二轮专题精准提升10 直流电路和交流电路-【衡水真题密卷】2025年高考物理二轮专题精准提升（7版）

密 2024一2025学年度二轮专题精准提升（十） 卺题 物理·直流电路和交流电路 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合题目要求的。 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 答案 1.在如图所示的电路中，已知A、B两个电容器的电容之比C4:CB=1:2,每个电阻都相 同，则两个电容器带电量之比QA：QB为 )》 A.3:2 B.2:3 C.1:2 D.2:1 2.心电图仪是将心肌收缩产生的脉动转化为电压脉冲的仪器，其输出部分可等效为一个 不计内阻的交流电源，其电压会随着心跳频率发生变化。如图所示，心电图仪与一理想 变压器的原线圈相连接，扬声器（等效为一个定值电阻）与一滑动变阻器连接在副线圈 两端。下列说法正确的是 () 心电图仪 扬声器 A.保持电压不变，向左滑动滑片P,副线圈两端的电压减小 B.保持滑片P不动，当U1变大时，扬声器两端的电压变小 C.保持电压不变，向左滑动滑片P,变压器的输入功率变小 D.保持滑片P不动，当U1变大时，扬声器的功率变大 3.将横截面相同、材料不同的两段导体L1、L2无缝连接成一段导体，总长度为1.00，接 入图甲电路。闭合开关S,滑片P从M端滑到N端，理想电压表读数U随滑片P的滑 动距离x的变化关系如图乙所示，则导体L1、L2的电阻率之比约为 () 二轮专题精准提升（十）物理第1页（共8页） 真题： 用心去感受梦想的力量，用劳力去实规它。 ◆U八V 0.5 班级 0.4 0.3 L 0.2 0.1 姓名 R 00.25 0.500.751.00x/m 乙 得分 A.2:3 B.2:1 C.5:3 D.1:3 4.如图所示的电路中，闭合开关后各元件处于正常工作状态，当某灯泡突然出现故障时， 电流表读数变小，电压表读数变大。下列关于故障原因或故障后其他物理量的变化情 况的说法中正确的是 () E A V L R ⑧L A.L1灯丝突然短路 B.L2灯丝突然烧断 C.电源的输出功率一定变小 D.电容器C上电荷量减少 5,工程师对某款新能源汽车的直流蓄电池进行性能测试，测试过程中系统输出的？图 P I 像如图所示，其中P为直流电源的输出功率，I为总电流，下列说法正确的是() (WA2) /A- -0.524 A.该蓄电池的电动势为12V B.该蓄电池的内阻为22 C.该蓄电池的最大输出功率为144W D.该蓄电池的短路电流为12A 密卷 二轮专题精准提升（十）物理第2页（共8页） 7 6.根据国家能源局统计，截至2023年9月，我国风电装机4亿千瓦，连续13年居世界第一 位，湖南在国内风电设备制造领域居于领先地位。某实验小组模拟风力发电厂输电网 络供电的装置如图所示。已知发电机转子以角速度ω匀速转动，升、降压变压器均为理 想变压器，输电线路上的总电阻可简化为一个定值电阻R。当用户端接一个定值电阻 R时，R。上消耗的功率为P。不计其余电阻，下列说法正确的是 升压变压器 降压变压器 A.风速增加，若转子角速度增加一倍，则R。上消耗的功率为4P B.输电线路距离增加，若R。阻值增加一倍，则R。消耗的功率为4P C.若升压变压器的副线圈匝数增加一倍，则R。上消耗的功率为8P D.若在用户端再并联一个完全相同的电阻R,则R。上消耗的功率为6P 7.R1、R2为两个完全相同的定值电阻，R,两端的电压随时间周期性变化的规律如图甲所 示（三角形脉冲交流电压的峰值是有效值的3倍），R,两端的电压随时间按正弦规律变 化如图乙所示，则两电阻在一个周期T内产生的热量之比Q1：Q2为 () t/s 甲 乙 A.2:3 B.2:3 C.4:3 D.5:4 8.“西电东送”是我国实现经济跨区域可持续快速发展的重要保证，如图为模拟远距离高 压输电示意图。已知升压变压器原、副线圈两端的电压分别为U1和U2,降压变压器 原、副线圈两端的电压分别为U3和U4。在输电线路的起始端接入两个互感器，两个互 感器原、副线圈的匝数比分别为20：1和1：20，各互感器和电表均为理想状态，则下列 说法正确的是 () U,3U痈 3Q 升压变压器 降压变压器 A 二轮专题精准提升（十）物理第3页（共8页） 真题名 A.电压互感器起升压作用，电流互感器起增大电流作用 B.若电压表的示数为200V,电流表的示数为5A,则线路输送电功率为100kW C.若保持发电机输出电压U1和用户数不变，仅将滑片Q下移，则输电线损耗功率减小 D.若发电机输出电压U1一定，仅增加用户数，为维持用户电压U4不变，可将滑片P 上移 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题 目要求，全部选对能得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 题号 10 答案 9.如图所示为理想变压器，已知1=100匝，n2=30匝。电阻R1=82,R2=0.362, R3=2.562。电源为理想交流电源。开关S,闭合、S2断开时R2的电功率和开关S2 闭合、S1断开时R3的电功率相等。则线圈3的匝数可能为 () n A.20 B.40 C.60 D.80 10.如图所示为一种体重秤的原理图，它主要构成有：压力杠杆AB、固定在AB正中间的 水平踏板、压力传感器R(一个阻值可随压力大小而变化的电阻)、显示体重的仪表G (其实质是电流表，内阻r=602)。已知压力传感器的电阻R与其所受压力F的关系 为R=240一0.25F(均为国际单位)，踏板和杠杆AB的质量不计，已知电源的电动势 为6.0V,不计电源内阻，重力加速度g取10m/s2,可知 () 踏板 R G 77777 压力传感器 A.该体重秤的零刻度线应标在仪表G刻度盘的2mA处 B.仪表G的示数为25mA时，静止在踏板上的人体重为48kg C.体重为80kg的人静止在踏板上时，仪表G的示数为60mA D.如果将仪表G的刻度盘换成体重的刻度盘，刻度是不均匀的 卷 二轮专题精准提升（十）物理第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(6分)某同学利用如图甲所示电路观察电容器的充、放电现象，电流传感器与计算机相 连，可以显示出电流I随时间t变化的图像。 电流传感器 计算机 甲 (1)为使电源向电容器充电，应将开关S与 (填“1”或“2”)端相连。 (2)在充电过程中，测绘的充电电流I随时间t的图像可能是图乙中的 (填正 确答案标号)。 (3)图丙为传感器中电容器放电时的电流I随时间t的图像，图中每一小方格面积相 同。根据图像估算电容器在t。~2t。时间内，释放电荷量q的表达式为 (用I。、to表示)。 5 4 21 ① o 3、 0621.31,41.516 丙 (4)图丁中实线是实验得到的放电时的I-t图像，如果不改变电路的其他参数，只减小 变阻箱R的阻值，则得到的I-t图线是图丁中的 (填“①”“②”或“③”)，理 由是 12.(10分)某实验小组的同学计划描绘标称“12.5V0.6A”的电学元件L的伏安特性曲 线，可供选择的实验器材如下： 电压表V(量程0~5V,内阻Rv=10002); 电流表A(量程0~300mA,内阻RA=12); 滑动变阻器R1(阻值变化范围0~52)； 滑动变阻器R2(阻值变化范围0~10002)； 二轮专题精准提升（十）物理第5页（共8页）】 真题密 定值电阻R3(阻值1)； 定值电阻R4(阻值102)； 定值电阻R,(阻值10002)； 定值电阻R6(阻值20002)； 电源E(电动势为13V,内阻不计)； 开关S、导线若干。 I∥A 0.6 0.5 0.4 0.3 0.2 0.1 5.010.0 甲 (1)为了较精确地完成测量，该小组的同学设计了如图甲所示的实验电路，则与电压表 串联的电阻R1应选择 ;与电流表并联的电阻R2应选择 ；滑动变 阻器应选择 (均填器材符号)。 (2)某次测量时，电流表的示数为100mA,电压表的示数为0.44V,则此时电学元件L 的阻值约为 n。 (3)通过多次测量，得到多组实验数据，将实验数据在坐标纸中描点连线，作出的I-U 图像如图乙所示，另取两个相同电学元件L1、L2,连接成图丙所示的电路，已知电 源的电动势为E。=10V、内阻r=42,定值电阻R。=62,则电学元件L1消耗的 电功率约为 W(结果保留3位有效数字)。 13.(10分)如图甲所示电路中，R1是滑动变阻器，R2是定值电阻。实验时从最左端向最 右端拨动滑片调节R,的阻值，得到各组理想电压表和理想电流表的数据，用这些数据 在坐标纸上描点、拟合，作出的U-I图像如图乙所示。求： (1)当滑动变阻器的阻值为多大时，电阻R2消耗的功率最大； (2)当滑动变阻器的阻值为多大时，滑动变阻器R,消耗的功率最大； (3)当滑动变阻器的阻值为多大时，电源的输出功率最大。 ◆八V 2 B A E 00.1 0.3A 乙 卷 二轮专题精准提升（十）物理第6页（共8页） 7 14.(14分)为防止停电事故发生，某中学准备购买一台应急备用发电机，要求如下：一是保 证全校88间教室所有日光灯能正常发光；二是为避免噪声干扰，发电机需远离教学 区；三是尽量利用已有设备和线路。为此学校决定让物理老师和兴趣小组同学先进行 调查，得到以下数据：每间教室有日光灯10盏，每盏灯功率为40W,额定电压均为 220V;发电机安装位置到并网接口该部分电线电阻约2Ω，其余部分电阻不计；学校已 有升压变压器和降压变压器各一台，升压变压器匝数比为1：2=1：4，降压变压器 的匝数比为n3:4=4：1,兴趣小组同学画出示意图如图所示。求： 6 发 U U4· 771 (1)两变压器之间输电线上的电流； (2)购买的发电机功率P应不小于多少。 二轮专题精准提升（十）物理第7页（共8页） 15.(18分)如图所示，电解槽A和电炉B并联后接到电源上，电源内阻r=1,电炉电阻 R=192,电解槽电阻r'=0.52,当S1闭合、S2断开时，电炉消耗功率为684W,S1、S2 都闭合时，电炉消耗功率为475W(电炉电阻可看作不变)，求： (1)电源的电动势； (2)S、S2闭合时，通过电解槽的电流大小； (3)S1、S2闭合时，电解槽中电能转化成化学能的功率。 B S1 真题密卷 二轮专题精准提升（十）物理第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 2024一2025学年度二轮专题精准提升（十） 物理·直流电路和交流电路 一、选择题 D错误。 1.C【解析】等效电路图如图所示。设电源电压为 5.A【解析】蓄电池的输出功率为P=EI-Ir,变 2 QA U,则U=U3U,根据C=是，可得Q 形得号-号-7，结合国像可得E=85y=12V, 1 CA 1 24 C=2,C正确。 r=0.52,A正确，B错误；由P=EI-Ir= -》,器可加当1号-12A最大输 E E2 出功率为Px=4r =72W,C错误；该蓄电池的短 路电流为1 E=24,A、D错误。 6.A【解析】如图为等效电路图，设降压变压器的 原、副线圈匝数比为飞：1，则输电线上的电流为 2.D【解析】保持电压不变，根据U2= 2U1可知副 线圈两端的电压不变，A错误；保持滑片P不动， 1一R。十R,转子在磁场中转动时产生的电动 当U1变大时，变压器副线圈两端的电压变大，扬 势为e=NBSwsin wt,当转子角速度增加一倍时， 声器两端的电压变大，B错误；保持电压不变，副 升压变压器原、副线圈两端电压都增加一倍，输电 线圈两端的电压不变，向左滑动滑片P,R阻值减 线上的电流变为I=2I2,故R。上消耗的电功率 小，副线圈的电阻减小，则副线圈消耗的功率变 变为原来的4倍，A正确；升压变压器副线圈匝数 大，则变压器的输入功率变大，C错误；保持滑片P 增加一倍，副线圈两端电压增加一倍，输电线上的 不动，当U1变大时，根据U,=”U1可知，变压器 电流增加一倍，故R。上消耗的电功率变为原来的 4倍，C错误；若R。阻值增加一倍，输电线路上的 副线圈两端的电压变大，副线圈电流变大，则扬声 U2 器的功率变大，D正确。 电流I一2R十RR,消耗的功率 P3=·2R。≠4P,B错误；若在用户端并联一 3.B【解析】根据电阻定律R一pS,根据欧姆定律 个完全相同的电阻R,用户端电阻减为原来的一 S△U 半，输电线上的电流为I= U, 有△W=I·△R,整理可得p=·元，结合题图可 Rot6R 0.2 2 知导体L1L,的电阻率之比为2= 0.25 2U, p20.5-0.2 2R。十RR,消耗的功率P,=1R,≠6P,D错 1.00-0.25 误。 2 B正确。 4.B【解析】电流表在千路上，读数变小，说明总电 kR 阻变大。L1灯丝突然短路，总电阻减小，电流表读 数变大，A错误；L2灯丝突然烧断，总电阻增大，电 7.C【解析】根据有效值的定义可知题图甲的有效 流表读数变小，电压表读数变大，B正确；电源的 U 2 输出功率P=UI,电压增大而电流减小，输出功率 值的计算 U T UT ,T= 不一定变小，C错误；电流表读数变小，灯泡L1的 R 2十R·2,解得 分压减小，并联支路的电压增大，电容器两端的电 U1=λ3 U。,题图乙的有效值为U2= 压增大，根据Q=CU可知电容器的电荷量增大， 。,接在阻 ·37· 7 真题密卷 二轮专题精准提升 值大小相等的电阻上，因此Q1:Q2=U?:U= 0.0250-600=180n,而由R=240-0.25F, 6 4:3,C正确。 RU2201220 8D【解析】根据光-，片=，可知电压互感 可得F'=240N,根据F'·AB=G· 2AB,解 器起降压作用，电流互感器起减小电流作用，A错 得G=480N,根据G=mg,可得m=48kg,B正 误；电压互感器原线圈两端电压U2=20UU= 确；体重为80kg的人静止在踏板上时，可得压力 4000V,电流互感器原线圈中的电流I2=20I= 为F=7mg=400N,由R=240-0.25F,可得 100A,对于理想变压器，线路输送电功率P= U2I2=400kW,B错误；仅将滑片Q下移，相当于 R”=1402,由闭合电路的欧姆定律可得电路中的 增加了升压变压器副线圈的匝数n2,根据理想变 E 6 电流为广=R千，一140十60A=30mA,C错误： 压器的规律U2=”U1,升压变压器副线圈两端的 根据压力与重力之间的关系，即2F=G,可得 电压增大，回路等效电阻不变，所以I3增大，根据 R=240一0.125F,则根据闭合电路的欧姆定律 △P=Ir,则输电线上损耗功率增大，C错误；仅 E 6.0 48 可得I= R+7240-0.125G+602400-G1 增加用户数，即负载总电阻R减小，若降压变压器 根据上式可知，该秤的刻度（体重刻度）不是均匀 副线圈两端电压U4不变，则通过副线圈的电流 的，D正确。 一，增大降压变压器原线图中的电流1瑞 大，输电线上的电压损失△U=I3r增大；升压变 三、非选择题 11.(1)1(1分)(2)A(1分)(3)q=2It。或q= 压器原线圈两瑞电压不变，则U2=U不变，根 7 I,(1分)(4)②(1分)电容器释放的总电 据U,=△U+U,可知U,减小，根据U,=U, n3 量不变，平均电流变大，放电时间变短(2分) 可知当3减小时，减小n3可以使U4不变，所以 【解析】(1)为使电源向电容器充电，电容器应与 要将降压变压器的滑片P上移，D正确。 电源连接，故应将开关S与“1”端相连。 二、选择题 (2)充电过程中电容器C两端电压逐渐增大，充 9.BD【解析】把定值电阻R1和理想交流电源可等 电电流I随时间t应逐渐减小至零，故电流I随 时间t的图像可能是题图乙中的A,A正确。 效为一个内阻为R1的电源。R2和R,可分别与变 (3)根据图像的含义，因Q=It,I-t图线与t轴所 压器等效为定值电阻。有两种情况下R2和R?消 围成图形的面积表示电容器放出的电荷量；根据 耗的功率相等。一种情况是R2和R?等效电阻相 横轴与纵轴的数据可知，一个格子的电荷量为 ni n 等，有2R2= n R3,可求得n3=80匝；另一种情况 n3 4。,由大于半格算一个，小于半格舍去，因此图 是R2和R,等效电阻的乘积等于等效内阻R1的平 线所包含的格子个数为8个或7个，所以释放的电 nR=R,可求得n=40匝，B.D 药量是g=21,或g-号1， 正确。 (4)应该是②，理由是电容器释放的总电量不变， 10.BD【解析】根据题意，电子秤空载时压力传感 平均电流变大，放电时间变短。 器感受到的压力为0，由关系式可知，此时压力传 12.(1)R6(2分)R3(2分)R(2分)(2)6.10 感器的电阻R=240,由闭合电路的欧姆定律 (2分)(3)1.02(0.99~1.05均可)(2分) E6 【解析】(1)电压表串联定值电阻R；时，由电压 可得电路中的电流为I=R十，=240十60A= 表的改装原理可知，改装后电表的量程最大值为 20mA,所以该电子秤零刻度线应标在电流表刻 度盘的20mA处，A错误；当电流表刻度盘的示数 (Rv十R),解得U=10V,同理，电压 U1-Rv 表串联定值电阻R6时，改装后电压表量程为 为1'=25mA时，压力传感器的电阻R=号 U2=15V,分析可知R1应选择R6;电流表与定 ·38· ·物理· 参考答案及解析 值电阻R。并联时，由电流表的改装原理可知，改 当R1=r'时，等效电源的输出功率最大，则R1= RA,解得I 装后电流表的量程为1=I,十R 25 n。 3 (2分) 0.6A,同理，电流表并联定值电阻R4时，改装后 (3)由输出功率有 电流表量程为I2=330mA,分析可知R2应选 E2 E2 择R；描绘电学元件的伏安特性曲线时，电流和 P生=R起+)R&=R- (1分) -+4r 电压应从零开始调节，滑动变阻器采用分压接 R态 法，为了方便调节，滑动变阻器应选择R1。 由此可知，当R燕=r时，电源的输出功率最大， (2)由(1)中分析可知，当电流表的示数为 则此时滑动变阻器阻值为 100mA时，流过电学元件L的电流为IL= R1=r-R2 (1分) 0.2A,电压表的读数为0.44V时，电学元件 两端的电压为U=(0.44×3-0.1×1)V=1.22V, 解得R,-号n. (1分) U_1.22 14.(1)40A(2)38400W ®学元件L的阻值为R,=020=6,10卫 【解析】(1)对降压变压器有 (3)设并联部分电路两端的电压为U,通过一个 U3_n3_4 元件的电流为I,有U=E。一2I(R。十r),代入数 (2分) 据得I=05一0(A),在题图乙中画出此图线如 U 其中U4=220V (2分) 解得降压变压器原线圈两端电压U3=880V 图所示，可得L1的功率P=3.0×0.34W= (2分) 1.02W。 所有日光灯正常发光时消耗功率为 AIIA 0.6 P=88×10×40W=35200W=P4=Pg 0.5 (2分) 0.4 0.3 所以两变压器之间输电线上的电流为 0.2 _P:_3520 0.1 1。=U=880 A=40A. (2分) 0 5.0 10.0 (2)输电线上的损耗 P损=I号R线=3200W (2分) 13.(1)0 (2 3 所以发电机功率 【解析】(1)根据题意可知，当滑动变阻器在最右端 P=P2=P灯十P播=38400W。 (2分) 时有 15.(1)120V(2)20A(3)1700W U210 【解析】(1)S闭合、S2断开时，电炉消耗功率为 (1分) P,电炉中电流 由题图乙可知 E=U+Ir I= -6 ΓWR=N19 A=6A (2分) E=U2+Iar 电源电动势E=I(R十r)=120V。 (2分) 联立解得r=52,E=2.5V (2分) (2)S、S都闭合时，电炉消耗功率为P2,电炉中电 R2消耗的功率最大，此时可将R1看成电源的内 流为 电路中的电阻，此时的等效内阻为R1十r,即R1= 475 0时，通过R2的电流最大，则R2消耗的功率 P2一 IR一入R W19 A=-5A (2分) 最大。 (1分) 路端电压为 (2)R,消耗的功率最大，此时可将R2看成电源 U=IR=5×19V=95V (2分) 的内电路中的电阻，此时的等效内阻为 通过电源的电流为 25 ,'=R2十r=3 (1分) I'=E-U =25A (2分) ·39· 7 真题密卷 二轮专题精准提升 通过电解槽的电流为 电解槽内热损耗功率 IA=I'-IR=20A。 (2分) P熟=I月r'=202×0.5W=200W (2分) (3)电解槽消耗的电功率 电解槽中电能转化成化学能的功率为 PA=IAU=20×95W=1900W (2分) P化=PA一P热=1700W。 (2分) 2024一2025学年度二轮专题精准提升（十一） 物理·电磁感应综合（包括电路、能量、图像问题） 一、选择题 为零时，其达到最大速度，结合之前分析有a= 1.C【解析】闭合开关瞬间，立即建立了电场，故立 BEdsin37°-Bdw=0,解得B=10T,C错 即就有了电流，灯泡A、B同时变亮，但通过线圈 mR总sin237° 的电流要增加会产生自感电动势，电流缓慢增加， 误：由之前分析有a=BEdsin37”-B'du mR&sin237° ,则合 当电流稳定后线圈相当于直导线，灯泡B短路，灯 泡B熄灭，灯泡A更亮，A、B错误；断开开关瞬间 上开关S的瞬间，金属棒速度为零，则解得a= 灯泡A立即熄灭，线圈产生自感电动势和灯泡B 5m/s2,D正确。 构成闭合电路，灯泡B先闪亮后逐渐变暗最后熄 4.C【解析】0~1s时间，磁场向里均匀变大，磁通 灭，C正确，D错误。 量变大，根据楞次定律可知，下极板带正电，粒子 2.D【解析】整个线框的阻值一定，设为R。,左侧电 所受电场力方向向上，加速度向上，1一2s时间， R卷R右，其中 磁场向里减小，磁通量变小，根据楞次定律可知， 阻丝与右侧电阻丝并联，可得R并一R叁十R方 上极板带正电，粒子所受电场力方向向下，加速度 向下，同理2~一3s时间，加速度向下，34s时间，加 R左十R右=R,根据数学知识可知当R左=R右时 R并取得最大值，故当MN从靠近ab处无摩擦地匀 速度向上。根据法拉第电磁感应定律有E=△ △t 速运动到cd附近的过程中R并先增大后减小，电路 AB 的总电阻先增大后减小，流过MN中的电流先减小 ,由题图乙可知回路中产生的感应电动势大 后增大，A正确；MN两端的电压为路端电压，因为 小不变，故粒子所受电场力大小不变，故加速度大 R并先增大后减小，故路端电压先增大后减小，B正 小不变，C正确，D错误；心t图线的斜率表示加速 确；MN上外力F始终与MN受到的安培力平衡， 度，则速度应随时间均匀变化，A、B错误。 F=BIL,故外力的功率为P=Fv=BIL0,由于电 5.C【解析】由右手定则可知，通过电阻的电流方 流先减小后增大，所以外力的功率先减小后增大，C 向为e→R→f,A错误；金属棒从cd运动到ab过 正确；MN上消耗的电功率为P'=IRMN,电流先 程，由法拉第电磁感应定律可知，平均感应电动势 减小后增大，所以MN上消耗的电功率先减小后增 大，D错误，本题选择错误一项，故选D。 B-”-子均高应意流1一点-通 3.D【解析】由左手定则可知，其金属棒受到的安 过电阻R的电荷量g=I△2=R,B错误；金属 培力的方向垂直于金属棒斜向上，其与导轨不平 行，A错误；导体棒切割磁感线产生的电动势为 棒做圆周运动转过的圆心角为日时导体棒切割磁 sin37,电路中的电流为1=E-E点 E=B·A 感线产生的感应电动势E=BLvocos日，回路产生 R总 正弦式感应电流，感应电动势的最大值Em= 安培力大小为F安=B sin37,由牛顿第二定律 BL00,感应电动势的有效值E有效 _BL,回路中 √2 有F=ma,解得a= a于 电流大小【= E有数_BLU 2R2√2R 金属棒从cd运动到 在稳定前，金属棒做加速运动，所以其速度增加， 由上述分析，其加速度在减小，B错误；当加速度 ab过程中金属棒上产生的热量Q=IR·2= 7 ·40·