综合检测卷(一)-【金试卷】2025-2026学年高中物理必修第三册同步单元双测卷（人教A版）

条形磁铁上方M位置向下运动，通过圆环的磁通量先增大后减小，在P位置穿过 圆环的磁通量最大，选项D正确。 11.BD根据安培定则可知穿过右侧线框的磁场向里、穿过左侧线框的磁场向外，但通 电导线MN左侧的线框部分的平均磁感应强度比右侧的线框部分平均磁感应强度 大，根据磁通量概念可知穿过左侧部分的磁通量大于穿过右侧部分的磁通量，则穿 过线框的磁通量不为O,导线MN向左移动少许可能使两侧的磁通量等大而反向， 穿过三角形线框的磁通量为0，故B、D正确，A、C错误。 12.BCI1在b点的磁感应强度方向竖直向下，I2在b点的磁感应强度方向竖直向 上，且因为I1=I2,b点位于两根导线间的中点，所以b点的合磁场的磁感应强度为 零，A错误；I1在d点的磁感应强度方向斜向下，I2在d点的磁感应强度方向斜向 上，侧视图如图甲，可知点处的磁感应强度方向与两根导线所在平面平行，故B 正确；由安培定则可知11和I2在a点产生的磁感应强度方向相同，都是竖直向上， 在c点产生的磁感应强度方向都是竖直向下，如图乙，由对称性可知，、c两点处的 磁感应强度大小相等，方向相反，故C正确；由以上分析可知，a、d两点处的磁感应 强度方向不同，故D错误 B B, B. 乙 13.答案(1)垂直纸面向里(2)0 解析(1)设A,点处导线和B点处导线在C点激发的磁场的 磁感应强度分别为BA和BB,由于C,点磁场的磁感应强度 B合沿BC方向向右，根据安培定则可知BA方向垂直于AC 309 斜向右上，则BB的方向一定为垂直于BC向下，如图所示， 所以B点处导线中电流方向垂直纸面向里。 B BB=sin30° (2)由图可知 由题意知BA=kC BR Ba=kI8 UBC 由几何关系知lAC=2lBC 解得a=}1。 14.答案(1)0.01Wb(2)增大了0.01Wb或减小了0.02Wb 解析(1)穿过线圈的磁通量为： 0=BSsin30°=0.1×0.2×号wb=0.01wb。 (2)若线圈逆时针方向转过60°，则此时穿过线圈的磁通量Φ=BS=0.02Wb 那么△Φ=Φ一Φ=0.01Wb 若线圈顺时针方向转过60°，则此时穿过线圈的磁通量 Φ"=-BSsin30°=-0.01Wb 那么△Φ'=Φ一Φ=一0.02Wb。 15.答案√3B√5B 解析设正方体的边长为L,则dc=da=L de=ha=√L2+L2=√2L 由于h中的电流在c点产生的磁感应强度为B,且B= 所以，h中的电流在口点产生的磁感应强度B1=k=B,由安培定则知方向由a 指向b,如图甲所示 hg中的电流在a点产生的磁感应强度B2=友2”=2B,方向垂直于h,如图甲 √2L 所示 60参考答案 甲 由图甲可知B1和B2垂直，所以a点的磁感应强度大小为：B。=√B十B路= √JB2+(W2B)2=√5B h中的电流在e点产生的磁感应强度B,=是=B方向由e指向了，如因乙所示 g中的电流在e点产生的磁感应强度B1=k-2B,方向由e指向a,如图乙所示 由图乙可知B3和B4垂直，则e点的磁感应强度大小为：B。=√B酯十B= √B2+(2B)2=√5B 16.答案见解析 解析(1)穿过该平面的磁通量Φ=BScos0 (2)①电通量定义式中E=ES 其中E为电场强度、S为垂直电场的面积。 电场强度的单位是V/m,面积的单位是m2 则电通量的单位是V·m ②点电荷十Q在距离为R处产生的电场强度大小E=k R2 半径为R的球面面积为S=4πR2 则穿过该球面的电通量为 E=Es=k是×4aRe=4Q (3)设太阳半径为R,火星半径为r 太阳单位时间内向外辐射的电磁波能量为：P。=PS=σTX4πR2=4πaTR2 火星单位时间内吸收的太阳能量为P= Po 4π(400R)2Xπr2 设火星的平均温度为T,火星单位时间向外辐射电磁波能量为P2=4πσT4,2 温度稳定时有P1=P2 解得火星的平均温度T=70X400 T0_≈204K 第四部分 综合检测卷 综合检测卷（一） 1.B通电的两个线圈可视为通电螺线管，两通电螺线管又可近似看成两个条形磁铁， 其等效图如图所示。两个条形磁铁的下端均为N极，因此，O点的磁场方向向上，故 B正确。 2.B由题意可知，模具的侧边界与磁感线重合，则线圈贴着模具上下移动的过程中穿 过线圈的磁感线的条数不会发生变化，即穿过线圈的磁通量不变，所以线圈紧密套 在模具上移动过程中不出现感应电流。若线圈平面放置不水平，移动过程中由于穿 过线圈的磁通量不变，也不会产生感应电流。所以选项B正确。 3.B物料在经过高压电场区域时，只受水平方向的电场力和竖直方向的重力，在竖直 方向上均微自由落体运动，在水平方向上均微匀加速直线运动，由h=282知，所 一定相同，A错误；起电后的物料经过高压电场区城时，电场力做正 用时间t一g 功，机械能增大，B正确；从漏斗漏出的混合物料沿电场中线由静止进入高压电场， 故电场力和重力的合力提供加速度，且初速度为零，故起电后的物料经过高压电场 区域时一定做初速度为零的匀加速直线运动，C错误；起电后的物料经过高压电场 区域时，电场力做正功，电势能减小，D错误。 4.C如图所示，过B,点作AC的垂线，则垂足D为AC的 四等分点，因A、C两点的电势分别为0、8V,可知D,点的 电势为2V,则BD为等势面；根据E三可得电场强度 E-Um_ EA D DA-0.04×cos60V/m=100V/m,故C正确。 2 5.DR的滑片稍向下滑动时，变阻器R接入电路的电阻值变大，外电路总电阻值变 大，根据闭合电路的欧姆定律得知，干路电流I减小，灯变暗；b灯两端的电压Ub= E-I(r十Ra),I减小，Ub增大，则b灯变亮；通过c灯的电流I。=I一Ib,I减小，I 增大，则I。减小，C灯变暗，选项D正确，A、B、C错误。 6.C质子仅受电场力F=qE,由E一x图像可知O至b点，质子先做加速度逐渐变大 的加速运动，再做加速度逐渐减小的加速运动，故D错误；质子从O至d,电场力做 正功，其在O点的电势能大于在d点的，由于b,点电势为0，由图线与x轴围成的面 积知电势差UO仍=E0L,则Po=E0L,故A、B错误；利用动能定理得Ek=qEx,由 E-x图像可得从O到a、b、c三点，图线与x轴围成的面积之比为1：2：3，可知质 子在a、b、c三点动能之比为1：2：3，C正确。 7.C电流表量程扩大了600倍，则当指针指示原表头上的刻度“0.25mA”时，改装电 流表所测电路电流为0.25×600mA=0.15A,选项A错误；通过表头的电流与分流 电阻R的电流之比总是1：599，选项B错误；改装的电流表量程虽然变大了，但通过 表头的最大电流并没有增加，仍为1A,选项C正确；当所测电路总电流为0.40A 时，通过分流电阻的电流大小为0.40A>00≈0.399A,选项D错误。 8.B由于电池容量是5000mA·h,即q=5000×10-3×3600C=1.8×104C,充电 器输出电流为100mA,所以充电时间为1=号-59O0mAh=5h,故A错误；最 1000mA 多能储存的电能为W=qU=1.8×104×24J=4.32×105J,故B正确；额定功率为 0W,工作包压为24V,剥特行时的工作电流为I一号-号A=号A,做C错误；充 满电后能工作1-罗=名32010 s=3h,故D错误。 40 9.AB根据欧姆定律和图像可知，R1为12，R2为3，当三个导体串联时，通过各个 导体的电流相等，且三个导体两端的电压之和应为6V,由图可知，三个导体中的电 流均为1A,R1、R2、R3两端的电压分别为1V、3V、2V,则R3为2，故R1:R2: R3=1:3:2,故A、B正确；若将三个导体串联接在3V的直流电源上，A、B的阻值 不变，而由于C两端电压变化，电阻一定变化，则三个导体的阻值之比也变化，故C 错误；若将三个导体并联接在3V的直流电源上，由图可知，通过它们的电流之比为 11:I2:I3=3:1:2,故D错误。 10.CD如图，以O点为圆心，OP为半径画圆孤交ON于点 0,+Q M,根据顺着电场线方向电势降低可知，M点的电势高于 0 N点的电势，而M、P两，点的电势相等，则N点电势低于 M-1 P点电势，故A错误：P点电场强度大小是Ep=é，号，N{ N D 点电场强度大小是Ev=号则Ep1EN=7:7=(2p)2:=4:1,故B错 误根据动能定理得，检验电荷由N到P的过程：-gN一9p)=合m,由题，P 点的电势为零，即p=0,则N点的电势9N一。，故C正确；检验电荷在N点 1 具有的电势能为Ep=一99N=2mv2,故D正确。 11.ACD电源的U一I图像的纵截距表示电源的电动势，由图读出电源的电动势E= 3V,内阻r智=子卫=10，两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组 成闭合电路时的工作状态，由图读出路端电压U=1V,电流I=2A,则电源的总功 率为P=EI=3X2W=6W,此时电源内部消耗的热功率为P内=r=4W,电源 的输出功率为P台=U1=2w,电源的效率为7P×100%=号×100%≈ 33.3%,故AC正确；电阻R=号，其大小等于U-1图线上的点与原点0连线的 斜率，可以知道R随电压的升高而增大，此时电阻值R-号-名n=0.50,故B错 误；当外电路电阻与电源内电阻相等时，电源的输出功率最大，所以串联一个定值 电阻后，若外电阻与电源内阻的差值减小，电源的输出功率增大，若串联后外电路 总电阻大于电源的内阻，根据P一R图像知，电源的输出功率也可能不变，所以D 选项是正确的。 12.BD等效最高，点处的速度最小，但此处不是向左的最大位移处，其电势能不是最 大，A选项错误；等效最高点处的速度最小，且与水平方向成45°角，由运动的分解 可知，此时水平方向的速度等于竖直方向的速度，故C选项错误；由对称性可知，水 平速度为0时，竖直速度为0，此时小球的动能等于初始动能，向左的位移最大，电 势能最大，B选项正确；由B分析可知，从出射到小球速度水平分量为零的过程中， 动能的变化量为0，故此过程中，重力做功和电场力做功的代数和为零，即重力做的 功等于小球电势能的增加量，D选项正确。 13.答案见解析 解析(1)根据数据作出的U一I图像如图所示。 ↑U/W 1.6011i17 1.50-文 1.40----- J-L 1.30￥ 1.20+ 1.10- 1.0011t 0 0.200.400.601A (2)由图可知电源的电动势为1.50V(1.48~1.52),电源的内阻r=k=0.942 (0.92~0.96)。 14.答案(1)50.155.695(5.6935.697)(2)如图所示 Ro A 电源 a招 解析(1)20分度的游标卡尺，精确度为0.05mm,圆柱体的长度为L=50mm+3 ×0.05mm=50.15mm;螺旋测微器的可动刻度为50格，表示0.5mm,一小格表 示0.01mm,可动刻度需要估读，则圆柱体的直径为D=5.5mm十19.5×0.01mm =5.695mm。 (2)恒压电源电压为4V,实验提供的电压表量程为0~15V,量程太大不合适，而 电流表A1的内阻已知，还有一个定值电阻R。=802,可考虑改装成电压表，最大 测量值为UV=IA1(r1十R,)=5V,量程较合适；改装后待测电阻的最大电流为 Ima≈O0A=40mA,电流表A2的量程为0~100mA,直接接在待测电阻上指针 4 的偏转幅度小，而改装后的电压表和待测电阻并联后的总电流最大约为80A,则 电流表A2接在干路上指针偏转比较合适；滑动变阻器R1的最大阻值远小于待测 电阻阻值1002，为了调节方便和获得更多的测量数据，应采用滑动变阻器的分压 式接法。 (3)根据所设计的电路原理可知，待测电阻两端的电压为Uz=I1(R0十r1),待测电 U 阻的电流为1，=12一【1，由欧姆定律和电阻定律可得待测电阻的阻值为R, P5S-,联立解得电阻率为。 πD2I1(Ro+r1) 4L(I2-I1) 15.答案(1)1×104V/m(2)600V(3)-200V 解析(1U=We=3.2X10-17 9 -1.6x10-5V=-200V V/m-1x10!V/m (2)UAB=EdAB=600 V (3)9D=UDA =UDC=-200 V 16.答案(1)62(2)28V19W 解析(1)根据题意可知，电阻R,消耗的功率P。=26W一20W=6W 又因P0=R U 解得R0=6n =1A (2》电路中的电流I=R 根据能量守恒有P出=IE-Pr 解得E=28V 对电动机，根据能量守恒，有P入=P十IR1 解得P机=19W 17.答案(1)3000W(2)2700W(3)3290% 解析(1)驱动电机的输入功率为P入=UI=300×10W=3000W。 ②)电动形车通迹天安门前的走度为。=臣-器m/s=2m 电动彩车行驶时所受阻力为 R-0mg=0×67X102X10N=135X103N 电动彩车匀速行驶时F=F:,故电动彩车通过天安门前时牵引汽车前进的 率为P机=F℃=2700W。 (3)设驱动电机的内阻为R, 由P入=P机十P热得P入=P机十IPR 解得驱动电机的内阻为R=3Ω 照动包机的机核效牵为？费×10%=90%。 18.答案严22a号 解析(1)从A点到MN的过程中，由动能定理得 cl 解释产 (2)电子在水平电场中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为a1,时间 由牛顿第二定律和运动学公式解得@1-"1= v=alli 从MN到屏的过程中运动的时间：2=2L 则运动的总时间为t=十2=2，/E mL (3)设电子射出竖直电场时竖直方向的速度为v,根据牛顿第二定律得，电 直电场中的加速度为a2-eE-2eE mm = vy=a2t3 tan 0=y 0 解得：tan0=1 如图所示，电子离开竖直电场后，速度方向的反向延长线交于BC的中点O。 L 由几何关系知：tan8= x 解得x=受 综合检测卷（二） 1.B电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，A错误；点电荷的电场强度公 E一号表明，点电荷周围某点电场强度的大小，与点电荷的电荷量成正比，与 点到场源电荷距离，的二次方成反比，B正确；电场强度公式E=F只是为研究电场 的方便，采用比值法下的定义，所以电场强度的大小与该点所放试探电荷的电荷量 不成反比，C错误；由F=gE可知，故D错误。 2.D将选择开关置于“×10”挡测量时，指针偏转较小，说明待测电阻阻值较大，所以 应该换用较大倍率的挡位，即换“×100”挡，欧姆表每次换挡测量之前都必须重新欧 机械功 姆调零，故选D。 3.DP一x图像的切线斜率越大，则电场强度越大，A项错误；由切线斜率的正负可 知，x1和x2之间的电场强度方向先沿x轴负方向后沿x轴正方向，B项错误；粒子 在x=0处由静止沿x轴正方向运动，表明粒子运动方向与静电力方向同向，静电力 先做正功后做负功，电势能先减小后增大，C项错误；由图线的切线斜率可知，从x= 0到x=x2过程中电场强度先减小后增大，因此粒子的加速度先减小后增大，D项 正确。 4.DA点电势为一4V,由图形剖析可知UM4=4V,UM=8V,所以M、N的电势分 别是0V、8V,所以BF和CE所在平面为等势面，Pr=PB≈0，PE=pC=8V,UAF= PA一Pr=一4V,因为电场线和等势面垂直，BF所在平面为等势面，故AD为电场 线，因为沿着电场线方向电势降低，所以电场线方向由D指向A,故D正确，A、B错 吴：E-号L品0=200Vm,做C错民. 5.C由题可知，滑片P向下移动，滑动变阻器的阻值R减小，即电路中的总电阻R总 为t1, 减小，由闭合电路欧姆定律可得，电路中的总电流【总增大，电路内电压U内增大，路 搞电压U外减小，电源的效率一P 是×10%-站×1o0%-受×1o0%,即电 源效率减小，所以A正确，但不符合题意；灯L1的电流增大，所以L1的电压U1增 大，又路端电压U外减小，所以灯I2和电容器两端的电压U2都减小，所以灯L2变 暗，通过L2的电流12也减小，又总电流增大，所以电流表的示数增大，电容器两端 电压减小，由Q=CU可得，电容器极板所带电荷量减小，所以B正确，但不符合题 意；由B选项分析可知，灯L1的电流增大，所以L1变亮，电压表测的是电路的路端 子在竖 电压，所以电压表示数减小，电源的输出功率为P出=U外I总，路端电压U外减小，总 电流I总增大，所以无法判断电源的输出功率变化，所以C错误，符合题意；电源的内 部消耗功率为P内=r,由于总电流I总增大，所以电源的内部消耗功率增大，所以 D正确，但不符合题意。 6.D当传感器R2所在处出现火情时，R2的阻值减小，则外电路总电阻减小；由闭合 电路欧姆定律可知，电路中总电流将增大；由U=E一Ir可知，路端电压减小，则报警 器两端的电压U将减小，流过R1的电流变大，R3两端的电压减小，则流过R3的电 流变小，由I1=I2十I3,可知流过R2的电流I2增大。故选D。 参考答案61第四部分 综合检测卷 综合检测卷（一》 建议用时：90分钟满分：100分 一、选择题（本题共12小题，共40分.在每小题给出的四个选项中， 第1一8题只有一项符合题目要求，每小题3分；第9一12题有多项 符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的 密 得0分) 1.如图所示为电视机显像管偏转线圈的示意图，磁环上的偏转线圈 通以图示方向的电流时，圆环的圆心O处的磁场方向是() % 封 典 线 A.向左 B.向上 C.向下 D.向右 分 2.有人根据条形磁铁的磁场分布情况用塑料制 作了一个模具，模具的侧边界刚好与该条形 线圈 模具 磁铁的磁感线重合，如图所示.另取一个柔软 的弹性导体线圈套在模具上方某位置，线圈 不 贴着模具上下移动的过程中，下列说法正确 的是（地磁场很弱，可以忽略） 如 A.线圈切割磁感线，线圈中产生感应电流 准 B.线圈紧密套在模具上移动过程中，线圈中没有感应电流产生 C.由于线圈所在处的磁场是不均匀的，故而不能判断线圈中是 否有感应电流产生 答 D.若线圈平面放置不水平，则移动过程中会产生感应电流 3.电场分选是在高压电场中利用入选物料的电性差 混合物料 异进行分选的方法.如图所示，从漏斗漏出的混合 之漏斗 童 题 物料经起电区（未画出）起电（带正电或负电）后沿 +o 电场中线由静止进入高压电场，已知物料全部落 高压电 场区城 入M、N槽中且打不到极板，不计空气阻力和物料 间的相互作用力，则起电后的物料经过高压电场 区域时 A.所用时间一定不同 B.机械能一定增大 C.一定做曲线运动 D.电势能可能增大 赵 4.如图△ABC中，∠B为直角，∠A=60°，AB= B 北 4cm,空间中存在一匀强电场，其方向平行于 △ABC所在的平面，A、B、C三点的电势分别为0、 2V、8V,则该电场的电场强度大小为 () A.50 V/m B.50 3 V/m C.100 V/m D.1003 V/m 3 5.在如图所示的电路中，闭合开关S后，a、b、c三盏灯均能发光，电 源电动势为E,内阻为.现将变阻器R的滑片稍向下滑动一些， 则 A.b灯和c灯变暗，a灯变亮 B.a灯和c灯变亮，b灯变暗 C.a灯和b灯变暗，c灯变亮 D.a灯和c灯变暗，b灯变亮 6.静电场的方向平行于x轴，沿x轴上各点的场强与位置的关系 如图所示.一质子仅受电场力，由O点静止释放，沿x轴正向运 动，已知Oa=ab=bc=cd=L,p,=0,则下列说法中正确的是 ( A.O点的电势为2E。L B.质子在O点和d点的电势能相等 C.质子在a、b、c三点的动能之比为1：2：3 D.质子从O到b点先做匀加速直线运动后做匀减速直线运动 7.如图甲所示，将一灵敏电流表G作为表头通过并联一个电阻R 改装成一个量程为0~0.6A的电流表，R又称分流电阻.已知电 流表G的内阻R.=1002,满偏电流I.=1mA,原表头刻度盘如 图乙所示.下列对电流表的改装理解正确的是 ) 0.40.6 0.2 ol0.8 0 甲 乙 A.当指针指示原表头上的刻度“0.25mA”时，改装电流表所测 电路电流为“0.20A” B.通过表头的电流与分流电阻R的电流之比总是1：600 C.改装的电流表量程虽然变大了，但通过表头的最大电流并没 有增加 D.当所测电路总电流为0.40A时，通过分流电阻的电流大小根 据题目条件是不可求出的 8.如今电动平衡车非常受年轻人的喜爱，已慢慢成为街头的一种时 尚，如图所示为某款电动平衡车的部分参数，则该电动平衡车 ( 电池容量：5000mA·h 充电器输出：直流24V/1000mA 续航里程：40km 额定功率：40W 行驶速度：≤20km/h 工作电压：24V A.电池从完全没电到充满电所需的时间约为8.3h B.电池最多能储存的电能为4.32×105J C.骑行时的工作电流为1A D.充满电后能工作5h 9.如图所示，图线1、2、3分别表示导体A、 /A B、C的伏安特性曲线，其中导体C为一 3= 非线性电阻，当串联接在电压恒为6V的 直流电源两端时，它们的电阻分别为R、 R2、R,则下列说法正确的是( ) A.此时流过三导体的电流均为1A B.R1:R2:R3=1:3:2 02∠ 2 3 U/V C.若将三导体串联后改接在3V的直流电源上，则三导体的阻 值之比不变 D.若将三导体并联后接在3V的直流电源上，则通过它们的电 流之比I1：I2:I3=3:2:1 10.如图所示，在光滑绝缘水平面的P点正上 0.+Q 方O点固定了一电荷量为十Q的正点电 荷，在水平面上的N点由静止释放质量为 m、电荷量为一q的负检验电荷，该检验电 N 荷经过P点时速度为v(仅电场力做功)，图中=60°，规定电场 中P点的电势为零，则在十Q形成的电场中 A.N点电势高于P点电势 B.P点电场强度大小是N点的2倍 C.N点电势为-mv 2g D.检验电荷在N点具有的电势能为2m心 11.如图所示，A、B分别为电源E和电阻R的U一I图线，虚线C 是过图线A、B交点的曲线B的切线.现将电源E与电阻R及 开关用导线组成闭合电路.由图像可知 () 8 C 0 1 23/A A.电源的电动势为3V,内阻为12 B.R的阻值随电压升高而增大，此时的阻值为12 C.此时电源消耗的热功率为4W,效率约为33.3% D.若再串联一定值电阻，电源的输出功率可能不变 12.地面上方某区域存在方向水平向右的匀强电场，将一带正电荷 的小球自电场中P点水平向左射出.小球所受的重力和电场力 的大小相等，重力势能和电势能的零点均取在P点.则射出后， () A.小球的动能最小时，其电势能最大 B.小球的动能等于初始动能时，其电势能最大 C.小球速度的水平分量和竖直分量大小相等时，其动能最大 D.从射出时刻到小球速度的水平分量为零时，重力做的功等于 小球电势能的增加量 第四部分综合检测卷41 二、实验题（本题共2小题，共14分） 13.(6分)在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，某同学采用的 实验电路图如下： Er'S 某次实验中该同学将实验数据记录在下表中， 2 3 4 5 6 I/A 0.050.100.200.250.300.40 U/V 1.451.401.321.271.221.13 (1)根据这些数据在图中画出U一I图像. (2)根据图像得到被测电池的电动势E= V,内电阻 r= 2. U/V 1.60111 1.50--+ 1.40f-+t立 1.30 1.20 ÷十★ 1.10 +---+--4- 1.00L1111 0 0.200.400.601/A 14.(8分)在航空仪表上使用的电阻器和电位器，要求具有电阻温 度系数低、电阻率大、耐磨等性能.实验小组测量一个由新材料 制成的圆柱体的电阻率ρ，其操作如下： (1)用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度 为L= mm;用螺旋测微器测出其直径D如图乙所示， 则D= mm. 三25 5 7 cm 20 0 0 10 20 甲 乙 (2)此圆柱体电阻约为100Ω，欲测量这种材料的电阻率ρ，现提 供以下实验器材： A.电流表A1(量程0~50mA,内阻r1=202); B.电流表A2(量程0~100mA,内阻r2约为402)； C.电压表V(量程0~15V,内阻约为30002)； D.滑动变阻器R,(0~102,额定电流2A); E.定值电阻R。=802; F.恒压电源（电压为4V); G.开关一只，导线若干 42第四部分综合检测卷 为了尽可能精确测量圆柱体的阻值，在所给的方框中设计出实 验电路图，并标明所选择器材的物理符号. (3)此圆柱体长度为L,直径为D,若采用以上电路设计进行测 量，电阻率ρ=（写出表达式）（若实验中用到电流表A 电流表A2、电压表V,其读数可分别用字母I1、I2、U来表示). 三、计算题（本题共4小题，共46分.解答时应写出必要的文字说 明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算 的题，答案中必须明确写出数值和单位) 15.(7分)如图所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，A、B相 距6cm,C、D为电场中的两点，且CD=4cm,CD连线和电场 强度方向成60°角.已知电子从D点移到C点的过程中静电力 做功为3.2×10-17J,求： (1)匀强电场的电场强度； (2)A、B两点间的电势差； (3)若A板接地，D点电势为多少？ 16.(9分)如图所示的电路中，电源内阻r=2Ω，电动机的线圈电阻 R=12,电动机正常工作，理想电压表的示数U。=6V,电动机 消耗的功率为20W,电源输出功率为26W,求： (1)定值电阻的阻值R。; (2)电源的电动势及电动机对外输出的机械功率. Ro E R,① 17.(14分)国庆群众游行队伍中有一辆气势磅礴的彩车是电动车， 充一次电可以走100千米左右.假设这辆电动彩车总质量为 6.75×103kg,当它匀速通过天安门前500m的检阅区域时用 时250s,驱动电机的输入电流I=10A,电压U=300V,电动 彩车行驶时所受阻力为车重的品g取10m/s,只考虑驱动电 机的内阻发热损耗的能量，求： (1)驱动电机的输入功率； (2)电动彩车通过天安门前时牵引汽车前进的机械功率； (3)驱动电机的内阻和机械效率. 18.(16分)如图所示，竖直虚线MN左侧有一场强为E,=E的水 平匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、 电场强度为E2=2E的竖直匀强电场，在虚线PQ右侧距PQ为 L处有一竖直的屏.现将一电子（电荷量为e,质量为m,重力不 计)无初速度地放入水平电场P的A点，最后电子打在右侧的 屏上，A点到MN的距离为L,A、O连线与屏垂直，交点为 O.求： (1)电子到达MN虚线时的速度大小； (2)电子从释放到打到屏上所用的时间； (3)电子打到屏上的位置到O点的距离. D 屏 E E