精品解析：福建省龙岩市连城县第一中学2025-2026学年高二上学期12月月考物理试题

连城一中2025-2026学年上期高二年级月考2物理试卷 满分：100分 考试时间：75分钟 第I卷（选择题，共40分） 一、单项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。） 1. 下列各图的线圈中能产生感应电流的是（　　） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【详解】A．该图线圈不闭合，不能产生感应电流，故A错误； B．该图中穿过线圈的磁通量不发生变化，闭合回路不会产生感应电流，故B错误； C．该图中直线电流产生的磁场在下面的圆形线圈中的磁通量为零，增大直线电流时，穿过线圈的磁通量总为零不变，则线圈中不会产生感应电流，故C错误； D．该图中两金属棒以方向不同的速度向相反方向运动，则穿过回路的磁通量会发生变化，闭合回路会产生感应电流，故D正确。 故选D。 2. 如图所示，N匝矩形线圈abcd置于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与线圈成角，ab边长，bc边长。通过矩形线圈的磁通量为（　　） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【详解】磁场垂直于面的分量为 由于只有垂直于面的磁场分量提供磁通量，平行于面的磁场分量不会产生磁通量；故磁通量为 故C正确，ABD错误。 故选C。 3. 下列选项对公式认识正确的是（　　） A. 公式，只适用于真空中点电荷产生的电场 B. 公式，只适用于纯电阻电路的电热的计算 C. 由电动势公式可知，电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能，非静电力做功本领越强的电源，电动势越大 D. 由公式可知，磁感应强度与电流元所受磁场力大小成正比 【答案】C 【解析】 【详解】A．是电场强度的定义式，适用于任何电场，A错误； B．公式，适用于所有电路电热的计算，B错误； C．电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能，电动势物理意义是描述非静电力做功本领，非静电力做功本领越强的电源，电动势越大，C正确； D．公式利用的是比值定义法，磁感应强度与电流元及所受电场力无关，由磁场本身的性质决定，故D错误。 故选C。 4. 如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O为半圆弧的圆心，∠MOP＝90°，M、N处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有方向如图所示的电流，电流强度大小相等，每条长直导线在O点产生的磁感应强度大小均为B0，则在圆心O处的磁感应强度 A. 大小为B0，方向垂直于MN向下 B. 大小为B0，方向垂直于MN向上 C. 大小为2B0，方向垂直于MN向下 D. 大小为2B0，方向垂直于MN向左 【答案】C 【解析】 【分析】由磁场的叠加可知每根导线在O点产生的磁感强度大小，移动之后距O点的距离不变，故磁感强度大小不变． 【详解】两导线在O点各自形成的磁感应强度大小为B0．则根据几何关系可知，两导线形成的合磁感应强度大小为2B0，方向垂直MN向下，故C正确，ABD错误． 故选C． 【点睛】磁感强度为矢量，在求合磁感强度时应先分别求得各导线O点的磁感强度再由矢量的合成方法-平行四边形求得总的磁感强度． 二、双项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。） 5. 在如图所示电路中，L1、L2、L3是三只小灯泡，电源电动势为E．三只灯泡原来都能发光，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，对于各灯亮度变化情况，下列判断正确的是 A. L1变暗 B. L2变暗 C. L3变暗 D. L3亮度不变 【答案】AB 【解析】 【分析】由图可知L2与R串联后与L3并联，再与L1串联；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则可知总电阻的变化；由闭合电路的欧姆定律可知电路中电流的变化，即可知L1亮度的变化；由闭合电路的欧姆定律可得出并联电路的电压变化，从而知两灯亮度的变化． 【详解】当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知电路中总电流减小，故L1变暗； 电路中电流减小，故内阻及L1两端的电压减小，而电动势不变，故并联部分的电压增大，故L3变亮； 因L3中电流增大，干路电流减小，故流过L2的电流减小，故L2变暗；故AB正确，CD错误． 故选AB． 【点睛】本题考查电路的动态分析，要会根据欧姆定律分析各量的变化方向，要求学生能灵活应用串并联电路的电流电压规律及闭合电路的欧姆定律． 如果应用“串反并同”的方法会更简单．“串反并同”就是与可变电阻串联的电路上的电压和电流的变化与该电阻的变化相反，如果电阻增大，则串联电路的电压和电流会减小，而并联电路的电压和电路会随电阻增大而增大． 6. 如图所示，两块较大平行金属板A、B水平放置并与电源相连，电源的电动势为E，电键S闭合后，两板间有一带电油滴恰好处于静止状态，现将A板向上平移一小段距离．下列说法正确的是 A. 电容器的电容减小 B. 电容器的电压增大 C. 电容器的带电量不变 D. 带电油滴将向上做加速运动 【答案】A 【解析】 【分析】电容器与直流电源（内阻不计）连接，电压不变，A极板竖直向上平移一小段距离，依据电容的定义式，分析电容变化，再由，分析板间场强变化，从而即可分析该点油滴的运动情况． 【详解】A项：A极板向上平移一小段距离，根据，当间距d增大时，则电容C减小，故A正确； B、C项：电容器与直流电源（内阻不计）连接，电压U不变，根据，那么电量Q减小，故BC错误； D项：由于电压不变，板间距离增大，场强减小，油滴受到的电场力减小，带点油滴向下加速运动，故D错误． 故选A． 【点睛】本题是电容器动态变化分析问题，考查分析和判断能力，掌握电容的定义式与决定式的区别，注意理解电容器的电压不变与电量不变的情况． 7. 如图a，直线是某电场中的一条电场线。一电子从点由静止释放，只在电场力作用下沿电场线运动到点，此过程中速度随时间变化的图线如图b所示。、B两点的场强分别为、，电子在、两点的电势能分别为、。则下列判断正确的是（　　） A. B. C. D. 【答案】AC 【解析】 【详解】一电子从点由静止释放，只在电场力作用下沿电场线运动到点，由图像可知电子做加速度减小的加速运动，则电子受到的电场力减小，则有；由于电场力做正功，所以电势能减小，则有。 故选AC。 8. 图中虚线a、b、c、d代表匀强电场内间距相等的一组等势面已知等势面b的电势为0，一电子经过a时的动能为8eV，从a到c的过程中克服电场力所做的功为4eV，下列说法正确的是（　　） A. 等势面a上的电势为－2V B. 该电子经过等势面c时，其电势能为2eV C. 该电子经过等势面a时的速率是经过c时的2倍 D. 该电子可能到达不了等势面d 【答案】BD 【解析】 【分析】根据只有电场力做功，动能与电势能之和不变，当电场力做负功时，动能转化为电势能，在电势为零处，电势能为零，从而即可一一求解. 【详解】A、B、虚线a、b、c、d代表匀强电场内间距相等的一组等势面，电子经过a时的动能为8eV，从a到c的过程中克服电场力所做的功为4eV，则电势能增加4eV，因此ac等势面之间的电势差为4V，由于电子的电势能增加，所以等势面从a到c电势是降低的，因为b上的电势为0V，故a上的电势为2V，c上的电势为-2V，电势能为2eV，故A错误，B正确； C、电子经过平面a的动能是经过c动能的2倍，故它在平面a时的速率是经过c时的倍，故C错误； D、由A可知，相邻等差等势面电势差为2V．若电子经过a时速度方向与平面a垂直，则电子从a到d克服电场力做功需要6eV，电子可能到达平面d；但如果电子经过a时速度方向与平面a不垂直，电子将会在电场中做抛体运动，则可能不会到达平面d，故D正确； 故选BD. 【点睛】本题考查电场力做功与电势能变化的关系，掌握电势能与动能之和不变，理解电势为零处的电势能为零是解题的关键. 第II卷（非选择题，共60分） 三、填空、实验题（共24分，考生根据要求作答。） 9. 某电动机线圈电阻为，额定电压，额定电流为，且处于正常工作状态。则电动机的发热功率为___________W，输出功率为___________W。 【答案】 ①. 8 ②. 102 【解析】 【详解】[1]电动机热功率为 [2]电动机的总功率为 所以电动机的输出功率是 10. 如图所示，已知电源的内电阻，定值电阻，滑动变阻器的阻值范围为，当滑动变阻器调为___________时，电阻上消耗的功率最大；当滑动变阻器的阻值调为___________时，变阻器上所消耗的功率最大。 【答案】 ①. 0 ②. 8 【解析】 【详解】[1]电阻上消耗的功率最大时，电路的电流最大，此时滑动变阻器的阻值应该最小，即当时电阻上消耗的功率最大； [2]将R1视为电源内阻，即，则当滑动变阻器的阻值时滑动变阻器消耗的功率最大，但最大为8Ω，则当调为8时，变阻器上所消耗的功率最大。 11. 某研究性学习小组的成员用多用电表测电阻（Rx），所用多用电表的欧姆挡有×1、四挡，他粗测时用挡，调零后测量时发现指针偏转角度太大，为了获得较为准确的测量值，他的正确做法应该是换用___________挡。 【答案】 【解析】 【详解】多用电表欧姆挡的指针偏转角度大，说明被测电阻的阻值较小。原挡位为挡，此时应换用更小倍率的挡位（挡），换挡后需重新进行欧姆调零，再测量。 12. 螺旋测微器读数为___________mm、游标卡尺读数为___________mm；多用电表选择开关此时指向直流电流挡，则此时所测电流为___________。 【答案】 ①. 1.745 ②. 41.4 ③. 7.5 【解析】 【详解】[1] 螺旋测微器固定刻度读数为1mm，再加上1mm线后面的半毫米线，读数为1.5mm；活动部分读数在24到25之间，应估计一位，读数为。最终读数结果为 [2] 游标卡尺主尺部分读数为41mm，游标尺有10小格，分度值为0.1mm，游标尺上的第4小格与主尺对齐，读数结果为 [3] 多用电表选择开关此时指向直流电流挡，电表分度值为0.2mA，在本位估计。则所测电流为7.5mA。 13. 如图1所示为某兴趣小组测量电池组的电动势和内阻的实验原理图，已知电池组的电动势约，内阻约。现提供的器材如下： A．电池组 B．电压表（量程，内阻约） C．电压表（量程，内阻约） D．电阻箱（） E．定值电阻 F．定值电阻 G．开关和导线若干 （1）如图1所示，要尽可能精确测量电源的电动势和内阻，电压表V应选择__________（选填“B”或“C”）；定值电阻应选择__________（选填“E”或“F”）。 （2）改变电阻箱的阻值R，记录对应电压表的读数U，作出的图像如图2所示，图线与横、纵坐标轴的截距分别为、a，定值电阻的阻值用表示，则可得该电池组的电动势为__________，内阻为__________（用字母表示）。 【答案】 ①. C ②. E ③. ④. 【解析】 【详解】（1）[1]根据电表的选取原则：电表读数要大于其量程的三分之一，而在选择电压表时最好尽可能的选择最大量程与电源电动势接近的电表，根据题已知，电池组的电动势约为3V，因此在所提供的最大量程分别为10V与3V的两电压表中应选择最大量程为3V的电压表，故选C； [2]该测量电路为串联电路，根据串联分压原理可知，若定值电阻选择过大，则在调节电阻箱的过程中电压表的示数变化不明显，因此为了在调节电阻箱时增强调节的灵敏性，使电压表示数的变化更明显，则应选择阻值小的定值电阻，故选E。 （2）[3][4]根据电路图，由闭合电路欧姆定律可得 整理可得 结合图像可得 ， 解得 ， 四、计算题（本大题共3小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 14. 一带电量的粒子在静电场中由A点运动到B点，在这一过程中，电场力对它做功为。取B点为零电势点，求： （1）A、B两点的电势差； （2）A点的电势。 【答案】（1） （2） 【解析】 【小问1详解】 根据电场力做功与电势差关系可得 则A、B两点的电势差 【小问2详解】 取B点为零电势点，则有 可得 15. 如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极板长L＝80 cm，两板间的距离d＝40cm，电源电动势E＝40V，内电阻r＝1Ω，电阻R=23Ω，闭合开关S，调节滑动变阻器，当滑动变阻器接入电路的阻值=16Ω，待电路稳定后，将一带负电的小球从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度＝4m/s水平向右射入两板间，该小球可视为质点。若小球带电量q＝1×10C，质量为m＝2×10 kg，不考虑空气阻力，电路中的 电压表、电流表均是理想电表。 （g取10 m/s）。求： （1）此时电压表的示数=？ （2）小球在电场运动过程加速度=？ （3）小球离开电场时的侧移量=？ 【答案】（1） ； （2） ；（3） 【解析】 【详解】（1）由闭合电路的欧姆定律 电压表的示数 U=IR滑=1×16V=16V （2）电容器两板间场强 由牛顿第二定律得 Eq-mg=ma 带入数据解得 a=10m/s2 （3）设小球在板间飞行时间为t 16. 如图所示的竖直平面内有范围足够大、水平向左的匀强电场，一绝缘轨道由两段直杆和一半径为R的半圆环组成，固定在纸面所在的竖直平面内，PQ、MN水平且足够长，NMAP段光滑，PQ段粗糙．现在有一质量为m、带电荷量为+q的小环套在MN杆上，它所受电场力为重力的倍。现将小环从M点右侧的D点由静止释放，D点到M点的水平距离x0=。求： （1）小环第一次到达圆弧轨道最高点P时的速度大小； （2）小环第一次通过与O等高的A点时半圆环对小环作用力的大小； （3）若小环与PQ间动摩擦因数为μ（设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等），现将小环移至M点右侧4R处由静止开始释放，通过讨论，求出小环在整个运动过程中克服摩擦力所做功。 【答案】（1）0；（2）；（3）见解析； 【解析】 【详解】（1）小环从D点经M点到P点，由动能定理得 其中 ，x0=得 （2）设小环到A点时的速度为vA，有 在A点由牛顿第二定律得 得 （3）①若，即，小环在PQ上运动到某点速度为零后静止，设距P点距离为x，则 得 则 ②若，最后小环在PD间做往复运动，最终停在P点，则有 得 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 连城一中2025-2026学年上期高二年级月考2物理试卷 满分：100分 考试时间：75分钟 第I卷（选择题，共40分） 一、单项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。） 1. 下列各图的线圈中能产生感应电流的是（　　） A. B. C. D. 2. 如图所示，N匝矩形线圈abcd置于磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向与线圈成角，ab边长，bc边长。通过矩形线圈的磁通量为（　　） A B. C. D. 3. 下列选项对公式认识正确的是（　　） A. 公式，只适用于真空中点电荷产生的电场 B. 公式，只适用于纯电阻电路的电热的计算 C. 由电动势公式可知，电源通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能，非静电力做功本领越强的电源，电动势越大 D. 由公式可知，磁感应强度与电流元所受磁场力大小成正比 4. 如图所示，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，O为半圆弧的圆心，∠MOP＝90°，M、N处各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有方向如图所示的电流，电流强度大小相等，每条长直导线在O点产生的磁感应强度大小均为B0，则在圆心O处的磁感应强度 A. 大小为B0，方向垂直于MN向下 B. 大小为B0，方向垂直于MN向上 C. 大小2B0，方向垂直于MN向下 D. 大小为2B0，方向垂直于MN向左 二、双项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。） 5. 在如图所示电路中，L1、L2、L3是三只小灯泡，电源电动势为E．三只灯泡原来都能发光，当滑动变阻器的滑动触头P向右移动时，对于各灯亮度变化情况，下列判断正确的是 A. L1变暗 B. L2变暗 C. L3变暗 D. L3亮度不变 6. 如图所示，两块较大的平行金属板A、B水平放置并与电源相连，电源的电动势为E，电键S闭合后，两板间有一带电油滴恰好处于静止状态，现将A板向上平移一小段距离．下列说法正确的是 A. 电容器的电容减小 B. 电容器的电压增大 C. 电容器的带电量不变 D. 带电油滴将向上做加速运动 7. 如图a，直线是某电场中的一条电场线。一电子从点由静止释放，只在电场力作用下沿电场线运动到点，此过程中速度随时间变化的图线如图b所示。、B两点的场强分别为、，电子在、两点的电势能分别为、。则下列判断正确的是（　　） A. B. C. D. 8. 图中虚线a、b、c、d代表匀强电场内间距相等的一组等势面已知等势面b的电势为0，一电子经过a时的动能为8eV，从a到c的过程中克服电场力所做的功为4eV，下列说法正确的是（　　） A. 等势面a上电势为－2V B. 该电子经过等势面c时，其电势能为2eV C. 该电子经过等势面a时的速率是经过c时的2倍 D. 该电子可能到达不了等势面d 第II卷（非选择题，共60分） 三、填空、实验题（共24分，考生根据要求作答。） 9. 某电动机线圈电阻为，额定电压，额定电流为，且处于正常工作状态。则电动机的发热功率为___________W，输出功率为___________W。 10. 如图所示，已知电源的内电阻，定值电阻，滑动变阻器的阻值范围为，当滑动变阻器调为___________时，电阻上消耗的功率最大；当滑动变阻器的阻值调为___________时，变阻器上所消耗的功率最大。 11. 某研究性学习小组的成员用多用电表测电阻（Rx），所用多用电表的欧姆挡有×1、四挡，他粗测时用挡，调零后测量时发现指针偏转角度太大，为了获得较为准确的测量值，他的正确做法应该是换用___________挡。 12. 螺旋测微器读数为___________mm、游标卡尺读数为___________mm；多用电表选择开关此时指向直流电流挡，则此时所测电流为___________。 13. 如图1所示为某兴趣小组测量电池组的电动势和内阻的实验原理图，已知电池组的电动势约，内阻约。现提供的器材如下： A．电池组 B．电压表（量程，内阻约） C．电压表（量程，内阻约） D．电阻箱（） E．定值电阻 F．定值电阻 G．开关和导线若干 （1）如图1所示，要尽可能精确测量电源的电动势和内阻，电压表V应选择__________（选填“B”或“C”）；定值电阻应选择__________（选填“E”或“F”）。 （2）改变电阻箱的阻值R，记录对应电压表的读数U，作出的图像如图2所示，图线与横、纵坐标轴的截距分别为、a，定值电阻的阻值用表示，则可得该电池组的电动势为__________，内阻为__________（用字母表示）。 四、计算题（本大题共3小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 14. 一带电量的粒子在静电场中由A点运动到B点，在这一过程中，电场力对它做功为。取B点为零电势点，求： （1）A、B两点的电势差； （2）A点电势。 15. 如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极板长L＝80 cm，两板间的距离d＝40cm，电源电动势E＝40V，内电阻r＝1Ω，电阻R=23Ω，闭合开关S，调节滑动变阻器，当滑动变阻器接入电路的阻值=16Ω，待电路稳定后，将一带负电的小球从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度＝4m/s水平向右射入两板间，该小球可视为质点。若小球带电量q＝1×10C，质量为m＝2×10 kg，不考虑空气阻力，电路中的 电压表、电流表均是理想电表。 （g取10 m/s）。求： （1）此时电压表的示数=？ （2）小球在电场运动过程的加速度=？ （3）小球离开电场时的侧移量=？ 16. 如图所示的竖直平面内有范围足够大、水平向左的匀强电场，一绝缘轨道由两段直杆和一半径为R的半圆环组成，固定在纸面所在的竖直平面内，PQ、MN水平且足够长，NMAP段光滑，PQ段粗糙．现在有一质量为m、带电荷量为+q的小环套在MN杆上，它所受电场力为重力的倍。现将小环从M点右侧的D点由静止释放，D点到M点的水平距离x0=。求： （1）小环第一次到达圆弧轨道最高点P时速度大小； （2）小环第一次通过与O等高的A点时半圆环对小环作用力的大小； （3）若小环与PQ间动摩擦因数为μ（设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等），现将小环移至M点右侧4R处由静止开始释放，通过讨论，求出小环在整个运动过程中克服摩擦力所做的功。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $