陕西省西安市第八十五中学2025-2026学年高二上学期期末考试物理试卷

高二第一学期 期末考试物理 参考答案 一、选择题：本题共12小题；共58分，第1—7小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，每小题4分，第8—12小题有多个选项正确，全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分。 题号 1 2 3 4 5 6 7 答案 A B C B D C D 题号 8 9 10 11 12 答案 AD BCD AD ABD AD 2、 实验题 （共20分） （1）答案： ①均可）；② ③乙 ；④ （2）答案：①2.90；②1.0，2.0；③小于。 （3）答案为：①；②断路 四．解答题（共2小题,22分） 14．【10分】 解：（1）由于灯泡正常发光，则电路中的电流，灯泡两端的电压 则电动机的额定电压 （2）电动机的额定电流 电阻中电流 因此，电阻的阻值 （3）电动机输出的机械功率 电源的输出功率 15．【12分】 解：（1）粒子经过加速电场加速过程，由动能定理有 解得 （2）粒子在电场中，粒子做匀速圆周运动，由电场力提供向心力，则有 解得 （3）由题意可知，带电粒子在第一象限区域内做类平抛运动，设竖直方向上加速度为，运动时间为，第一象限电场强度为，带电粒子出电场时速度方向与水平方向的夹角为。轨迹如图所示： 水平方向上有 竖直方向上有， 其中 根据几何关系有 联立解得 高二第一学期 期末考试物理 试题解析 一．选择题（共7小题） 1．【分析】我们可以计算电场强度。首先，将电压和距离转换为基本单位（伏特和米），然后应用公式计算电场强度。要求计算云层与地面间电场的电场强度大小。 【解答】解：根据得： 故正确，错误。 故选：。 2．【分析】题目中给出了简谐横波的波形图和质点的振动图像，需要结合两者信息分析波的传播特性。通过波形图可确定波长，振动图像可确定周期，进而计算波速。质点的振动状态和波形图斜率关系可判断波的传播方向。根据振动图像分析特定时刻质点的位置和加速度关系。计算特定时间内质点运动的路程需考虑振幅和周期比例关系。 【解答】解：由图甲波形图可得波长，由图乙振动图像可得质点的振动周期。 、由波速公式，代入数据得，解得：，故错误； 、当时，图乙显示质点到达波峰位置。简谐运动中最大位移处回复力最大，由牛顿第二定律可知此时加速度最大，故正确； 、图乙显示时质点经平衡位置向轴正方向振动。在图甲中，处质点位于平衡位置且波形曲线处于“上坡”段（位移向右侧增大），根据“上下坡法”判定波沿轴负方向传播，故错误； 、内经历时间△，即。质点从平衡位置运动周期，路程。已知振幅，解得：，故错误。 故选：。 3．【分析】将金属导线对折，其长度变为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，根据电阻定律分析电阻的变化，由欧姆定律分析电流的变化；结合电流的微观表达式分析平均速率的变化。 【解答】解：、将金属导线对折一次时，其长度变为原来的一半，横截面积变为原来的2倍，根据电阻定律可知，金属线的电阻变为，故错误； 、对折前，根据欧姆定律。对折后，由欧姆定律得，故错误； 、根据电流的微观表达式可知，、不变，变为原来的2倍，电流变为4倍，则此时自由电子定向移动的平均速率为，故正确，错误。 故选：。 4．【分析】根据判断电容的大小，进而判断放电的快慢和带电荷量的多少；湿的手指头会影响电容器两板间的距离，据此分析。 【解答】解：、由题意可知，峭处相当于电容器极板间的距离较小，在峪处电容器两板间的距离较大，根据可知，峭处形成的电容器电容较大，所以在峭处形成的电容器放电较慢，即在峪处形成的电容器放电较快，故错误，正确； 、根据可知，充电后在峭处形成的电容器的电荷量多，故错误； 、湿的手指头因为有水膜的覆盖，所以会影响电容器两板间的距离，也就影响了电容的大小，对指纹识别有很大的影响，故错误。 故选：。 5．【分析】本题首先根据牛顿第二定律求出合力，再根据合力做功与动能变化的关系求出动能变化；根据重力做功与重力势能变化的关系求出重力势能变化；根据合力做功求出电场力做功，进而得到电势能变化；最后根据机械能变化与除重力之外其他力做功的关系求出机械能变化。核心知识点有牛顿第二定律、功与能的关系等。 【解答】1.首先求合力：根据牛顿第二定律F合＝ma，已知，m为小滑块质量，所以。2.求动能变化：根据动能定理W合＝ΔEk，合力做功，所以动能增加了，A选项正确。3.求重力势能变化：重力做功，重力做正功，重力势能减少了，C选项正确。4.求电势能变化：设电场力做功为W电，根据牛顿第二定律沿斜面方向mgsin30°﹣F电＝ma，，解得，电场力做功，电势能减少了，B选项正确。5.求机械能变化：机械能的变化量等于除重力之外其他力做的功，这里就是电场力做的功，即机械能增加了，D选项错误。综上，题目需选择错误说法，答案是D。 6．【分析】．根据等差等势面的疏密程度来比较点和点的电场强度大小； ．根据电势差公式来计算点与点的电势差； ．根据粒子做曲线运动速度与合力中间夹轨迹来判断速度和电势能的变化。 【解答】解：．等差等势面的疏密程度能反映电场强度的大小，点处的等差等势面比点处更密，所以点的电场强度大小比点的大，故错误； ．沿着电场线方向电势逐渐降低，可判断出为正电荷，为负电荷，点电势为0，点与点的等势面间隔3个，而相邻等势面间的电势差为，点电势为，点与点的电势差，故错误； ．粒子做曲线运动，粒子从到的运动过程中，所受电场力应指向轨迹的凹侧，而速度方向沿轨迹的切线方向，电场力方向与速度方向夹角由锐角变为钝角，则粒子先加速再减速，在点处速度最大，动能先增大后减小，所以电势能先减小再增大，故正确，错误。 故选：。 7．【分析】根据图像的斜率的绝对值代表电场强度大小，以及电场线与电势的关系分析选项。 【解答】解：由图像的斜率等于场强可知，和处电场场强方向相反，但场强大小不等，故错误； 由图可知在处的场强为零，则由合场强为0， 可得 故错误； 物体在运动过程中，只有电势能和动能等量转化，质点向右运动到点右侧电势为处速度为零，由图可知该位置在右侧，即物块会以点右侧某一点为中心来回往返运动，故错误； 它从点向左出发刚好到达处，由动能定理 又 解得 故正确。 故选：。 二．多选题（共5小题） 8．【分析】根据电流表和电压表的改装原理结合具体的电路结构，电表的连接方式结合串并联电路的特点进行分析解答。 【解答】解：电流表、串联，所以两表的示数相等，又因为的量程比的大，所以内部表头并联的电阻比内部表头并联的电阻小，所以流经内部表头的电流比流经内部表头的电流小，所以电流表的指针偏转角度比的小，故正确，错误； 电压表、并联，所以两表的示数相等，因为电压表的量程比的大，所以的总电阻比的总电阻大，所以流经的电流比流经的电流小，电压表的指针偏转角度比的小，故错误，正确。 故选：。 9．【分析】根据题意，作出光路图如图所示。入射光的频率变小，折射率变小，根据分析临界角的变化，对照全反射条件分析光线能否在面上发生全反射；由分析光在介质中传播速度的变化，再判断光线在介质中传播时间的变化；画出光路图，根据几何知识分析偏转角的变化；根据折射定律和几何关系判断光线能否在边上水平向右射出介质。 【解答】解：、根据题意，作出光路图如图所示。 若入射光的频率变小，则折射率变小，而入射角不变，可知其折射角将变大，根据几何关系可知，角将变小。 根据题意及几何关系可得折射率为 发生全反射的临界角的正弦值 可知原折射光在边不会发生全反射，而当变小时一定不会发生全反射，故错误； 、由可知，折射率变小，光在介质中的传播速度增大，由于原折射光线与平行，现变大，可知变短，而光在介质中的传播时间，显然，传播时间变短，故正确； 、作出出射光线的光路图如图所示 射到边的折射光线在边上的入射角减小，可知在边上的出射光线的折射角也减小，出射光线相对于原出射光线逆时针偏转，因此出射光线相对原入射光线的偏转角变小，故正确； 、入射光的频率变小，入射角不变，致使增大，减小，光路图如图所示 根据几何关系有 ，， 可得： 若要使光线在边上水平向右射出介质，则必须满足 显然，上式能够成立，即光线有可能在边上水平向右射出介质，故正确。 故选：。 10．【分析】先分析圆环接入电路的总电阻的变化情况，分析电路总电阻的变化，判断干路电流的变化，即可判断灯的亮度变化。分析灯电压的变化，确定的电流变化，分析其亮度变化；分析路端电压的变化，来分析电压表示数的变化；根据电容器与灯电压相等，利用分析电容器所带电荷量的变化情况。 【解答】解：、由电路图可知，闭合的圆环接入电路时，接触点点与间电阻丝并联接入到电路中，在滑动触头缓慢地从点开始经点移到点的过程中，圆环接入电路的总电阻先变大后变小，则外电路总电阻先变大后变小，根据闭合电路欧姆定律可知干路电流先变小后变大，则流过灯的电流先小后变大，灯先变暗后变亮。根据可知灯的电压先变小后变大。根据闭合电路欧姆定律有，可知路端电压即电压表示数先变大后变小；圆环与灯并联电路的电压为，先变小后变大，其他量不变，则先变大后变小，灯先变亮后变暗，根据可知，流过灯的电流先变大后变小，则流过电流表的电流 可知先变小后变大，则电流表的示数先变小后变大，故正确，错误； 、由电路图可知，电容器两端的电压等于灯两端的电压，则电容器的电压先变大后变小，根据可知电容器所带电荷量先增多后减少，故正确。 故选：。 11．【分析】由电路图可知电压表的测量位置，结合闭合电路欧姆定律，可知电压表示数与电流表示数的关系式，即可由两图线的坐标计算电源电动势、内阻、的阻值；由闭合电路欧姆定律的推论，可知滑动变阻器消耗电功率最大值的条件，即可计算其消耗的最大功率；由闭合电路欧姆定律，可分析电流表的最小示数。 【解答】解：、由电路图可知电压表测量路端电压，电压表测量两端电压，结合闭合电路欧姆定律， 可知电压表示数与电流表示数的关系式为：，，， 代入两图线的坐标可知时，；时，；时，；解得电源电动势、内阻； 由闭合电路欧姆定律推导式可知的阻值满足：；电源内阻满足：，故正确，错误； 、由闭合电路欧姆定律的推论，可知滑动变阻器消耗电功率最大值的条件为：，代入解得：， 其消耗的最大功率为：，解得：，故正确； 、由闭合电路欧姆定律，可分析电流表的最大示数为：，代入解得：，故正确。 故选：。 12．【分析】电子从加速电场飞出后的速度可通过动能定理计算，但需注意题目给出的加速电压表达式。在偏转电场中，电子运动时间由水平匀速运动决定，与板长和初速度有关。对于特定时刻射入的电子，需分段分析其在正负偏压作用下的偏转位移叠加效果。关于电子从中线上方离开的比例，需找到临界进入时刻，通过时间比例关系确定符合条件的电子占比。 【解答】解：电子经过加速场后，根据动能定理得 解得： 故正确； 电子在偏转电场中，水平方向做匀速直线运动，所以运动的时间为 故错误； 时射入偏转电场的电子在前时间内偏转位移为 解得： 垂直于板的速度为： 在随后在时间内偏转的位移为 解得： 时射入偏转电场的电子离开偏转电场时距两板间中线的距离为 故错误； 在前半个周期内，假设电子从某时刻进入偏转电场，离开时恰好从中线处离开，则有 解得：在内，从中线上方离开偏转电场的电子进入的时间为 则有：故正确。 故选：。 三．实验题（每空2分） 13．（1）答案： ①均可）；② ③乙；④ 【解答】解：（1）①由图丙读数可知，金属丝直径为均可） ②多用电表指针的偏转角度过大，说明待测电阻小则要换成低倍率，故选挡； ③因为待测电阻约为，由可知为了减小误差应该采用电流表的外接法，即选用乙图； ④根据电阻定律可知可得电阻率为 （2）电阻箱为，其量程为 即干路电流是电流表示数的6倍，根据闭合电路欧姆定律 由图可知， （2）答案：①2.90；②1.0，2.0；③小于。 【解答】①因电压表的最小分度为，读数时要估读到其下一位，故读数为； ②由闭合电路的欧姆定律得变形得结合图像得斜率 纵截距联立解得， ③由于电压传感器分流导致实际的U偏小，通过分析得电池内阻的测量值小于真实值。 （3）答案为：①；②断路 ①【解答】．由图可知接2时分流电阻更大，对电流表来说，分流电阻越小量程越大，所以1比2量程大，对电压表来说，分压电阻越大量程越大，由图可知接6时分压电阻更大，所以6比5量程大，故正确； ．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故错误； ．人是导体，双手捏住两表笔金属杆，测量的是电阻与人体的并联电阻阻值，测量值将偏小，故正确； ．用欧姆挡测电阻时，如果指针偏转过小，说明待测电阻大，应将选择开关拨至倍率更大的挡位，故错误。故选：。 ②【解答】将选择开关置于电阻挡的挡，分别将红黑表笔接、端时，由图可知读数为； 再测e、f时几乎不动表针，说明从到已开路。结合电路图可判定是电阻断路。 四．解答题（共2小题,22分） 14．【10分】（1）小灯泡正常发光，据此可知电路中的电流，根据求解小灯泡的电压，根据欧姆定律求出电动机的额定电压； （2）由公式求出过电动机的电流，根据并联电路规律求解过电阻的电流，根据欧姆定律求解电阻的电流； （3）根据能量守恒求解电动机的输出功率和电源的输出功率。 【解答】解：（1）由于灯泡正常发光，则电路中的电流，灯泡两端的电压 则电动机的额定电压 （2）电动机的额定电流 电阻中电流 因此，电阻的阻值 （3）电动机输出的机械功率 电源的输出功率 答：（1）电动机的额定电压为； （2）电阻的阻值为； （3）电动机的输出功率为，电源的输出功率。 15．【12分】（1）粒子经过加速电场加速过程，根据动能定理列式求解粒子到达点时的速度大小。 （2）粒子在电场中，粒子做匀速圆周运动，由电场力提供向心力，由此列式求解电场强度大小； （3）带电粒子在第一象限区域内做类平抛运动，分解速度并列运动关系式，作出运动轨迹，根据几何关系和分运动规律求解。 【解答】解：（1）粒子经过加速电场加速过程，由动能定理有 解得 （2）粒子在电场中，粒子做匀速圆周运动，由电场力提供向心力，则有 解得 （3）由题意可知，带电粒子在第一象限区域内做类平抛运动，设竖直方向上加速度为，运动时间为，第一象限电场强度为，带电粒子出电场时速度方向与水平方向的夹角为。轨迹如图所示： 水平方向上有 竖直方向上有， 其中 根据几何关系有 联立解得 答：（1）粒子经过加速电场加速后到达点时的速度大小为； （2）圆弧虚线处电场强度的大小为； （3）该区域匀强电场场强大小为。 声明：试题解析著作权属所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2026/1/11 22:09:22；用户：雷纪昌；邮箱：tyzbh495@xyh.com；学号：27399712 第1页 共2页 ◎ 第2页 共2页 学科网（北京）股份有限公司 $ 西安市第八十五中学 2025—2026学年度第一学期高二年级期末考试物理试题 命题人：雷纪昌 一、选择题：本题共12小题；共58分，第1—7小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，每小题4分，第8—12小题有多个选项正确，全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分。 1．雷击，指打雷时电流通过人、畜、树木、建筑物等而造成杀伤或破坏，其中一种雷击是带电的云层与大地上某点之间发生迅猛的放电现象，叫做“直击雷”。若某次发生“直击雷”前瞬间，带电云层到地面的距离为6千米，云层与地面之间的电压为千伏，则此时云层与地面间电场（视为匀强电场）的电场强度大小为　　 A． B． C． D． 2．如图所示，图甲为一列简谐横波在时刻的波形图，图乙为介质中平衡位置在处的质点的振动图像，下列说法正确的是（　　） A．该波的波速为 B．时，质点的加速度最大 C．波的传播方向沿轴正方向 D．内，质点运动的路程为 3．一根粗细均匀的金属导线阻值为，两端加上恒定电压时，通过金属导线的电流强度为，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为。若将该金属导线对折一次，使其长度变为原来的一半，仍给它两端加上恒定电压，则下列说法正确的是　　 A．此时金属导线的阻值为 B．此时通过金属导线的电流为 C．此时自由电子定向移动的平均速率为 D．此时自由电子定向移动的平均速率为 4．当前智能手机普遍采用了指纹识别，常用的指纹识别传感器是电容式传感器，指纹的凸起部分叫“峭”，凹下部分叫“峪”。传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和正对的皮肤表面部分形成大量的小电容器，这样在峭处和峪处形成的电容器的电容大小不同。此时传感器给所有的电容器充电后达到某一电压值，然后电容器放电，电容值小的电容器放电较快，根据放电快慢的不同，就可以探测到峭和峪的位置，从而形成指纹图像数据。根据文中信息，下列说法正确的是　　 A．峪处形成的电容器电容较大 B．在峪处形成的电容器放电较快 C．充电后在峭处形成的电容器的电荷量小 D．湿的手指头对指纹识别无影响 5．一质量为m的带电小滑块，在水平方向的匀强电场中以初速度v0沿光滑斜面下滑，斜面的倾角为30°，小滑块的加速度大小为g，则小滑块在沿斜面下滑L距离过程中下列说法错误的是（　　） A．动能增加了mgL B．电势能减少了mgL C．重力势能减少了mgL D．机械能增加了mgL 6．两点电荷、的电场中等势面分布如图，、位于同一直线上，相邻等势面间的电势差为，点位于电势为0的等势面上。实线为某带电粒子的运动轨迹，、、为轨迹和等势面的交点，粒子只受电场力作用，则（　　） A．点的电场强度大小比点的小 B． C．粒子经过点时速度最大 D．粒子从到，电势能减小 7．如图甲所示，绝缘粗糙水平面上处和处分别固定两个点电荷（场源电荷），其中处的电荷量大小为。以无限远处作为零电势点，两点电荷在轴上形成的电场其电势与的关系如图乙所示，其中坐标原点处电势为、且为极小值，和处电势分别为和。下列正确的是（　　） A．处和处的场强等大反向 B．处的电荷的电荷量为 C．处无初速度释放一个带正电光滑小物块，物块会以点为中心点来回往返运动 D．质量为，电荷量为的带电物体（视为质点），与地面动摩擦因数为，欲使它从点向左出发刚好到达处，则物体在坐标原点处的初速度大小为 8．将相同的表头分别并联不同的电阻改装成电流表、，分别串联不同的电阻改装成电压表、，校正后，按图示电路连接，已知电流表的量程比的大，电压表的量程比的大，若在电路、端接入稳压电源，所有电表示数均未超过量程，下列正确的是（　　） A．电流表的示数与的相等 B．电流表的指针偏转角度比的大 C．电压表的示数比的大 D．电压表的指针偏转角度比的小 9．如图，一块透明介质的横截面为等边三角形，一束单色光从边上的一点射入介质，入射角为，折射光线与边平行。现入射光的频率变小，入射角不变，下列正确的是　　 A．光线有可能在面上发生全反射 B．光线在介质中传播的时间变短 C．出射光线相对入射光线的偏转角变小 D．光线有可能在边上水平向右射出介质 10．如图所示，将一根粗细均匀的电阻丝弯成一个闭合的圆环，接入电路中，电路与圆环的接触点点固定，为电路与圆环良好接触的滑动触头，电源的电动势为，内阻为，闭合开关，在滑动触头缓慢地从点开始经点移到点的过程中，下列正确的是（　） A．电流表的示数先变小后变大 B．灯先变暗后变亮，电流表的示数一直变小 C．灯先变亮后变暗，电压表的示数先变大后变小 D．电容器所带电荷量先增多后减少 11．在图甲电路中，电流表和电压表均为理想电表，移动滑动变阻器的滑片以改变滑动变阻器（最大阻值为的阻值，测得电阻和电源的伏安特性曲线分别如图乙中图线、所示。若改变滑动变阻器的阻值，电压表、和电流表的示数变化分别表示为△、△和△，下列说法正确的是　　 A．电流表的示数最大值为 B． C． D．滑动变阻器消耗的最大功率为 12．如图甲所示，真空中有一电子枪连续不断且均匀的发出质量为、电荷量为、初速度为零的电子，经电压大小为的直线加速电场加速，由小孔穿出加速电场后，沿两个彼此绝缘且靠近的水平金属板、间的中线射入偏转电场。、两板距离为、板长均为，两板间加周期性变化的电势差，随时间变化的关系图像如图乙所示，变化周期为，时刻，，不计电子的重力和电子间的相互作用力，不考虑电场的边缘效应，且所有电子都能离开偏转电场，下列说法正确的是（　　） A．电子从加速电场飞出后的速度大小为 B．电子在偏转电场中运动的时间为 C．时射入偏转电场的电子离开偏转电场时距两板间中线的距离 D．在的时间段内进入偏转电场并能够从中线上方离开偏转电场的电子数占这段时间总电子数的 二、实验题（本大题共1题，每空2分，共20分） 13．物理实验一般都涉及实验目的、实验原理、实验器材、实验操作、数据分析等。 （1）（8分）在测量一段长为的金属丝的电阻率实验中： ①用螺旋测微器测量金属丝的直径，此时示数如图1-甲所示，则直径　　 。 ②利用多用电表粗测该金属丝的电阻：选用欧姆挡“”挡进行测量时，发现多用电表指针的偏转角度过大，因此需重新选择 　　 （选填“”或“” 挡，并需重新欧姆调零后，再次进行电阻测量，设测量值为R。 ③用电压表（内阻约为和电流表（内阻约为测量该金属丝的电阻值，为了尽量提高测量精度，应该选择的测量电路图是图1中的 　　 （选填“乙”或“丙” 。 ④则该金属丝的电阻率　　 （用题中相关字母、、表示）。 （2）（8分）某科技社团为测量水果电池的电动势和内阻，将铜片和锌片相隔一段距离插入柠檬中，制成柠檬电池。社团成员开展了以下实验： ①用电压表直接测量柠檬电池的电动势，如图2-甲所示，读数为　　； 由于柠檬电池的内阻较大，用电压表直接测量误差较大，他们选用以下器材进一步实验： 电阻箱（最大阻值为 数字电压传感器（内阻 开关和导线若干 实验步骤如下： a. 按图2-乙所示连接电路； b. 闭合开关，待数字电压传感器示数稳定后，记录数字电压传感器数值和电阻箱的阻值，立即断开开关； c. 改变电阻箱阻值，重复实验步骤b； d. 根据数据，绘制出关系图线如图2-丙所示。 ②根据实验数据绘制的图线可得电池的电动势为　　，内阻为　　；（结果均保留两位有效数字） ③若采用此方案，不考虑偶然误差，电池内阻的测量值　　 真实值（选填“大于”“等于”或“小于” 。 （3）（4分）多用电表的原理及使用。 ①如图3-甲所示的是多用电表内部结构示意图，通过选择开关分别与1、2、3、4、5、6相连，以改变电路结构，分别成为电流表、电压表和欧姆表，下列说法正确的是 　　 。 ．选择开关接2时量程比接1时量程小，选择开关接6时量程比接5时量程大 ．在使用欧姆表测量电阻阻值时，若红黑表笔接反了，测量值将偏大 ．用多用电表的欧姆挡测导体的电阻时，若两手同时分别接触两表笔的金属杆，则测量值偏小 ．用多用电表的欧姆挡测电阻时，若指针偏转角度很小，则应换倍率较小的挡再进行测量 ②某同学发现如图3-乙所示的实验电路不能正常工作，为排查电路故障，闭合开关后，他用多用电表测量各点间的电压，。已知只有一处故障。为进一步判断电路故障的性质，他断开开关后，将选择开关置于电阻挡的挡，分别将红黑表笔接、端时，指针指如图3-丙所示，他将红黑表笔接、端时，指针几乎不偏转，因此电路故障为 　　 。 三、计算题（本大题共2小题，共计22分．解答过程应有必要的文字说明、物理原理和规律的数学表达式，只有结果无过程计零分） 14．如图所示的电路中，为定值电阻，为电阻箱，灯泡的规格为“，”，电动机的线圈电阻为、额定功率为，电源的电动势，内阻，闭合电键，调节电阻箱，当电阻箱的阻值为时，灯泡刚好正常发光，电动机刚好能正常工作。求： （1）电动机的额定电压； （2）电阻的阻值； （3）电动机的输出功率与电源的输出功率。 15．如图所示，平面的第三象限内有水平放置的金属板、，板间为加速电场，两板间的电压为，一电荷量为、质量为的带正电粒子从点由静止开始加速，经点进入第二象限内的辐向电场（大小未知，方向均指向，沿着半径为的圆弧虚线（等势线）运动，从点进入第一象限。在第一象限区域内存在沿轴负方向的匀强电场（大小未知），粒子从电场右边界离开电场后最终打在坐标为的点，不同区域内的电场互不影响，不计粒子的重力。求： （1）粒子经过加速电场加速后到达点时的速度大小； （2）圆弧虚线处电场强度的大小； （3）若，则该区域匀强电场场强大小为多大。 高二年级物理试题第 1 页 共 3 页 学科网（北京）股份有限公司 $