重庆市南开中学2025-2026学年高二上学期期末物理模拟测试 （一）

重庆市南开中学2025-2026学年高二（上）物理期末模拟测试 （一） 一、单选题 1．下列关于公式的描述正确的是（　　） A．根据，电场强度与两点间的电势差成正比，与两点间的距离成反比 B．根据，电场中某点的电势与点电荷的电势能成正比，与电荷量成反比 C．根据，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比 D．根据，电动势跟非静电力所做的功成正比，与移动的电荷量成反比 2．把长度L、电流I都相同的一小段通电导线垂直磁场方向放入某磁场中的A、B两点，电流元在A点受到的磁场力较大，则（　　） A．A点的磁感应强度一定大于B点的磁感应强度 B．A点的磁感应强度一定小于B点的磁感应强度 C．A点的磁感应强度一定等于B点的磁感应强度 D．不能判断A、B两点之间的磁感应强度大小关系 3．如图所示，用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.1kg的小球A悬挂到水平板的、两点，A上带有的正电荷，两线夹角为120°，两线上的拉力大小分别为和，A的正下方0.3m处放有一带等量异种电荷的小球B，B与绝缘支架的总质量为0.2kg（重力加速度取，静电力常量，A、B球可视为点电荷），则（　　） A．支架对地面的压力大小为2.0N B．两线上的拉力大小 C．将B水平右移，使、A、在同一直线上，此时两线上的拉力大小， D．将B移到无穷远处，两线上的拉力大小 4．家电待机耗电问题常常被市民所忽略，北京市电力公司曾举办“计量日进您家”活动，免费上门为市民做家庭用电耗能诊断分析。在上门实测过程中，技术人员发现电视机待机一天的耗电量在0.2度左右，小小机顶盒一天的待机耗电量更是高达0.4度．据最新统计绍兴市的常住人口约500万人，参考下表数据，估算每年绍兴地区家庭用电器待机耗电量约为（ ） 家庭常用电器 电视机 洗衣机 空调 电脑 户均数量(台) 2 1 2 1 电器待机功耗(W/台) 10 20 40 40 A．度 B．度 C．度 D．度 5．在轴上的范围内，存在沿轴正方向的电场，其电势随的变化规律为如图所示的一条直线。现将一质量为、带电荷量为的粒子自点由静止释放，粒子在电场力的作用下沿轴做加速运动的加速度大小为（　　） A． B． C． D． 6．如图所示，绝缘光滑直角支架竖直放置，支架的OB杆与水平方向成30°角，两个带电小球A、B套在杆上，可在杆上自由滑动，已知两球静止时A、B两球的连线与竖直方向成60°角。则下列分析正确的是（　　） A．A、B两小球带异种电荷，质量之比为1:1 B．A、B两小球带同种电荷，电荷量之比为1:1 C．A、B两小球带同种电荷，质量之比为 D．A、B两小球带同种电荷，杆对两小球的作用力大小之比为 7．如图所示，直流电源、滑动变阻器、平行板电容器与理想二极管（正向电阻为0，反向电阻为∞）连接，电源负极接地。开始时电容器不带电，闭合开关S，稳定后，一带电油滴恰能静止在电容器中P点。在开关S保持接通的状态下，下列说法错误的是（　　） A．若滑动变阻器的滑片向下滑动时，带电油滴将会向上运动 B．若电容器的上极板向上移动时，带电油滴将仍然静止 C．若电容器的下极板向下移动时，P点的电势将增大 D．若电容器的下极板向左移动时（P点仍处在电场中），极板间的场强将增大 二、多选题 8．下列说法中正确的是(　　) A．磁场看不见、摸不着，所以它并不存在，它是人们为了研究问题方便而假想出来的 B．同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引 C．磁体和通电导体都能产生磁场 D．若小磁针始终指向南北方向，则小磁针的附近一定没有磁铁 9．如图所示，矩形ABCD四个顶点各固定一个点电荷，电荷量相等，O点是矩形对角线的交点，为钝角，其中A、B两点固定的点电荷所带电荷量为，C、D两点固定的点电荷所带电荷量为，取无穷远处电势为零，下列说法正确的是（    ）    A．O点电场强度为零 B．O点电势为零 C．移走B处点电荷，O点电场强度一定减小 D．移走B处点电荷，O点电势一定降低 10．如图甲所示，大量的电子（质量为m、电荷量为e）不间断的由静止开始经电压为的电场加速后，从上极板的边缘沿平行极板方向进入偏转电场，偏转电场两极板间的电压随时间t变化的规律如图乙所示。已知偏转电场的极板间的距离为d，板长为L，不计电子的重力及电子间的相互作用，电子通过偏转电场所用的时间极短，可认为此过程中偏转电压不变，当偏转电压为时，粒子刚好从距上极板的P点射出，下列说法正确的是（　　） A． B．当时，电子射出偏转电场时速度的偏转角为 C．当时，电子射出偏转电场时速度的偏转角为 D．电子会从偏转电场的极板右侧不间断的射出 三、实验题 11．为了研究某导线的特性，某同学所做部分实验如下： （1）用螺旋测微器测出待测导线的直径，如图甲所示，则螺旋测微器的读数为 mm； （2）用多用电表直接测量一段导线的阻值，选用“×10”倍率的电阻挡测量，发现指针偏转角度太大，因此需选择 倍率的电阻挡(选填“×1”或“×100”)，欧姆调零后再进行测量，示数如图乙所示，则测量值为 Ω； （3）另取一段同样材料的导线，进一步研究该材料的特性，得到电阻R 随电压U变化图像如图丙所示，则由图像可知，当所加电压为3.00V时，材料实际消耗的电功率为 W．(结果保留两位有效数字) 12．某学习小组的同学拟探究小灯泡L的伏安特性曲线，可供选用的器材如下： A．小灯泡L，规格“2.0V，电阻约为几Ω”； B．电压表V1，量程300mV，内阻300Ω； C．电压表V2，量程6V，内阻约为6kΩ； D．电流表A1，量程0.6A，内阻约为0.1Ω； E．电流表A2，量程300mA，内阻1Ω； F．滑动变阻器R1，最大阻值200Ω； G．滑动变阻器R2，最大阻值10Ω； H．定值电阻R0，阻值2700Ω； I．电动势为4.5V的直流电源一只，开关一个，导线若干。 （1）实验中电压表应选 ，电流表应选 ，滑动变阻器应选 ；（填定器材代号） （2）请在图甲中补全该实验的电路图 ； （3）图甲中开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于 （选填“A端”、“B端”或“AB正中间”）； （4）该同学通过实验作出了小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W。（结果均保留两位有效数字） 四、解答题 13．如图所示，在光滑绝缘水平面上有电荷量均为的小球、，小球固定，两球间的距离为，静电力常量为，空间存在水平向右的匀强电场，小球处于平衡状态。求： (1)小球受到的库仑力； (2)匀强电场的电场强度大小。 14．如图所示，一个挂在绝缘细线下端的带正电的小球B，静止在图示位置，左端固定着另一个带正电的小球A，已知B球的质量为m，带电荷量为q，静止时张角，A和B在同一条水平线上，A、B间的距离为r，整个装置处于真空中，（静电力常数为k，重力加速度为g）。求： （1）此时小球B受到的电场力F为多大? （2）小球B所在处的电场强度E为多大?方向如何? （3）小球A带电量Q为多少?    15．如图所示，一束电子从静止开始经加速电压加速后，以水平速度射入水平放置的两平行金属板中间，金属板长为，两板距离为d，竖直放置的荧光屏距金属板右端为L.若在两金属板间加直流电压时，光点偏离中线，打在荧光屏的P点，求OP为多少？ 16．如图所示，光滑固定轨道OA 高 h=0.8m， 一质量为m=1kg 电荷量为 q=0.16C的带正电的小滑块（可视为质点）从O 点由静止自由滑下，另一质量为的绝缘木板静止在光滑冰平面上。上表面与A 的切线平齐，滑块与木板之间的动摩擦因数μ=0.1。在滑块右前方虚线MN、RS 区域内存在一宽度，方向水平向左，大小E=25N/C的匀强电场，虚线RS 右侧存在方向垂直纸面向外，大小 B=112.5T的匀强磁场，当小滑块进入水平电场时恰好未从板的右端滑出，重力加速度g=10m/s²， 不计空气阻力。 （1）求绝缘塑料板的长度L； （2）分别求出小滑块和塑料板刚进入电场时的加速度a1 、a₂ 大小； （3）分别求出小滑块到达边界RS时，小滑块和塑料板的速度v1、v2大小； （4）小滑块到达边界RS时，塑料板恰与前方固定挡板P 相碰（碰撞过程无能量损失）， 碰后滑块最终恰好未从塑料板右端滑出，求最终塑料板离挡板P的距离x2。 2 1 学科网（北京）股份有限公司 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C A C A B D A BC BD AC 1．C 【详解】A．电场强度是电场本身的性质，不由U和d决定，另外，公式仅适用于匀强电场，且d指匀强电场中的两点沿电场线方向的距离，不是两点间的距离，故A错误； B．电势是电场本身的性质，不由和决定，故B错误； C．公式是欧姆定律的表达式，该式表明，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比，故C正确； D．电动势是电源本身的性质，由电源内部非静电力的特性决定，不由和决定，故D错误。 故选C。 2．A 【详解】把长度L、电流I都相同的一小段电流元垂直磁场方向放入某磁场中的A、B两点，根据 可知A点的磁感应强度一定大于B点的磁感应强度，故A正确，BCD错误。 故选A。 3．C 【详解】A．对B和支架分析可知，受到竖直向下的重力，和A对B竖直向上的库仑力，故对地面的压力为 A错误； B．对A分析，A受到竖直向下的重力，竖直向下的库仑力，两线上的拉力，三力的夹角正好是120°，处于平衡状态，所以 B错误； C．将B水平右移，使M、A、B在同一直线上，则两小球的距离变为 故有 解得 C正确； D．将B移到无穷远处，两小球之间的库仑力为零，则两线上的拉力大小 D错误； 故选C。 4．A 【详解】绍兴地区的常住人口约500万人，平均每户的人口按3人计算，绍兴地区大约N=167万户家庭，家庭常用电器待机的总功率为 每年绍兴地区家庭用电器待机耗电量约为 A正确，BCD错误。 故选A。 考点：电功、电功率。 【点睛】本题考查学生利用所学知识解决生活实际问题的能力，培养学生养成节约用电的习惯。 5．B 【详解】在沿轴正方向的电场，其电势随均匀减小，可知为匀强电场，场强大小为 带电粒子自点由静止释放受电场力的作用下沿轴做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有 则加速度为 故选B。 6．D 【详解】AC．对A进行分析，其受到竖直向下的重力、垂直于杆的弹力，根据平衡条件可知，所受外力的合力为0，则B对A的库仑力必定为斥力，即A、B两小球带同种电荷，分别作出两小球受力示意图，如图所示 则有 ， 解得 故A C错误 B．由于 结合上述可知，只能够确定库仑力与重力大小的关系，不能够确定两小球电荷量的大小关系，故B错误； D．结合上述有 ， 结合上述解得 故D正确。 故选D。 7．A 【详解】A．当滑动变阻器的滑片向下滑动时，变阻器有效阻值减小，R的电压减小，则电容器板间电压想减小，电容器想放电，由于二极管的存在，电容器不能放电，故电容器极板间电压不变，电场强度不变，带电油滴不动，故A错误,符合题意； B．当电容器的上极板向上移动时，由电容的决定式 知，电容减小，而电容器的电压不变，由 知，Q要减小，电容器要放电，由于二极管的单向导电性，所以电容器不能放电，则电容器的带电量不变，根据 可知电容器板间场强 故E不变，油滴所受的电场力不变，所以带电油滴仍静止不动，故B正确，不符合题意； C．当电容器的下极板向下移动时，电容器所带的电量Q不变，由 知电容器板间场强不变，P与下极板间距增大，由 U＝Ed 知，P与下极板间的电势差变大，P点的电势会升高，故C正确，不符合题意； D．当电容器的下极板向左移动时，由 可知，电容器的电容减小，由 知，Q要减小，电容器要放电，由于二极管的单向导电性，所以电容器不能放电，则电容器的带电量不变，那么只能是极板间U增大，由 知电容器板间场强变大，故D正确，不符合题意。 故选A。 8．BC 【详解】A、磁场虽然是看不见、摸不着的，但是是客观存在的，不是人们假想的，故A错误； B、磁极间相互作用的基本规律是同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故B正确； C、电流的磁效应：任何通有电流的导线，都可以在其周围产生磁场的现象，故C正确； D、若磁铁放在小磁针的南方或北方，小磁针仍可能始终指向南北方向，故D错误． 故选BC． 9．BD 【详解】A．根据等量同种电荷电场分布特点可知，A、B两等量正点电荷在O点合电场强度方向垂直AB向下，C、D两等量负点电荷在O点合电场强度方向垂直CD向下，则O点电场强度不为零，方向垂直CD向下，故A错误； B．取无穷远处电势为零，根据等量异种电荷中垂线为一等势线，且中垂线上所有点的电势均为0，由于O点是A、C和B、D两组等量异种电荷的中点，则O点电势为零，故B正确； C．A、C两等量异种电荷在O点合电场强度方向由O指向C，B、D两等量异种电荷在O点合电场强度方向由O指向D，由于为钝角，所以移走B处点电荷，O点电场强度不一定减小，故C错误； D．由于B处为正点电荷，则B处正点电荷产生电场在O点的电势大于0，可知移走B处点电荷，O点电势一定降低，故D正确。 故选BD。 10．AC 【详解】ABC．电子由静止开始经电压为U0的电场加速有 解得 当时，进入偏转电场加速度 根据平抛运动规律有 联立解得 电子射出偏转电场时速度的偏转角为45°，合速度 则时，电子射出偏转电场时速度的偏转角小于，故AC正确，B错误； D．设电子恰能从极板右侧下边缘射出的偏转电压为U，则有 根据平抛运动规律有 解得 所以当电子进入偏转电场的电压小于的电子可以从从极板右侧射出，由题图可知，部分时间内电压大于，故电子不会从偏转电场的极板右侧连续射出，故D错误。 故选AC。 11． 1.731 ×1 22 0.78 【详解】（1）[1]测量值为 1.5mm+23.1×0.01mm=1.731mm （2）[2][3]选用“×10”倍率的电阻挡测量，发现指针偏转角度太大，说明阻值较小，应换用“×1”倍率的电阻挡测量；图乙所示测量值为 22×1Ω=22Ω （3）[4]电压为3V时，电阻 R=11.5Ω 消耗功率 12． V1 A1 R2 见解析 B端 0.80 【详解】（1）[1] 小灯泡额定电压为2.0V，若选择电压表V2，误差太大，故应该选择电压表V1，电压表V1量程较小，可以将其与定值电阻串联，扩大后的量程为 [2]由题可知，电流中最大电流约为0.5A，故电流表选择A1。 [3]探究小灯泡L的伏安特性曲线，应采用分压接法，使用最大阻值较小的滑动变阻器R2。 （2）[4]改装后的电压表内阻远大于小灯泡电阻，故采用电流表外接法，如下图： （3）[5] 图甲中开关S闭合之前，应使小灯泡所在支路电流最小，故滑片应置于B端。 （4）[6] 由图看出电压为2.0V时电流为0.4A，则小灯泡的额定功率为 13．(1)；方向水平向右 (2) 【详解】（1）由库仑力公式得 方向水平向右。 （2）小球a处于平衡状态，有 解得 14．（1）；（2），方向由A指向B；（3） 【详解】（1）对于小球B，根据平衡条件有 其所受电场力 （2）电场强度 方向由A指向B。 （3）根据库仑定律 解得 15． 【详解】【分析】据动能定理求电子在加速场中获得的速度，然后根据类平抛运动规律求在偏转场中的竖直位移，再求出射出电场后竖直方向的位移； 解：设电子射出偏转极板时偏移距离为y，偏转角为θ，则① 又  ②   ③ 在加速电场加速过程中，由动能定理有 ④ 由②③④式解得， 代入①式得 16．（1）；（2），；（3），；（4） 【详解】（1）小滑块从O到A的过程根据机械能守恒得 滑块与塑料板相互作用的过程根据动量守恒定律得 根据能量守恒定律可得 解得塑料板得长度为 （2）小滑块进入水平电场时假设发生了相对滑动，对小滑块 代入数据解得 对塑料板根据牛顿第二定律 解得 ， 则假设成立。 （3）设小滑块出水平电场时速度为v1，塑料板速度为v2，因为 解得 在水平电场运动时间 则 联立解得 （4）出水平电场时小滑块离板右端的距离 板反弹后系统的总动量 解得 设反弹后至停下小滑块和木板得位移和，由系统动量守恒得 解得 2 1 学科网（北京）股份有限公司 $