专题(三) 电学实验-【金试卷】2025-2026学年高中物理必修第三册同步单元双测卷（人教A版）

专题（三） 电学实验 建议用时：75分钟满分：100分 1.(6分)学习小组正在进行“测量某金属导体电阻率”的实验.取该金属制成的一个“圆柱形”导体，用 游标卡尺测量其长度L、用螺旋测微器测量其直径d,如图甲、乙所示 国 R G 密 20 & 10 11T 12 一主尺 10 P HHHH 01020 R 封 甲 乙 丙 (1)请读出长度L和直径d,L= cm,d= mm 线 (2)设“圆柱形”导体的电阻为R,接入如图丙所示的电路中，请将以下实验步骤补充完整： 第一步：闭合开关S前，先将滑动变阻器R的滑动头P滑到最右端； 第二步：调节电阻箱R2,使其处于某一适当值； 絮 内 第三步：闭合开关S,移动滑动头P,使电流计G有适当的读数： 第四步：调节R2,使电流计G中的电流为零； 不 第五步：读出R2,可得：R= (用R1、R2、R3表示) 2.(6分)某同学测量一段长度已知的电阻丝的电阻率.实验操作如下： 如 (1)螺旋测微器如图所示.在测量电阻丝的直径时，先将电阻丝轻轻地夹在测砧与测微螺杆之间，使 准 电阻丝与测微螺杆、测砧刚好接触，再旋动 (选填“A”“B”或“C”),直到听到“喀喀”的声音， 以保证压力适当，同时防止螺旋测微器损坏」 答 测砧测微螺杆 题 (2)选择电阻丝的 (选填“同一”或“不同”)位置进行多次测量，取其平均值作为电阻丝的 直径 (3)图甲中R为待测电阻丝.请用笔画线代替导线，将滑动变阻器接入图乙实物电路中的正确 位置 电压表 斜 部 电流表 A R.a 》滑动变 阻器 乙 (4)为测量R,利用图甲所示的电路，调节滑动变阻器测得5组电压U1和电流I1的值，作出的U 一L1关系图像如图所示.接着，将电压表改接在a、b两端，测得5组电压U2和电流I2的值，数据见 下表： U2/V 0.50 1.02 1.54 2.05 2.55 I2/mA 20.0 40.0 60.0 80.0100.0 请根据表中的数据，在图中方格纸上作出U2一I2图像 ↑U/W 204060801001201/mA (5)由此，可求得电阻丝的阻值R= Ω.根据电阻定律可得到电阻丝的电阻率. 3.(6分)某热敏电阻的阻值R随温度t变化的图像如图甲所示，某同学用该热敏电阻制作的简易火灾 自动报警器电路图如图乙所示.请回答以下问题： +R/2 p Q00000 电 阻 h 报警器 580--------- 60t/℃ 甲 乙 (1)为使温度在升高到报警温度时，报警器响起，单刀双掷开关应该接 (选填“a”或“b”). (2)为实现温度升高到60℃时报警器响起的目的，该同学先把热敏电阻放入60℃的恒温水中，然 后调节滑动变阻器的电阻，直到报警器响起.在闭合两开关S、S2之前，该同学还应将滑动变阻器 的滑片滑至最 (选填“左端”或“右端”). (3)已知直流电源电动势E=18V,内阻不计.若继电器线圈电阻忽略不计，流过继电器线圈的电 流I≥10mA才会报警，欲使温度升高到60℃时报警器响起，则滑动变阻器接入电路的阻值应该 是 2. 4.(6分)指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器，请回答下列问题. 2 甲 丙 第三部分重难专题卷33 (1)使用多用电表测电阻时，测量步骤如下： ①调节图甲所示旋钮 (选填“K”“T”或“S”),使指针 ②将选择开关旋转到“Ω”挡的×10挡，并进行正确操作，接入待测电阻进行测量时发现指针指在图 乙中的α位置，为了使多用电表测量的结果更准确，该同学应该选择欧姆挡 挡（选填“X1” 或“×100”)；若经过正确操作，将两表笔接待测电阻两端时，指针指在图乙中的b位置，则待测电阻 为 Q; ③测量完毕，将选择开关旋转到 位置； (2)图丙是该多用电表欧姆挡内部电路示意图，用该多用电表测电阻，选择“×1k”挡测量某二极管 的阻值，指针指在图乙中的c位置，则与A表笔相连的是二极管的 (选填“正极”或“负 极”) 5.(8分)一同学测量某干电池的电动势和内阻. (1)如图所示是该同学正准备接入最后一根导线（图中虚线所示）时的实验电路.请指出图中在器材 操作上存在的两个不妥之处 端锅 日做酷 电流表 电阻箱 、 待测干电池 开关 (2)实验测得的电阻箱阻值R和理想电流表示数1，以及计算出的 数据见下表： R/O 8.0 7.0 6.0 5.0 4.0 I/A 0.15 0.17 0.19 0.22 0.26 /A1 6.7 5.9 5.3 4.5 3.8 根据表中数据，在如图方格纸上作出R一关系图像。 10 R/2 ■■ 2,出出田A 201 345 6 由图像可计算出该干电池的电动势为 V(结果保留三位有效数字)；内阻为 2(结果保 留两位有效数字)， 34第三部分重难专题卷 6.(10分)某同学用图甲所示的电路描绘额定电压为3.0V的小灯泡的伏安特性曲线，并研究小灯泡 实际功率及灯丝温度等问题. A 乙 (1)根据图甲，将图乙中的实验仪器连成完整的实验电路 (2)按照图甲连线后，闭合开关，小灯泡闪亮一下后熄灭，观察发现灯丝被烧断，原因可能是 (填 正确答案标号). A.电流表短路 B.滑动变阻器的滑片接触不良 C.滑动变阻器滑片的初始位置在b端 (3)已知小灯泡的灯丝在27℃时的电阻是1.52，并且小灯泡灯丝电阻值与灯丝温度的关系为R= (273十)2，k为比例常数.根据图丙小灯泡的I一U图线，灯泡正常工作时的电阻为 2, 估算小灯泡正常工作时灯丝的温度约为 ℃. AIA 0.50興 钳 0.40 出 0.30 0.20 0.10 o 1.02.03.04.05.0jN 丙 (4)根据图丙可知，当小灯泡的电压为U。时，功率为P。,当电压为2U。时（小于额定电压），实际功 率 (选填“大于”“等于”或“小于”)4P。. 7.(10分)如图所示是利用两个电流表A1和A2测量干电池电动势E和内阻r的电路原理图，图中S 为开关，R为滑动变阻器，定值电阻R1和A1内阻之和为10000Ω（比r和滑动变阻器的总电阻都 大得多)，A2为理想电流表. E R A a Rb D (1)按电路原理图在如图所示虚线框内各实物图之间画出连线 (2)在闭合开关S前，将滑动变阻器的滑片P移动至 (选填“a端”“中央”或“b端”) (3)闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片P至某一位置，读出电流表A1和A2的示数I1和I2,多次 改变滑片P的位置，得到的数据如下表所示 I/mA 0.120 0.125 0.1300.1350.1400.145 I2/mA 480 400 320 232 140 68 在如图所示的坐标纸上以I为纵坐标，I2为横坐标画出所对应的I1一I2图像. I/mA 0.160 0.150 0.140 0.130 0.120 0.110/mA 0100200300400500 (4)利用所得图像求得电池的电动势E= V,内阻r= Ω.（结果保留两位小数） 8.(10分)某实验小组测未知电阻R,时，先用多用电表进行粗测，再改装电表后采用“伏安法”较准确 地测量 (1)先用多用电表的“×1”挡按正确的操作步骤粗测其电阻，指针如图甲所示，则读数为 2 0100504030 2015 10 1k500 TTTT 100 30 10 200 5 250 00. TT 50 一0 2.5 0 100 甲 乙 (2)再改装电表，将最大测量值为100μA、内阻为1002、表盘刻度均匀的电流表与一个阻值为29 900Ω的定值电阻串联改装成电压表，则改装后的电压表的最大测量值为 V;用它测量电压 时，表盘指针的位置如图乙所示，此时电压为 V. (3)用电流表、改装后的电压表测电阻的电路有两种连接方法，为了减小误差，本实验应采用电流表 (填“内”或“外”)接法；图丙中部分电路已经连接好，请将实物图补充完整！ U/V 2.5 2 0.100.200.300.400.500.60/A 丙 入 (4)用伏安法测R,时，该小组的同学在坐标纸上建立了U一I坐标系，用测量得到的数据描绘出的 U一I图线如图丁所示，由图线可知R= 2(结果保留两位有效数字). 9.(10分)某同学利用电阻箱和内阻很大的电压表测定干电池的电动势和内阻，使用的器材还包括定 值电阻(R。=52)一个，开关两个，导线若干，实验原理图如图(a) 69 干电池 90 ×1000 ×100 R ×10 (c) (1)在图(b)的实物图中，已正确连接了部分电路，请完成余下电路的连接. (2)请完成下列主要实验步骤： A.检查并调节电压表指针指零；调节电阻箱，示数如图(c)所示，读得电阻值是 B.将开关S闭合，开关S2断开，电压表的示数是1.48V; C.将开关S2 ,电压表的示数是1.14V;断开开关S1. (3)使用测得的数据，计算出干电池的内阻是·（计算结果保留两位有效数字）. (4)由于所用电压表不是理想电压表，所以测得的电动势比实际值偏 (填“大”或“小”) 10.(10分)一同学探究阻值约为5502的待测电阻R.在0~5mA范围内的伏安特性.可用器材有： 电压表)（量程为3V,内阻很大），电流表A(量程为1mA,内阻为3002)，电源E(电动势约为 4V,内阻不计)，滑动变阻器R(最大阻值可选102或1.5k2),定值电阻R。(阻值可选752或 1502),开关S,导线若干. (1)要求通过R,的电流可在0~5mA范围内连续可调，将图(a)所示的器材符号连线，画出实验 电路的原理图； 第三部分重难专题卷35 (2)实验时，图(a)中的R应选最大阻值为 (填“102”或“1.5k”)的滑动变阻器，R。应选 阻值为 (填“752”或“1502”)的定值电阻； R R 204060 0 mA E 图(a) 图(b) 图(c) (3)测量多组数据可得R,的伏安特性曲线.若在某次测量中，电压表、电流表的示数分别如图(b》 和图(c)所示，则此时R,两端的电压为 V,流过R,的电流为 mA,此组数据得到 的R,的阻值为 2(保留3位有效数字). 11.(8分)某实验小组需测定电池的电动势和内阻，器材有：一节待测电池、一个单刀双掷开关、一个定 值电阻（阻值为R。)、一个电流表（内阻为R)、一根均匀电阻丝（电阻丝总阻值大于R。,并配有可 在电阻丝上移动的金属夹)、导线若干.由于缺少刻度尺，无法测量电阻丝长度，但发现桌上有一个 圆形时钟表盘.某同学提出将电阻丝绕在该表盘上，利用圆心角来表示接入电路的电阻丝长度.主 要实验步骤如下： (1)将器材如图(a)连接； 电阻丝 金属夹 表盘 图(a) 图(b) 图(c) (2)开关闭合前，金属夹应夹在电阻丝的 端（填“a”或“b”); (3)改变金属夹的位置，闭合开关，记录每次接入电路的电阻丝对应的圆心角日和电流表示数I,得 到多组数据； (4)整理数据并在坐标纸上描点绘图，所得图像如图(b)所示，图线斜率为，与纵轴截距为d,设单 位角度对应电阻丝的阻值为。，该电池电动势和内阻可表示为E= 'r= ;(用 R。、RA、k、d、r。表示) (5)为进一步确定结果，还需要测量单位角度对应电阻丝的阻值。.利用现有器材设计实验，在图 (℃)方框中画出实验电路图（电阻丝用滑动变阻器符号表示）； (6)利用测出的r。,可得该电池的电动势和内阻 12.(10分)材料的电阻随磁场的增强而增大的现象称为磁阻效应，利用这种效应可以测量磁感应强 度.如图1所示为某磁敏电阻在室温下的电阻一磁感应强度特性曲线，其中R、R。分别表示有、无 磁场时磁敏电阻的阻值.为了测量磁感应强度B,需先测量磁敏电阻处于磁场中的电阻值R·请 按要求完成下列实验 36第三部分重难专题卷 14 Ro 12 ↑R/n 10 ×× 8 6 磁敏电阻 1000 2 50g 00.20.40.60.81.01.21.41.6B/m -0.6-0.300.30.6BT 图1 图2 图3 (1)设计一个可以测量磁场中该磁敏电阻阻值的电路，并在图2的虚线框内画出实验电路原理图 (磁敏电阻及所处磁场已给出，待测磁场磁感应强度大小约为0.6~1.0T,不考虑磁场对电路其他 部分的影响)，要求误差较小 提供的器材如下： A.磁敏电阻，无磁场时阻值R。=1502 B.滑动变阻器R,总电阻约为202 C.电流表A,量程0~2.5mA,内阻约30 D.电压表V,量程0~3V,内阻约3k2 E.直流电源，电动势3V,内阻不计 F.开关S,导线若干 (2)正确接线后，将磁敏电阻置入待测磁场中，测量数据如表： 1 2 3 5 6 U/V 0.00 0.45 0.91 1.50 1.79 2.71 I/mA 0.00 0.30 0.60 1.00 1.20 1.80 根据表中数据可求出磁敏电阻的测量值R= ,结合题图可知待测磁场的磁感应强度B = T. (3)试结合题图1简要回答，磁感应强度B在0~0.2T和0.4~1.0T范围内磁敏电阻阻值的变 化规律有何不同： (4)某同学在查阅相关资料时看到了图3所示的磁敏电阻在一定温度下的电阻一磁感应强度特性 曲线（关于纵轴对称），由图线可以得到什么结论：16.答案（1以m a(器+u: e(22 解析(1)电子在M、N极板间被加速，由动能定理得 Uie=2mof 解得电子穿过N极板小孔时的速度大小 2U1e 1气m (2)若电子刚好打在靶台左端，则射出E、F极板时速度的偏向角满足 d 电子在偏转电场中做类平抛运动 对水平方向匀速运动有二L 01 对竖直方向匀加速运动有yy=at 由牛顿第二定律得加速度为a= 由几何关系得tan日=a延 01 聚立以上各式解得U=2 (3)使打在靶台上的电子动能最小，则电子在偏M 转电场中偏转距离最小，则电子打在靶台上右端 01 时电子的动能最小，此时由平抛运动的规律可 知，E、F极板中心与靶台右端的连线方向为电子 U 出射的方向，则由几何关系可得 L y 2 1 d 解得y=号 1,U3e2 则由竖直方向匀加速运动得位移y=2·d 而t=L 舒得一密 所以电子打到靶台上的最小动能 E-Ue+e-(器+1ue 专题（三） 电学实验 1.答案(1)10.4002.152(2.151~2.153均正确)(2)R: 解析(1)L=10.4cm+0.05mm×0=10.400cm,d=2mm+0.01mm =2.152mm。 (2)电流计G中的电流为零时，R1与R2两端的电压相等，R3与R两端的电压 羊，由分压原里可受是前得风。 2.答案(1)C(2)不同(3)如图所示 电压表 厚电流表 滑动变 )阻器 (4)如图所示 ↑UN 0 204060801001201/mA (5)23.5(23.0~24.0均可) 解析(1)A起固定作用，便于读数；B为粗调，调节B使电阻丝与测微螺杆、测砧刚 好接触；然后调节C,C起微调作用。 (2)电阻丝电阻R=PS,测量一段电阻丝的电阻，S为这段电阻丝的横裁面积，而不 是某位置处的横截面积，故应在不同位置进行多次测量，取其平均值作为电阻丝的 直径以减小误差。 (4)把U2和I2的数据在方格纸中描点，用过原点的直线把它们连在一起，让尽可能 多的点在直线上。 (5)结合题图中图线的斜率可知 Ro+Rz+RA=49.0Q, R0+RA=25.5n, 解得R=23.52。 0 3.答案(1)a(2)左端(3)1220 解析()由图甲可知，热敏电阻的阻值随温度升高而减小，在温度升高的过程中左 侧电路电流增大，电磁铁的磁场增强，铁片受到的吸引力增大，将向左移动，要使报 警器响起，单刀双掷开关应该接a; (2)在闭合开关前，应使滑动变阻器接入电路的阻值最大，即应将滑动变阻器的滑片 滑至最左端； (3)由图甲可知，温度升高到60℃时热敏电阻的阻值为580，由闭合电路欧姆定律 将1-Rk解gRs号-R=10.0-5800=120n, E1 4.答案(1)①S正对左侧零刻度②X120③“OF℉”挡或交流电压最高挡 （2)正极 解析(1)①电表在测量之前要先进行机械调零，调节题图甲所示旋钮S,使指针正 对左侧零刻度； ②欧姆挡选择X10挡指针偏转角度太大，说明电阻较小，要使指针指示数值变大，则 应降低倍率，故选择X1挡； 指针指在题图乙中的b位置对应的电阻为Rx=20X1Ω=20 (2)选择“×1k”挡测量某二极管的阻值，指针指在题图乙中的c位置表示电阻很大， 测的是二极管的反向电阻，电流从二极管的负极流入正极流出经过A表笔，则A表 笔相连的是二极管的正极。 5.答案(1)开关未断开电阻箱阻值为零 (2)见解析图1.37(1.34~1.40均可)1.2(1.0~1.4均可) 15.2 解析()在电学实验中，连接电路时应将开关断开，电阻箱的阻值调为最大，确保 实验仪器、仪表的安全。 也相 (2)根据闭合电路欧姆定律得E=I(R十r) ↑R/D 10 即R=号-7=E·子-7，即R-子图像为 直线。 描点连线后图像如图所示。 根据图像可知r=1.2D。 图像的斜率为电动势E, 在R-图像上取两点(1.2,0.40)、(5,5.60) 则E=5.60-0,40v≈1.37V. 5-1.2 6.答案(1)如图所示(2)C(3)6.25977(4)小于 解析(2)开关闭合，小灯泡闪亮一下后熄灭，灯丝被烧断，说明通过小灯泡的电流 过大；电流表内阻非常小，短路几乎不影响通过小灯泡的电流，与灯丝烧断无关，故 A错误；滑动变阻器的滑片接触不良，无电流通过小灯泡，故B错误；滑动变阻器的 滑片开始时置于b端，小灯泡部分分压达到最大，通过的电流最大，可能会烧断小灯 泡灯丝，故C正确。 (3)小灯泡灯丝在27℃时的电阻是1.52，根据R=k(273十t)2,得k=0.005,由图 像可知，灯泡额定电压3V对应的电流为0.48A,则灯泡正常工作时的电阻R= 0.78A=6.250,则1=尽-273℃=977℃. 3V (④由围丙可知，随者电压的升高，小订泡电阻掉大，由P发了知，意压变为原来的 2倍，功率小于原来的4倍。 7.答案(1)连线如图所示 (2)b端 (3)如图所示 I/mA 0.160 0.150 0.140 0.130 0.120 01o。02030影aA (4)1.49(在1.48~1.50范围内均正确)0.60（在0.55~0.65范围内均正确） 解析本实验是安安法测电源电动势和内阻，实质是将电流表A]与一定值电阻串 联，改装成电压表使用，实验前应使滑动变阻器接入电路的阻值最大，因此应使滑片 P移到b端，作I1一I2图像，根据E=I1(R1十RA1)十I2r,知 E 11-R1+RAI R1+RAI 11一12图像是一条直线，直线的纵裁距'=R1干R 参考答案57 斜率k=一R1十RA1 即电池电动势E=I1'×100002, 电池的内阻等于图像的斜率k×100002的绝对值。 由图像知I1′=0.149mA,k=-6×10-5, 故E=1.49V,r=0.602。 8.答案(1)5(2)32.4(3)外如图所示(4)4.5 解析(1)待测电阻的阻值为R=5×1=5。 (2)电流表与较大的电阻串联即可改装成电压表，有U=I.(R。十R)=3V,改装后的 电压表表盘每格表示0.3V,故电压为2.4V。 (3)因为改装后的电压表内阻相对未知电阻来说很大，故应选用电流表外接法测量。 (4)改装后电压表的内阻相对未知电阻来说很大，则图线的斜率反映了未知电阻R 的凰值，R,=盟≈4.5n 9.答案(1)见解析图(2)20闭合(3)0.962(4)小 解析(1)根据题图(a)电路图，把题图(b)的实物图补充完整，如图所示 干电池 (2)由题图(c)可知，电阻箱的阻值为2×102=202 根据题意可知，将开关S2闭合。 (3)根据(2)中步骤B可知，电源的电动势为E=U1=1.48V,由步骤C,根据闭合电 E 路欧姆定律可知U2=R。十R+,R 代入数据解得r≈0.962 (4)由于所用电压表不是理想电压表， 则由步骤B根据闭合电路欧姆定律有U1=R。十RV十，E 可知U<E,所以测得的电动势比实际值偏小。 10.答案(1)电路如图 Ro (2)102752 (3)2.304.20548 解析(1)(2)题目要求通过R,的电流可在0~5A范围内连续可调，而电流表 最大测量值为1mA,则需要扩大电流表量程，故可将R。与电流表并联，设并联后 的电阻为R并，则R并×5×10-3A=300×1×10-3V,解得R并=602，根据R并= A:,把RA=300n代入可求得R=T50;题目要求电流从零开始调节，则滑 RA+Ro 动变阻器应该用分压式接法，而分压式接法要求用最大阻值较小的滑动变阻器，因 此需选用最大阻值为10Ω的滑动变阻器。(3)电压表读数为2.30V,电流表读数 58参考答案 为0.84mA,则此时Rx两端电压为2.30V,流过R的电流为5×0.84mA= 4.20mA,故R:=420X030=518 1.答案(26（0爱安-k+R)6如图所示 1° Ro 解析(2)为保护电路，开关闭合前应使电阻丝接入电路中的阻值最大，即金属夹 应夹在电阻丝的b端。 (④)由闭合电路欧姆定律，结合电路结构有E=I(+RA十0，十R,),整理可得二 0士Ro十RA'故可得二，dBo十RAt联立解得EP一doR E E 友r=及 RA)。 (5)现有器材中只有一只电流表，但有一只单刀双掷开关和阻值已知的定值电阻， 故考虑采用替代法测电阻，设计电路如答案图，操作步骤为：先将开关置于1，记录 下电流表示数I,再将开关置于2，调节金属夹位置，使电流表示数仍为I,记录下电 阻丝接入电路部分对应的圆心角0，则有ro=R,/0。 12.答案(1)见解析图(2)15030.90(3)见解析(4)见解析 解析(1)当B=0.6T时，磁敏电阻阻值约为6.4× E 1502=9602 当B=1.0T时，磁敏电阻阻值约为 ××× 11×1502=16502 A 由于滑动变阻器总电阻比磁敏电阻的阻值小得多，故 X×x 磁敏电阻 厅动变阻器选择分压式接法：由子尺>，所以电流 R 表应内接。电路图如图所示。 (2)根据表中数据可以求得磁敏电阻的阻值分别为 0.45 0.91 1.50 R-0.30X10-0=1500n,R2=0.60X10-0≈1516.70，R,-1.0X10- 1.79 2.71 0=15000,R,=1.20X10-0≈1491.7D,R,=1.80X100≈1505.60，故 电阻的测量值为RBR十R?十R:十R1十R≈15030。由于≈10，从图1中 5 以读出B=0.90T。 (3)在0一0.2T范围，图线为曲线，故磁敏电阻的阻值随磁感应强度非线性变化 (或非均匀变化)；在0.4一1.0T范围内，图线为直线，故磁敏电阻的阻值随磁感应 强度线性变化（或均匀变化）。 (4)从图3中可以看出，在磁感应强度大小相等、方向相反的磁场中，磁敏电阻的阻 值相等，故磁敏电阻的阻值与磁场方向无关。 专题（四）闭合电路的欧姆定律和电路 中的能量转化 1.C电动机的输入电压U1=U一UL=8V一3V=5V,故A错误；整个电路中的电流 I是-=2A,所以电动农清能的电功率P飞=1=5X2W=10W,电动机 发热的功率P热=IRM=4X0.5W=2W,则电动机输出的功率P出=P电一P热= 10W-2w-8W,9-是×10%=高×10%=80%，故B餐民.C亚病：些个电路 消耗的电功率P总=UI=8×2W=16W,故D错误。 2.A由图线a可读出硅光电池的电动势E=3.6V,根据闭合电路欧姆定律有E= U+Ir,代入点(0.2A,2.5V),有r=5.52,A正确。 3.C由题图可知滑动变阻器的滑片由中点滑向b端时，滑动变阻器连入电路中的阻 值增大，则外电路的总阻值R:增大，千路电流一R十，减小，故电流表A读数减 小；路端电压U=E一Ir,因I减小，所以U增大，即电压表的读数增大；R2两端电压 U2=E-IR十)，因1减小，所以U2增大，由2=知，12增大，即电流表A2的 读数增大，故选项C正确，选项A、B、D错误。 4.C当传感器RT所在处出现火情时，温度升高，RT的电阻减小，则电路中的总电阻 R总减小，根据闭合回路的欧姆定律可知，电路中的总电流I总变大，路端电压变小， 则报警器两端的电压U减小，根据欧姆定律可知，电阻R1两端的电压U1增大，则电 阻R2两端的电压U2=U一U1变小，则流过R2的电流减小，即电流表读数I变小， 故选C。 5AR,两瑞电压URp十R,R二RPR+R ER:一，B、C错误；当R分别取R1和R2时，根 巴，在相同的日前提下，R越大，U越小，所以虚线在实线下方， 错误。 6.B当滑动变阻器的滑片向下移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电 阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，电源的内电压增大，路端电压减 小，灯L变暗，通过灯L的电流减小，而干路电流增大，则通过R1的电流增大，R1两 端的电压增大，则滑动变阻器两端的电压减小，电容器所带电荷量Q减少，故选B。 7.C外电阻R=20+20 12 20义200=10Q,则1=R十710十2A=1A,则路端电压U=R= 10V,电源的总功率P=EI=12W,故A、B错误；根据并联电路的特，点可知流过a、b 的电流均为0.5A,所以Ua=0.5×(15-5)V=5V,C正确；a、b间用导线连接后， 外电8电胆R=2X(5)n=1.50,电流rR平，二7是2A1.26A,D错 12 误。 8.D由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R4并联，再与R1串联接在电源两端； 电容器与R3并联。当滑片向Q端移动时，滑动变阻器R接入电路的电阻增大，则 电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流减小，路端电压增大，同 时R1两端的电压减小，故并联部分的电压增大；由欧姆定律可知流过R?的电流增 大，故电流表的示数减小。根据P1=阜R1可知，电阻R1消耗的功率减小，A错误。 金属板间的电压变大，电场变强，液滴所受电场力变大，电场力大于小液滴的重力， 小液滴向上运动，B错误。由于路端电压变大，根括)=下X100%= 100%,可知电源效率增大，C错误。根据电路可知△l干=△I3十△I,因为△I干<0， A>0,A1<0,所以△1<△1，由于=r+R,所以 △I年 |a7<R+,D 正确。 9.BD该马达正常工作时消耗的功率P=UI=3X0.25W=0.75W,该马达正常工作 时机械功率为P1=P×60%=0.45W,该马达正常工作时消耗的热功率P2=P× 40%=0.3W,由P2=Ir,解得该马达的电阻r=4.82,故选B、D。 10.BC电容器在恒定电路中是断路，开关断开，C1、C2并联在电源的两端，故电势差 等于电源电动势，又因为C1电容大，根据电容的定义式可知，C1带的电荷量比C2 带的电荷量多，故A错误，C正确；开关闭合后，电路是R1、R2与电源组成的串联电 E 路，可得流过b间电流为I=R,十R,=2A,故B正确；电容器C两端电压为Ui IR1=6V,Q1=C1U1=3.6X10-5C,电容器C2两端电压为U2=IR2=12V,Q2= C2U2=3.6X10-5C,Q1=Q2,即C1带的电荷量等于C2带的电荷量，故D错误。 11.ACD根据闭合电路的欧姆定律，电源的输出电压：U=E一Ir,对照U一I图像，当 I=0时，U=E=50V,故A正确；U-I图像斜率的绝对值表示内电阻，故：r= 会贸-50.20=50，故B错误；电流为2.5A时，总电阻为R6=号-2碧n= 202,故外电路电阻为：R=R总一r=152,故C正确；输出功率为120W时，对照P 一I图像，电流为4A,由P=UI得输出电压为U=30V,故D正确。 12.BD电路稳定时电容器相当于断路，电压表测电阻箱两端的电压，电流表测千路电 流，所以号-R,A错误。将R当作电源内胆的一部分，则电源的等效内阻为R十 ,根据闭合电路欧姆定律得U=E一1R+r),可知=R十r,B正确。闭合 开关S,增大电阻箱R接入电路的阻值的过程中，电压表的示数增大，电容器两极板