专题(四) 闭合电路的欧姆定律和电路中的能量转化-【金试卷】2025-2026学年高中物理必修第三册同步单元双测卷（人教A版）

专题（四） 闭合电路的欧姆定律和电路 中的能量转化 建议用时：75分钟满分：100分 凿 一、选择题（本题共12小题，共48分.在每小题给出的四个选项中， 第1一8题只有一项符合题目要求，每小题4分；第9一12题有多项 符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的 密 得0分) 1.在如图所示的电路中，输入电压U恒为8V,灯泡L标有“3V 中 6W”字样，电动机线圈的电阻R=0.52.若灯泡恰能正常发 封 光，下列说法正确的是 典 A.电动机的输入电压是8V B.流过电动机的电流是10A 线 C.电动机的效率是80% D.整个电路消耗的电功率是10W 2.当前人们对于电能的需求与日俱增，而不 ↑UN 可再生能源逐渐减少，利用太阳能等可再 5 生能源发电已经成为全世界都在研究的 3.6 2.5 不 课题.硅光电池是一种太阳能电池，具有 低碳环保的优点.如图所示，图线a是该 0.20.30.4/A 电池在某光照强度下路端电压U和电流 数 准 I的关系图像（电池内阻不是常量），图线b是某电阻R的U一I 图像.在该光照强度下将它们组成闭合回路时，硅光电池的内阻 为 ) 發 A.5.52 B.7.02 C.12.02 D.12.52 3.电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R,、 ④ R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路. 童 题 E,r 当滑动变阻器的滑片由中点滑向b端时，下 R 列说法正确的是 A.电压表和电流表读数都增大 B.电压表和电流表读数都减小 C.电压表读数增大，电流表A1读数减小，A2读数增大 D.电压表读数减小，电流表A1读数增大，A2读数减小 赵 4.火警报警器的电路示意图如图所示.其中，R,为用半导体热敏材 北 料制成的传感器，这种半导体热敏材料的电阻率随温度的升高而 减小.电流表为值班室的显示器，电源两极之间接一报警器.当传 感器R,所在处出现火情时，通过显示器的电流I、报警器两端的 电压U的变化情况是 () 报警器 A.I变大，U变小 B.I变大，U变大 C.I变小，U变小 D.I变小，U变大 5.在“测定金属的电阻率”的实验中，按图所示的电路图测量金属丝 的电阻R,,电源内阻不计.将滑动变阻器R、R2分别接入实验电 路，R2=4R1,调节滑动变阻器的滑片P的位置，以R表示滑动变 阻器可接入电路的最大阻值，以R。表示滑动变阻器接入电路的 电阻值，以U表示R,两端的电压值，选项图中实线表示接入R 时的情况，虚线表示接入R2时的情况.在选项图中U随R。/R变 化的图像可能正确的是 () U 6.在如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑片向下移动时，关于灯 L的亮度及电容器C所带电荷量Q的变化判断正确的是() R3 L R A.L变暗，Q增多 B.L变暗，Q减少 C.L变亮，Q增多 D.L变亮，Q减少 7.如图所示的电路中，电源电动势为12V, 内阻为2，四个电阻的阻值已在图中标 50 152 出.闭合开关S,下列说法正确的有( b 15 50 A.路端电压为11V 12V,22 B.电源的总功率为10W C.b、a间电压的大小为5V D.a、b间用导线连接后，电路的总电流为1A 8.如图所示，E、r为电源的电动势和内电阻，R1、R2、R3为定值电 阻，电压表和电流表均为理想电表，开关闭合时，平行金属板中一 带电小液滴P处于静止状态.选地面为零电势参考面，当滑动变 阻器R,的滑片向a端移动时，则 () A.电阻R,消耗的功率增大 B.带电小液滴向下运动 C.电源的效率减小 D.若电流表、电压表的示数变化量分别为△I和△U,则 Ri+r 9.如图所示是某种型号玩具马达，它的一些参数如表格所示，则以 下说法中正确的是 () 型号 F130-17100-38 额定电压 3V 额定电流 0.25A 效率 60% 额定转速 11000rpm A.该马达的电阻为122 B.该马达的电阻为4.82 C.该马达正常工作时机械功率为0.75W D.该马达正常工作时消耗的功率为0.75W 10.如图所示，电容器的电容分别为C1= 6μF和C2=3μF,定值电阻的阻值分别 为R1=32和R2=62,电源电动势E= 18V、内阻不计.下列说法正确的是（) A.开关S断开时，a、b两点间的电势差 为0 B.开关S闭合后，流过a、b两点间的电流是2A C.开关S断开时，C,带的电荷量比C,带的电荷量多 D.不论开关S断开还是闭合，C,带的电荷量总比C,带的电荷 量多 11.某同学用如图甲所示的电路测得理想电压表与理想电流表的读 数关系图像如图中直线α所示，同时电路中电源的输出功率与 电流表读数的关系图像如图中曲线b表示，则下列说法正确的 是 () UNV P/W 50120 ④ 40 40 30 940 Er S 2,男。 甲 乙 A.电源的电动势为50V B电源的内阻为要Q C.电流为2.5A时，外电路的电阻为152 D.电源输出功率为120W时，输出电压是30V 第三部分重难专题卷37 12.如图所示电路，电源电动势为E、内阻为r, R。为定值电阻，电容器的电容为C.闭合开 R 关S,增大电阻箱R接入电路的阻值的过程 中，电压表示数的变化量为△U,电流表示数( 的变化量为△I,则下列说法中正确的是 () A号=R B=R+7 C.电容器电荷量的增加量为2C△U D.电阻R。两端电压的减小量小于△U 二、计算题（本题共4小题，共52分） 13.(10分)如图所示电路中，电压U恒为12V,滑动变阻器总阻值 为302，灯L标有“6V,1.8W”的字样，且正常发光，求： (1)通过灯L的电流是多大； (2)当Pb段的电阻为20Ω时，流过Pa段的电流是多少； (3)在(2)的条件下，滑动变阻器消耗的电功率为多大。 R 14.(12分)电动自行车的简化电路如图甲所示，R1为滑动变阻器， M为电动机.若将滑动变阻器的滑动触头滑至最右端，闭合开 关，电动机恰好不转动，此时电流表的示数为I1;将滑动变阻器 的滑动触头滑至最左端时，电动机正常工作，此时电流表的示数 为I2.已知电源的电动势为E,内阻可以忽略不计，电动机线圈 的电阻为R,定值电阻的阻值为R。,电压表和电流表均为理想 电表. ↑UW A 36 24 1 E 0369I1A 甲 乙 38第三部分重难专题卷 (1)求电动机恰好不转动时，电动机两端的电压U1; (2)求电动机正常工作时两端的电压U2,并根据能量守恒定律 证明U2>I2R; (3)电压表的示数U与电流表的示数I的关系如图乙所示，求 当电流表的示数为10A时，滑动变阻器与电动机消耗的电功率 之和. 15.(14分)如图所示，已知电源电动势E=12V,内阻r=32,保护 电阻R。=52,则： (1)当电阻箱R读数为多少时，保护电阻R。消耗的电功率最 大，最大值为多大？ (2)若电阻箱的最大阻值足够大，当电阻箱R读数为多少时，电 阻箱R消耗的功率最大，最大值为多大？ (3)若电阻箱的最大阻值为4Ω，当电阻箱R读数为多少时，电 阻箱R消耗的功率最大，最大值为多少？ R Ro 16.(16分)如图1所示，闭合开关S,滑动变阻器的滑片C从A端 滑至B端的过程中，电路中的一些物理量的变化如图2甲、乙、 丙所示，电表、导线对电路的影响不计 (1)求电源的电动势和内阻， (2)求滑动变阻器的总阻值. (3)将甲、乙两个图上的a、b、c各点的坐标补齐.坐标要带单位， 作答标准参考，如a(1A,2V),b(3V,4W),c(5V,6W). (4)某小灯泡的U一I图线如图3，求将该小灯泡单独接在该电 源两端时，小灯泡的电功率（结果保留两位小数）. ↑P出/W UNV 4m/% 80- d 4.5 3I/A 0 O R/O 甲 乙 丙 图1 图2 UIV 12 10 8 6 0 0.10.20.30.40.50.61iA 图3斜率k=一R1十RA1 即电池电动势E=I1'×100002, 电池的内阻等于图像的斜率k×100002的绝对值。 由图像知I1′=0.149mA,k=-6×10-5, 故E=1.49V,r=0.602。 8.答案(1)5(2)32.4(3)外如图所示(4)4.5 解析(1)待测电阻的阻值为R=5×1=5。 (2)电流表与较大的电阻串联即可改装成电压表，有U=I.(R。十R)=3V,改装后的 电压表表盘每格表示0.3V,故电压为2.4V。 (3)因为改装后的电压表内阻相对未知电阻来说很大，故应选用电流表外接法测量。 (4)改装后电压表的内阻相对未知电阻来说很大，则图线的斜率反映了未知电阻R 的凰值，R,=盟≈4.5n 9.答案(1)见解析图(2)20闭合(3)0.962(4)小 解析(1)根据题图(a)电路图，把题图(b)的实物图补充完整，如图所示 干电池 (2)由题图(c)可知，电阻箱的阻值为2×102=202 根据题意可知，将开关S2闭合。 (3)根据(2)中步骤B可知，电源的电动势为E=U1=1.48V,由步骤C,根据闭合电 E 路欧姆定律可知U2=R。十R+,R 代入数据解得r≈0.962 (4)由于所用电压表不是理想电压表， 则由步骤B根据闭合电路欧姆定律有U1=R。十RV十，E 可知U<E,所以测得的电动势比实际值偏小。 10.答案(1)电路如图 Ro (2)102752 (3)2.304.20548 解析(1)(2)题目要求通过R,的电流可在0~5A范围内连续可调，而电流表 最大测量值为1mA,则需要扩大电流表量程，故可将R。与电流表并联，设并联后 的电阻为R并，则R并×5×10-3A=300×1×10-3V,解得R并=602，根据R并= A:,把RA=300n代入可求得R=T50;题目要求电流从零开始调节，则滑 RA+Ro 动变阻器应该用分压式接法，而分压式接法要求用最大阻值较小的滑动变阻器，因 此需选用最大阻值为10Ω的滑动变阻器。(3)电压表读数为2.30V,电流表读数 58参考答案 为0.84mA,则此时Rx两端电压为2.30V,流过R的电流为5×0.84mA= 4.20mA,故R:=420X030=518 1.答案(26（0爱安-k+R)6如图所示 1° Ro 解析(2)为保护电路，开关闭合前应使电阻丝接入电路中的阻值最大，即金属夹 应夹在电阻丝的b端。 (④)由闭合电路欧姆定律，结合电路结构有E=I(+RA十0，十R,),整理可得二 0士Ro十RA'故可得二，dBo十RAt联立解得EP一doR E E 友r=及 RA)。 (5)现有器材中只有一只电流表，但有一只单刀双掷开关和阻值已知的定值电阻， 故考虑采用替代法测电阻，设计电路如答案图，操作步骤为：先将开关置于1，记录 下电流表示数I,再将开关置于2，调节金属夹位置，使电流表示数仍为I,记录下电 阻丝接入电路部分对应的圆心角0，则有ro=R,/0。 12.答案(1)见解析图(2)15030.90(3)见解析(4)见解析 解析(1)当B=0.6T时，磁敏电阻阻值约为6.4× E 1502=9602 当B=1.0T时，磁敏电阻阻值约为 ××× 11×1502=16502 A 由于滑动变阻器总电阻比磁敏电阻的阻值小得多，故 X×x 磁敏电阻 厅动变阻器选择分压式接法：由子尺>，所以电流 R 表应内接。电路图如图所示。 (2)根据表中数据可以求得磁敏电阻的阻值分别为 0.45 0.91 1.50 R-0.30X10-0=1500n,R2=0.60X10-0≈1516.70，R,-1.0X10- 1.79 2.71 0=15000,R,=1.20X10-0≈1491.7D,R,=1.80X100≈1505.60，故 电阻的测量值为RBR十R?十R:十R1十R≈15030。由于≈10，从图1中 5 以读出B=0.90T。 (3)在0一0.2T范围，图线为曲线，故磁敏电阻的阻值随磁感应强度非线性变化 (或非均匀变化)；在0.4一1.0T范围内，图线为直线，故磁敏电阻的阻值随磁感应 强度线性变化（或均匀变化）。 (4)从图3中可以看出，在磁感应强度大小相等、方向相反的磁场中，磁敏电阻的阻 值相等，故磁敏电阻的阻值与磁场方向无关。 专题（四）闭合电路的欧姆定律和电路 中的能量转化 1.C电动机的输入电压U1=U一UL=8V一3V=5V,故A错误；整个电路中的电流 I是-=2A,所以电动农清能的电功率P飞=1=5X2W=10W,电动机 发热的功率P热=IRM=4X0.5W=2W,则电动机输出的功率P出=P电一P热= 10W-2w-8W,9-是×10%=高×10%=80%，故B餐民.C亚病：些个电路 消耗的电功率P总=UI=8×2W=16W,故D错误。 2.A由图线a可读出硅光电池的电动势E=3.6V,根据闭合电路欧姆定律有E= U+Ir,代入点(0.2A,2.5V),有r=5.52,A正确。 3.C由题图可知滑动变阻器的滑片由中点滑向b端时，滑动变阻器连入电路中的阻 值增大，则外电路的总阻值R:增大，千路电流一R十，减小，故电流表A读数减 小；路端电压U=E一Ir,因I减小，所以U增大，即电压表的读数增大；R2两端电压 U2=E-IR十)，因1减小，所以U2增大，由2=知，12增大，即电流表A2的 读数增大，故选项C正确，选项A、B、D错误。 4.C当传感器RT所在处出现火情时，温度升高，RT的电阻减小，则电路中的总电阻 R总减小，根据闭合回路的欧姆定律可知，电路中的总电流I总变大，路端电压变小， 则报警器两端的电压U减小，根据欧姆定律可知，电阻R1两端的电压U1增大，则电 阻R2两端的电压U2=U一U1变小，则流过R2的电流减小，即电流表读数I变小， 故选C。 5AR,两瑞电压URp十R,R二RPR+R ER:一，B、C错误；当R分别取R1和R2时，根 巴，在相同的日前提下，R越大，U越小，所以虚线在实线下方， 错误。 6.B当滑动变阻器的滑片向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电 阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，电源的内电压增大，路端电压减 小，灯L变暗，通过灯L的电流减小，而干路电流增大，则通过R1的电流增大，R1两 端的电压增大，则滑动变阻器两端的电压减小，电容器所带电荷量Q减少，故选B。 7.C外电阻R=20+20 12 20义200=10Q,则1=R十710十2A=1A,则路端电压U=R= 10V,电源的总功率P=EI=12W,故A、B错误；根据并联电路的特，点可知流过a、b 的电流均为0.5A,所以Ua=0.5×(15-5)V=5V,C正确；a、b间用导线连接后， 外电8电胆R=2X(5)n=1.50,电流rR平，二7是2A1.26A,D错 12 误。 8.D由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R4并联，再与R1串联接在电源两端； 电容器与R3并联。当滑片向Q端移动时，滑动变阻器R接入电路的电阻增大，则 电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流减小，路端电压增大，同 时R1两端的电压减小，故并联部分的电压增大；由欧姆定律可知流过R?的电流增 大，故电流表的示数减小。根据P1=阜R1可知，电阻R1消耗的功率减小，A错误。 金属板间的电压变大，电场变强，液滴所受电场力变大，电场力大于小液滴的重力， 小液滴向上运动，B错误。由于路端电压变大，根括)=下X100%= 100%,可知电源效率增大，C错误。根据电路可知△l干=△I3十△I,因为△I干<0， A>0,A1<0,所以△1<△1，由于=r+R,所以 △I年 |a7<R+,D 正确。 9.BD该马达正常工作时消耗的功率P=UI=3X0.25W=0.75W,该马达正常工作 时机械功率为P1=P×60%=0.45W,该马达正常工作时消耗的热功率P2=P× 40%=0.3W,由P2=Ir,解得该马达的电阻r=4.82,故选B、D。 10.BC电容器在恒定电路中是断路，开关断开，C1、C2并联在电源的两端，故电势差 等于电源电动势，又因为C1电容大，根据电容的定义式可知，C1带的电荷量比C2 带的电荷量多，故A错误，C正确；开关闭合后，电路是R1、R2与电源组成的串联电 E 路，可得流过b间电流为I=R,十R,=2A,故B正确；电容器C两端电压为Ui IR1=6V,Q1=C1U1=3.6X10-5C,电容器C2两端电压为U2=IR2=12V,Q2= C2U2=3.6X10-5C,Q1=Q2,即C1带的电荷量等于C2带的电荷量，故D错误。 11.ACD根据闭合电路的欧姆定律，电源的输出电压：U=E一Ir,对照U一I图像，当 I=0时，U=E=50V,故A正确；U-I图像斜率的绝对值表示内电阻，故：r= 会贸-50.20=50，故B错误；电流为2.5A时，总电阻为R6=号-2碧n= 202,故外电路电阻为：R=R总一r=152,故C正确；输出功率为120W时，对照P 一I图像，电流为4A,由P=UI得输出电压为U=30V,故D正确。 12.BD电路稳定时电容器相当于断路，电压表测电阻箱两端的电压，电流表测千路电 流，所以号-R,A错误。将R当作电源内胆的一部分，则电源的等效内阻为R十 ,根据闭合电路欧姆定律得U=E一1R+r),可知=R十r,B正确。闭合 开关S,增大电阻箱R接入电路的阻值的过程中，电压表的示数增大，电容器两极板 间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大量为△U,则带电荷量的增 加量为C△U,C错误。电压表示数的增加量为△UU,根据闭合电路欧姆定律U=E I(R。十r)可知，电源的等效内阻R。十r的电压减小量也为△U,所以电阻R。两端的 电压减小量小于△U,D正确。 13.答案(1)0.3A(2)0.6A(3)5.4W PL=1.8A=0.3A 解析(1)通过灯泡的电流为1L一元=6 U-UL=12-6 (2)通过Pa段电阻的电流Ina=R-R-30-20 A=0.6A _U'2_62 (3)Pa段电阻消耗的功率为P1=R%10 W=3.6W _U足_62 Pb段电阻消耗的功率P?一R -20w=1.8w 所以滑动变阻器消耗的电功率 P=P1+P2=5.4W 14.答案(1)I1R(2)E-I2R0证明见解析(3)80W 解析(1)由欧姆定律得，电动机恰好不转动时其两端的电压U1=I1R (2)电动机正常工作时，由闭合电路欧姆定律得 E=U2+I2Ro 解得U2=E-I2R0 设电动机消耗的电功率为P电、电动机发热的功率为P慧、电动机对外做功转化为 机械能的功率为P机，根据能量守恒定律得 P电=P热十P机 P电=U2I2 P热=IR 则有U2I2>IR U2>IR (3)由闭合电路欧姆定律可知：U=E一IR。 由图乙可得：E=48V R=-2。|=4n 则当电流表的示数为10A时，电压表的示数U=8V 滑动变阻器与电动机消耗的电功率之和 P=UI-80 W 15.答案(1)011.25W(2)824.5W(3)424W E2 解析(1)保护电阻消耗的电功率为P0=R+,+R,)R0 因R0和r是常量，而R是变量，所以R最小时，P。最大 即R=0时，P0最大 E2Ro Pomax=(R十r)2 代入数据解得Pmax=11.25W (2)把保护电阻R。等效为电源内阻的一部分 当R=Ro十r,即R=5D十32=82时，电阻箱R消耗的功率最大 E2 PRmax一4(R0十r) 代入数据解得PRmax=4.5W (3)把R,等效为电源内阻的一部分，则等效内阻r等为82，而电阻箱R的最大值 为40，小于82 E2 (R-r等)2 R +4r等 由题意知不能满足R=r等 所以当电阻箱R的阻值取4Ω时，R消耗的功率最大 最大值为：Pm-(R)R=4w 16.答案(1)6V22(2)82 (3)a(0.6A,4.8V)b(3V,4.5W)c(4.8V,2.88W)(4)2.13W 解析(1)电源的输出功率为P出=UI 又E=U+Ir 联立解得P鱼=EU-U 变形得P出= U-2E142 r 4r 当U=E时输出功争最大，由甲周有P。-4,5W 由乙图可知，短路电流1=3A,则有1=E=3A 联立解得E=6V,r=2D (2数率留×10% ER 又U=IR=R+ 联立每得)是×160%=上×10% 1+ 由上式可知，外电阻越大时7越大，由丙图可得最大效率为m=80%,则有80%= R-,×1o% 解得Rm=82 (3)在甲图中，6点对应的是输出功率最大的点，根据上西分析，可知U,=合E=3V E c点对应的是外电阻的阻值最大时的输出功率，则U:R。十，Rm=4.8V U=2.88W 此时的输出功率为P:出一R 在乙图中，a点表示路端电压最大，此时对应外电阻的阻值最大，则有U。=U。= 4.8V Ua-0.6 A 此时对应的电流为1。一 a、b、c各点的坐标分别为a(0.6A,4.8V),b(3V,4.5W),c(4.8V,2.88W) (4)小灯泡单独接在该电源两端时，路端电压为U=E一Ir 当I=0时，U=6V,当I=0.5A时，U=5V;在小灯泡的U一I图线上作出电源的 U-1图线，则有 ↑UW 12 10 6 00.10.20.30.40.50.6iA 此图线与小灯泡的U一I图线的交点为小灯泡的工作状态，由图读出通过小灯泡的 电流I=0.41A,电压为U=5.2V,则此时小灯泡的电功率为P=U1≈2.13W 专题（五）磁感应强度的合成与计算、 磁通量的计算、电磁感应现象 1.B把线圈的匝数增加一倍，穿过线圈的磁感线的条线不变，磁通量不变，故A错误； 根据Φ=BSsin0,把线圈面积增加一倍，可使穿过线圈的磁通量增加一倍，故B正 确；把线图的半径增加一倍，线圈的面积S=πR2变为原来的4倍，磁通量变为原来 的4倍，故C错误；转动线圈使得轴线与磁场方向平行，此时线圈平面与磁场垂直， 有效面积由Ssin60°变为S,磁通量没有增加一倍，故D错误。 2.D 离直线电流越远处磁场越弱 XXX X XX + XXX XX ① ② ③ ④ 线圈远离电 线圈与磁场的， 线圈远离电 线圈有缺口 流，磁通量 夹角变化，磁 流，磁通量 不是闭合电 减小，有感 通量改变，有 减小，有感 路，无感应 应电流 感应电流 应电流 电流，故选D 3.D根据磁感线的分布情况可知，磁铁内部穿过线圈的磁感线方向向上，外部磁感线 方向向下。由于磁感线是闭合曲线，磁铁内部的磁感线条数等于磁铁外部磁感线的 总条数，而磁铁外部磁感线分布在无限大的空间，所以穿过线圈的磁铁外部向下的 磁感线将磁铁内部向上的磁感线抵消一部分，线圈V所围的面积最小，抵消最少，则 磁通量最大，选D。 4.C环形电流在自身中央处产生向东的磁场，根据安培定则可知，线圈中电流方向 (由东向西看)沿通时针方向。根据平行四边形定则可得B%二日)：故A,B、D错 误，C正确。 5.A由题意可知B=k,由安培定则可知ab两号线在Q点的磁场方向均套直纸 面向里，则B0=k+k上=2，由安培定则可知。导线在P点的磁场方向垂直纸 面向外，b号线在P点的磁场方向垂直纸面向里，则B=-号，解得B0 吧，方向垂直纸面向里，故选A 6.D根据安培定则可知，线框在A处时，磁场垂直于线框平面向外，选项A错误；由 图形剖析知，线框中心在导线上时的磁通量等于零，所以线框从A处平移到B处，磁 通量增大、减小、零、增大、减小，选项B错误；线框在A处时，线框平面的磁场垂直于 线框平面向外，线框在B处时，线框平面的磁场垂直于线框平面向里，所以线框从A 处平移到B处，磁通量变化量不为0，选项C错误；若将线框绕长直导线从A处以导 线为轴转动到B处，磁感线始终从一个方向穿过线框，且磁感应强度大小不变，所以 磁通量变化量为0，选项D正确。 7.A同时增大B1、减小B2,则穿过圆环的磁通量向里增加，会产生感应电流，选项A 正确；让金属圆环以直径O1O2为轴转动90°、向右平移金属圆环、同时以相同的变化 率增大B1和B2,穿过线圈的磁通量总是零，无感应电流产生，选项B、C、D错误。 8.C根据安培定则做出a、b、d三根导线分别在c点的磁感应 a⊙- -&d 强度方向如图所示，B:与Bb相垂直，而且等大，两者的合磁 2B, 感应强度与品等大反向，设正方形边长为L,则有k是 0 B 飞是，解得2=号，A、B错误；a到0点的距离是Q到c点的b8 B √2L 一半，则a在O点产生的磁感应强度大小为2B1,方向如图， B b、在O点产生的磁感应强度大小等大反向，则O点的磁感应强度大小为B2= 2B1,选项C正确，D错误。 9.BD线圈沿磁感线方向上下平动，磁通量没有变化，不能在线圈中产生感应电流，选 项A错误；线圈水平向右离开磁场，磁通量发生变化，能在线圈中产生感应电流，选 项B正确；过线圈中心做一竖直轴，线圈绕轴水平转动，磁通量没有变化，不能在线 圈中产生感应电流，选项C错误；以αd为轴转动线圈，磁通量发生变化，能在线圈中 产生感应电流，选项D正确。 10.CD图甲中断开开关S瞬间，电流从有到没有，则通过线圈P的磁通量发生了变 化，线圈P里有感应电流，选项A错误；根据安培定则，图乙铁环中心O点的磁场 竖直向下，选项B错误；图丙中电流从B流入时，根据安培定则，电磁铁上端为N 极，发现小磁铁向上运动，则小磁铁的下端为N极，选项C正确；图丁中水平圆环从 参考答案59