云南陆良县第一中学2025-2026学年高二上学期期末模拟诊断（二）物理试题

2027届高二上物理期末模拟诊断（二） (考试时闻75分钟，潮分100分) 一、选择题（本题共10小题，共46分，1一7愿为单选，每题4分，8-10题为多选，每题6分，会部 选对得6分，选不全得3分，选错或不选得零分） 1.某同学绘制了四幅静电场的电场战分布图，其中可能正确的是( 2。真空中两个光全相同、带同种电荷的金属球A和B(可视为点电荷)，分别园定在两处，它们之间的静电力为 F,用一个不带电的相同金属球C与球A接触，然后移开球C,此时A,B球间的静电力为( B.号 c.5 D.F 3.这是某位老师壮一位同学站在体重计上完成下调、“站起动作，通过力传感器，在计算机品示的示数随时间 变化的情祝如图所示，已知1-2秒内是下薄动作，4858秒内是“站怎动作，下列寸m 说法正确的是(） A此人的瓶力在500N近变化 B.142秒，F>G,悬失重状态 C.姑起过程中，如速度方向始蛛向上 D,“站起”过程中，人先超重后失重 4.如图所示，三根长直导线通有大小相同的电流，分别放在正方形ABCD的三个项点，其中A 4小、B处导找电流方向垂直纸面向外，C处导线电液方向套直纸面向里，此时正方形中心O点 的毯感应强度大小为品。若将C处的导线数去，则0点处的磁感应强度大小为《) A B.254c.4D.a 5.如图甲所示，在轴上的A点(0)、B点(0-d)有等量同种旅电荷+Q, 在x上 点（-d0】有点 电荷-Q。+x轴上电势甲随：坐标的变化曲战如图乙所示，其中 ,为图线最高点对应的横坐标，下列树新正确的是() A.Q点电场强度为零 B.=d C.若将点电沿x轴从0移向马处，电扬力先变大后变 D。若将点电荷沿：轴从移向马处，电势能先变大唇变小 6两等最点电分别圆定于空间户，点，其中Q点处为正电荷。P,Q两点附近电场的等势线分布如图所示 试卷第1页，共4页 a,,Gd,为电场中的5个点，设无穷远处电势为0，剩(） A,e点的电势小于0 B.a、6两点的电场强度相同 购 D。负电简从c移动到a过程中电势能增加 7.某兴趣小组用人工智能模和带电粒子在电场中的端动，如图所示的矩形区城OMP2内分有有平行于OQ的5 强电场，N为QP的中点，模拟动显示，带电拉子、b分别从Q点和0点垂直于02同时进入电场，沿图中所 示轨迹同时到达M、N点，K为轨迹交点。忽略粒子所受重力和粒子间的相互作用，则可推断：、占() A。具有不同比荷 B。电势能均随时间逐南增大 C,到达从、N的速度大小相等 D.到达K所用时间之比为1：2 入 对于给定的电容器，描述其电容C、电荷量Q、电压V之间的相应关系的留象正确的是) 人片，尽 9.两个带等爱异种电荷的粒子分别以速度：和%射入匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为60 和30，磁场宽度为d,两粒子向时由A点出发，同时到达B点，如图所示，不计拉子重力及粒子间的相互作用。 eEaB9a B.两粒子运动周期之比工：工=2：1 C.两粒子的质量之比脱：%=2：1 D,两粒子的轨道半径之比R:R=1:5 10。如图所示，宽度为2L的区城内存在方向垂直于桌面的匀强磁场，在桌两上固定两条同距为L的光滑长直金属 导轨，导轨与磁场边界垂直，其左端接有电阻凡。边长为L的金属糕置于导轨上，金属框电阻为一，让金属框从左 向右穿过磁场。运动过程中金属框的上、下边框处处与导轨始终接触良好、则《】 A.当金属根部分进入磁场区坡时，金属框中感应电流方向为一d一。 B。当金属柜全部进入醚场区域时，电阻R中无感应电流 ixax xi C.当金属框全部进入磁场区城时，通过电阻R的电流方向从：向下到∫ D。当金属瓶部分从碰场区城出来时，通过电阻R的电流方向从向上到。 「d ￥× 试巷第2页，共4页 二、实验题（本大题共2小题，共16分） .(6分)同学利用图示装做探究加速度与力的关系的实验，在 安传了一个光虫门。滑块上固定 轮与钩码相连。实验时改变码的个数， 通过力传感器测出绳子拉力F,每实验滑块 (填膏要或不得妥)演足滑块连同传感器和遮光条的总质量远透大于钩码的质量。 《2)若测得这光条经过光电门时遮元时间为山，滑块的如速度大小为 (用d和L表示) (3)该同李未进行导轨水平调节就进行实验，其他步藤操作正确，则该同学作出的滑块加速度与拉力F的图像 可能是 (填图像下方的字母)， 上上∠ 2.(10分)某实验小组要测量一段金属丝的电阻率，已知金属丝的电凰约为几歌姆 ()先用姆表测金属丝的电阻。将远择开关到 .(填x1x10成×100)倍率挡。将两表笔插入 井将雨在气短接。然居述行肤海调零，将金属丝接在两表笔间，欧舞表指针帮在如困甲所示的位皇，则短 mm:用游标卡尺测最金属丝的长度如图丙所示， (3)为了精请测量金属丝的电阻，实验室提供了如下器材 A电池组(3V,内阻较小) B.电流表(006A.内阻为0.50) C.电压表(0-3V,内图约为30) D.滑动变阻器R《0-5,额定电流1A) E滑动变阳恶尼(0-20000，额定电流0.3A)E开关、导线 行号 《4)根招电路 料多植电生装和电流表的示数以上作图康。得到西像的车 为，若金属丝的长为,面直径为则得到金锅的电阻半一 (用k、 、L、d表示). 试卷第3页。共4页 三.计算题（共38分） ,(0分)如图所示，而积为02m的10压线处在匀强继场中，场为向看直于线置平面，已知够应强度 随时间变化的规律为B=0+2,与线圆相连的定值电阻= ,线电阻=40，其余电阻不计，求 (1)线离磁通量的变化率为多少？国路中的感应电动势为多少？ (2)通过定值电阻风的电流大小和方向？ (3),b两点同的电压为多少？， 14,3分)如图所示，空间存在水平向右的匀强电场，某时刻将一质量为m、所带电荷量为q的带正电小球（可 视为质点)，从P点以大小为%-√2的速度水平向左抛出，经过一段时间后，小球经过P点正下方距P点距离 为为的点，且经过Q点的速度大小为v=2所，不计空气阻力，重力加速度为g来： 强大小 图田责中恒阳的是烧为以图中未福电，来PW有阿的电路装 15.(15分)如图，边长为L的正方形ad区城及矩形cd区城内均存在电场强度大小为E、方向竖直向下且与 b边平行的匀强电场，右边有一半径为5L且与相切的圆形区城，切点为的中点，该圈形区城与c树区 域内均存在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。一带电粒子从b点斜向上射入电场后沿图中告 线运动，经d边的中点进入c的区域，并沿真线通过该区城后 进入圆形区域。所有区城均在纸菌内，粒子始终在该纸面内运 动，不计粒子置力，求： (1)粒子沿直线通过区装时的速度大小： (2)粒子的电荷量与质量之比： (3)粒子射出圆形区减时速度方向与进入圆形区城时速度方向的夹角。 试卷第4页，共4页2027届高二上物理期末模拟诊断（二)参考答案 一、 选择题（本题共10小题，共46分。1一7题为单选，每题4分。8一10题为多 选，每题6分，全部选对得6分，选不全得3分，选错或不选得零分) 题号 2 3 4 5 6 7 8 10 答案 B C D A B C D BC BC AC 1.B 【详解】AC.电场线不相交、不闭合，故AC错误； B.该电场可能为正点电荷形成的电场，故B正确： D.假设存在这种电场线，做两条等势线，如图所示 B 则有p4=p,Pg=P 即UAB=UcD 由电场线的疏密程度可知，AB处电场强度E4B大于CD处电场强度，由公式U=Ed可得，U4B>Uc®，相 互矛盾，假设不成立，即这种电场线不存在，故D错误。 故选B。 2.C 【详解】两个相同的带等量的同种电荷的导体小球A和B,设它们的电荷量都为Q,原来它们之间的库仑 力为 2 一个不带电的同样的金属小球C和A接触，A和C的电量都为一2，B的电荷量不变；这时，A、B两球之 答案第1页，共10页 间的相互作用力的大小为 o F=k- 2 故选C。 3.D 【详解】A.由图可知，当人静止时，力传感器的示数为500N,即人的重力为500N,故A错误； B.1.4~2秒，F>G,加速度向上，是超重状态，故B错误： CD.人“站起”的过程先向上加速到最大速度，然后再减速到0，所以加速度先向上后向下，先超重后失重， 故C错误，D正确。 故选D。 4.A 【详解】设每根通电导线单独在O点产生的磁感应强度大小为B，A点导线在O点产生的磁感应强度的方 向为从O指向D,B点导线在O点产生的磁感应强度的方向为从O指向A,C点导线在O点产生 的磁感应强度的方向为从O指向D,由平行四边形定则可得 B=B2+(2B)2 解得 8-5a 5 将C点处的导线撤去后，O点处的磁感应强度大小为 B。=√B+B2=2B=0E 故选A。 5.B 【详解】A.p-x图像的斜率表示场强E,由图可知O点处的斜率不为零，故该点的电场强度不为零，故 A错误； B.x为图线最高点对应的横坐标，该处场强为零，根据矢量合成，如图 答案第2页，共10页 y +O◆A -0 602 +B 则在处有2g.支三0 ADAD (CO+x)2 其中AD2=AO2+x2=3d2+x2,C0=d 联立解得x=d,故B正确； C.点电荷-9沿x轴从O移向x,处，P-x图像的斜率先减小后增大再减小，故电场强度先减小后增大，根 据F=qE可知电场力先变小后变大再减小，故C错误： D.将点电荷-9沿x轴从O移向x2处，电势先升高后降低，根据E。=qP可知电势能先变小后变大，故D 错误。 故选B。 6.C 【详解】B.等量异种点电荷的电场分布如图所示 电场线的疏密反映电场强度的大小，所以点和b点的电场强度大小相等，根据电场线与等势线垂直，所 以α点和b点的电场强度方向不同，故B错误： A.两点电荷连线的中垂线为等势线，该中垂线一条延伸到无穷远处的等势线，无穷远处电势为0，其上 各点电势为零，e所以点的电势等于0，故A错误： C.由正电荷周围的等势线分布可知b点的电势高于d点的电势，故C正确： D.由正电荷周围的等势线分布可知a点的电势等于c点的电势，负电荷在c点与a点的电势能相等，故D 错误。 答案第3页，共10页 故选C。 7.D 【详解】A.根据题意可知，带电粒子在电场中做类平抛运动，带电粒子α、b分别从Q点和O点同时进 入电场，沿图中所示轨迹同时到达M、N点，可知，运动时间相等，由图可知，沿初速度方向位 移之比为2：1，则初速度之比为2：1，沿电场方向的位移大小相等，由y-可知，粒子运动的 加速度大小相等，由牛顿第二定律有qE=@ 可得g-a m E 可知，带电粒子具有相同比荷，故A错误： B.带电粒子运动过程中，电场力均做正功，电势能均随时间逐渐减小，故B错误： C.沿电场方向，由公式'，=t可知，到达MN的竖直分速度大小相等，由于初速度之比为2：1，则到达 MN的速度大小不相等，故C错误： D,由图可知，带电粒子a、b到达K的水平位移相等，由于带电粒子a、b初速度之比为2：1，则所用时 间之比为1：2，故D正确。 故选D。 8.BC 【详解】AB.电容器的电容由本身的性质决定，与Q和U无关，所以C随U的变化不变，A错误B正确： CD.根据 Q-CU 知O与U成正比，D错误C正确。 故选BC。 9.BC 【详解】A.由题意可知a粒子向下偏转，b粒子向上偏转，由左手定则可知a粒子带负电，b粒子带正电， 故A错误： B.作出两粒子的运动轨迹如图所示，由几何关系可知从A运动到B,a粒子转过的圆心角为60°，b粒子 转过的圆心角为120°，因为两粒子运动时间相同，所以 君=-肾 解得 T:T=2:1 答案第4页，共10页 故B正确： C.根据牛顿第二定律有 Brq= R 粒子的运动周期表达式为 T=2R_2mn ΓvqB 因为两粒子的电荷量相等，所以 形：%=T:T=2:1 故C正确： D.根据几何关系可得 R2 sin30°d 2 sin60°3 所以 R:R=V3:1 故D错误。 故选BC。 X Rh O2 B 30 Ra 01 10.AC 答案第5页，共10页 【详解】A.当金属框部分进入磁场区域时，金属框的bc边切割磁感线，相当于电源，根据右手定则，电 流方向向上，即电流方向为a→d→c→b一→a,故A正确； BC.当金属框全部进入磁场区域时，金属框的a风边和bc边分别切割磁感线，相当于两个电源的并联，根 据右手定则，电流方向向上，即通过电阻R的电流方向从向下到f故B错误，C正确： D.当金属框部分从磁场区域出来时，金属框的d边切割磁感线，相当于电源，根据右手定则，电流方向 向上，即通过电阻R的电流方向从e向下到，故D错误。 故选AC。 二、 实验题（本大题共2小题，共16分） d2 11.(共6分)不需要(2分) (2分) ABC(2分) 2L△t2 【详解】(1)[1]该实验由于有力传感器测量滑块所受的拉力，则不需要满足滑块连同传感器和遮光条的总质 量远远大于钩码的质量。 (2)[2]若测得遮光条经过光电门时遮光时间为△1，滑块经过光电门时的速度 △t 根据 y2 2al 可得加速度大小为 d2 a=2LAt' (3)[3]该同学未进行导轨水平调节就进行实验，若导轨恰好平衡了摩擦力，则得到的图像为A；若导轨左端 过高，则可能不加拉力时滑块就有加速度，则图像为B;若导轨左端过低，则可能要当拉力增加 到一定值时滑块才有加速度，则图像为C: 故选ABC。 12.(共10分) (1)×1(1分) 10.0或10(1分) (2)1.840(2分) 3.14(2分) 答案第6页，共10页 A (3)(2分) (④d(k- 1(2分) 4L 【详解】(1)[1]因为金属丝电阻只有几欧姆，因此用欧姆表粗测金属丝的电阻，需将选择开关拨到×1倍 率挡，将两表笔插入插孔，并将两表笔短接，然后进行欧姆调零； [2]由欧姆表的读数可知，粗测金属丝的电阻为10.02。 (2)[1]螺旋测微器的读数为固定刻度与可动刻度之和，则金属丝的直径为 d=1.5mm+0.01mm×34.0=1.840mm [2]游标卡尺的读数为主尺读数与游标尺读数之和，金属丝的长度为 L=31m+0.1m×4=31.4m=3.14cm (3)要求电压从零开始调节，应采用分压式接法，由于电流表内阻已知，则采用电流表内接，电路图如 图所示 ④ (4)根据题意，由欧姆定律结合U-1图像则有R+'a U-k 解得R=k-IA L 4pL 由电阻定律有R=p Sπd 联立解得p= πd(k-ra) 4L 答案第7页，共10页 三、计算题（共38分） 13.(共10分)(1)0.04Wb/s,4V;(2)电流方向由下向上，0.4A;(3)2.4V 【详解】(1)磁感应强度随时间变化规律为 B=(2+0.2t)T 可得 △B=0.2Ts △t 则磁通量变化率为 △D-△BS=0.04wb/s △t△t 由法拉第电磁感应定律得 E=n4Φ △士 代入数据得 E=4V (2)因磁感应强度均匀增加，磁通量均匀增大，根据楞次定律，回路感应电流为逆时针方向，通过R,的电 流方向由下向上： 通过R,的电流大小为 I= E一=0.4A R+R, (3)b两点间的电压即电路的路端电压，可得 U=IR =2.4V 14.(共13分)(1) 28,（2)- 9 q 【详解】(1)从P点到2点，由动能定理得 wgh+qUco-mmvi 2 2 解得 URe=0 所以场强方向水平向右，从P到Q,竖直方向由运动学公式得 答案第8页，共10页 h- 水平方向由牛顿第二定律得 gE ma 水平方向由运动学公式得 解得 a=2g 所以 E-2m8 (2)当水平分速度为0时，小球向左运动至最远点M的水平距离最大由运动学公式得 0-16=-2ax 解得 h x=2 设向左为正方向，则P点与小球运动至最远点M间的电势差 UpM Ed=-Ex 解得 Upxr =mgh 15.(共15分)(1) E (3)60° B (2) B: 【详解】(1)带电粒子在cf区域做直线运动，则有电场力与洛伦兹力平衡，可知粒子带正电，经c边 的中点速度水平向右，设粒子到达c边的中点速度大小为。，带电荷量为9，质量为m,由平衡 条件则有 gE=oB 解得 答案第9页，共10页 6 B (2)粒子从b点到c边的中点的运动，可逆向看作从cd边的中点到b点的类平抛运动，设运动时间为t, 加速度大小为a,由牛顿第二定律可得 qE=ma 由类平抛运动规律可得 Vot=L 联立解得粒子的电荷量与质量之比 9-哈-E m EL LB2 (3)粒子从f中点射出到圆形区域做匀圆周运动，设粒子的运动半径为R,由洛伦兹力提供向心力可得 goB=m R 解得 R=L 粒子在磁场中运动轨迹图如图所示，由图可知，粒子沿半径方向射入，又沿半径方向射出，设粒子射出圆 形区域时速度方向与进入圆形区域时速度方向的夹角为，由几何关系可知 d X X =20 可得 tan0=3 R 3 0=30 则有 a=60 答案第10页，共10页