精品解析：海南省海口市北京大学附属中学海口学校2025-2026学年高一上学期期末检测物理试卷

人教版2025-2026学年度高一物理上册期末检测卷 （时间：75分钟　满分：100分） 一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的） 1. 下列说法中正确的是（　　） A. 在完全失重的情况下，物体的惯性将消失 B. 牛顿第一定律、牛顿第二定律都可以通实验来验证 C. 单位m、kg、s是一组属于国际单位制的基本单位 D. 长度、时间、力是一组属于国际单位制的基本单位的物理量 2. 关于速度、加速度、合力间的关系，正确的是（　　） A. 物体的速度越大，则物体的加速度越大，所受合力也越大 B. 物体的速度为零，则物体的加速度一定为零，所受合力也为零 C. 若物体的速度发生反向，加速度也发生反向 D. 物体的速度很大，加速度可能为零，所受的合力也可能为零 （2023·江苏卷，1） 3. 电梯上升过程中，某同学用智能手机记录了电梯速度随时间变化的关系，如图所示。电梯加速上升的时段是（ ） A. 从20.0s到30.0s B. 从30.0s到40.0s C. 从40.0s到50.0s D. 从50.0s到60.0s （2024·浙江1月选考） 4. 如图所示，在同一竖直平面内，小球A、B上系有不可伸长的细线a、b、c和d，其中a的上端悬挂于竖直固定的支架上，d跨过左侧定滑轮、c跨过右侧定滑轮分别与相同配重P、Q相连，调节左、右两侧定滑轮高度达到平衡。已知小球A、B和配重P、Q质量均为，细线c、d平行且与水平成（不计摩擦，重力加速度g=10m/s2），则细线a、b的拉力分别为（　　） A. ， B. ， C. ， D. ， 5. 如图甲为某热气球示意图，图乙是它某次升空过程中的图像取竖直向上方向为正方向，则以下说法正确的是（　　） A. 0~10s内，热气球的平均速度为5m/s B. 30~40s内，热气球竖直向下运动 C. 30~40s内，吊篮中的人所受重力大于吊篮对他的支持力 D. 0~40s，热气球的总位移为125m 6. 质量为m的三角形木楔A置于倾角为θ的固定斜面上，它与斜面间的动摩擦因数为μ，一水平力F作用在木楔A上，在力F的推动下，木楔A以恒定的加速度a沿斜面向上运动，如图所示，已知重力加速度为g，则力F的大小为（　　） A. B. C. D. 7. 如图所示，质量为10kg的物体A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的拉力为5N时，物体A与小车均处于静止状态。若小车以1m/s2的加速度向右运动，则（g＝10m/s2）（　　） A. 物体A相对小车向右运动 B. 物体A受到的摩擦力大小不变 C. 物体A受到的摩擦力减小 D. 物体A受到的弹簧的拉力增大 8. 如图所示，物体A叠放在物体B上，B置于光滑水平面上，A、B质量分别为和，A、B之间的动摩擦因数为。在物体A上施加水平向右的拉力，开始时，此后逐渐增大，在增大到的过程中，取最大静摩擦力等于滑动摩擦力，。以下判断正确的是（ ） A. 两物体间始终没有相对运动 B. 两物体间从受力开始就有相对运动 C. 当拉力时，两物体均保持静止状态 D. 两物体开始没有相对运动，当时，开始相对滑动 二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 9. 在光滑水平面上有一物块始终受水平恒力F的作用，在其正前方固定一轻质弹簧，如图所示，当物块与弹簧接触后向右运动的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 物块接触弹簧后先做加速运动后做减速运动 B. 物块接触弹簧后即做减速运动 C. 当物块所受的合力为零时速度达到最大值 D. 当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度等于零 10. 如图所示，直杆弯折成固定在竖直面内，OA段竖直，OB段水平，绕过光滑滑轮C的不可伸长的细线两端D、E分别固定在OA、OB上，质量为m的小球吊在滑轮下，静止时，DC段细线与竖直方向的夹角为，不计滑轮及细线的重力，重力加速度为g，则（　　） A. 细线上的拉力大小为mg B. 仅将D端缓慢沿杆向上移，细线上拉力不变 C. 仅将E端缓慢沿杆向左移，细线上拉力减小 D. 仅将D端缓慢沿杆向下移，在滑轮到达D端前，DC段细线有可能变水平 11. 如图所示，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O；整个系统处于静止状态；现将细绳剪断，将物块a的加速度记为a1，S1和S2相对原长的伸长分别为△l1和△l2，重力加速度大小为g，在剪断瞬间 A. a1=3g B. a1=0 C. △l1=2△l2 D. △l1=△l2 12. 小明到汽车站时，车正以8m/s的速度沿平直道路匀速驶离车站，司机听到呼喊声，反应0.5s后立即以的加速度匀减速刹车。设司机听到呼喊声时，小明距离汽车8m，正以4m/s的速度匀速追赶汽车。则从司机听到呼喊声到小明追上汽车，下列说法正确的是（　　） A. 经过2s小明和汽车间距离最大 B. 经过6s小明追上汽车 C. 小明和汽车间的最大距离为14m D. 汽车的位移为20m 13. 如图所示，质量为M＝1kg足够长的木板静止在光滑水平面上，现有一质量m＝0.5kg的滑块（可视为质点）以v0＝3m/s的初速度从左端沿木板上表面冲上木板，带动木板向前滑动，已知滑块与木板间的动摩擦因数μ＝0.1，重力加速度g取10m/s2，则（　　） A. 滑块的加速度大小为2m/s2 B. 木板的加速度大小为1m/s2 C. 滑块和木板达到共同速度的时间为2s D. 滑块和木板达到共同速度时，滑块相对木板滑动的位移大小为3m 三、非选择题（本题共5小题，共56分） 14. 某同学利用打点计时器探究小车速度随时间变化的关系，所用交流电的频率为60Hz，图示为某次实验中得到的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5为连续计数点，相邻两计数点间还有2个打点未画出。从纸带上测出s1=5.21cm、s2=5.60cm、s3=6.00cm、s4=6.41cm、s5=6.81cm，则打点计时器每打相邻两个计数点的时间间隔是__________s；小车的加速度a=_____________m/s2；打计数点“5”时，小车的速度________m/s。(后两空均保留三位有效数字) 15. 图1为“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置。某同学欲用这套实验装置探究滑块的加速度与长木板、滑块间的动摩擦因数的关系，在其他条件不变的情况下，通过多次改变动摩擦因数的值，利用纸带测量对应的多个加速度a的值，画出了图像如图2所示。取。 （1）本实验中，______（填“需要”或者“不需要”）平衡摩擦力。 （2）为尽可能准确地完成实验，下列做法正确的是______。 A．实验中必须保证桶和砂子的总质量m远小于滑块的质量M B．实验中需要保证滑块的质量M不变 C．实验中不需要保证桶和砂子的总质量m不变 D．连接滑块的细线要与长木板平行 （3）由图2可知，若滑块的质量，则小桶和砂子的总质量______kg。理论上，图2中______。 16. 某电视剧制作中心要拍摄一特技动作，要求特技演员从31.25m高的大楼楼顶自由下落到行驶的汽车上。若演员开始下落的同时，汽车从9m远处由静止向楼底先匀加速运动2s，再匀速行驶到楼底，为保证演员能安全落到汽车弹簧垫上。（不计空气阻力，人和汽车可视为质点，g=10m/s2）。求： （1）汽车经过多长时间到达楼底； （2）汽车加速度的大小。 17. 如图所示为汽车A拉着一辆有故障的汽车B以恒定加速度加速上坡，汽车B的初始速度为0，经过5s汽车A拉着汽车B向上运动了25m。已知汽车的质量均为，汽车在斜坡上受到的阻力大小均为车重的0.1倍，斜坡的倾斜角θ＝30°。重力加速度g取10m/s2，求： （1）汽车B所受拉力F的大小； （2）汽车A的牵引力F′的大小。 18. 如图所示，质量M=2.0kg的物体从光滑斜面上高度H=1.8m处释放，到达底端时，水平进入水平传送带（不计斜面底端速度大小的损失，即在斜面底端速度方向迅速变为水平，大小不变），传送带匀速向左转动，速率为v=4m/s，已知物体与传送带间的动摩擦因数，物体冲上传送带后就移走光滑斜面。（g取） （1）物体滑上传送带A点时的速度大小； （2）若皮带轮间的距离足够大，物体M从滑上到离开传送带的整个过程中所用时间。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 人教版2025-2026学年度高一物理上册期末检测卷 （时间：75分钟　满分：100分） 一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的） 1. 下列说法中正确的是（　　） A. 在完全失重的情况下，物体的惯性将消失 B. 牛顿第一定律、牛顿第二定律都可以通实验来验证 C. 单位m、kg、s是一组属于国际单位制的基本单位 D. 长度、时间、力是一组属于国际单位制的基本单位的物理量 【答案】C 【解析】 【详解】A．惯性只与质量有关，惯性不会消失，与物体所处的状态无关，故A错误； B．牛顿第一定律是指在物体不受力的情况下，生活中不存在物体不受外力的作用，因此牛顿第一定律无法通过实验验证，但是可以通过实验推理出来。牛顿第二定律则可以通实验来验证。故B错误； C．单位m、kg、s是一组属于国际单位制的基本单位，故C正确； D．长度、时间、质量是一组属于国际单位制的基本单位的物理量，力不属于。故D错误。 故选C。 2. 关于速度、加速度、合力间的关系，正确的是（　　） A. 物体的速度越大，则物体的加速度越大，所受合力也越大 B. 物体的速度为零，则物体的加速度一定为零，所受合力也为零 C. 若物体的速度发生反向，加速度也发生反向 D. 物体的速度很大，加速度可能为零，所受的合力也可能为零 【答案】D 【解析】 【详解】AD．物体的速度虽然很大，但可能物体速度没有发生变化，所以加速度可能为零，根据牛顿第二定律可知，合外力也可能为零。故A错误，D正确； B．物体的速度为零，但物体的加速度不一定为零，所受合力也不一定为零，例如：火箭发射瞬间，速度为0，但加速度不为0，合外力也不为0，故B错误； C．若物体的速度发生反向，但加速度不一定也发生反向，根据牛顿第二定律可知加速度的方向由合外力的方向来决定，故C错误。 故选D。 （2023·江苏卷，1） 3. 电梯上升过程中，某同学用智能手机记录了电梯速度随时间变化的关系，如图所示。电梯加速上升的时段是（ ） A. 从20.0s到30.0s B. 从30.0s到40.0s C. 从40.0s到50.0s D. 从50.0s到60.0s 【答案】A 【解析】 【详解】因电梯上升，由速度图像可知，电梯加速上升的时间段为20.0s到30.0s。 故选A。 （2024·浙江1月选考） 4. 如图所示，在同一竖直平面内，小球A、B上系有不可伸长的细线a、b、c和d，其中a的上端悬挂于竖直固定的支架上，d跨过左侧定滑轮、c跨过右侧定滑轮分别与相同配重P、Q相连，调节左、右两侧定滑轮高度达到平衡。已知小球A、B和配重P、Q质量均为，细线c、d平行且与水平成（不计摩擦，重力加速度g=10m/s2），则细线a、b的拉力分别为（　　） A. ， B. ， C. ， D. ， 【答案】D 【解析】 【详解】由题意可知细线c对A的拉力和细线d对B的拉力大小相等、方向相反，对A、B整体分析可知细线a的拉力大小为 设细线b与水平方向夹角为α，对A、B分析分别有 解得 故选D。 5. 如图甲为某热气球示意图，图乙是它某次升空过程中的图像取竖直向上方向为正方向，则以下说法正确的是（　　） A. 0~10s内，热气球的平均速度为5m/s B. 30~40s内，热气球竖直向下运动 C. 30~40s内，吊篮中的人所受重力大于吊篮对他的支持力 D. 0~40s，热气球的总位移为125m 【答案】C 【解析】 【详解】A．0～10s内，热气球向上做匀加速直线运动，所以的平均速度为 A错误； B．由题图可知30～40s内，热气球速度为正，向上运动，B错误； C．30~40s内热气球竖直向上做减速运动，其加速度向下，重力与支持力的合力向下，重力大于支持力，C正确； D．由图线与时间轴围成的面积等于位移的大小，得热气球的总位移为 D错误。 故选C。 6. 质量为m的三角形木楔A置于倾角为θ的固定斜面上，它与斜面间的动摩擦因数为μ，一水平力F作用在木楔A上，在力F的推动下，木楔A以恒定的加速度a沿斜面向上运动，如图所示，已知重力加速度为g，则力F的大小为（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】对A进行受力分析，以沿斜面方向为x轴、垂直斜面方向为y轴建立直角坐标系，将力F及重力mg沿斜面方向和垂直于斜面方向分解，如图所示，根据牛顿第二定律列方程，有Fcos θ－mgsin θ－Ff＝ma，Fsin θ＋mgcos θ－FN＝0 又因为Ff＝μFN 故有，D正确。 7. 如图所示，质量为10kg的物体A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的拉力为5N时，物体A与小车均处于静止状态。若小车以1m/s2的加速度向右运动，则（g＝10m/s2）（　　） A. 物体A相对小车向右运动 B. 物体A受到的摩擦力大小不变 C. 物体A受到的摩擦力减小 D. 物体A受到的弹簧的拉力增大 【答案】B 【解析】 【详解】ABC．物体A受弹簧的拉力为时，物体A与小车均处于静止状态，故物体A与小车的上表面之间的最大静摩擦力 小车加速运动时，假设物体A与小车仍然相对静止，根据牛顿第二定律有 解得，由于，所以假设成立，小车对物体A的摩擦力大小不变，物体A相对小车静止，故A错误，C错误，B正确； D．由于物体A与小车相对静止，弹簧长度不变，故物体A受到的弹簧的拉力大小不变，D错误。 故选B。 8. 如图所示，物体A叠放在物体B上，B置于光滑水平面上，A、B质量分别为和，A、B之间的动摩擦因数为。在物体A上施加水平向右的拉力，开始时，此后逐渐增大，在增大到的过程中，取最大静摩擦力等于滑动摩擦力，。以下判断正确的是（ ） A. 两物体间始终没有相对运动 B. 两物体间从受力开始就有相对运动 C. 当拉力时，两物体均保持静止状态 D. 两物体开始没有相对运动，当时，开始相对滑动 【答案】A 【解析】 【详解】ABD．隔离对B分析，A、B间摩擦力达到最大静摩擦力时，A、B发生相对滑动，则 再对整体分析 故只有当拉力时，A、B才发生相对滑动， BD错误A正确； C．由于地面光滑只要有拉力两物体就运动，C错误。 故选A。 二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分） 9. 在光滑水平面上有一物块始终受水平恒力F的作用，在其正前方固定一轻质弹簧，如图所示，当物块与弹簧接触后向右运动的过程中，下列说法正确的是（　　） A. 物块接触弹簧后先做加速运动后做减速运动 B. 物块接触弹簧后即做减速运动 C. 当物块所受的合力为零时速度达到最大值 D. 当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度等于零 【答案】AC 【解析】 【详解】ABC．物块接触弹簧后，弹簧的弹力逐渐增大，开始阶段，弹簧的弹力小于水平恒力F，物块所受的合力方向向右，与速度方向相同，物体向右做加速运动；当弹簧弹力等于水平恒力F时，速度最大，此时物块的合力为0；后来弹力大于F，合力向左，与速度方向相反，物体开始做减速运动，所以物块接触弹簧后先加速后减速；故AC正确，B错误； D．当弹力与恒力F大小相等、方向相反时，加速度为零；当物块的速度为零时，合力向左，加速度向左，不等于零，故D错误。 故选AC。 10. 如图所示，直杆弯折成固定在竖直面内，OA段竖直，OB段水平，绕过光滑滑轮C的不可伸长的细线两端D、E分别固定在OA、OB上，质量为m的小球吊在滑轮下，静止时，DC段细线与竖直方向的夹角为，不计滑轮及细线的重力，重力加速度为g，则（　　） A. 细线上的拉力大小为mg B. 仅将D端缓慢沿杆向上移，细线上拉力不变 C. 仅将E端缓慢沿杆向左移，细线上拉力减小 D. 仅将D端缓慢沿杆向下移，在滑轮到达D端前，DC段细线有可能变水平 【答案】BC 【解析】 【详解】A．根据对称性可知，DC段细线、EC段细线与竖直方向夹角相等，设细线上的拉力为，对滑轮与小球进行分析，根据平衡条件有 解得 故A错误； B．令细线长为L，DE水平方向的间距为d，DC段细线、EC段细线与竖直方向夹角相等，令为，根据几何关系可知 根据平衡条件有 若仅将D端缓慢沿杆向上移，则细线与竖直方向的夹角不变，可知细线拉力大小不变，故B正确； C．若仅将E端缓慢沿杆向左移，DE水平方向的间距为d减小，结合上述可知，细线与竖直方向的夹角变小，则拉力减小，故C正确； D．仅将D端缓慢沿杆向下移，在滑轮到达D端前，结合上述可知，滑轮两边细线与竖直方向的夹角始终相等，因此DC段细线始终不可能变成水平，故D错误。 故选BC。 11. 如图所示，物块a、b和c的质量相同，a和b、b和c之间用完全相同的轻弹簧S1和S2相连，通过系在a上的细线悬挂于固定点O；整个系统处于静止状态；现将细绳剪断，将物块a的加速度记为a1，S1和S2相对原长的伸长分别为△l1和△l2，重力加速度大小为g，在剪断瞬间 A. a1=3g B. a1=0 C. △l1=2△l2 D. △l1=△l2 【答案】AC 【解析】 【详解】设物体的质量为m，剪断细绳的瞬间，绳子的拉力消失，弹簧还没有来得及改变，所以剪断细绳的瞬间a受到重力和弹簧的拉力，剪断前对bc和弹簧组成的整体分析可知，故a受到的合力，故加速度，A正确，B错误；设弹簧的拉力为，则，根据胡克定律可得，C正确，D错误． 12. 小明到汽车站时，车正以8m/s的速度沿平直道路匀速驶离车站，司机听到呼喊声，反应0.5s后立即以的加速度匀减速刹车。设司机听到呼喊声时，小明距离汽车8m，正以4m/s的速度匀速追赶汽车。则从司机听到呼喊声到小明追上汽车，下列说法正确的是（　　） A. 经过2s小明和汽车间距离最大 B. 经过6s小明追上汽车 C. 小明和汽车间的最大距离为14m D. 汽车的位移为20m 【答案】CD 【解析】 【详解】A．当汽车与小明速度相等时，小明和汽车间距最大，则 解得 从司机听到呼喊声到小明和汽车间距离最大的时间 故A错误； C．2.5s内汽车通过的位移 2.5s内小明通过的位移 小明和汽车间的最大距离为 故C正确； BD．从汽车开始刹车到停止运动的时间 汽车刹车通过的位移 从司机听到呼喊声到汽车停止运动通过的位移 汽车停止运动时，小明通过的位移 由 则汽车停止运动时小明没追上汽车，汽车停止运动小明追上汽车的时间 则从司机听到呼喊声到小明追上汽车的时间 故B错误，D正确。 故选CD。 13. 如图所示，质量为M＝1kg足够长的木板静止在光滑水平面上，现有一质量m＝0.5kg的滑块（可视为质点）以v0＝3m/s的初速度从左端沿木板上表面冲上木板，带动木板向前滑动，已知滑块与木板间的动摩擦因数μ＝0.1，重力加速度g取10m/s2，则（　　） A. 滑块的加速度大小为2m/s2 B. 木板的加速度大小为1m/s2 C. 滑块和木板达到共同速度的时间为2s D. 滑块和木板达到共同速度时，滑块相对木板滑动的位移大小为3m 【答案】CD 【解析】 【详解】A．对滑块，根据牛顿第二定律有，可得滑块的加速度大小，A错误； B．对木板，根据牛顿第二定律有，可得木板的加速度大小，B错误； C．根据运动学公式，滑块和木板达到共同速度时对滑块有 对木板有 解得，C正确； D．达到共同速度时，对滑块有 对木板有 滑块相对木板滑动的位移 解得，D正确。 故选CD。 三、非选择题（本题共5小题，共56分） 14. 某同学利用打点计时器探究小车速度随时间变化的关系，所用交流电的频率为60Hz，图示为某次实验中得到的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5为连续计数点，相邻两计数点间还有2个打点未画出。从纸带上测出s1=5.21cm、s2=5.60cm、s3=6.00cm、s4=6.41cm、s5=6.81cm，则打点计时器每打相邻两个计数点的时间间隔是__________s；小车的加速度a=_____________m/s2；打计数点“5”时，小车的速度________m/s。(后两空均保留三位有效数字) 【答案】 ①. 0.05 ②. 1.61 ③. 1.40 【解析】 【详解】[1]由题知相邻两计数点间还有2个打点未画出，则两个计数点的时间间隔是 [2] 根据匀变速直线运动的推论公式 可以求出加速度的大小，则有 [3] 根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，则有 则打计数点“5”时，小车的速度 15. 图1为“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置。某同学欲用这套实验装置探究滑块的加速度与长木板、滑块间的动摩擦因数的关系，在其他条件不变的情况下，通过多次改变动摩擦因数的值，利用纸带测量对应的多个加速度a的值，画出了图像如图2所示。取。 （1）本实验中，______（填“需要”或者“不需要”）平衡摩擦力。 （2）为尽可能准确地完成实验，下列做法正确的是______。 A．实验中必须保证桶和砂子的总质量m远小于滑块的质量M B．实验中需要保证滑块的质量M不变 C．实验中不需要保证桶和砂子的总质量m不变 D．连接滑块的细线要与长木板平行 （3）由图2可知，若滑块的质量，则小桶和砂子的总质量______kg。理论上，图2中______。 【答案】 ①. 不需要 ②. BD##DB ③. ④. 【解析】 【详解】（1）[1]根据题意可知，本实验需要研究摩擦力，则不需要平衡摩擦力。 （2）[2]A．如果实验中保证桶和砂子的总质量m远小于滑块的质量M，会出现很小时，滑块也不会运动，则不需要保证桶和砂子的总质量m远小于滑块的质量M，故A错误； BC．实验中多次改变的值，需要其他条件不变，则需要保证滑块的质量M不变，需要保证桶和砂子的总质量m不变，故C错误，B正确； D．连接滑块的细线要与长木板平行，避免拉力产生垂直于木板方向的分力，故D正确。 故选BD。 （3）[3]由图2可知，当时，加速度为零，由平衡条件有 解得 [4]根据题意，由牛顿第二定律有 整理得 结合图2可得 16. 某电视剧制作中心要拍摄一特技动作，要求特技演员从31.25m高的大楼楼顶自由下落到行驶的汽车上。若演员开始下落的同时，汽车从9m远处由静止向楼底先匀加速运动2s，再匀速行驶到楼底，为保证演员能安全落到汽车弹簧垫上。（不计空气阻力，人和汽车可视为质点，g=10m/s2）。求： （1）汽车经过多长时间到达楼底； （2）汽车加速度的大小。 【答案】（1）2.5s；（2）3m/s2 【解析】 【详解】（1）由于汽车和人同时到达楼底，所以对人根据 得 （2）设汽车加速度为a，则2s末的速度为 汽车整个运动过程有 代入数据解得 17. 如图所示为汽车A拉着一辆有故障的汽车B以恒定加速度加速上坡，汽车B的初始速度为0，经过5s汽车A拉着汽车B向上运动了25m。已知汽车的质量均为，汽车在斜坡上受到的阻力大小均为车重的0.1倍，斜坡的倾斜角θ＝30°。重力加速度g取10m/s2，求： （1）汽车B所受拉力F的大小； （2）汽车A的牵引力F′的大小。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 对汽车B进行受力分析，如图甲所示 根据运动学公式，有 根据牛顿第二定律，有 又 联立解得 【小问2详解】 对汽车A进行受力分析，如图乙所示 根据牛顿第二定律，有 联立解得 18. 如图所示，质量M=2.0kg的物体从光滑斜面上高度H=1.8m处释放，到达底端时，水平进入水平传送带（不计斜面底端速度大小的损失，即在斜面底端速度方向迅速变为水平，大小不变），传送带匀速向左转动，速率为v=4m/s，已知物体与传送带间的动摩擦因数，物体冲上传送带后就移走光滑斜面。（g取） （1）物体滑上传送带A点时的速度大小； （2）若皮带轮间的距离足够大，物体M从滑上到离开传送带的整个过程中所用时间。 【答案】（1）；（2） 【解析】 【详解】（1）设斜面与水平方向的夹角为，下滑时加速度大小为，对物体进行受力分析可得 ， 联立解得 （2）分析可得物块滑上传送带后开始向右做匀减速运动，速度变成零后再向左匀加速到与传送带共速后一直向左直到离开传送带，设匀减速和匀加速时的加速度大小都为，有 向右匀减速的时间和位移为 ， 向左匀加速的时间和位移为 ， 可得共速后到离开传送带的时间为 所以物体M从滑上到离开传送带的整个过程中所用时间为 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $