周测评(二十四) 阶段检测(六)-【衡水真题密卷】2025-2026学年高一下册物理学科素养周测评（人教版）

2025一2026学年度高一学科素养周测评（二十四） 物理·阶段检测（六） 本试卷总分100分，考试时间40分钟。 一、选择题：本题共6小题，每小题8分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~4题 只有一项符合题目要求，第5、6题有多项符合题目要求。全部选对的得8分，选对但不 全的得4分，有选错的得0分。 题号 1 2 3 4 5 6 答案 1.“中国天眼”通过接收来自宇宙深处的电磁波探索宇宙。关于电磁波，下列说法正确的是（) A.电磁波是横波 B.电场周围一定存在磁场，磁场周围一定存在电场 C.电磁波看不见，不具有能量 D.电磁波频率的高低不影响电磁波的发射 2.我国某款智能手机配备5000mA·h/3.7V锂聚合物电池，88W充电器，充电时可智 能调节充电功率，真正实现了“充电2分钟，待机10小时”。充电测试发现，充电前2分 钟是超级快充模式，充电器输出电压为18V,输出功率稳定在78W左右，随后充电功 率“阶梯式”下降，直至充电结束。下列说法正确的是 () A.电池容量的单位“mA·h”是能量单位 B.电池充满电所储存的能量为6.66×104J C.手机待机功率为0.26W D.电池内阻约为4.15 3.电磁感应的发现使人们对电与磁内在联系的认识更加深入，宣告了电磁学作为一门统 一学科的诞生。小组同学探讨如图所示的情境下的电磁学问题，已知初始状态闭合的 圆形铜质线圈与通电长直导线位于同一平面内，则下列说法正确的是 () A.通过线圈的磁场方向垂直纸面向外 B.若线圈向左平移至导线左侧对称位置的过程中，穿过线圈的磁通量先减小后增加 C.若将线圈平行于导线沿纸面向上移动，线圈中不会产生感应电流 D.若将线圈以直径ab为轴转动，线圈中不会产生感应电流 高一学科素养周测评（二十四）物理第1页（共4页） 真题 所有的胜利，都是有备而来 4.水平放置的平行板电容器C、定值电阻R。、滑动变阻器R、电源E和开关S等元件组成 班级 如图所示电路，闭合S待稳定后，电容器两极板间的带电油滴A恰好保持静止。不考虑 空气阻力和浮力，下列说法正确的是 ( 姓名 ·A 得分 R A.当R接人电路中的阻值变大时，电容器将放电 B.当R接入电路中的阻值变小时，油滴A将向下运动 C.仅换用阻值更大的R。,油滴A将向下运动 D.仅换用阻值更小的R。,油滴A依旧可以保持悬浮状态 5.用电流表和电压表测量电阻的电路如图所示，其中Rz为待测电阻，阻值约为5Ω。电 表内阻影响不可忽略，下列说法中正确的是 A.电流表的示数大于通过R的电流 B.电压表的示数大于R两端的电压 C.更换成内阻更小的电流表，R,的测量值将更接近其真实值 D.更换成内阻更大的电压表，R的测量值将更接近其真实值 6.如图甲所示的电路中，电源的电动势和内阻均恒定，定值电阻R1=1.52,将滑动变阻 器的滑片由α端向b端移动的过程中，根据理想电压表和理想电流表的示数绘制的部 分U-I关系图像如图乙所示（电压表的最大示数为5V),下列说法正确的是(） ↑UV R 00.250.5 匆 A.滑动变阻器的总阻值为20Ω B.电源的电动势为8V C.电源的内阻为22 81 D.移动滑片的过程中，滑动变阻器消耗的最大电功率为6W 密卷 高一学科素养周测评（二十四）物理第2页（共4页） 1 二、非选择题：本题共3小题，共52分。 7.(12分)某同学为了较准确地测量一个未知电阻Rx的阻值，他先用多用电表进行简单 粗测，然后设计电路进行准确测量，他在实验室找到了以下器材： ①多用电表 ②学生电源（电动势E=15V,内阻不计） ③电流表A(量程为00.3A,内阻r1=0.22) ④电压表V1(量程为0~5V,内阻未知) ⑤电压表V2(量程为03V,内阻r2=3k2) ⑥滑动变阻器（最大值为102，允许通过的最大电流为1A) ⑦保护电阻R1=12 ⑧保护电阻R2=20Ω ⑨保护电阻R3=1002 ①开关一个，导线若干 (1)该同学在用多用电表粗测时，首先用欧姆挡“×10”倍率，此时欧姆表的指针偏角很 小，为了减小误差，他在欧姆挡“×1”和“×100”两个倍率中，选择了一个适合的倍 率，将选择开关调换到欧姆挡新的倍率，经重新欧姆调零后，再次测量该待测电阻R 的阻值，此时欧姆表的指针位置如图甲所示，可知待测电阻的阻值约为 2。 电表2 电表1 保护电阻 甲 (2)如图乙所示为该同学设计的准确测量未知电阻R,的电路，请你选择合适的实验器 材将该同学设计的电路补充完整，要求：电表的读数需超过其量程的一半，滑动变阻 器要便于调节。则电路中的实验器材电表1选择 (填“A”“V1”或“V2”); 保护电路的电阻选择 (填“R1”“R2”或“R3”)。 (3)该同学根据设计好的电路进行实验，在某次测量的过程中他记下了电表1的读数为 α，电表2的读数为b,请你用题目中所给的字母写出计算Rx的表达式R= (用 题目所给出的物理量表示)。 (4)若不考虑由电表读数产生的偶然误差，则利用上述(3)中所写的表达式计算出的电 阻Rx= (填“>”“=”或“<”)R真。 8.(20分)某实验小组利用如图所示电路，用两种方法测量光敏电阻的阻值，并研究光敏电 阻的阻值随光照强度的变化规律，实验中用到的电流表、电压表量程合适，滑动变阻器、 电阻箱阻值范围足够大，实验操作步骤如下： 高一学科素养周测评（二十四）物理第3页（共4页） 真题空 光控室 光敏电阻 S,61 02 A (1)调整光控室的光照强度为某一定值，将单刀双掷开关S2扳到1，电阻箱的阻值调到 最大，闭合开关S之前，将滑动变阻器的滑片滑到 （填“a”或“b”)端。 (2)方法一：调节滑动变阻器的滑片，使电流表的指针大角度偏转到某个示数I。；将单刀 双掷开关S2扳到2，保持滑片位置不变，调节电阻箱，使电流表的示数仍为I。,记录 此时电阻箱的示数R。,则在该光照强度下，光敏电阻的阻值为 (用题中所给 物理量符号表示)。 方法二：将开关S2扳到1，调节滑动变阻器的滑片到某一位置，记录此时的电压表和 电流表的示数分别为U、I,则此时光敏电阻阻值的测量值为 ,该测量值与 真实值相比 (填“偏大”或“偏小”)。若已知电流表的内电阻为RA,则光敏电 阻阻值的真实值为 (用题中所给物理量符号表示)。通过两种方法测量不 同光照强度下光敏电阻的阻值，即可进一步得到光敏电阻的阻值随光照强度变化的 规律。 9.(20分)在“练习使用多用电表”实验中，所用多用电表如图甲所示。 (1)某次实验中，小明首先把选择开关置于欧姆挡“×10”倍率挡处，将红黑表笔短接进 行欧姆调零，需要旋动 (填“A”“B”或“C”)旋钮，使指针指在右端的零刻度；然 后将红黑表笔接触待测电阻两端，发现指针偏转角度过大，因此需选择（填 “×1”或“×100”)倍率的欧姆挡，并需 (填操作过程)后，再次进行测量。 红表笔 黑表笔 分 (2)如图乙所示为某指针式多用电表欧姆挡的原理图，电源电压为1.5V,电流表可以测 量的最大电流I。=300uA。使用时先将红、黑表笔短接，调节R使电流表的示数 为1，：若在红、黑表笔间接入一个待测电阻R,时，电流表的示数变为1，则R,的 阻值为 Ω；若电源用久后，电动势变为1.35V,该表还可以正常欧姆调零，继 续使用该表测量待测电阻时，则电阻的测量值（填“大于”“等于”或“小于”）真 实值。 卷 高一学科素养周测评（二十四）物理第4页（共4页）·物理· 2025一2026学年度高一学科素养周测 一、选择题 1.A【解析】电磁波是横波，A正确；变化的电场 周围一定存在磁场，变化的磁场周围一定存在电 场，B错误；电磁波看不见，但具有能量，C错误； 电磁波频率越高，电磁波越容易发射，D错误。 2.B【解析】根据q=It可知，mA·h是电荷量的 单位，A错误；电池充满电所储存的能量等于电 池放电时电流做的功W=It·U=5000mA·h× 3.7V=6.66×104J,B正确；“充电2分钟，待机10 小时”，充电器输出的能量E2=Pt克=78WX2X 60s=9360J,若能量全部储存在电池中，则待机 E29360J 功率P4=:#=10X36005=0.26W,由于电 池储存的能量小于充电器输出能量，C错误；由输 出功率和输出电压，可计算输出电流1=一 8A13 78 一3A,由于电池为非纯电阻元件，不适用 欧姆定律，不能用公式R= 二0=4.150求电阻， D错误。 3.C【解析】由右手螺旋定则可知，通过线圈的磁 场方向垂直纸面向里，A错误：线圈向左平移至 导线左侧的过程中，穿过线圈的磁通量先增大再 减小，之后再增加再减小，B错误；若将线圈平行 于导线沿纸面向上移动，则穿过线圈的磁通量不 变，线圈中不会产生感应电流，C正确；若将线圈 以直径ab为轴转动，则穿过线圈的磁通量发生 变化，线圈中产生感应电流，D错误。 4.A【解析】滑动变阻器R和定值电阻R。串联， 所以当R接入电路中的阻值变大时，电路中的总 电阻变大，根据闭合电路欧姆定律得I一R十R。, E 可知电路中的总电流变小，根据欧姆定律得U。= IR。,电阻R。两端的电压变小，电容器与电阻R 并联，所以电容器两端的电压减小，根据Q= CU,可知电容器所带电荷量会减少，电容器会放 电，A正确；同理，当R接入电路中的阻值变小 时，电路中总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律 E 得I=R十R。,可知电路中的总电流变大，根据欧 姆定律得U=IR。,电阻R。两端的电压变大，电 容器与电阻R。并联，所以电容器两端的电压变 大，根据E=可知，电容器两极板间的电场强 ·19 参考答案及解析 评（二十四）物理·阶段检测（六） 度变大，因为油滴A开始时受到的重力和电场力 平衡，当电场强度增大后，根据F=Eq,可知油滴 受到的电场力增大，所以油滴向上运动，B错误； 仅换用阻值更大的R。,电路中总电阻增大，根据 E 闭合电路欧姆定律得I一R十R。,可知电路中的 总电流变小，根据闭合电路欧姆定律得U。=E一 IR,电阻R。两端的电压变大，电容器与电阻R 并联，所以电容器两端的电压变大，根据E=门 可知，电容器两极板间的电场强度变大，因为油 滴A开始时受到的重力和电场力平衡，当电场强 度增大后，根据F=Eq,可知油滴受到的电场力 增大，所以油滴向上运动，C错误；仅换用阻值更 小的R。,电路中总电阻变小，根据闭合电路欧姆 E 定律得I一R十R。,可知电路中的总电流变大，根 据闭合电路欧姆定律得U。=E一IR,电阻R。两 端的电压变小，电容器与电阻R。并联，所以电容 U 器两端的电压变小，根据E=,可知电容器两 极板间的电场强度变小，因为油滴A开始时受到 的重力和电场力平衡，当电场强度变小后，根据 F=Eq,可知油滴受到的电场力变小，所以油滴 向下运动，D错误。 5.AD【解析】由于电压表的分流影响，导致电流 表的示数大于通过Rx的电流，A正确；电压表与 待测电阻并联，可知电压表的示数等于Rx两端 的电压，B错误；测量电路采用电流表外接法，由 于电压表的分流影响导致测量电流偏大，此误差 来源与电流表无关，C错误；图中测量误差在于电 压表的分流影响，为了减小误差，可以更换成内 阻更大的电压表，减小电压表分流，使得R,的测 量值将更接近其真实值，D正确。 6.AD【解析】设滑动变阻器的滑片P左侧部分电 阻为R。,右侧部分电阻为R,两部分为并联关系， 滑片P由a端向b端移动的过程中，当R。=Rb 时，并联部分的电阻最大，电压表示数最大，根据 题图乙可知此时电压表示数U1=5V,千路中的 电流为电流表示数的2倍，即此时I1=1A,根据 闭合电路欧姆定律有E=U1十I1·(R1十r),此 _=100,滑动变阻器的总阻值为 时R。=R,=工。 202,A正确；当电压表示数U2=4V时，电流表 1 真题密卷 示数1=0.25A,此时R=16Q,R=40,通 过R。的电流I。=R。 2 =1A,根据闭合电路欧姆 定律有E=U2+(I十I6)(R1十r),结合前式可 以解得E=9V,r=2.52,B、C错误；根据题意 可知移动滑片的过程中，滑动变阻器消耗的最大 E281 电功率Pm4R1十r)-i6W,D正确。 二、非选择题 7.(1)1700(2分)(2)V2(2分)R2(2分)(3) b-a)r(4分)(4)=(2分) a 【解析】(1)首先用欧姆挡“×10”倍率，此时欧姆 表的指针偏角很小，说明待测电阻阻值较大，为 了减小误差，应换用“X100”倍率，由题图甲可知， 待测电阻的阻值约为17.0×1002=17002。 (2)根据题图乙，结合欧姆定律可估算通过电阻的 最大电流1R=1700A0.0029A,可知电流 表量程过大，由于电压表V2的内阻已知，可以将 电压表V2作电流表使用，电压表V1用于测量总 电压，即电表1选择V2;根据串联电阻电压的分 配原则，保证滑动变阻器要便于调节，定值电阻 R2与滑动变阻器最大电阻相当，即保护电路的电 阻选择R2。 (3)根据串联分压原理可知，电阻R,两端的电压 U,=b-a,通过电阻R.的电流L,=I2=a,则 _U._(b-a)r2 待测电阻的阻值R:一： a (④)根据(3)中待测电阻表达式R,=6一a)r严可 a 知，电表示数和内阻2都是真实值，则计算出的 电阻Rz=R真。 2025一2026学年度高一学科素养周 一、选择题 1.C【解析】题图甲中，物体A将弹簧压缩的过程 中，弹簧弹力对A做负功，A机械能不守恒，物体 A与弹簧组成的系统机械能守恒，A错误；题图 乙中，物体B沿固定斜面匀速下滑，则B受到摩 擦力的作用，物体B机械能在减少，B错误；题图 丙中，不计任何阻力和定滑轮质量时A加速下 落，B加速上升过程中，A、B系统只有重力和弹 ·2( 学科素养周测评 U 8.(1)b(4分)(2)R(4分)7(4分)偏大(4 分号-R,4分 【解析】(1)为保证电路中各元件的安全，闭合千 路开关之前需先将滑动变阻器的阻值调到最大， 故滑片应在b端。 (2)方法一为等效法测电阻，由等效法原理可知， 光敏电阻的阻值与电阻箱连入电路的阻值相等， 故为R。。方法二为伏安法测电阻，且为电流表内 接法，此时光敏电阻的测量值为二，但该结果应 为光敏电阻与电流表内阻之和，所以与真实值相 比偏大；若求解其真实值，应将该结果中电流表 的内阻减去，故而其真实值为)一RA。 9.(1)A(4分)×1(4分)欧姆调零(4分) (2)5×103(4分)大于(4分) 【解析】(1)某次实验中，小明首先把选择开关置 于欧姆挡“×10”倍率挡处，将红黑表笔短接进行 欧姆调零，需要旋动A旋钮，使指针指在右端的 零刻度；然后将红黑表笔接触待测电阻两端，发 现指针偏转角度过大，说明倍率挡选择过高，因 此需选择X1倍率的欧姆挡，并需再次欧姆调零 后，再次进行测量。 E1. E (2)由题意可知1，=及方，21，=R为十R,解 得R.=5×102;若电源用久后，电动势变小，则 E E' 根据I:=R可知RA偏小，I=RR IRR可知I偏小，则电阻测量值 R内十Rx 1十RA 偏大。 测评（二十五）物理·阶段检测（七） 力做功，A、B系统机械能守恒，C正确；题图丁 中，小球沿水平面做匀速圆锥摆运动时，小球的 动能和势能都不变，故机械能守恒，D错误。 2.C【解析】在静电场中，等差等势线的疏密程度 反映电场强度的大小，题图中a点和d点的等差 等势线的疏密程度不同，所以两点的电场强度不 同；C点的等差等势线相对最密集，故c,点的电场 强度最大，A、B错误，C正确；根据题目条件，由