3.3 第2课时 二项式系数的性质与杨辉三角(课件PPT)-【学霸笔记·同步精讲】2024-2025学年高中数学选择性必修第二册（人教B版）

该高中数学课件聚焦二项式系数的性质与杨辉三角，通过杨辉三角数表观察入手，结合思考问题引导学生归纳对称性、增减性与最大值等性质，衔接二项式定理基础，以问题链、例题解析为支架帮助学生深化理解。 其亮点在于以问题驱动探究，通过数表观察培养数学眼光，例题中逻辑推理（如利用二项式系数最大项求参数）发展数学思维，赋值法应用（如求系数和）强化数学语言表达。学生能提升归纳与推理能力，教师可借助结构化内容高效教学。

第2课时　二项式系数的性质与杨辉三角 新知学习 探究 1 课堂巩固 自测 2 内容 索引 新知学习 探究 PART 01 第一部分 新知学习 探究 返回导航 思考1　上述数表最显著的特点是什么？ 提示：(1)从第一项起至中间项，二项式系数逐渐增大，随后又逐渐减小． (2)表中每行两端的数都是1，而且除1以外的每一个数都等于它肩上两个数的和． 思考2　每一行中，与首末等距离的二项式系数有怎样的关系？ 提示：相等． 思考3　当n＝6时，你能否写出展开式的二项式系数？ 提示：分别是1，6，15，20，15，6，1. 新知学习 探究 返回导航 新知学习 探究 返回导航 增大 减小 新知学习 探究 返回导航 2n 新知学习 探究 返回导航 　(1)若(1－2x)n的展开式有且只有第5项的二项式系数最大，则展开式中x3项的系数为(　　) A．－960 B．960 C．448 D．－448 √ 新知学习 探究 返回导航 －540 新知学习 探究 返回导航 二项式系数性质的理解 (1)二项式系数的性质不是展开式中系数的性质． (2)二项式系数的最大项与n的奇偶性有关． (3)二项式系数和只与n有关．　 新知学习 探究 返回导航 √ 新知学习 探究 返回导航 280 新知学习 探究 返回导航 新知学习 探究 返回导航 新知学习 探究 返回导航 新知学习 探究 返回导航 新知学习 探究 返回导航 新知学习 探究 返回导航 新知学习 探究 返回导航 新知学习 探究 返回导航 三　二项展开式的系数和问题 　已知(1－x)9＝a0＋a1x＋a2x2＋…＋a9x9. (1)求a1＋a2＋a3＋…＋a9的值； 【解】　因为(1－x)9＝a0＋a1x＋a2x2＋…＋a9x9.令x＝0，则a0＝1，令x＝1，则a0＋a1＋a2＋a3＋…＋a9＝0, 所以a1＋a2＋a3＋…＋a9＝－1. (2)求a0＋a2＋a4＋a6＋a8的值． 【解】　令x＝－1，则a0－a1＋a2－a3＋…－a9＝29＝512，又由(1)知，a0＋a1＋a2＋a3＋…＋a9＝0，则两式相加得，2(a0＋a2＋a4＋a6＋a8)＝512，所以a0＋a2＋a4＋a6＋a8＝256. 新知学习 探究 返回导航 【变式探究】 1．(设问变式)本例条件不变，求|a0|＋|a1|＋|a2|＋…＋|a9|的值． 解：由二项展开式定理可知，a1，a3，a5，a7，a9为负数，a0，a2，a4，a6，a8为正数，令x＝－1，得a0－a1＋a2－a3＋…－a9＝29＝512，则|a0|＋|a1|＋|a2|＋…＋|a9|＝a0－a1＋a2－…－a9＝29＝512. 新知学习 探究 返回导航 新知学习 探究 返回导航 赋值法求二项展开式中的系数和 (1)对于形如(ax＋b)n(a，b∈R，n∈N＋)的式子，求其展开式的各项系数之和常用赋值法，只需令x＝1即可；求形如(ax＋by)n(a，b∈R，n∈N＋)的展开式的各项系数之和，只需令x＝y＝1即可．　 新知学习 探究 返回导航 新知学习 探究 返回导航 [跟踪训练3] 已知x7＝a0＋a1(x＋1)＋a2(x＋1)2＋…＋a7(x＋1)7.求： (1)a1＋a2＋a3＋…＋a7； 解：由x7＝a0＋a1(x＋1)＋a2(x＋1)2＋…＋a7(x＋1)7，令x＝－1，则a0＝－1，令x＝0，则a0＋a1＋a2＋a3＋a4＋a5＋a6＋a7＝0，所以a1＋a2＋a3＋…＋a7＝(a0＋a1＋a2＋a3＋…＋a7)－a0＝1. (2)a1＋a3＋a5＋a7. 解：令x＝－2，则a0－a1＋a2－a3＋a4－a5＋a6－a7＝(－2)7＝－128，因为a0＋a1＋a2＋a3＋a4＋a5＋a6＋a7＝0，两式相减，可得2(a1＋a3＋a5＋a7)＝128，所以a1＋a3＋a5＋a7＝64. 新知学习 探究 返回导航 对称 1 和 新知学习 探究 返回导航 　“杨辉三角”又称“贾宪三角”，“帕斯卡三角”(如图所示)，它揭示了(a＋b)n(n为非负数)展开式的各项系数的规律． 根据上述规律，完成下列问题： (1)直接写出(a＋b)5＝_____________________________________________； (a＋b)5＝a5＋5a4b＋10a3b2＋10a2b3＋5ab4＋b5 新知学习 探究 返回导航 (2)(a＋1)8的展开式中a项的系数是___________________________； (3)利用上述规律求115的值，写出过程． 【解】　115＝(10＋1)5＝105×10＋5×104×11＋10×103×12＋10×102×13＋5×101×14＋100×15＝100 000＋50 000＋10 000＋1 000＋50＋1＝ 161 051. 新知学习 探究 返回导航 解决与杨辉三角有关的问题的一般方法是：观察——分析——实验 ——猜想结论——证明，要得出杨辉三角中的数字的诸多排列规律，取决于我们的观察能力，注意观察方法：横看、竖看、斜看、连续看、隔行看，从多角度观察(横看成岭侧成峰，远近高低各不同).　 新知学习 探究 返回导航 [跟踪训练4] (2024·贵州兴义八中月考)杨辉是我国南宋的一位杰出的数学家，在他所著的《详解九章算术》一书中，画的一张表示二项式展开后的系数构成的三角图形，称为“开方做法本源”．现在简称为“杨辉三角”．下面是(a＋b)n(n∈N)，当n＝0，1，2，3，4，5时展开式的二项式系数表示形式． 借助上面的表示形式，判断λ与μ的值分别是(　　) A．5，9 B．5，10 C．6，9 D．6，10 √ 新知学习 探究 返回导航 解析：由“杨辉三角”的性质可得， 从第三行起，不在两端的任意一个数，都等于上一行中与这个数相邻的两数之和， 所以λ＝3＋3＝6，μ＝4＋λ＝10. 新知学习 探究 返回导航 课堂巩固 自测 PART 02 第二部分 √ 课堂巩固 自测 返回导航 √ √ 课堂巩固 自测 返回导航 课堂巩固 自测 返回导航 3．二项式(x－1)7的展开式中，系数最大的项为________． 35x3 课堂巩固 自测 返回导航 4．(教材P35习题3－3CT2改编)已知对任意给定的实数x，都有(1－2x)100＝a0＋a1(x＋1)＋a2(x＋1)2＋…＋a100(x＋1)100.求： (1)a0＋a1＋a2＋…＋a100； 解：因为(1－2x)100＝a0＋a1(x＋1)＋a2(x＋1)2＋…＋a100(x＋1)100，令x＝0，则a0＋a1＋a2＋…＋a100＝1. (2)a1＋a3＋a5＋…＋a99. 课堂巩固 自测 返回导航 课堂巩固 自测 返回导航 eq \a\vs4\al(学习,目标) 1.了解杨辉三角各行数字的特点，归纳二项式系数间的关系．　2.掌握二项式系数的性质，并会简单应用．　3.理解和初步掌握赋值法及其应用． (a＋b)n展开式的二项式系数C eq \o\al(0,n) ，C eq \o\al(1,n) ，C eq \o\al(2,n) ，…，C eq \o\al(n,n) 可表示成如下形式， eq \a\vs4\al(一　二项式系数的性质) 1．对称性 与首末两端“等距离”的两个二项式系数相等．事实上，这一性质可直接由 eq \o(□,\s\up1(1)) ________得到．直线 eq \o(□,\s\up1(2)) ______________将函数f(r)＝C eq \o\al(r,n) 的图象分成对称的两部分，它是图象的对称轴． 2．增减性与最大值 (1)当k< eq \f(n＋1,2) 时，C eq \o\al(k,n) 随k的增加而 eq \o(□,\s\up1(3)) ________．由对称性知，二项式系数的后半部分C eq \o\al(k,n) 随k的增加而 eq \o(□,\s\up1(4)) ________． (2)当n是偶数时，中间的一项 eq \o(□,\s\up1(5)) __________取得最大值；当n是奇数时，中间的两项 eq \o(□,\s\up1(6)) ________与 eq \o(□,\s\up1(7)) ________相等，且同时取得最大值． 3．各二项式系数的和 (1)C eq \o\al(0,n) ＋C eq \o\al(1,n) ＋C eq \o\al(2,n) ＋…＋C eq \o\al(n,n) ＝ eq \o(□,\s\up1(8)) ________． (2)C eq \o\al(0,n) ＋C eq \o\al(2,n) ＋C eq \o\al(4,n) ＋…＝C eq \o\al(1,n) ＋C eq \o\al(3,n) ＋C eq \o\al(5,n) ＋…＝2n－1. 【解析】　依题意只有n＝8时第5项的二项式系数最大，x3的系数为 C eq \o\al(3,8) (－2)3＝－448.故选D. (2) eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x－\f(3,x))) eq \s\up12(n) 展开式中所有奇数项的二项式系数和为32，则展开式中的常数项为__________________．(用数字作答) 【解析】　由题意及二项式系数的性质可得2n－1＝32，解得n＝6，所以其展开式的通项为Tr＋1＝C eq \o\al(r,6) x6－r eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(3,x))) eq \s\up12(r) ＝(－3)rC eq \o\al(r,6) x6－2r，依题意令6－2r＝0，解得r＝3，所以展开式中的常数项为(－3)3C eq \o\al(3,6) ＝－540. [跟踪训练1] (1)(1＋2x)n的展开式中二项式系数最大为C eq \o\al(6,n) ，则n不可能为(　　) A．10 B．11 C．12 D．13 解析：根据二项式系数的对称关系，当n＝10时，所有二项式系数中，C eq \o\al(5,n) 最大；当n＝11时，所有二项式系数中，C eq \o\al(5,n) ＝C eq \o\al(6,n) ，且C eq \o\al(5,n) ，C eq \o\al(6,n) 均为最大；当n＝12时，所有二项式系数中，C eq \o\al(6,n) 最大；当n＝13时，所有二项式系数中，C eq \o\al(6,n) ＝C eq \o\al(7,n) ，且C eq \o\al(6,n) ，C eq \o\al(7,n) 均为最大．故选A. (2)在(2x3－ eq \f(1,\r(x)) )n的展开式中，各项的二项式系数之和为128，则展开式中x7的系数为________．(用数字作答) 解析：依题意可得2n＝128，则n＝7， 所以 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(2x3－\f(1,\r(x)))) eq \s\up12(7) 展开式的通项公式为Tr＋1＝C eq \o\al(r,7) (2x3)7－r eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(1,\r(x)))) eq \s\up12(r) ＝ C eq \o\al(r,7) 27－r·(－1)rx21－ eq \f(7,2) r(0≤r≤7且r∈N)，令21－ eq \f(7,2) r＝7，解得r＝4，所以T5＝C eq \o\al(4,7) ×23×(－1)4x7＝280x7，所以展开式中x7的系数为280. eq \a\vs4\al(二　二项展开式中系数最大（小）问题) 　(2024·辽宁大连月考)在(ax＋ eq \f(1,\r(3,x)) )n的展开式中，前三项的二项式系数之和等于79，常数项为 eq \f(55,2) . (1)求n和a的值； 【解】　由题意可知，展开式中前三项的二项式系数之和为C eq \o\al(0,n) ＋C eq \o\al(1,n) ＋C eq \o\al(2,n) ＝1＋n＋ eq \f(n（n－1）,2) ＝ eq \f(n2＋n＋2,2) ＝79，整理可得n2＋n－156＝0(n∈N＋)，解得n＝12(负值已舍去)，又 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(ax＋\f(1,\r(3,x)))) eq \s\up12(12) 的展开式的通项公式为Tr＋1＝C eq \o\al(r,12) ·(ax)12－r eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,\r(3,x)))) eq \s\up12(r) ＝C eq \o\al(r,12) ·a12－r·x12eq \s\up10(－\f(4,3))r(r＝0，1，2，…，12)，令12－ eq \f(4,3) r＝0，可得r＝9，所以展开式中的常数项为T10＝C eq \o\al(9,12) ·a3＝220a3＝ eq \f(55,2) ，解得a＝ eq \f(1,2) ，故n＝12，a＝ eq \f(1,2) . (2024·辽宁大连月考)在(ax＋ eq \f(1,\r(3,x)) )n的展开式中，前三项的二项式系数之和等于79，常数项为 eq \f(55,2) . (2)求展开式中系数最大的项． 【解】　由不等式组k,12) eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(C\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))\s\up12(12－k)≥C eq \o\al(k－1,12) \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))\s\up12(13－k)，,C eq \o\al(k,12) \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))\s\up12(12－k)≥C eq \o\al(k＋1,12) \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))\s\up12(11－k))) (k＝0，1，2，…，12)，解得 eq \f(23,3) ≤k≤ eq \f(26,3) ，所以k＝8，所以展开式中系数最大的项为T9＝C eq \o\al(8,12) · eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2))) eq \s\up12(4) ·x eq \s\up16(\f(4,3)) ＝ eq \f(495,16) x eq \s\up16(\f(4,3)) . 求展开式中系数最大的项与求二项式系数最大的项是不同的，需要根据各项系数的正、负变化情况进行分析．如求(a＋bx)n(a，b∈R)的展开式中系数最大的项，一般采用待定系数法．设展开式中各项系数分别为A0，A1，A2，…，An，且第k＋1项的系数最大，应用 eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(Ak≥Ak－1，,Ak≥Ak＋1，)) 解出k，即得出系数最大的项．　 [跟踪训练2] 已知二项式(x－ eq \f(a,\r(x)) )6(a>0)的展开式中x3的系数为r，常数项为s，且r＝s. (1)求a的值； 解：由题意根据二项展开式的通项，得Tk＋1＝C eq \o\al(k,6) ·x6－k· eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(a,\r(x)))) eq \s\up12(k) ＝ (－a)k·C eq \o\al(k,6) ·x6－ eq \f(3k,2) .令k＝2，得展开式中x3的系数为r＝C eq \o\al(2,6) ·a2＝15a2，令k＝4，得展开式中的常数项为s＝C eq \o\al(4,6) ·a4＝15a4，又因为r＝s，所以15a2＝15a4，解得a＝0或a＝－1或a＝1，又a>0，故a＝1. 已知二项式(x－ eq \f(a,\r(x)) )6(a>0)的展开式中x3的系数为r，常数项为s，且r＝s. (2)求展开式中系数最小的项． 解：由(1)知a＝1，故原二项式为 eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x－\f(1,\r(x)))) eq \s\up12(6) ， 则展开式中第k项、第k＋1项、第k＋2项的系数绝对值分别为C eq \o\al(k－1,6) ，C eq \o\al(k,6) ，C eq \o\al(k＋1,6) ，若第k＋1项的系数绝对值最大，则有k,6) eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(C≥C eq \o\al(k－1,6) ，,C eq \o\al(k,6) ≥C eq \o\al(k＋1,6) ，)) 解得 eq \f(5,2) ≤k≤ eq \f(7,2) ，又因为k∈N＋，所以k＝3，则展开式中系数的绝对值最大的项是第4项，所以T4＝(－1)3·C eq \o\al(3,6) ·x eq \s\up16(\f(3,2)) ，其系数为负数，此时该项的系数最小，故展开式中系数最小的项为T4＝－20x eq \s\up16(\f(3,2)) . 2．(设问变式)本例条件不变，求a0＋ eq \f(a1,2) ＋ eq \f(a2,22) ＋ eq \f(a3,23) ＋…＋ eq \f(a9,29) 的值． 解：令x＝ eq \f(1,2) ，则a0＋ eq \f(a1,2) ＋ eq \f(a2,22) ＋ eq \f(a3,23) ＋…＋ eq \f(a9,29) ＝ eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－\f(1,2))) 9＝ eq \f(1,512) . (2)一般地，若f(x)＝a0＋a1x＋a2x2＋…＋anxn，则f(x)展开式中各项系数之和为f(1)，奇数项系数之和为a0＋a2＋a4＋…＝ eq \f(f（1）＋f（－1）,2) ，偶数项系数之和为a1＋a3＋a5＋…＝ eq \f(f（1）－f（－1）,2) . (3)处理二项展开式的系数和问题，要结合代数式特点灵活赋值． eq \a\vs4\al(四　杨辉三角的性质) (1)每一行都是 eq \o(□,\s\up1(1)) ________的，且两端的数都是 eq \o(□,\s\up1(2)) ________； (2)从第三行起，不在两端的任意一个数，都等于上一行中与这个数相邻的两数之 eq \o(□,\s\up1(3)) __________. 【解】　由(a＋1)8的展开式的二项式系数可知展开式中a项的系数为C eq \o\al(7,8) ＝8. 1．已知C eq \o\al(0,n) ＋2C eq \o\al(1,n) ＋22C eq \o\al(2,n) ＋23C eq \o\al(3,n) ＋…＋2nC eq \o\al(n,n) ＝243，则C eq \o\al(1,n) ＋C eq \o\al(2,n) ＋C eq \o\al(3,n) ＋…＋C eq \o\al(n,n) ＝(　　) A．31 B．32 C．15 D．16 解析：逆用二项式定理得C eq \o\al(0,n) ＋2C eq \o\al(1,n) ＋22C eq \o\al(2,n) ＋23C eq \o\al(3,n) ＋…＋2nC eq \o\al(n,n) ＝(1＋2)n＝243，即3n＝35，所以n＝5，所以C eq \o\al(1,n) ＋C eq \o\al(2,n) ＋C eq \o\al(3,n) ＋…＋C eq \o\al(n,n) ＝25－1＝31.故选A. 2．(多选)下列关于(1－ eq \r(x) )10的说法，正确的是(　　) A．展开式的各二项式系数之和是1 024 B．展开式各项系数之和是1 024 C．展开式的第5项的二项式系数最大 D．展开式的第3项为45x 解析：对于A，(1－ eq \r(x) )10的展开式的各二项式系数之和是210＝1 024，A正确； 对于B，令 eq \r(x) ＝1，得(1－ eq \r(x) )10的展开式的各项系数之和为0，B错误； 对于C，(1－ eq \r(x) )10的展开式的第6项的二项式系数最大，C错误； 对于D，(1－ eq \r(x) )10的展开式的第3项为C eq \o\al(2,10) (－ eq \r(x) )2＝45x，D正确．故选AD. 解析：(x－1)7展开式的通项公式为Tr＋1＝C eq \o\al(r,7) x7－r·(－1)r，0≤r≤7且r为整数．若项的系数最大，则r为偶数，其中T1＝C eq \o\al(0,7) x7(－1)0＝x7，T3＝C eq \o\al(2,7) x5· (－1)2＝21x5，T5＝C eq \o\al(4,7) x3(－1)4＝35x3，T7＝C eq \o\al(6,7) x·(－1)6＝7x，显然系数最大项为T5＝35x3. 解：令x＝－2，则a0－a1＋a2－…＋a100＝5100，由(1)知a0＋a1＋a2＋…＋a100＝1，两式相减，化简可得a1＋a3＋a5＋…＋a99＝ eq \f(1－5100,2) . 1．已学习：(1)二项式系数的性质；(2)二项展开式中系数最大问题；(3)二项展开式中系数和问题． 2．须贯通：(1)赋值法解决二项展开式系数和问题； (2)求展开式中系数最大的项，应用 eq \b\lc\{(\a\vs4\al\co1(Ak≥Ak－1，,Ak≥Ak＋1)) 解出k，即得出系数最大的项． 3．应注意：(1)易混淆系数与二项式系数的区别； (2)不能正确判断中间项的个数．　 $