福建省厦门第六中学2025-2026学年高三上学期第三阶段检测物理试卷

厦门六中2025-2026学年高三年上学期第三阶段检测 物理试卷 本试卷满分100分考试时间75分钟命题老师：郑金志审核老师：爱仁定、黄希百 一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中， 只有一项是符合题目要求的。 ()1.如图甲所示为C振荡电路，图乙为该电路中振荡电流i随时间1的变化图像，规定图甲中 电流方向为正方向，关于该振荡过程，下列说法正确的是 A.状态a到状态b过程中，电容器的电量在减小 B.状态b到状态c过程中，自感线圈L的自感电动势在变小 C.状态d点时刻，电容器C的上极板带正电，下极板带负电 D.若仅增大电容器C的电容值，该LC振荡电路的周期会减小 ()2.急行跳远作为一项需要技巧和体力的运动，要求运动员拥有出色的跳跃能力和掌握正确的动作 要领。比赛中，某运动员经历助跑、起跳、腾空、落地四个阶段，如图所示，忽略空气阻力，若保持每次 起跳速率不变，下列说法正确的是 A.腾空最高点，运动员速度为零 B。.从起跳至落地，运动员所受重力的冲量为零 C.腾空上升和下降阶段，相同时间内速度变化量相同 D.起跳速度与水平方向的夹角越大，跳跃水平距离越远 ()3.在天文学研究中，科学家通过引力波探测器观测到一个双星系统，该系统由两颗恒星组成， 质量分别为m1和m2,它们围绕共同的中心做匀速圆周运动。已知两颗恒星之间的距离为L,引力常量为G。 根据最新的观测数据，科学家发现该双星系统的运动周期T与两颗恒星的质量和距离之间存在某种关系。 此外，该双星系统的轨道偏心率很小，可以近似为圆轨道。关于该双星系统，下列说法正确的是 A.两颗恒星所受的向心力大小不相等 B.该双星系统的质量比m1/m2越大，两颗恒星的轨道半径比r1/r2也越大 C.两颗恒星的运动周期T与V下成反比，与√(m1+m2)成正比 D.研究发现该双星系统会通过引力波辐射损失能量，则该双星系统的距离L会逐渐减小， 运动周期T也会逐渐减小 ()4.如图所示，边长为0.8m的立方体的底面中心处有一点状放射源S,可在abc0平面内向各个 方向发射比荷为q/m=5.0×107C/kg的带正电的粒子，所有带电粒子的速率均为v=5.0×106m/5。 现给立方体内施加竖直向上的匀强磁场B,使所有该种粒子恰好能束缚在正方形bcO区域内， 再在正方体内施加竖直向上的匀强电场，使所有粒子刚好都能从上表面中心P离开，不计粒子重力及 粒子间的作用力，下列说法正确的是 A.粒子从S点到P点过程中速度大小不变 B.匀强磁场的磁感应强度B=1T C.在电场强度为某一可能值的情况下，所有粒子在立方体内运动时间均不同 D.所加匀强电场的电场强度E的最大值为x10V/m 二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。每小题有两项符合题目要求， 全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 高三上学期第三阶段检测物理试卷.1 (）5。如图所示，一辆货车运载者圆柱形光滑的空油桶，在车厢底，一层油桶平整排列，相互紧贴开 被牢牢固定，上一层只有一只质量为m的桶C,自由地摆放在桶A、B之间，没有用绳索固定，桶的大小都 一样。桶C受到桶A和桶B的支持，和汽车保持相对静止一起运动，重力加速度为g。下列说法正确的是 A.若货车匀速向左运动，则A对C的弹力大小为√3mg/3 B. 若货车匀速向左运动，则A对C的弹力大小为√3mg/2 C.若货车向左减速运动，则B对C的支持力不可能为0 D.若货车向左加速运动，则货车的加速度大小可以为W3g/3 （)6.如图甲所示，正方形线圈ABCD的边长为a、匝数为W,电阻忽略不计。线图置于匀强磁场中， 且绕垂直于磁感线的转轴00转动。理想变压器原、副线圈的匝数比n1:2=1:2,电路中四只小灯泡完全 相同且电阻恒定，电压表为理想电压表，若线图ABCD以恒定角速度转动，闭合开关S后，四只小灯泡都能 发光，发电机的输出电压随时间变化如图乙所示，乙图中的峰值为U,下列说法正确的是 A.甲图中线圈ABCD处于图示位置时， 灯L的电流方向发生改变 B.匀强磁场的磁感应强度大小为U/5πNa2 C.开关S闭合时，则电压表的示数为6U/11 D.若断开开关S,则L1和L2均变暗、L3变亮 ()7.两波源产生的简谐横波在同一均匀介质中沿x轴方向传播，其波源初始的平衡位盟分别位于 x=一0.2m和x=1.2m处，左侧波源的振幅为2cm,右侧波源的振幅为3cm,两波源的振动频率均为1Hz。 如图所示为t=0时刻的波形图（背向传播的波形未画出），此时平衡位置分别位于x=0.2m和x=08m 处的两质点刚要开始振动。下列说法正确的是 ◆y/cm A.两列波在介质中传播的速度大小为0.2m/s B.足够长时间后，在两波源连线之间共有7个振动加强点 C.平衡位置位于x=0.7m处的质点在t=2.6s时沿y轴正方向振动 D.在0~6.125s内平衡位置位于x=0.4m处的质点运动的 路程为(104+5√2/2)cm ()8。如图为某粒子分析器的工作原理图。粒子源O中有大量质量为m、电荷量为q的正粒子， 粒子从O处由静止开始经电场加速后，沿通道中心经过静电分析器，接着恰好从A点沿着AB方向进入 磁分析器ABCD。已知加速电场的电压为U,圆弧形静电分析器通道内存在均匀辐射电场，通道中心是 半径为R的圆弧，圆弧上各点电场强度大小均为E(未知)，磁分析器中有垂直纸面向外的有界匀强磁场， 磁感应强度大小为B，磁场空间还存在着一种黏性介质，使得粒子运动时受到与速度大小成正比、 方向相反的阻力乒v。粒子速度第一次与进入磁场时的初速度方向相反时在F点，AF与AD夹角为O。 不计粒子重力，下列说法正确的是 B。。●。● A.若要粒子能顺利沿静电分析器通道中心到达A点， ● 则电场强度E=2U/R B.若仅改变粒子质量，则粒子将不能通过静电分析器 R C.0与k的关系满足tan0-qB D.最终停下的点到AD的距离为2msin8cos0 B回 静电分析器 B q 加速也场 三、非选择题：共60分，其中9-11题为填空题，12-13为实验题，1416题为计算题。 考生根据要求作答。 9。如图所示，竖直方向的弹簧振子在做简谐振动，当小球A运动到最高点时， 弹簧刚好处于原长，此时由静止释放小球B,当小球A向下第一次运动到最低点时， 小球B下落的高度为h,重力加速度为g,不计空气阻力。则小球A振动的 周期T= 小球A在最低点的加速度大小等于 高三上学期第三阶段检测物理试卷.2 10.如图，一个直角三棱镜放置在空气中，一束含有α、b两种光的复色光垂直 AB边射入三棱镜，在AC边时入射角为30°，a光恰好发生全反射，b光的折射角 复色光 为60°，则a、b两种光在棱镜中折射率之比为；用a、b两种单色光分别通过 同一双缝干涉装置获得的干涉图样中，（选填“α”或“b”)光条纹间距较大。 11.竖直面内悬吊的光滑绝缘水平杆上有A、O、B三点，以O点为 坐标原点、向右为正方向建立x轴，A点坐标为一d,B点坐标为d,如图甲 所示。A、B两点间沿x轴的电势变化如图乙所示，左侧图线为一条倾斜 线段，右侧为抛物线，现将套在杆上的带电量大小为q的圆环从A点由静止 释放（忽略带电圆环形成电场的影响）后，圆环向右运动，已知圆环的质量 为m,可视为点电荷。圆环从A到B向右运动过程中最大速度为： 在AO段的运动时间（选填“>”、“<”或“=”）在OB段的运动时间。 12.某探究小组设计了图甲所示的装置来研究平抛运动的 规律。在水平实验桌的右端边缘固定一个光电门，轻质弹簧一端 实验桌 光电门 固定在桌面的挡板上。与水平面的夹角为30°的倾斜固定长木板的 上端和桌面等高，木板紧挨着桌面且弹簧对着木板的中央。 用小钢球压缩弹簧，然后由静止释放，小钢球以某一水平初速度 从桌面抛出，落在倾斜长木板上，标记出落点的位置。重力加速度 大小为g,请回答下列问题： (1)如图乙，游标卡尺测得小钢球的直径d= cm, 若某次光电门记录到小钢球挡光时间为。，则小钢球水平抛出的 H山 0510 速度vo= (结果用to、d表示)。 D (2)改变小钢球压缩弹簧的形变量，获得多组挡光时间t和抛出点、落点间的距离L的数据， 以L为纵坐标，1/2为横坐标作图，得到一条过原点的直线，若斜率k=」 (结果用g、d表示)， 则说明平抛运动在水平方向上做匀速直线运动、竖直方向上做自由落体运动。 13.某同学对航天飞机上使用的由特殊材料制作的电阻进行阻值的测量， 其形状为圆柱体，实验室现提供以下器材： A.电流表A1(量程0-50mA,内阻1=20n) B.电流表A2(量程0~80mA,内阻r2=10n) C.滑动变阻器R1(0~102,2A) D.定值电阻(R2=80n) E.定值电阻(R3=10n) ↑I/10mA F.待测电阻Rx(电阻大约为302) 4 G.直流电源E（电动势为4V,内阻不计) H.开关一只，导线若干 L/10mA 10 实验步骤如下： α.根据如图甲所示的实验电路将实验器材连接起来： è b. 闭合开关S,改变滑动变阻器得到多组电流表A1及电流表A2的读数1、12，并将其记录下来； c,将记录的数据描绘在以11为纵轴、2为横轴的坐标系中，得到如图乙所示的11一2图像： d.利用11一2图像得到待测电阻的阻值。 请回答下列问题： (I)图甲中M处器材应选取；N处器材应选取：（用器材前的序号字母表示)： (2)由图乙知，Rx= 2(结果保留三位有效数字)： (3)在图乙中，测量电阻时得到的阻值与真实值相比，测量值填“大于等于”或“小于)真实值。 高三上学期第三阶段检测物理试卷.3 4开 14、如图所示，质量为m=0.2kg的小物块从平台的右端A点以速度o=3m/s水平飞出后， 恰由P点沿切线方向进入竖直圆轨道，并刚好通过轨道最高点M飞出。已知圆轨道半径R=0.5m, 國心为0，N点为轨道最低点，∠P0N=53°，重力加速度g=10m/s2,sin53=0.8,cos53=0.6,求： (I)小物块在P点的瞬时速度大小vp: (2)小物块通过M点的瞬时速度大小vM: (3)小物块在圆轨道上运动的过程中摩擦力对它做的功W。 格 777777/ 7777777 15.如图所示，两足够长的光滑平行金属导轨倾斜放置，倾角0=30°，两导轨间距L=1m,导轨电阻 不计。导轨所在空间存在垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小B=1T。两金属杆ab、cd垂直 置于导轨上并与导轨良好接触，质量分别为m1=2kg、m2=1kg,电阻均为R=0.1n。初始t=0时刻 两金属杆相距so=2m,金属杆cd沿导轨向上运动的初速度大小为vo=15ms,金属杆ab初速度为0且 始终受到沿导轨向上的恒力F=15N作用。己知当t=1s时两杆相距最近，重力加速度为g=10m/s2。 (1)求两金属杆相距最近时共同的速度大小： (2)求0~1s内通过cd杆的电荷量q: (3)求0~1s内cd杆上产生的焦耳热Qcd。 16.如图所示，与水平方向成0=37°角的足够长绝缘固定斜面底端0点固定一块与斜面垂直的挡板， 整个空间存在平行斜面向下的匀强电场，场强大小E=m9。斜面上一个质量为Km(K>0)的不带电 5q 绝缘滑块静止在距离斜面底端3L的A点，滑块与斜面间的动摩擦因数μ=0.75。将一个质量为m 带电量为+q的光滑小球从斜面A点上方L处的B点由静止释放，小球向下运动，与滑块发生弹性碰撞， 碰撞时间极短，碰撞过程中无电荷转移。滑块碰挡板后立刻静止在挡板处。已知重力加速度为9， sin37°=0.6，c0s37°=0.8，滑块与小球均视为质点。求： (1)若K=3,求小球与滑块发生第一次碰撞后两者的速度大小： (②)若K=3,求小球与滑块发生第二次碰撞前（滑块未碰挡板）小球与滑块之间的最大距离： (③)试分析小球与滑块在第一次碰撞与第二次碰撞之间的运动过程中，小球电势能的变化量。 E 0 心，一个且用三棱镜放置在穴左 AB边射入二林 厦门六中2025-2026学年高三年上学期第三阶段检测 物理试卷参考答案 1.B A.在LC振荡电路a到b过程中，电流在减小，说明电容器正在充电，电量在增大，故A错误； B.根据E=L△I/△t可知，电流随时间的变化率在减小时，自感电动势在变小，故B正确； C.状态d之后，电流增大，说明电容器正在放电，电流为正方向，则C的上极板带负电，故C错误： D.根据LC振荡电路周期公式T=2π√LC,可知C增大，T增大，故D错误。 2.C A。腾空最高点，运动员具有水平方向的速度，故A错误； B.根据冲量定义式，lc=mg·t≠0，故B错误： C.运动员在空中只受重力，根据△v=g△t可知，相同时间内速度变化量相同，故C正确： D.设速度与水平方向的夹角为0，跳跃时间t=2vsin8/g水平位移x=vcos8·t=v2sin29/g 故起跳速度与水平方向夹角为45时，跳跃水平距离最远，故D错误。 3.D A.两颗恒星之间的万有引力提供向心力，牛顿第三定律，两颗恒星所受的向心力大小相等，A错误： B.两颗恒星之间的万有引力提供向心力，则有Gm1m2/L2=m1ω2r=m 解得m1/m2=r2/m1若质量比m1/m2增大，则i/m2减小，故B错误： C.两颗恒星之间的万有引力提供向心力，则有Gm严=m(）)°n又根据器=兴方+2=儿 2 r2 m1 联立解得双星系统的运动周期公式为T=2π√/Gm1+m2) 故C错误； D.双星系统通过引力波辐射损失能量，导致轨道收缩，距离L减小， 根据周期公式T=2π√/G(m1+m2) 可知L减小时T也减小，故D正确。 4.D A.加上电场后，所有粒子在水平方向仍做匀速圆周运动，竖直方向做匀加速直线运动， 所以粒子从S点到P点过程中合速度一直增大，A错误； B.运动半径r=0.2m则qvB=mv2/r解得B=0.5T,B错误； C.在电场强度为某一可能值的情况下，竖直方向上所有粒子均做匀加速直线运动， 所以其在立方体内运动时间均相同，C错误： D. 粒子做圆周运动的周期T=2m/qB=8π×10-8s 要使所有粒子刚好都能从上表面中心P离开，所用时间一定为周期的整数倍，电场强度E有最大 值时，粒子的运动时间最短一个周期， L=唱()2可得En=V/m,D正确. 5.AD AB.当车辆匀速时，对C进行受力分析得2Fcos30°=mg解得F=√3mg/3,A正确，B错误 CD. 向左减速时，若加速度大小为V3g/3,此时C只受重力和A的支持力，B对C的支持力为零。 向左加速时，若A对C支持力为零此时C只受重力和B的支持力， 则加速度大小为3g/3,C错误，D正确。 6.BD A.甲图中线圈ABCD处于图示位置时，此时刻线圈平面与中性面垂直，电流方向不改变，A错误： B.由图知T=0.4s,发电机峰值电压U=NBSw,w=2π/T=5rad/S, 匀强磁场的磁感应强度大小为U/5πNa2,B正确； C.假设每个小灯泡的电阻是R,当开关闭合时，R刷=R岩=4R+号=是=长，=hR 高三上学期第三阶段检测物理试卷.5 一w分7) 联立可得，电压表的示数为U2=3V2U/11,C错误： D.若断开开关S,副线圈总电阻变大，原线困及副线圈的电流均变小，则L变暗，2变蹄，由于原线 圈的电流变小，原线圈的电压变大，且副线图的电压也变大，又L2的电乐变小，则L,的电压变大， L3将变亮，D正确。 7.BC A.由图可知，这两列波的波长为1=0.4m,周期T=1/f=1s 由v=1/T可得两列波在介质中传播的速度大小为v=1/T=0.4m/s,故A错误： B.振动加强条件：路程差满足I(x+0.2m)-(1.2m-x=n1(n=0,1,2,3,…)时为振动加强点， 解得x=-0.1m,0.1m,0.3m,0.5m,0.7m,0.9m,1.1m共7个振动加强点，故B正确： C.左右两列波传到x=0.7m所孺时间分别为t1=1.25s,t2=0.25s 故在t=2.6s时，两列波使该处质点已经振动的时间分别为t3=2.6s-1.25s=1.355=T+035s, t4=2.6s-0.25s=2.35s=2T+0.35s可知两列波在该点均沿y轴正方向振动， 则位于x=0.7处的质点在t=2.6s时沿y轴正方向振动，故C正确： D.x=0.4m处质点的波程差为△s=0.2m=/2则该点为振动的减弱点。 0~0.5s:左波未传到，质点静止： 0.5~1s:左波单独振动（振幅2cm),路程为s1=2A=4cm 1s~6.125s:两波叠加（减弱点），振幅A'=lA1-A2l=1cm 振动时间△t=6.125s-1s=5.125s 该时间段质点运动的路程为s2=5×4A'+A'sinr/4=(20+V2/2)cm 在0~6.125s内x=0.4m处的质点运动的路程为s=S1+S2=(24+V2/2)cm,D错误。 8.AD A.电场中加速过程有qU=mv2静电分析器内做匀速圆周运动有qE=mv2/R 联立解得E=2U/R,故A正确： B。只要满足E=2U/R,粒子做匀速圆周运动就能通过静电分析器，与粒子的质量无关，故B错误： C.粒子在磁分析器中运动时，速度第一次与初速度方向相反时在F点，有tan8=y/x 水平方向的速度变化为零，由动量定理qyyB·t一kvx·t=0即qBy=kx 联立可得k=qBtan0,故C错误： D.对粒子在磁分析器中运动到最终停下的全过程分析， 在竖直方向由动量定理-ky·t'一qBvx·t'=0一mv 可得ky'+qBx'=mv 水平方向的速度变化为零，由动量定理qyyB·t'一kvz·t'=0 即有qBy'=kx' 代入初速度知，可得最终停下的点到AD的距离为y=是m sin0cos8,故D正确。 Bq 9. 2悟 根据题意T/2=√2h/g解得T=2√2h/g: 小球运动到最高点时加速度最大，此时弹簧弹力为零，由mg=ma得a=g,方向竖直向下。 由简谐运动的对称性，小球A在最低点的加速度大小与最高点加速度大小相等， 故球A在最低点的加速度大小等于g。 10. 2:√3 b 光在AC界面处的入射角都是30o,则a的临界角恰好为30，则na=1/sin30°=2 可知nb=sin60°/sin30°=√3则a、b两种光在棱镜中折射率之比为na:nb=2:√3 由于b的折射率小，则b的波长大。由4x=LM/d 可知，用α、b两种单色光分别通过同一双缝干涉装置获得的干涉图样中，b光条纹间距较大。 高三上学期第三阶段检测物理试卷.6 11. Zqpo m 由图乙可知，A0之间电场线方向是O指向A,0B之间的电场线方向是O指向B: 圆环由A点向右运动，所以圆环带负电： 圆环从A到B的运动过程中，运动到O点时的速度最大（过了O点，电场反向，圆环将减速）， 根据动能定理qpo=mv哈解得m=√2qpo/m 根据即一x图像的斜率表示场强的大小， 根据图乙可知，从O到B电场逐渐变大，圆环受到的合力 即电场力逐渐变大，所以圆环的加速度变大。 圆环向右运动的过程中，在A0段做匀加速直线运动， OB段做加速度逐渐增大的减速运动，速度-时间图像如图所示； 由速度-时间图像可得AO段的平均速度小于OB段，两段的距离相等， 所以在AO段的运动时间大于在OB段的运动时间。 12.(1)2.26 to (2)， (1)小钢球的直径d=22mm+0.1×6mm=22.6mm=2.26cm 小钢球水平抛出的速度o=d/to (2)探索光电门记录的挡光时间t和P、Q间的距离L的关系，来研究平抛运动， 则有v=d/t,Lsin30°=9t12,Lcos30°=vo5联立可得L=4d2/3 可知若斜率为4d2/3g,就说明平抛运动的水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动。 13.(1)DE(2)33.3 (3)等于 (1)由电动势E=4V可知电压表量程约为4V,可选电流表A1与定值电阻R2串联改装， 改装后的最大量程为U=1g1(1+R2)=5V 即M处器材应选取D: 电路中的最大电流约为1m=E/Rx≈133mA 可选电流表A2与定值电阻R3并联改装， 改装后的量程为1=lg2+12r2/R3=160mA 即N处器材应选取E。 (2)由欧姆定律知可得1(1+R2)=[2(1+2/R3)-1]Rx 贴=b==品器久斜率靴=器=05 解得Rx≈33.3n (3)由于在计算通过R的电流时，电流表内阻已知，已经考虑了改装电压表的分流作用， 因此R,的测量值等于真实值。 14.(1)pp=5m/s (2)VM =V5m/s 3)W=-0.4J (1)小物块进入轨道时，刚好沿P点切线进入，可知cos53°=vo/p 解得vp=5m/s (3分) (2)由题意可知，小物块恰好从M点飞出，对小物块在M点受力分析，可得mg=m竖 R 解得vM=√5m/s (3分) (3)小物块从P到M的过程，应用动能定理，可得-mgR(1+cos53)+W=m?-mv呢 解得W=-0.4 3分) 高三上学期第三阶段检测物理试卷.7 15.(1)5ms(2)5C(3)35J (1)沿斜面方向，由于系统所受合外力F=F-(m1+m2)gsin8=0 由动量守恒定律可得m2'o=(m1+m2)v 解得v=5m/s (4分) (2)0-ls内对cd杆，由动量定理得-BL·t-m2gsin9.t=m2v-m2'o 解得g=i.t=5C (3分) (3)0-ls内，令ab杆沿斜面向上运动的位移为sb,cd杆沿斜面向.上运动的位移为scd, 由于q=1t=景t=架=4可得a-5aw=1m 2R 2R 由能量守恒与转化得F,sab+(m2哈-(m+mz2)加2）=m1 gsine8·sab+m2gsin9·sca+Q 则0-1s内cd杆上产生的焦耳热为Qcd=Q/2=35) (5分) 16.(au1=-匹，2=受2L③K≤时减了mglK>时减少了 (1)对小球由牛顿第二定律有mgsin8+qE=ma解得a=g 由运动学公式有6=2gL解得0=√2g配 由动量守恒定律mvo=mv1十Kmv2 能量守恒定律有mv6=m好+Kmv吃 解得，=需0，=设若K=3,则有=-哑，2=受 (6分) (2)小球与滑块发生第二次碰撞前（滑块未碰挡板），当两者速度相等时，之间的距离最大， 对滑块有Kmgsin8=2Kmg=Kmgcos8 可知，滑块碰撞之后沿斜面向下做匀速直线运动， 则有1+gt=2解得t=√2L/g 则小球与滑块之间的最大距离为△x=2t-”2t=L (4分) (3)第一次到第二次碰推有m=4t+2解得：=号=2图 若滑块恰好滑到挡板处，则有v2t=3L解得v2=30/4可得此时K=5/3 则当K≤5/3时，第二次在挡板处碰撞电场力对小球做功为W1=qB·3L=mgL 即小球的电势能减少了mgL: 当K>53时，小球沿向下移动x=以=0号==兴(K>) 电场力对小球做功为w2=9x=瓷胎(K>引) 即小球的电势能减少了器(K>引 6分) 高三上学期第三阶段检测物理试卷.8