力的夹角比烤熟前变小 C.香肠烤熟后金属杆1对其支持力比烤熟前变大 图甲 图乙 D.香肠烤熟后金属杆1对其支持力比烤熟前变小 9.甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，最终他 ◆/(ms) 们都做匀速直线运动，它们的v-t图像如图所示。下列判断正确的是( 20 A、乙车启动时，甲车在其前方50m处 B.、运动过程中，乙车落后甲车的最大距离为75m o C.乙车启动10s后正好追上甲车 0 D、乙车超过甲车后，两车不会再相遇 101520s 10.如图所示，1、2两颗卫星绕地球做匀速圆周运动。1和地心的连线与1和2连线的夹角日叫作1对2 的观察角，已知8的最大值为30°，1的周期为T,下列说法正确的是() A.1、2的轨道半径之比为2：1 B.当1、2连线与地球表面相切时，B达最大值 地球 92 上 C.2的周期为27 4 D.2的周期为二T 变 量 二、实验题（每空2分，共14分) 11.如图所示的实验装置，可用来研究平抛物体的运动。 (1)关于实验过程中的一些做法，以下合理的有 A.小球释放的初始位置越高越好 B.调整木板，使之与小球下落的竖直面平行 C.小球的平抛运动要靠近但不接触木板 D.用折线连接描绘的点得到小球的运动轨迹 (2)某同学做“探究平抛运动的特点”的实验时，重复让小球从斜槽上相同位 置由静止滚下，得到小球运动过程中的多个位置：根据画出的平抛运动轨迹 测出小球多个位置的坐标(x,y),画出y-x图像如图所示，图线是一条过 原点的直线，说明小球运动的轨迹形状是 设该直线的斜率为k, 重力加速度为8，则小球从轨道末端飞出的速度为 。（各物理量均 x2 取国际单位) 12.“螺峰”学习小组探究小车速度随时间变化的规律的实验装置如图甲所示，电火花计时器所接电源 的频率为50H2,小车在槽码的牵引下从静止开始运动，某次实验获取的一段纸带如图乙所示，图中O、 A、B、C、D是在纸带上确定的计数点，每相邻计数点间还有四个点未画出。 小车 电火花计时器 单位：cm 纸带 D 8.34 7.10 5.84 4.60 槽码 甲 乙 (1)实验时纸带的 (填“O”或“D”)端与小车相连。 (2)电火花计时器打下A点时小车的速度大小V m/s,小车运动的加速度大小a= m/s2。（结果均保留三位有效数字) (3)如果实验时电网中提供的实际电压为230V(频率仍为50Hz),而学习小组的同学并不知道，则在忽 略偶然误差的情况下，测量出的加速度 (填“大于“小于”或“等于”)真实值。 三、解答题（13题12分，14题12分，15题16分) 13.（12分)如图所示，运动员以vo-4m/s的速度将冰壶沿水平冰面投出，冰壶在冰面上沿直线匀减速 滑行x=20后，其队友开始在冰壶滑行前方摩擦冰面，使冰壶和冰面的动摩擦因数变为原来的80%， 以延长冰壶的滑行距离。已知运动员不摩擦冰面时，冰壶和冰面间的动摩擦因数=0.02。求此冰壶： (1)滑至x=20m过程中加速度的大小： (2)滑至x=20m处的速度大小1；(（计算结果可以用根号表示) (3)冰壶投出后在冰面上滑行的总距离x。 甲 14.(12分)如图所示，轻杆长为3L,在杆的两端分别固定质量均为m的球A、B(均可视为质点)， 光滑水平转轴穿过杆上距球A为L的O点。外界给系统一定能量后，杆和球在竖直平面内转动，球A 运动到最高点时，杆对球A的作用力方向向下、大小为2g。忽略空气阻力， 重力加速度大小为g,求： (I)球A在最高点时的速度大小va: (2)球B在最低点的速度大小VB (3)球B在最低点时对轻杆的作用力大小F。 B 15.（16分)如图所示，某工厂中产品被无初速度地放在水平传送带左端，经传送带传输至右端后， 平抛落入地面上的收集装置中。传送带上表面距地面高度为h=1.2m,收集装置入口宽度为d=0.8m, 高度为h=0.4m,传送带右端到收集装置左端的水平距离为l=1.2m,产品与传送带之间的动摩擦因 数为4=0.2，传送带长度为L,传送带运转速度，可调，已知重力加速度g取10m/s2。 (1)若传送带的长度L=5m,。=4m/s,计算产品到达传送带右端的时间， (2)若传送带的长度L=5m,',=4m/s,判断产品是否能够落入收集装置； (3)若传送带的长度L=6m,调节传送带速度，为保证 9 产品总能落入收集装置，请计算传送带速度范围。 收集装置 7777777777777777777777777777