2026届高考物理二轮专题强化练5：功能关系机械能

2026届二轮专题强化练：功能关系机械能 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题 1．（2023·江苏·高考真题）滑块以一定的初速度沿粗糙斜面从底端上滑，到达最高点B后返回到底端。利用频闪仪分别对上滑和下滑过程进行拍摄，频闪照片示意图如图所示。与图乙中相比，图甲中滑块（　　）    A．受到的合力较小 B．经过A点的动能较小 C．在A、B之间的运动时间较短 D．在A、B之间克服摩擦力做的功较小 2．（2023·江苏南通·一模）如图所示，一轻质弹簧固定在斜面底端，t=0时刻，一物块从斜面顶端由静止释放，直至运动到最低点的过程中，物块的速度v和加速度a随时间t、动能Ek和机械能E随位移x变化的关系图像可能正确的是（　　） A． B． C． D． 3．（2025高三·北京·专题练习）如图所示，在一水平向右匀速运动的传送带的左端A点，每隔相同的时间T，轻放上一个相同的工件。已知工件与传送带间的动摩擦因数为μ，工件质量为m。经测量，发现后面那些和传送带共速的工件之间的距离均为L，已知重力加速度为g，下列说法正确的是（　　） A．传送带的速度大小为2 B．工件在传送带上加速的时间为 C．每个工件与传送带间因摩擦而产生的热量为 D．传送带传送一个工件多消耗的能量为 4．（2024·全国·模拟预测）如图，一劲度系数为的轻质弹簧，一端固定在墙上，另一端连接一置于水平地面上、质量为的小物块，小物块与水平地面之间的动摩擦因数为。小物块位于点时，弹簧处于自然状态。现用一外力将小物块向右移动至与点距离为的点处，然后从静止释放，小物块开始运动，重力加速度大小为。则（　　） A．小物块最终停止的位置在点 B．小物块第一次向左运动至速度为零的点与点关于点对称 C．小物块第一次向左运动回到点的过程中，速度的大小一直增大 D．小物块每一次速度为零时，其与点的距离比上一次速度为零时与点的距离小 5．（2025·四川乐山·二模）如图所示，光滑“”形金属导轨固定在水平面上，一导体棒静置于导轨上，并与导轨垂直，构成回路。回路上方一条形磁铁在外力F作用下，竖直向上做匀速运动。运动中外力F对磁铁做功WF，磁铁克服重力做功WG，磁铁克服磁场力做功W1，磁场力对导体棒做功W2，导体棒获得的动能为Ek，回路中产生的焦耳热为Q。则（    ） A． B． C． D． 6．（2022·全国乙卷·高考真题）固定于竖直平面内的光滑大圆环上套有一个小环，小环从大圆环顶端P点由静止开始自由下滑，在下滑过程中，小环的速率正比于（　　） A．它滑过的弧长 B．它下降的高度 C．它到P点的距离 D．它与P点的连线扫过的面积 7．（2024·山东·高考真题）如图所示，质量均为m的甲、乙两同学，分别坐在水平放置的轻木板上，木板通过一根原长为l的轻质弹性绳连接，连接点等高且间距为d（d<l）。两木板与地面间动摩擦因数均为μ，弹性绳劲度系数为k，被拉伸时弹性势能E=kx2（x为绳的伸长量）。现用水平力F缓慢拉动乙所坐木板，直至甲所坐木板刚要离开原位置，此过程中两人与所坐木板保持相对静止，k保持不变，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为g，则F所做的功等于（　　） A． B． C． D． 8．（2025·四川·高考真题）如图所示，倾角为的光滑斜面固定在水平地面上，安装在其顶端的电动机通过不可伸长轻绳与小车相连，小车上静置一物块。小车与物块质量均为m，两者之间动摩擦因数为。电动机以恒定功率P拉动小车由静止开始沿斜面向上运动。经过一段时间，小车与物块的速度刚好相同，大小为。运动过程中轻绳与斜面始终平行，小车和斜面均足够长，重力加速度大小为g，忽略其他摩擦。则这段时间内（   ） A．物块的位移大小为 B．物块机械能增量为 C．小车的位移大小为 D．小车机械能增量为 9．（24-25高三上·海南·期中）如图，水平轨道AD足够长，BC段部分粗糙且长度为，其余部分光滑。质量为1kg、长度为2L的均匀木板以的初速度穿过BC部分，木板与粗糙部分的动摩擦因数为，重力加速度g取，木板穿过粗糙段后的速度大小为（　　） A．1m/s B．2m/s C．3m/s D．4m/s 10．（辽宁省大连海湾高级中学2017-2018学年高二开学考试物理试题）如图所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上，物块质量为M，到小环的距离为L，其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为F．小环和物块以速度v向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子P后立刻停止，物块向上摆动．整个过程中，物块在夹子中没有滑动．小环和夹子的质量均不计，重力加速度为g．下列说法正确的是（  ） A．物块向右匀速运动时，绳中的张力等于2F B．小环碰到钉子P时，绳中的张力大于2F C．物块上升的最大高度为 D．速度v不能超过 二、多选题 11．（25-26高三上·重庆沙坪坝·月考）如图所示，直立轻质弹簧一端固定在水平地面，另一端与物块a拴接，物块b放在物块a上，处于静止状态。物块b、c用不可伸长的轻质细线绕过轻质定滑轮连接，将物块c放置于倾角为的足够长的固定斜面上，细线与斜面平行。托住物块c，当物块b、c之间的细线伸直且恰无作用力时，将物块c由静止释放。此后a、b一起运动到最高点时恰好未分离。已知物块a、b的质量均为m，弹簧的劲度系数为k，重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，弹簧的弹性势能（x为形变量），不计空气阻力及一切摩擦，下列说法正确的是（　　） A．物块c的质量为2m B．释放物块c瞬间，物块a、b间的弹力大小为 C．从释放物块c到物块a、b到达最高点的过程，弹簧弹性势能的减少量为 D．物块c的最大速率为 12．（2022·河北·高考真题）如图，轻质定滑轮固定在天花板上，物体和用不可伸长的轻绳相连，悬挂在定滑轮上，质量，时刻将两物体由静止释放，物体的加速度大小为。时刻轻绳突然断开，物体能够达到的最高点恰与物体释放位置处于同一高度，取时刻物体所在水平面为零势能面，此时物体的机械能为。重力加速度大小为，不计摩擦和空气阻力，两物体均可视为质点。下列说法正确的是（　　） A．物体和的质量之比为 B．时刻物体的机械能为 C．时刻物体重力的功率为 D．时刻物体的速度大小 13．（2024·广东·高考真题）如图所示，光滑斜坡上，可视为质点的甲、乙两个相同滑块，分别从、高度同时由静止开始下滑。斜坡与水平面在O处平滑相接，滑块与水平面间的动摩擦因数为，乙在水平面上追上甲时发生弹性碰撞。忽略空气阻力。下列说法正确的有（　　） A．甲在斜坡上运动时与乙相对静止 B．碰撞后瞬间甲的速度等于碰撞前瞬间乙的速度 C．乙的运动时间与无关 D．甲最终停止位置与O处相距 14．（2025·陕晋青宁卷·高考真题）如图，与水平面成夹角且固定于O、M两点的硬直杆上套着一质量为的滑块，弹性轻绳一端固定于O点，另一端跨过固定在Q处的光滑定滑轮与位于直杆上P点的滑块拴接，弹性轻绳原长为OQ，PQ为且垂直于OM。现将滑块无初速度释放，假设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等。滑块与杆之间的动摩擦因数为0.16，弹性轻绳上弹力F的大小与其伸长量x满足。，g取，。则滑块（　　） A．与杆之间的滑动摩擦力大小始终为 B．下滑与上滑过程中所受滑动摩擦力的冲量相同 C．从释放到静止的位移大小为 D．从释放到静止克服滑动摩擦力做功为 15．（2025·广东深圳·模拟预测）如图甲所示，液压拔桩机将桩体从土壤中竖直拔出，并上升一段高度的整个过程中，桩体一直做匀加速直线运动。如图乙所示，桩体被拔出的过程中，受到的阻力f大小与在地基里面的长度h成正比。已知桩体尖端部分、土壤对桩体的支持力大小以及空气阻力均忽略不计。整个运动过程，液压机对桩体的作用力F、液压机对桩体的作用力的瞬时功率P，与位移x和时间t的关系中，下列图像中可能正确的有（　　） A． B． C． D． 16．（2025·河南·一模）如图所示的曲面轨道在A点与水平轨道相切，竖直半圆轨道在B点与水平轨道相切；C为半圆轨道的最高点，质量为m的小球从曲面轨道上的某点由静止释放，释放点到水平轨道的高度为h（h未知）。半圆轨道的半径为R，重力加速度为g。假设小球与圆心O的连线与竖直线的夹角用θ表示，AB段足够长，忽略一切摩擦、空气阻力以及小球落地后的反弹，sin37°=0.6.下列说法正确的是（　　） A．若时，则小球在B点对轨道的压力大小为2mg B．小球在BC段不脱离半圆轨道，则 C．若h=4R，小球落在AB段时，小球的落点到B点的距离为2R D．若时，小球脱离轨道时θ=37° 17．（22-23高一下·福建福州·期中）如图所示，汽车保持速率v不变通过路面abcd，其中ab段为平直上坡路面，bc段为水平路面，cd段为平直下坡路面。整个过程中空气阻力和摩擦阻力的大小不变。下列说法正确的是（　　） A．在ab段汽车重力的功率为0 B．在bc段汽车重力的功率为0 C．汽车在ab段的输出功率比bc段的大 D．汽车在cd段的输出功率比bc段的大 18．（2025·广东清远·一模）如图所示为电磁加速模型，该模型由竖直放置的管道和电磁系统组成。当铁球靠近线圈时，线圈通电产生磁力吸引铁球加速；铁球即将离开时断电，避免磁力阻碍运动。质量为m的铁球从最高点由静止开始逆时针下滑，此后每次经过最高点的速度均为v，运动每圈的时间为T，图中B点为管道最低点，A、C点等高且不受磁力。已知铁球运动一圈后电磁系统的平均功率为P，不计电路产生的焦耳热和管道内的空气阻力。下列说法正确的是（　　） A．铁球在最高点处对管的作用力一定竖直向下 B．运动前两圈，该模型消耗的电能为 C．运动一圈后，电磁系统每圈对铁球做的功为PT D．铁球经过AB段克服摩擦力做功大于经过BC段克服摩擦力做功 19．（25-26高二上·重庆·月考）如图所示，不带电物体A和带电的物体B用跨过定滑轮的绝缘绳连接，A、B的质量分别为2m和m，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在水平面上，另一端与物体A相连，倾角为的斜面处于沿斜面向上的匀强电场中，整个系统不计一切摩擦。开始时，物体B在一沿斜面向上的外力的作用下保持静止且轻绳恰好伸直，然后撤去外力F，直到物体B获得最大速度，且弹簧未超过弹性限度（已知弹簧形变量为x时弹性势能为）重力加速度为g，则在此过程中（　　） A．物体B带负电，受到的静电力大小为 B．物体B的速度最大时，弹簧的伸长量为 C．撤去外力F的瞬间，物体B的加速度大小为 D．物体B的最大速度为 20．（25-26高三上·湖南·期中）如图甲所示，足够长的水平传送带以某一恒定速率顺时针转动，一根轻弹簧两端分别与物块和竖直墙面连接，将物块在传送带左端无初速度释放，此时弹簧恰处于原长且为水平。物块向右运动的过程中，受到的摩擦力大小与物块位移的关系如图乙所示。已知物块质量为m，物块与传送带间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，图乙中x0为已知量，则（　　） A．弹簧的劲度系数为 B．传送带运行的速率为 C．0~2x0过程中，物块和弹簧组成的系统机械能增加量为 D．物块第一次向右运动的最大位移为 试卷第1页，共3页 试卷第1页，共3页 学科网（北京）股份有限公司 《2026届二轮专题强化练：功能关系机械能》参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C A D D D C B C C D 题号 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 答案 BC BCD ABD AC AC AD BC CD ACD BCD 1．C 【详解】A．频闪照片时间间隔相同，图甲相邻相等时间间隔内发生的位移差大，根据匀变速直线运动的推论，可知图甲中滑块加速度大，根据牛顿第二定律可知图甲中滑块受到的合力较大，故A错误； B．设斜面倾角为，动摩擦因数为，上滑阶段根据牛顿第二定律有 下滑阶段根据牛顿第二定律有 可知上滑阶段阶段加速度大于下滑阶段加速度，图甲为上滑阶段，从图甲中的A点到图乙中的A点，先上升后下降，重力不做功，摩擦力做负功，根据动能定理可知图甲经过A点的动能较大，故B错误； C．由逆向思维，由于图甲中滑块加速度大，根据 可知图甲在A、B之间的运动时间较短，故C正确； D．由于无论上滑或下滑均受到滑动摩擦力大小相等，故图甲和图乙在A、B之间克服摩擦力做的功相等，故D错误。 故选C。 2．A 【详解】A．在接触弹簧前，物块的速度v随着时间均匀增加，接触弹簧后，在达到最大速度前，做加速度减小的加速运动，达到最大速度后，做加速度增大的减速运动，直到停止，故A正确； B．在接触弹簧前，加速度恒定，刚接触弹簧后的加速度大小为 达到最大速度后，设此时弹簧的型变量为 其中 设物块与弹簧接触前运动了,物块从释放到运动到最低点 整理得 有 因此 故B错误； C．由动能定理，在接触弹簧前，物体沿着斜面下滑的位移为x 动能随着位移线性增加，接触弹簧后，在达到最大速度前，做加速运动，物块的动能随着位移是增加的，达到最大速度后，做减速运动，动能随着位移的增加而减少，故C错误； D．在接触弹簧前，只有摩擦力做负功，物体的机械能减少 在接触弹簧后，有摩擦力和弹簧弹力做负功，物体的机械能随位移减少的规律如下 是开口向下的抛物线的一段，故D错误。 故选A。 3．D 【详解】A．工件在传送带上先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，每个工件放上传送带后运动的规律相同，可知，解得传送带的速度 故A错误； B．设每个工件匀加速运动的时间为t，根据牛顿第二定律得，工件的加速度，根据，解得 故B错误； C．工件与传送带发生相对滑动的位移 则因摩擦产生的热量为 故C错误； D．根据能量守恒定律可得，传送带传送一个工件多消耗的能量为 故D正确。 故选D。 4．D 【详解】A．当小物块速度为零时，其所受弹力满足 弹簧的形变量满足 可知小物块最终停止的位置不一定在点，故A错误； C．小物块第一次向左运动至速度为零的过程中，当 即伸长量为 合力为零，速度达到最大值；可知小物块第一次向左运动回到点的过程中，速度先增大后减小，故C错误； D．当小物块到达点左侧且压缩量为时，根据能量守恒定律有 ） 解得 同理，向右运动时，其初始压缩量也比速度为零时的伸长量大，故D正确； B．因为 ， 则有 小物块第一次向左运动至速度为零的点与点关于点对称，故B错误。 故选D。 5．D 【详解】A．对磁铁分析，根据动能定理 因为磁铁匀速运动，所以动能变化量为0，故 故A错误； C．根据能量守恒定律，磁铁克服电场力做功为，这部分能量转化为导体棒的动能和整个回路的焦耳热，则，故C错误； B．对导体棒用动能定理，故B错误； D．由 联立解得 故D正确。 故选D。 6．C 【详解】如图所示 设圆环下降的高度为，圆环的半径为，它到P点的距离为，根据机械能守恒定律得 由几何关系可得 联立可得 可得 故C正确，ABD错误。 故选C。 7．B 【详解】当甲所坐木板刚要离开原位置时，对甲及其所坐木板整体有 解得弹性绳的伸长量 则此时弹性绳的弹性势能为 从开始拉动乙所坐木板到甲所坐木板刚要离开原位置的过程，乙所坐木板的位移为 则由功能关系可知该过程F所做的功 故选B。 8．C 【详解】A．对物块根据牛顿第二定律有 解得 根据运动学公式有 解得物块的位移大小为 故A错误； B．物块机械能增量为 故B错误； C．对小车根据动能定理有 其中 联立解得 故C正确； D．小车机械能增量为 故D错误。 故选C。 9．C 【详解】木板穿过段所受摩擦力随位移变化如图所示 图像与坐标轴围成的面积表示物体克服摩擦力做的功，根据动能定理有 解得 故选C。 10．D 【详解】A．物块向右匀速运动时，则夹子与物体M，处于平衡状态，那么绳中的张力等于Mg，A错误； B．小环碰到钉子P时，物体M做圆周运动，依据最低点由拉力与重力的合力提供向心力，因此绳中的张力大于Mg，而与2F大小关系不确定，B错误； C．依据机械能守恒定律，减小的动能转化为重力势能，则有 则物块上升的最大高度为 C错误； D．因夹子对物体M的最大静摩擦力为2F，依据牛顿第二定律，对物体M，则有 解得 故速度v不能超过，D正确。 故选D。 11．BC 【详解】AB．初态将物块c由静止释放，根据牛顿第二定律 a、b一起运动到最高点时恰好未分离，三者加速度相同，且根据简谐运动对称性可知大小和初态相同。此时对bc有 联立解得， 释放物块c瞬间，对物块b分析，设物块a、b间的弹力大小，有 解得，故A错误，B正确； C．在最高点对a分析 在初始时 从释放物块c到物块a、b到达最高点的过程，弹簧弹性势能的减少量，故C正确； D．当到达平衡位置速度最大，此时 解得 从初始到该位置，根据能量守恒 解得物块c的最大速率，故D错误。 故选BC。 12．BCD 【详解】A．开始释放时物体Q的加速度为，则 解得 选项A错误； B．在T时刻，两物体的速度 P上升的距离 细线断后P能上升的高度 可知开始时PQ距离为 若设开始时P所处的位置为零势能面，则开始时Q的机械能为 从开始到绳子断裂，绳子的拉力对Q做负功，大小为 则此时物体Q的机械能 此后物块Q的机械能守恒，则在2T时刻物块Q的机械能仍为，选项B正确；   CD．在2T时刻，重物P的速度 方向向下；此时物体P重力的瞬时功率 选项CD正确。 故选BCD。 13．ABD 【详解】A．两滑块在光滑斜坡上加速度相同，同时由静止开始下滑，则相对速度为0，故A正确； B．两滑块滑到水平面后均做匀减速运动，由于两滑块质量相同，且发生弹性碰撞，可知碰后两滑块交换速度，即碰撞后瞬间甲的速度等于碰撞前瞬间乙的速度，故B正确； C．设斜面倾角为θ，乙下滑过程有 在水平面运动一段时间t2后与甲相碰，碰后以甲碰前速度做匀减速运动t3，乙运动的时间为 由于t1与有关，则总时间与有关，故C错误； D．乙下滑过程有 由于甲和乙发生弹性碰撞，交换速度，则可知甲最终停止位置与不发生碰撞时乙最终停止的位置相同；则如果不发生碰撞，乙在水平面运动到停止有 联立可得 即发生碰撞后甲最终停止位置与O处相距，故D正确。 故选ABD。 14．AC 【详解】A．根据题意，设滑块下滑后弹性轻绳与PQ间夹角为时，对滑块进行受力分析，如图所示 在垂直杆方向有 由胡克定律结合几何关系有 联立解得 可知，滑块与杆之间的弹力不变，则滑块与杆之间的滑动摩擦力大小始终为 故A正确； B．下滑与上滑过程中所受滑动摩擦力的方向不同，冲量是矢量，则下滑与上滑过程中所受滑动摩擦力的冲量不相同，故B错误； C．设滑块从释放到静止运动的位移为，滑块开始向下做加速度减小的减速运动，当沿着杆方向合力为0时，滑块速度最大，之后滑块继续向下做加速度增大的减速运动，当速度为为0时，有 由几何关系可得 此时 则滑块会继续向上滑动，做加速度减小的加速运动。当滑块速度再次为0时，有 解得 此时 此时 则滑块静止，故从释放到静止，滑块的位移为，故C正确； D．从释放到静止，设克服滑动摩擦力做功为，由能量守恒定律有     解得 故D错误。 故选AC。 15．AC 【详解】AB．由题知，桩体向上做匀加速运动，则有 没出土之前，根据牛顿第二定律 又 联立可得 出土之后，根据牛顿第二定律有 解得 综上分析，可知力F先与位移x是一次函数，与时间t之间是二次函数，之后保持不变，故A正确，B错误； C．根据功率公式 其中 出土之前， 出土之后， 出土之前P与时间t是三次函数，出土之后是一次函数，故C正确； D．根据功率公式 其中 可得到出土之前 出土之后，，不可能是一次函数，故D错误。 故选AC。 16．AD 【详解】A．若时，由机械能守恒定律得 在B点时有 解得，由牛顿第三定律可知小球在B点时对轨道的压力大小为2mg，故A正确； B．小球刚好运动到与圆心O等高点时，由机械能守恒定律得 解得 小球刚好通过C点时，有 对小球从释放到C点的过程，由机械能守恒定律得 解得，则小球在BC段不脱离半圆轨道满足的条件为或，故B错误； C．若h=4R，小球在C点的速度为v3，则有 解得，小球离开C点后做平抛运动，则有 解得，故C错误； D．小球脱离轨道时，有 又由机械能守恒定律得 解得θ=37°，故D正确。 故选AD。 17．BC 【详解】A．在ab段汽车重力要做功，所以功率不为0，A错误； B．因为bc段为水平路面，该段重力不做功，所以该段汽车重力的功率为0，B正确； CD．设ab段与水平方向夹角为，cd段与水平方向夹角为，汽车质量为m，各段汽车速率均不变，受力平衡，对各段汽车的牵引力有 可得 结合公式可得 C正确，D错误。 故选BC。 18．CD 【详解】A．铁球在最高点处，对铁球受力分析有 由于v的大小可能大于、等于、小于，相应的可能大于零、小于零或等于零，即铁球受到管的弹力可能竖直向下、竖直向上，也可能没有弹力，由此可知，根据牛顿第三定律可得铁球对管的作用力方向不确定，故A错误； B．铁球从最高点静止开始下滑，运动前两圈，铁球的动能增加量为，但该模型消耗的电能不仅用于增加铁球的动能，还用于克服摩擦力做功，所以消耗的电能大于，故B错误； C．已知铁球运动一圈后电磁系统的平均功率为P，运动每圈的时间为，根据可得运动一圈后，电磁系统每圈对铁球做的功为，故C正确； D．铁球先后经过A、C两个位置，重力势能相等，由于摩擦力作用，根据能量守恒可得，同理，段与段相同高度的任意位置处的速度大小均是段处的大。根据牛顿运动定律和圆周运动规律可得，AB段受到弹力比对应高度段受到弹力大，AB段受到摩擦力比对应高度段受到摩擦力大，两段路程相等，可知铁球经过段克服摩擦力做功较多，故D正确。 故选CD。 19．ACD 【详解】A．假设B所受静电力沿斜面向下，当施加外力时，对B分析可知且 解得 假设成立，故B带负电，故A正确； B．当B受到的合力为零时，B的速度最大，由 解得 故B错误； C．当撤去外力瞬间，弹簧弹力还来不及改变，即弹簧的弹力仍为零，对物体A、B分析可知 解得 故C正确； D．设物体B的最大速度为，由功能关系可得 解得 故D正确。 故选ACD。 20．BCD 【详解】A．过程，物块在滑动摩擦力和弹簧弹力作用下向右做加速度减小的加速运动；当时，物块与传送带共速，滑动摩擦力突变为静摩擦力；过程，物块与传送带相对静止一起做匀速直线运动，弹簧弹力与静摩擦力大小相等且逐渐增大，当时，物块所受弹力等于最大静摩擦力，此后物块向右做减速运动并相对传送带滑动。当时则有 解得弹簧的劲度系数为，故A错误； B．时，物块的速度等于传送带的速度。作出物块所受合力与物块位移的关系如图所示 由动能定理可得 解得，故B正确； C．过程中，物块和弹簧组成的系统机械能增加量等于摩擦力对物块做的功，由图乙中的面积可知，故C正确； D．根据合力与物块位移的关系图，假设弹力等于最大静摩擦力之后，物块向右减速运动了后速度为0，由动能定理可得 解得 因此物块第一次向右运动的最大位移为，故D正确。 故选BCD。 答案第1页，共2页 答案第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $