山东省济宁市实验中学2024-2025学年高一下学期期末质检热身模拟考试物理试题

《济宁市实验中学2024一一2025学年高一物理下学期期末模拟考试物理试卷》参考答案 题号 1 2 3 4 6 6 7 6 9 10 答案 0 8 C D 0 B 3 BD CD 题号 11 12 答案 AC BD 1.D 【详解】A.根据题意，对物体受力分析可知，物体所受的支持力垂直斜面向上，与位移方向夹角小于90°， 物体所受的支持力一定做正功，故A错误； B.根据题意，对物体受力分析，结合牛顿第二定律，若有m =tan0即a=gtan0 g 此时，物体与斜面间没有摩擦力，则物体所受的摩擦力的功率为0，故B错误； C.根据题意，无法确定ma与mg的关系，无法求解物体所受的支持力的大小，无法求得t时，物体所受支 持力的功率，故C错误； D.根据题意，经历时何物体的速度为v心由动能定理可得W。)m心 2.A 【详解】手握着细绳做的是匀速圆周运动，运动过程中细绳始终与小圆相切，且细绳始终处于绷直状态， 在题图中O点连线到小球某时刻所在的位置，由几何关系可知，细绳另外一端的小球做的也是匀速圆周运 动，小球的运动属于同轴传动，速度v=oNr2+>0r 3.B 【详解】AB.从A运动到B的过程中，弹簧弹力对小球做正功，小球的机械能增加，故A错误，B正确； C.从A运动到B的过程中，弹力一开始大于重力，小球向上加速运动，当弹力等于重力时，小球的速度达 到最大，之后弹力小于重力，小球向上减速运动，所以小球的动能先增大后减小，故C错误； D.从A运动到C的过程中，只有重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧组成的系统机械能守恒，由于小球的 动能先增大后减小，则小球和弹簧组成的系统势能先减少后增加，故D错误。 4.C 【详解】A.由图甲可知，电容器充电时，通过电阻Ro的电流方向向左，放电时通过R的电流方向向右， 故在电容器充电与放电过程中，通过电阻R。的电流方向相反，故A错误；曲线图像与对应时间轴所围成的 面积表示电荷量，充电和放电电荷量相等，所以乙图中阴影部分的面积相等，即S=S,故B错误充完电后， 电容器两端电压等于电源电动势，则该电容器的电容为C=2_2_1000×I03 F=0.125F,故C正确；由 UE 8 图乙可知，充电时的最大电流大于放电时的最大电流，则R<R2故D错误。 答案第1页，共7页 5.D 【详解】A.地球绕太阳的公转周期为工=1年，设土星绕太阳公转的周期为T,根据开普勒第三定律则有 是_(9r地)3 解得T=27年，A错误；B.根据开普勒第二定律可知，对同一行星而言，它与中心天体的连 T2 线在相等的时间内扫过的面积相等，B错误；C.行星表面物体的重力由万有引力提供，则有Gm =mg 行星表面重力加速度为g= ,土星和地球的质量以及半径未知，无法比较其表面重力加速度的大小少，0 错误：D.根据题意则有@4上=2x,02”整理可得1=7码-104年，D正确。 T T-T 6.D 【详解】A.MN两点电势相等，电场线由上到下，NP在同一电场线上，沿电场线电势逐渐降低，可知N 点电势高于P点，可知M点电势高于P点，选项A错误； B,M点电场线分布比N点密集，可知M点电场强度比N点大，选项B错误； CD.负电荷从M点运动到P点，电势能增加，则电场力做负功，动能减小，速度减小，选项C错误，D 正确； 7.B 【详解】AB.由图乙可知，当F=0时，对小球在最高点由牛顿第二定律得mg=m =m。;可得当地的 尺：当v=0时，在最高点有mg=F=a;可得小球的质量为m=:R故A错误，B b 重力加速度大小为g= 8 b 正确； m =c>乃时，在最高点对小球由牛顿第三定律得mg+F三m,可得F三mR (c-)>0可知 R R 杆对小球弹力方向向下，则小球对杆弹力方向向上，故C错误； D.当=26时，在最高点对小球由牛顿第二定律得mg十P=m 2b R=m =2mg解得F=mg可知小球对杆 R 的弹力为mg,故D错误。 8.B 【详解】AB.在0~ls内，设细绳拉力的大小为F,则根据运动学公式和牛顿第二定律可得v=: F1-mgsin30°=ma由图象可知v5m/s,由功率公式P=F1w联立解得在1s末电动机输出功率为a=5ms2, F=20N,P=100W1s后电动机的输出功率保持不变，所以1s后电动机的输出功率为100W,A错误，B正 确； C.当物体达到最大速度vm后，细绳的拉力大小F2,由牛顿第二定律和功率的公式可得F2-mgsin0=0 答案第2页，共7页 由P=Fym解得vm=10m/sC错误； D.当物体达到最大速度vm后，细绳的拉力大小F2,由牛顿第二定律和功率的公式可得F2-mgsin0-0 由P=Fvm解得ym=10m/s 在1~5s内，据动能定理得P飞-)-mg,si血8-2m-2m代入数据解得32.5m 21 物体在0~5s内物体沿斜面向上运动位移为x=x+x=2.5m+32.5m=35mD错误。 9.BD 【详解】A.图甲中，火车转弯超过规定速度行驶时，火车有离心运动趋势，外轨对轮缘会有挤压作用， 故A错误；B.图乙中，与水平圆盘一起匀速转动的物块，根据牛顿第二定律可得f静=m@,可知角速度越 大，物块受到的静摩擦力越大，故B正确；C.以小球为对象，根据牛顿第二定律可得 mg tan0=mo'r=mo'h tan0 可得角速度为0= 可知图丙中两小球的角速度相等，故C错误；D,设圆雏筒母线与竖直方向的夹角为 h 0,以小球为对象，竖直方向根据受力平衡可得Nsi血0=mg可得小球所受筒壁的支持力大小为N=mg以 sin 小球为对象，水平方向根据牛顿第二定律可得F会=mg=m@,可得角速度为o= }8则一个小球先后 tan Vrtane 分别在A、B两位置做匀速圆周运动，由于不变，，不同，所以在A、B两位置小球的角速度大小不同， 但所受筒壁的支持力大小相等，故D正确。 10.CD 【详解】A.物体在地球表面所受的万有引力等于重力，有GM。=mg解得GM=BR则地球的密度为 MM 3M D= R4π联立解得p故A错误： 4πRG 3 B.根据m mg地球的第一宇宙速度可表示为v=gR故B错误 C在近医钱道，根据m行R解行7=2 R R2 转移轨道是椭圆轨道，其半长轴为a=R+” N GM 2 根据开普勒第三定律 ?联立可得g= R a (+）R+r故C正确； D,在近圆轨道上根据Gm=m'可得，一R GM R2 R G同理，在目标轨道上有=， 根据能量守恒，卫星两次如速增加的机械能为△B=m-GM)(专m-GMm又GM=gR 1 2 R 答案第3页，共7页 联立可得△E= 2 11.AC 15V 【详解】A.根据题意A、B、C三点电势分别为30V、20V、15V,如图所示 20V 25V E M、N是AC的三等分点，G为AD的中点，根据在匀强电场中，平行线上 30V 相等长度的线段电势差相等可知U4M=Uw=Uc根据电势差的定义式 UB=P4-Pc,可得Uc _Uc=94-9e=5V可知9w-Pc=5V 3 3 解得Pw=20V因为Pa=Pw,连接BN可得一条等势线，过A点、M点、C点 做BN的平行线可得不同电势对应的等势面，电场线跟等势面相互垂直，并且由电势高的等势面指向电势低 的等势面可得电场线，如图，根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知D点的电势高于C点的电势，故A正 确； B.G为D的中点，AD中点的电势为。=4十=25V故B错误； 2 C.由几何关系可知，B1BD,根据电场线与等势线垂直可知，电场强度方向沿B方向。由B= d 可得该匀强电场的电场强度E= Va=502V故C正确： D.因为Pa=po,根据电势能公式E,=qp可知带正电的检验电荷在B点的电势能跟D点的电势能相等， 故D错误。 12.BD 【详解】AB.初始时刻，弹簧处于压缩状态，对B受力分析，由平衡方程有2mg=x。C恰好要离开地面时， 弹簧处于伸长状态，对C受力分析，由平衡方程有2mg=c。A沿斜面下滑至速度最大时，a=0,对AB系 统受力分析，由牛顿第二定律有5 ng sin a=2mg+c,联立解得a=53此时对A受力分析绳的拉力为 F=5mgsin a=4mg 对B分析可知F=2mg+。故此时B受力平衡，加速度为零，A错误，B正确； C.C恰好要离开地面时，物体B向上运动的距离为h=2x,故B的重力势能增加了2mgh-8m8 D,C恰好要离开地面时，A达到最大速度，初末位置弹簧的形变量相同，故弹簧上的弹性势能相等，对整 个系统由机被能守恒有2mgh+)5m+2m)龙=5 ghin联立解得。=4gk m 13.(1)3.5×103(2)线性 (3)偏小 答案第4页，共7页 【详解】(1)1-t图像与坐标轴围成的面积表示电量，一小格的电量为g=0.25mA×1s=2.5×104C 图中总共约14小格，所以电容器充满电的电荷量为9=14g=3.5×103℃ （2》根据C=,C=S联立，解得U=4r爬.h可知电压传感器示数和液体的深度成线性关系。 4πh ES (3)由于工作过程中电荷量会有一定的损失，则极板间电压随之减小，将导致深度的测量结果偏小。 14.(1) 1.18 1.15(2)B(3)9.70 【详解】(1)[1]系统势能的减小量△E。=(ma-m.)gh,=0.2×9.8×(0.384+0.216)J=1.18J [2]每相邻两计数点间还有4个点，可知T=01s,则打B点时的速度=“=02160+02640 /s=2.4m/s 2T 0.2 在打点05过程中系统动能的增加量△(m,+m)=)×0.3+0.1x2.41.15J ny (2)实验结果显示，动能的增加量小于重力势能的减少量，说明运动过程中能量有损失，存在空气阻力和 摩擦阻力的影响。故B正确。 （8)白系线机按能守恒得、风)外a+加可每分风院动 则图像的斜率k=A8=120解得g=9.70ms2 m+me 15.(1)F=1N 经筒 (2)o=10 -rad/s 3 【详解】(1)吊坠受力如图所示 根据平衡条件，有Fcos0=mg 解得轻绳的拉力大小F=N (2)吊坠做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得si血0=m@(R+Lsim0)联立以上解得0-100 rad/s 3 16.(1)g=2o2R(2)y=V2a (3)p=3o2R 2πGr 【详解】(1)越靠近边缘的灰尘越容易被甩掉，剩余的灰尘半径为1，则1-75%πR2=解得5=R 在圆盘的最低点，根据牛顿的第二定律4 ng cos0-mg sin0=mo2,解得g=2o2R (2)星球表面的近地卫星的线速度即为第一宇宙速度，有mg=m 解得行星的第一宇宙速度为4=V20及 （3)近地卫星所受的万有引力即为重力，有GM=mg行星的质量为M=4m3可得行星的密度为 4 2 D= 3g 30'R 4πGr2πGr 答案第5页，共7页 17.(1)0.3:(2)05J:(3)42≤0.2或42≥0.6 1 【详解】(1)小物块在水平面向左运动再返回的过程，根据能量守恒定律得4mg·2d= 2 代入数据解得4=0.3 (②)小物块从出发到运动到弹簧压缩至最短的过程，由能量守恒定律得，弹簧具有的最大弹性势能 马m-4mg则代入数据解得名=05打 (3)本题分两种情况讨论： ①设物块在圆轨道最低点时速度为”时，恰好到达圆心右侧等高点。根据机械能守恒得mgR=】m 2 1 解得业三4m6<y0ms说明物块在传送带上一直做匀加速运动。由动能定理得凸mgm心)心 2 解得42=0.2 ②设物块在圆轨道最低点时速度为%时，恰好到达圆轨道最高点。在圆轨道最高点有mg=m R 从圆轨道最低点到最高点的过程，由机械能守恒定律得2mgR+上， m-n样行=210ms<%=10ms 说明物块在传送带上一直做匀加速运动。由动能定理得，mg=)m m解得2=0.6 所以要使物块进入竖直圆轨道后不脱离圆轨道，传送带与物体间的动摩擦因数42应满足的条件42≤0.2或 42≥0.6。 18.(1)5m/s(2)0.6m(3)5√2m/s 【详解】(1)小球从A点到B点由动能定理可得gUw+mg(d-)m片2m。 二mv解得=5ms (2)小球在两板间做类平抛运动，则有L=W:(日-利a+g)r炉其中a U q=10m/s2解得L=0.6m dm (3)小球在圆弧轨道上运动时，在等效平衡位置时速度最大，等效平衡位置如图所示，由图可知 tan0=95=0.75 0=37° mg 3 小球在B点时，设'g与BD的夹角为a,可知ana= =0.75 4 ● E O a=37° B R 小球从B点到等效平衡位置由动能定理可得 mgk(coe37-7(co37*n) mg 答案第6页，共7页 代入数据解得vm=5V2m/s 答案第7页，共7页济宁市实验中学2024一2025学年下学期期末模拟考试 高一物理试卷 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。认真核对条形 码上的姓名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。 2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5mm黑 色签字笔书写，字体工整，笔迹清楚。 3.请按照题号在各题目的答题区域内答题，超出答题区域书写的答案无效：在草稿纸、试卷 上答题无效；保持卡面清洁，不折叠，不破损。 一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1.如图，质量为m的物体置于倾角为0的斜面上，物体与斜面间的动摩擦因数为4，在外力作用下，物体 与斜面由静止开始一起向左以加速度α做匀加速运动，经历时间t,下列说法正确的是() A.物体所受的支持力不一定做正功 B.物体所受的摩擦力的功率不可能为0 C.t时，物体所受支持力的功率为mgat cos0 D. 物体所受的合外力做功一定为二ma? ●C B Q4 m 2.如图所示，用手握着细绳的一端在水平桌面上做半径为r的匀速圆周运动，圆心为O,角速度为ω，细 绳长为L,质量忽略不计，运动过程中细绳始终与小圆相切，且总是处于绷直状态。在细绳的另外一端系着 一个质量为m的小球，小球在桌面上恰好在以O为圆心的大圆上做圆周运动。下列说法正确的是() A.小球做匀速圆周运动，速度大小v>®r B.小球做匀速圆周运动，速度大小v=@" C.小球做匀速圆周运动，速度大小v<or D.小球做变速圆周运动 3.如图所示，把一小球放在竖立的轻弹簧上，并把小球往下按至A位置，迅速松手后，弹簧把小球弹起， 小球升至最高位置C,途中经过位置B时弹簧正好处于自由状态（此时弹簧弹力为零）。不计空气阻力，下 列说法正确的是() A.从A运动到B的过程中，小球的机械能守恒 B.从A运动到B的过程中，小球的机械能不守恒 试卷第1页，共8页 C.从A运动到B的过程中，小球的动能一直增大 D,从A运动到C的过程中，小球和弹簧组成的系统势能先增加后减少 4.图甲所示为某电容器的充、放电过程示意图。电路中的电流传感器可以捕捉瞬时的电流变化，它与计算 机相连，可显示电流随时间的变化规律。电源电动势E-8V、内阻不计，充电前电容器带电量为零，先使$ 与1”端相连，电源向电容器充电，充电结束后，使S与2”端相连，直至放电完毕。计算机记录的电流随时 间变化的1-t曲线如图乙所示，下列正确的是() A.在电容器充电与放电过程中，通过电阻R,的电流方向相同 B.图乙中阴影部分的面积S<S2 C.若S=1000mAs,则该电容器的电容值为0.125F D.由甲、乙两图可判断阻值R>R2 mA 0土星 电 计算机 600 地球 400 1(s) 太阳 图甲 图乙 5.如图所示，土星冲日是指土星、地球和太阳几乎排列成一条线，地球位于太阳与土星之间，此时土星被 太阳照亮的一面完全朝向地球，所以明亮而易于观察。地球和土星绕太阳公转的方向相同，轨迹都可近似 为圆，地球一年绕太阳一周，土星公转轨道半径约为地球公转轨道半径的9倍，则() A.土星绕太阳的公转周期为54年 B.在相同时间内，土星、地球与太阳中心连线扫过的面积相等 C.土星表面重力加速度的数值比地球表面的小 D.距下一次出现土星冲日现象所需时间约为1.04年 6.如图，两极板不平行的电容器与直流电源相连，极板间形成非匀强电场，实线为电场线，虚线表示等势 面。M、N点在同一等势面上，N、P点在同一电场线上。下列说法正确的是() A.M点的电势比P点的低 B.M点的电场强度比N点的小 C.负电荷从M点运动到P点，速度增大D.负电荷从M点运动到P点，电场力做负功 试卷第2页，共8页 7.如图甲所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一个小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运 动，小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F,小球在最高点的速度大小为，其F-图像如图乙 所示，则下列说法正确的是() bR b A.小球的质量为 0 B.当地的重力加速度大小为 C.v=c时，小球对杆的弹力方向向下 D.v2=2b时，小球对杆的弹力为2mg 个v/(m/s) 电动机 0 77777777777777 123456t 甲 甲 8.如图甲所示，电动机通过绕过定滑轮的轻细绳，与放在倾角为0=30°的足够长斜面上的物体相连，启动 电动机后物体沿斜面上升；在0~6s时间内物体运动的v一t图象如图乙所示，其中除1~5s时间段图象为曲 线外，其余时间段图象均为直线，1s后电动机的输出功率保持不变；已知物体的质量为2kg,不计一切阻 力，重力加速度g=10m/s2。则下列判断正确的是() A.在0~1s内电动机牵引力大小为10N B.1s后电动机的输出功率为100W C.物体达到的最大速度vm=12m/s D.在0~5s内物体沿斜面向上运动了32.5m 二、多项选择题（本题共4个小题，每小题4分，共16分；全部选对的得4分，选对但不全 的得2分，有选错或不答的得0分) 9.如图所示为生活中常见的四种圆周运动，下列说法正确的是() 0中心轴 外轨」 车轮 0 内轨 A.图甲中，火车转弯超过规定速度行驶时，内轨对轮缘会有挤压作用 B.图乙中，与水平圆盘一起匀速转动的物块，角速度越大，物块受到的静摩擦力越大 C.图丙是圆锥摆，两个小球在同一水平面内做匀速圆周运动。0角小的小球，圆周运动的角速度更大 D.图丁中，光滑且竖直固定的圆锥筒内，一个小球先后分别在A、B两位置做匀速圆周运动。在A、B 两位置小球的角速度大小不同，但所受筒壁的支持力大小相等 10.“天绘五号”卫星先发射至近地圆轨道，在近地轨道的A位置调整速度进入转移轨道，在转移轨道的远 地点B位置调整速度进入目标轨道。已知地球表面重力加速度为g、半径为R,目标轨道的半径为r,引力 试卷第3页，共8页 常量为G。若地球质量为M,卫星质量为m,卫星在目标轨道处的引力势能可表示为E,=GMm。下列说 r 法正确的是() A.地球的密度可表示为3gX 4πG B.地球的第一宇宙速度可表示为√g (R+r)R+r C.转移轨道上卫星运动的周期可表示为π D卫星两改如随清如的机械能为g1) B C 近地轨道 地球A 转移轨道 目标轨道 D 11.空间有平行于梯形ABCD的匀强电场，己知∠A=45°，∠C和∠D均为直角，上底BC=10cm,下底 AD=20cm,A、B、C三点的电势分别为30V、20V、15V。下列说法正确的是() A.D点的电势高于C点的电势 B.AD中点的电势为20V C.该匀强电场的电场强度大小为50√2Vm D.带正电的检验电荷在B点的电势能比在D点的电势能大 12.如图所示，A,B两小球由绕过轻质定滑轮的细线相连，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖 直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上。现用手控制住A,使细线刚好拉直但无 拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直，右侧细线与斜面平行。己知A的质量为5m,B、C的质量均为2m, 重力加速度为g,细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态。释放A后，A沿斜面下滑 至速度最大时C恰好要离开地面。下列说法正确的是() B A C A.斜面倾角a=30° B.A的速度最大时，B的加速度为零 试卷第4页，共8页 C.C刚离开地面时，B的重力势能增加了2mg D.A获得最大速度为48 m 三、非选择题：本题共6小题，共60分。 13.工业生产中经常会用到需要避光储存的绝缘液体原料，为了方便测量其深度，某同学设计了如下装置。 在储存液体原料的桶的外侧底部，放置一个与桶底形状相同、面积为S的金属板，桶内有一面积为S的轻 质金属箔板，漂浮在液体表面上。圆桶由绝缘材料制成，桶壁厚度可忽略不计，使用时需要进行如下操作： 个I/mA 2.0 1.0 024 6 8 t/s (1)将开关接“1”接线柱，电容器充满电后，将开关接“2”接线柱，电流传感器记录下电流随时间的变化关系 如图。可知电容器充满电后的电荷量2= C。 (2)再将开关接“1”接线柱，电容器充满电后，将开关接“3”接线柱，电压传感器的示数为U。可根据U的大 小得出液体的深度；改变深度五，电压传感器示数随之改变。根据所学知识判断电压传感器示数和液体的 深度成 关系（填“线性”、“非线性”）。 (3)由于工作过程中电荷量会有一定的损失，将导致深度的测量结果 (填偏大”、“偏小”、“不受影 响”)。 14.某同学用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律，他将两物块A和B用轻质细绳连接并跨过轻质定滑 A 打 中B 计时器 分 单位：cm s) 01?3 4 5.82 ●●● 38.4021.6026.40 0 1.2 h/m 乙 丙 试卷第5页，共8页 轮，B下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器，用天平测出A、B两物块的质量m4=300g,ma=100 g,A从高处由静止开始下落，B拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能 守恒定律，图乙给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点（图 中未标出)，计数点间的距离如图乙所示，已知打点计时器计时周期为T=0.02s,则： (1)在打点0~5过程中系统势能的减小量△E,= J,系统动能的增加量△Ek= J。(重力 加速度g=9.8m/s2,结果均保留三位有效数字) (2)实验结果显示，动能的增加量小于重力势能的减少量，主要原因可能是 A.工作电压偏高 B.存在空气阻力和摩擦阻力的影响 C.先释放重物，后接通电源打出纸带 D.利用公式v=V2gh计算重物速度 (3)用v表示物块A的速度，h表示物块A下落的高度。若某同学作出的，h图像如图丙所示，则可求出 2 当地的重力加速度g= m/s2(结果保留三位有效数字)。 15.转经筒是藏传佛教中一种重要的祈福工具，信徒通过转动经简表达对佛祖的虔诚，祈求平安、吉祥和 幸福。如图所示，转经筒的中轴有一手柄，筒侧设一小耳，耳边用轻绳系一吊坠（可视为质点），摇动手柄 旋转经筒，吊坠随经筒匀速转动，轻绳始终与转轴在同一竖直平面内。己知转经筒的半径为R=4cm,吊坠 的质量为m=60g,轻绳长度为L=10cm,不计空气阻力，重力加速度大小g=10m/s2。当轻绳偏离竖直方 向的角度为0=53°时，（已知sim53°=0.8，cos53°=0.6)，求： (1)轻绳的拉力F大小： (2)吊坠的角速度（结果可用根式表示）。 经筒 吊坠 手柄 试卷第6页，共8页 16.如图所示，某行星表面，有一个半径为R的实心圆盘，其中心轴与竖直方向的夹角为30°，开始时，圆 盘静止，其上表面覆盖着一层灰尘，没有掉落。现将圆盘绕其中心轴旋转，其角速度从零缓慢增大至ω， 此时圆盘表面上的灰尘759%被甩掉，设灰尘与圆盘间的动摩擦因数为4=5 (设最大静摩擦力等于滑动摩 擦力)，星球的半径为，引力常量为G,求：（计算结果用字母m、L、o、rR、G表示） (1)求该行星表面的重力加速度g; (2)该行星的第一宇宙速度； (3)该行星的密度。 17.如图所示，水平面右端放一质量m=0.1kg小物块，使小物块以o=4m/s的初速度向左运动，运动d= 1m后将弹簧压至最紧，反弹回出发点物块速度大小y=2m/s。若水平面与一长L=3m的水平传送带平滑连 接，传送带以2=10/s的速度顺时针匀速转动。传送带右端又与一竖直平面内的光滑圆轨道的底端平滑连 接，圆轨道半径R=0.8m。当小物块进入圆轨道时会触发闭合装置将圆轨道封闭。（取g=10m/s2, sin53=0.8,cos53°=0.6)求： (1)小物块与水平面间的动摩擦因数山： (2)弹簧具有的最大弹性势能E; (3)要使小物块进入竖直圆轨道后不脱离圆轨道，传送带与物体间的动摩擦因数2应满足的条件。 wwwww 试卷第7页，共8页 18.如图所示，空间中有两块带电平行金属板M、N,两板间距为d=0.5,两板间的电压U=10V。小球 以'。=3ms的水平速度从两板间的A点飞入，A点到上极板左端点的竖直距离为h=0.1m,然后从下极板 的右端点B点飞出，并沿切线方向飞入竖直光滑圆轨道。B点与光滑竖直圆轨道平滑连接，圆轨道的半径 R=1m。平行金属板M、N的右侧垂线CD的右侧区域存在水平向右的匀强电场，电场强度E=15N/C。已 知小球带正电，质量m=1.0kg,电荷量g=0.5C,重力加速度8取10m/s2,sin37°=0.6，不计空气阻力。 求： (1)小球在B点的速度大小'B; (2)极板的长度L; (3)小球在竖直圆轨道上滚动时的最大速度'm。 M A●→V0 B R 试卷第8页，共8页