4.合肥市包河区2024-2025学年第二学期教学质量检测(一)-【练客】2026年安徽省中考物理真题大练考

真题 大练考 合肥市包河区2024-2025学年 4 第二学期教学质量检测（一） 满分：70分考试时间：75分钟 nn 一、填空题（每小题2分，共20分） 1.2025年春节期间上映的动漫影片《哪吒2》中，哪吒和师父太乙真 人骑着“飞天猪”前往“玉虚宫”的情景如图所示。从物理学角度分 析，哪吒相对于 (选填“飞天猪”或“玉虚宫”)是静止的。 n 的 第1题图 第3题图 2.唐代诗僧灵澈在《句》中写到“窗风枯砚水，山雨慢琴弦”。其中 “窗风枯砚水”的意思是吹进窗户的风使长期未使用的砚台里的 墨水变干了，此墨水在变干过程中发生的物态变化是 (填写物态变化名称)。 3.“石磬”是我国古代石制打击乐器，被称为“古乐之祖”，演奏时用 T 长 木槌敲击，发出古朴典雅的乐曲声。如图所示，用同样的力敲击 长短不同的石磬，所产生声音的 （填声音特性的名称) 不同。 4.如图所示，某工厂生产的工件A置于水平的传送带上并与传送带 一起沿水平方向向右做匀速直线运动，不计空气阻力，请在图中 画出此时工件A的受力示意图。 A电源B 第4题图 第5题图 第6题图 5.在探究通电螺线管周围磁场分布情况的实验装置中，小磁针可在 尔 水平面内自由转动，开关S闭合后，小磁针静止时其N极指向如 图所示，则电源A端为 (选填“正”或“负”)极。 6.如图所示，小明同学重演了帕斯卡的“裂桶实验”，在一个密闭的 装满水的平底木桶桶盖上插入一根细长的管子，然后向细管加了 冠 几杯水，当桶底到水面的深度为12m时，桶就裂开了。已知桶底 面积为200cm(不考虑桶壁的厚度)，则此时桶底部受到水的压 力大小为 N。(p水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg) 7.如图1所示，甲、乙两位同学用长1.6m粗细均匀的轻质木杆抬 水。水和水桶总重为300N,水桶挂在视为水平木杆的A处且距 离甲同学的肩膀(B处)为1.0，则甲同学抬水时所用力的大小 为 N。(不计木杆重力，两位同学各自对木杆的力的作用点 之间距离近似认为是1.6m且可将轻质木杆看成如图2所示的杠杆)》 F 4 R 水和桶 图1 图2 第7题图 第8题图 8.如图所示，电源电压为3V且保持不变，定值电阻R、R2的阻值分 别为52和102。闭合开关S,则通电2min定值电阻R2所产生 的热量为 9.如图所示，电源电压保持不变，R1与R2是定值电阻，其中R2的阻 值为102，只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A,当开关S、S, 都闭合时，5s内整个电路消耗的电能为12J,则定值电阻R1的阻 值为2。 P R aRb 01020304050R,/2 R 多 U 第9题图 第10题图 10.如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，当滑动变阻器的滑片 P从α端移到b端的过程中，定值电阻R1两端的电压随滑动变 阻器接入电路中阻值变化的图像如图乙所示，则闭合开关S,根 据图像可计算出整个电路消耗的最小电功率为 W。 二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有 一个选项是符合题意的) 题号 11 12 13 14 15 16 17 答案 11.下列说法中正确的是 ( A.磁体周围空间中不同点的磁场方向可能相同 B.冰块在熔化的过程中，其温度和内能都不变 C.物体受到力的作用时，其运动状态就会发生改变 D.在一定条件下，凸透镜可成正立、缩小的虚像 12.如图所示，若要使图中墙壁上的目标被反射光照亮，在激光笔位 置保持不变的情况下，可以将平面镜 ( )墙壁 激光笔 A.水平向右移适当距离 目标 B.水平向左移适当距离 C.竖直向下移适当距离 D.竖直向上移适当距离 平面镜 第12题图 合肥市包河区2024-2025学年第二学期教学质量检测（一）安徽物理4-1 13.如图所示，在2025年央视春晚节目《秧B0T》中，16台宇树科技 人形机器人身披花袄、手持红绸，进行秧歌舞表演，惊艳了全球 观众。其中有这样一个场景，机器人将红绸竖直向上抛出，然后 再自动接住红绸，不考虑空气阻力，则红绸在离开机器人手臂向 上运动的过程中，下列说法正确的是 () A.红绸的动能增大，重力势能减小 B.红绸离开机器人手后，由于受到惯性的作用故可继续向上运动 C.红绸的重力势能增大，动能减小 D.红绸离开机器人手后向上运动的过程中，其运动状态保持 不变 第13题图 第14题图 14.2024年8月8日，中国选手罗诗芳在巴黎奥运会举重女子59公 斤级决赛中夺得金牌，刷新三项奥运记录。如图是她举起杠铃 并整体保持静止时的情景。则下列分析正确的是 () A.杠铃对她的压力和地面对她的支持力是一对平衡力 B.地面对她的支持力和她对地面的压力是一对相互作用力 C.水平地面对她的支持力和她所受的重力是一对平衡力 D.她对杠铃的支持力和杠铃所受的重力是一对相互作用力 15.如图所示，甲、乙两个相同的装置分别由U形磁体、直线型导体 棒ab、cd和光滑的绝缘支架构成，导体棒ab和cd的两端均与导 线连接。闭合开关并向右水平快速移动导体棒αb,发现导体棒 cd也会沿着支架水平向右运动，下列分析正确的是 () A.在上述过程中，甲装置相当于电动机 B.在上述过程中，乙装置相当于发电机 C.在上述过程中，甲装置实现机械能转化为电能，乙装置实现电 能转化为机械能 D.如果闭合开关，沿竖直方向上下移动导体棒ab,导体棒cd也 会随之沿竖直方向上下运动 U 第15题图 第16题图 16.如图所示，电源电压保持不变，开关闭合后，发现L1、L2都不亮。 按照正常操作步骤用电压表来检测该电路故障，测得U,=3V, Ua=3V,Ua=0V,Uh=0V。若该电路中有两处故障，则电路 故障可能是 () A.L1、L2都开路 B.开关开路且L2被短路 C.开关开路且L2开路 D.L开路且L2被短路 17.如图所示电路中，电源电压保持不变，R和R,为定值电阻，R2为 滑动变阻器。闭合开关S,将R2的滑片从最左端向右端缓慢移 动，在此过程中电压表V,和电流表A示数变化量的绝对值分别 为△U2、△1，下列分析正确的是 ) A.电压表V,示数变大，电流表A示数变小 B.电压表V,示数减小量等于电压表V2示数增 R2 加量 C.在此过程中，△U,与△I的比值变大 D.电压表V,示数减小量小于电压表V,示数增 第17题图 加量 三、实验题（第18小题4分，第19小题6分，第20小题6分，共16分） 18.在探究“凸透镜成像的规律”的实验中： 档板 凸透镜 主光轴 -眼睛 甲 乙 第18题图 (1)如图甲所示，此时光屏上恰能成清晰的烛焰像，该像是倒立、 (选填“放大”“等大”或“缩小”)的实像； (2)如图乙所示，F表示凸透镜的焦点，表面粗糙且不透明的挡 板、点燃的蜡烛和凸透镜的位置如图乙所示，则人的眼睛透过凸 透镜向左观察 （选填“能”或“不能”)看到烛焰的像。 19.小明利用如图所示的木块、长木板、弹簧测力计、毛巾和棉布等 器材，探究“滑动摩擦力大小与哪些因素有关” d 木块□ 木块木块一 木块 长木板 长木板 & 乙 丙 第19题图 (1)如图甲所示，实验过程中要使木块所受的滑动摩擦力大小等 于弹簧测力计示数，应进行的具体实验操作是： (2)如果在图甲木块后面用细绳拉一个相同的木块，如图乙所示。 对比分析甲、乙两组实验及其弹簧测力计示数， (选填 “能”或“不能”)得到滑动摩擦力大小与接触面积大小的关系； (3)小明在实验中发现，拉着木块运动时很难让其做匀速直线运 动，于是他设计了如图丙所示的装置，将弹簧测力计固定（测力 计已校零)，用水平拉力F作用在长木板右端，使其水平向右运 动。若拉力F=3.2N,弹簧测力计示数F'=2.0N,则木块所受 的滑动摩擦力大小为 N。 20.在测量额定电压为3.8V的小灯泡（电阻约为102左右）电阻 的实验中，小明连接了如图甲所示的电路，其中电源电压为6V 且保持不变。 S 乙 第20题图 (1)请用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整；（要求在滑 片P向右移动的过程中小灯泡变暗) (2)小明正确进行实验操作所记录的数据如表所示，分析表中数 据可知：小灯泡正常发光的电阻为 2; 实验序号 电压/V 电流/A 电阻/D 1 3.0 0.36 8.33 2 3.8 0.40 .2 3 4.5 0.42 10.71 (3)如果实验过程中电流表突然出现了故障不能使用，小明向老 师借了一个定值电阻R,(阻值已知)、一个单刀双掷开关，同时 借助部分现有的实验器材，设计了如图乙所示的实验电路，也测 量出小灯泡正常发光时的电阻。实验操作步骤如下： ①连接好电路，闭合开关S,并将开关S2拨到触点2，移动滑片 P,使电压表的示数变为小灯泡额定电压U额； ②保持滑动变阻器滑片P的位置不变，再将开关S2拨到触点1， 读出电压表的示数为U1； ③则小灯泡正常发光，其电阻的表达式R颜= (用R、 U和U1表示)。 四、计算与推导题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分， 共20分；解答要有必要的公式和过程) 21.一辆汽车不慎陷入湿滑水平路面，司机利用滑轮组成功地将汽 车拖了出来，其拖动过程可以简化成如图所示的模型。在水平 拉力F=1000N的作用下，20s内汽车沿水平方向匀速移动了 4m,已知该过程中整个装置的机械效率为80%（不计滑轮组及 绳子的质量且绳子拉车的力也总是沿着水平方向)。求： (1)作用在绳子自由端的水平拉力F做功的功率； (2)汽车所受阻力f的大小。 第21题图 22.图甲是某款电水壶，其额定电压为220V,加热功率为1210W, 保温功率为88W。电水壶内部简化电路如图乙所示，其中R,和 合肥市包河区2024-2025学年第二学期教学质量检测（一）安徽物理4-2 R2均为定值的发热电阻丝，通过开关S的闭合与断开可实现“加 热”和“保温”挡的切换。求： (1)电水壶处于“加热”挡正常工作100s所消耗的电能； (2)发热电阻丝R2的阻值； (3)若该电水壶在“加热”状态下正常工作，将一定质量初温为 45℃的水加热到100℃用时420$，已知此过程中电水壶的加热 效率为90%，则电水壶内所盛水的质量为多少千克？[c*=4.2× 103J/(kg·℃)] 发热电阻 R 220 Vo 第22题图 23.如图甲所示，底面积S,=200cm2的长方形水槽中盛有适量的3 水，现将一个底面积S,=30cm的空圆柱体容器，轻轻地放入长 方形水槽中，圆柱体容器静止时漂浮于水槽中，此时圆柱体容 器浸入水的深度h1=0.05m(已知p水=1.0×103kg/m3,g取 10N/kg)。求： (1)圆柱体容器所受的重力G容器大小； (2)若向圆柱体容器中缓慢注入深度h2=0.125m的未知液体， 如图乙所示，当圆柱体容器再次静止时，其浸入水中的深度h3= 0.15m(此时圆柱体容器未触及水槽底部且水槽中水未溢出)， 则注入的未知液体密度P液为多大？ (3)注入未知液体前后，长方形水槽底部受到水的压强的变化量 △p大小。 水 水 5 甲 第23题图真题大练考·安徽物理·参考答案及解析 0.3A,则此时小灯泡的电阻R=7=0.30A= U3.0V 10.002,电功率P=UI=3V×0.30A=0.90W; (3)由表中数据可知，当灯泡两端电压为2.0V 时，灯丝电阻为8.00Ω；当灯泡两端电压为3.0V 时，灯丝电阻为10.00Ω；由于灯丝电阻随温度升 高而增大，所以灯泡正常发光时的电阻应介于 8.00~10.002之间，故选②。 21.解：(1)克服物体重力做的有用功： W有=Gh=6N×0.3m=1.8J …（2分)》 (2)弹簧测力计的示数大小即为拉力大小，故拉力 做的总功： W点=Fs=4N×0.6m=2.4J 该装置的机械效率： W有×100%=24×100%=75%…（4分） η=W点 22.解：(1)水吸收的热量： Q吸=cm(t-o)=4.2×103J/(kg·℃)×1kg× 中 (70℃-20℃)=2.1×105J…(2分) 考 (2)若电流产生的热量全部被水吸收，则电热水壶 优 消耗的电能： 质 W=Q吸=2.1×105J 模 电热水壶的电功率： 拟 原 P=W_2.1×10」=100W…(2分) t210s 卷 (3)偏小：因为实际上电流产生的热量不可能全部 4.合肥市包河区2024-2025学 评分说明：1~17题，每小题2分，共34分。 1.飞天猪2.汽化3.音调 4.如答图所示 第4题答图 5.正 6.2400(或2.4×103)【解析】桶底受到水的压强 p=P水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×12m= 1.2×105Pa;桶底受到水的压力F=pS= 1.2×10Pa×200×10-4m2=2400N。 7.112.5【解析】由图2可知，支点在C位置，根据 杠杆的平衡条件可知，F甲×BC=G水和桶×AC。代入 数据，F里×1.6m=300N×(1.6m-1.0m),解得： F年=112.5N。 8.48【解析】由图可知，定值电阻R、R2串联，根 据串联电路的电阻规律和欧姆定律可得，电路中的 电流：1=”=3V FR5n+100=0.2A,通电2mim定值 电阻R2所产生的热量：Q2=1R2t=(0.2A)2×102 ×2×60s=48J。 10 被水吸收，所以电流做的功大于水吸收的热量，即 估测的电功甲偏小，加热时间准确，根据P=Y可 知，估测的电功率P偏小…(2分) 23.解：(1)由图2可知，A处于漂浮状态，由物体的漂 浮条件可知，图2中A所受浮力： F浮=G=mg…（2分） (2)由F浮=P液gV排可知，图2中A排开水的体积： V生-gpg=p风…(2分） (3)图2中小瓶内空气的体积为V=Sh,由图3可 知，A处于悬浮状态，由物体的悬浮条件可知，图3 中A所受浮力：F浮'=G=mg 由F浮=P液8V#可知，图3中A排开水的体积： y=吸m P水gP水BP水 因为忽略小瓶自身的体积，所以图3中空气的体 积：V=V'=m P水 由于图2和图3中小瓶内空气的质量不变，由p= 可知，图2和图3中小瓶内空气的密度之比： m空 P室= m P隆m==Sh-Shpg …（4分） V 年第二学期教学质量检测（一） 9.6【解析】只闭合开关S时，电路为R,的简单电 路，电流表测量电路电流，电流表的示数为0.3A, 根据欧姆定律可知，电源电压U=2R2=0.3A× 10Ω=3V;当开关S、S,都闭合时，两电阻并联，电流 表测量干路电流，5s内整个电路消耗的电能为12J, 根据甲=可知，干路电流1=”-。 0.8A,根据并联电路的电流特点可知，通过R,的电 流I,=I-L2=0.8A-0.3A=0.5A,根据欧姆定律 .U_3V 可知，定值电阻R,的阻值为R=了05A=6D。 10.0.6【解析】由甲电路图可知，当开关S闭合 后，R,与R2串联，电压表测R两端的电压，当滑片 P位于a端时，R2接入电路中的电阻为0，电压表 测电源两端电压，由图乙可知，电源电压U=6V; 当滑片位于b端时，R,接入电路中的电阻最大，电 压表的示数最小，由图乙可知，滑动变阻器的最大 阻值R2=50D,此时电压表的示数U1=1V,因 串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动 变阻器两端的电压：2=U-U1=6V-1V=5V, 因串联电路中各处的电流相等，所以，通过R的电 流4=化00=01A,由1=可得，定 ,=5V U1V 值电阻R,的阻值R,==0.1A=10D;电源电 压保持不变，根据P=可知，电路中的总电阻最 R 大时，总功率最小，当滑动变阻器R,的滑片P移至 b端时，滑动变阻器接入电路的阻值最大，电路总 电阻最大，则电路消耗的最小电功率P小= 2 (6V)2 R+R=10n+500=0.6W。 11.A12.D13.C14.B 15.C【解析】闭合开关，导体棒ab和cd组成一个 闭合电路，闭合电路的一部分导体棒αb在磁场中 做切割磁感线运动，闭合电路中有了感应电流，这 种现象是电磁感应现象，发电机是利用电磁感应 现象工作的，所以甲装置相当于发电机，故A错 误；电路中有了感应电流之后，感应电流经过导体 棒cd,导体棒cd成为通电导体在磁场中受力而运 动，这是电动机的工作原理，所以乙装置相当于电 动机，故B错误；甲装置相当于发电机，将机械能 转化为电能，乙装置相当于电动机，将电能转化为 机械能，故C正确；如果闭合开关，沿竖直方向上 下移动导体棒αb,导体棒ab不能切割磁感线，不 能产生感应电流，没有电流通过导体棒cd,所以导 体棒cd不会移动，故D错误。故选C。 16.B【解析】根据电路图可知，两个灯泡串联接 入电路中；闭合开关后两灯均不亮，这说明电路出 现了开路故障；用电压表先后测得ab和ad两端 的电压均为3V,这说明a到电源正极、d到电源 负极之间是接通的，L,不可能开路，所以故障是ac 之间出现了开路现象，由Ua=0V可知开关一定 开路，L2有可能被短路。故选B。 17.D【解析】闭合开关S,三个电阻串联，电压表 V,测R,两端的电压，电压表V,测R,两端的电压， 电流表测电路中的电流；将R,的滑片从最左端向 右端缓慢移动，R,接入电路中的电阻变大，电路中 的总电阻变大，由1=只可得，电路中的电流变小， 即电流表A示数变小；由U=R可知，R,两端的电 压变小，即电压表V,示数变小；根据串联电路分压 的特点可知，滑动变阻器接入电路中的电阻变大， 分得的电压变大，电压表V,的示数变大，故A错 误：由U=R可知，R两端的电压变小；根据串联 电路分压的特点可知，电压表V,示数增加量等于 R,、R,两端电压减小量的和，所以电压表V,示数减 小量小于电压表V,示数增加量，故B错误，D正 确；根据串联电路分压的特点可知，电压表V,示数 增加量等于定值电阻R、R,两端电压减小量的和， 所以电压表V,和电流表A示数变化量的绝对值 真题大练考·安徽物理·参考答案及解析 的比值等于R、R的电阻之和，比值不变，故C错 误。故选D。 18.（每空2分，共4分)(1)放大(2)能 19.（每空2分，共6分)(1)用弹簧测力计水平匀速拉 动木块，使木块在长木板上做匀速直线运动 (2)不能(3)2.0 20.（每空2分，作图2分，共6分)(1)如答图所示 (2)9.50(3)80aB, U1-U额 第20题答图 【解析】(3)①连接好电路，闭合开关S,并将开关 S,拨到触点2，电压表测小灯泡两端的电压，移动 中 考 滑片P,使电压表的示数为小灯泡额定电压V籁； 优 ②保持滑动变阻器滑片P的位置不变，再将开关 质 S2拨到触点1，电压表测定值电阻和小灯泡两端的 模 电压，读出电压表的示数为U,;③因电路的连接方 拟 式没有改变，各用电器的电压和电阻不变，小灯泡 原 仍正常发光，根据串联电路的电压规律可知，定值 卷 电阻两端的电压为U。=U1-U蟹，电路中的电流即 小灯泡的额定电流为I氯= -U题，其电阻的表达 R。 -U数U氧VR。 式R-U0-U R。 21.解：(1)由图可知n=3,绳子自由端移动的距离 5绳=物=3×4m=12m 拉力做的总功 W总=Fs组=1000N×12m=1.2×104J 拉力做功的功率 P-W鱼_1.2×10J=600W…(2分) 20s ,_W在=fs幽-fs他=f可知，汽车所受 (2)由刀=W2F馔FnsmnF 的阻力 f=nF=80%×3×1000N=2400N…(3分) 22.解：(1)电水壶处于“加热”挡正常工作100s所消 耗的电能 W=P加热t=1210W×100s=1.21×103J… …(2分)》 (2)当开关S断开时，R,和R2串联，电路的总电阻 较大，由P=发可知，电路的总功率较小，即为“保 温”挡，该电水壶处于“保温”挡时，电路的总电阻 11 真题大练考·安徽物理·参考答案及解析 _02-(20y2 R6FP保a=8W =5502 当开关S闭合时，电路为R的简单电路，电路的总 电阻较小，总功率较大，即为“加热”挡，则R的 阻值 今--0a 根据串联电路的电阻关系可知R的阻值 R2=R总-R1=5502-402=510n…(3分) (3)根据)==知，初温为45℃的水加热到 100℃用时420s,消耗的电能 W1=P加熟t=1210W×420s=5.082×105J 水吸收的热量 Q骚=W17=5.082×105J×90%=4.5738×10J 根据Q顾=c*m△t得：4.5738×103J=4.2× 103J/(kg·℃)×m×(100℃-45℃) 中 解得m=1.98kg…（2分) 优 23.解：(1)圆柱体容器在水中处于漂浮状态，重力大 质 小等于所受的浮力 模 5.合肥市瑶海区2025年初中 拟 原 评分说明：1~17题，每小题2分，共34分。 卷 1.改变2.减小蒸发面积3.不等于4.大于 5.减小6.向左运动 7.如答图所示 氖管发光 螺口灯泡开关 第7题答图 8.5×10 9.300 【解析】若在C点用一个力F使A点稍微离 开地面，则此时B为支点，动力作用在C点，动力臂 越长越省力，此时最长的动力臂为BC,根据杠杆的 平衡条件可得：F×BC=Gx2AB,则F=BC 1 800N×2x0.6m =300N。 0.8m 10.0.3~0.6A【解析】由题意可知，电流表的量 程为0~0.6A,因此电路中的最大电流为0.6A; 当电压表的示数U大=3V时，滑动变阻器接人电 路中的电阻最大，R。两端的最小电压：Uo小=U- V掰大=4.5V-3V=1.5V,电路中的最小电流： 12 G容器=F浮=P水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg× 30×10-4m2×0.05m=1.5N…(2分) (2)向圆柱体容器中注入未知液体后，受到水的浮 力的增加量等于液体的重力 △F浮=Gw=P水g(h3-h,)S2=1.0×103kgm3× 10N/kg×(0.15m-0.05m)×30×10-4m2=3N 液体的体积 V液=S2h2=30×104m2×0.125m=3.75× 10-4m3 液体的密度 =2351.1。s 3N P液三V液 0.8×103kg/m3…(3分) (3)注人未知液体前后，水对水槽底部压力的变化 量△F=G,=3N,水槽底部受到水的压强的变 化量 △F3N 4p=等-200×10-4m=150Pa.（3分） 毕业学业考试模拟试卷（一） 4受-与-0,3A放为保证电路中元件安 全，电流表的示数范围应为0.3~0.6A。 11.D12.B13.A14.B15.C 16.D【解析】由电路图可知，R,与R2串联，电压表 V,测R,两端的电压，电压表V,测电源电压，电流 表测电路中的电流；由于电源电压不变，所以滑片 P移动时，电压表V,示数不变：当滑动变阻器的滑 片P向右移动时，R2接入电路中的阻值变大，电路 中的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路中的电流 变小，即电流表示数变小；由U=R可知，R,两端 的电压变小，即电压表V,示数变小，故AB错误； 电压表V,示数与电流表A示数的比值等于R,的 电阻，则电压表V,示数与电流表A示数的比值不 变；电压表V,示数与电流表A示数的比值等于电 路中的总电阻，则电压表V2示数与电流表A示数 的比值变大，故C错误、D正确。故选D。 17.D 18.(每空2分，共4分)(1)替代蜡烛A(2)a 19.(每空2分，共4分)(1)游码是否调零 (2)2.74×10 20.(每空2分，共8分)(1)D(2)0.6(3)C (4)96 Ro 【解析】(4)小明用一个R,=10Ω的定值电阻代 替了电流表，并调节滑动变阻器，使小灯泡两端的