2026届贵州省铜仁市第二中学高三上学期模拟预测物理试题（一）

2026届铜仁市第二中学高三模拟检测物理试卷（一） 命题学校：铜仁市第二中学 注意事项: 1.答题前，考生先将自己的姓名、班级、考场号/座位号填写在答题卡上，如有条形码，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡的指定位置上. 2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案的标号；非选择题答案使用0.5毫米黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整，笔迹清楚。 3.请按照题号在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效。 一、单选题：本大题共7小题，共28分。 1.如图所示，一根绝缘轻弹簧左端固定在绝缘的竖直挡板上，弹簧自然伸长时右端位于点。用一根不可伸长的绝缘轻绳，通过轻质光滑定滑轮连接带电物块视为点电荷和不带电物块，物块所带的电荷量为，物块与水平面间的动摩擦因数，整个空间存在水平向左的匀强电场，场强已知，，，物块和的质量均为，现将物块从图中点静止释放，能向左运动并压缩弹簧到最短的位置点，与滑轮之间的轻绳始终与水平面平行，不计空气阻力及弹簧与水平面间的摩擦，重力加速度为，整个过程中，滑轮右边的轻绳始终处于伸直状态，则(    ) A. 物块从点运动至点的过程中，轻绳对物块的拉力大小为 B. 物块从点运动至点的过程中，系统机械能增加 C. 物块运动至点时的动能为 D. 运动过程中弹簧的最大弹性势能为 2.年月日，如图所示为鹊桥二号中继星成功发射升空，为嫦娥六号在月球背面的探月任务提供地月间中继通讯。鹊桥二号采用周期为的环月椭圆冻结轨道，近月点距月心约为，远月点距月心约为，为椭圆轨道的短轴，下列说法正确的是(    ) A. 鹊桥二号从经到的运动时间小于 B. 鹊桥二号在、两点的加速度大小之比约为： C. 根据题中和图中的信息可以求出鹊桥二号的质量 D. 鹊桥二号在地球表面附近的发射速度大于 3.以下实验中，说法正确的是(    ) A. “测定玻璃折射率”的实验中，入射角越大，则反射光强，折射光弱，越容易观察 B. 在“利用传感器制作简单的自动控制装置”实验中，干簧管在电路中起传感器和控制开关的作用 C. 在“用双缝干涉测光波长实验”中，增大透镜与单缝的间距可观察到条纹间距增大 D. 在“油膜法估测分子大小”的实验中，如果有油酸未完全散开会使测量结果偏小 4.如图所示，一小球质量为，用长为的细线悬于点，在点正下方处钉有一根长钉，把悬线沿水平方向拉直后无初速度释放，当悬线碰到钉子的瞬时(    ) A. 小球的线速度突然增大 B. 悬线的拉力突然减小 C. 小球的向心加速度保持不变 D. 小球的角速度突然增大 5.炮弹与水平方向成角，炮弹从炮口射出时的速度大小为，取，，则这个速度在水平方向上的分量大小为(    ) A. B. C. D. 6.用余弦函数描述一简谐运动，已知振幅为，周期为，初相，则振动曲线为(    ) A. B. C. D. 7.如图所示，一束自然光经过玻璃三棱镜折射后分为几束单色光，选取了其中两种单色光、进行研究并作出了光路图。单色光、的波长分别为、，在该玻璃中的传播速度分别为、，该玻璃对单色光、的折射率分别为、，则(    ) A. ， ， B. ， ， C. ， ， D. ， ， 二、多选题：本大题共3小题，共15分。 8.理发店里用的某型号大功率电吹风电路图如图所示，、、、为四个固定触点。转换开关为可动的扇形金属触片，可同时接触两个触点，触片处于不同位置时，电吹风可处于停机、吹热风和吹冷风三种状态该电吹风插头接在的交流电插座上，吹热风时输入功率为，吹冷风时输入功率为。小风扇额定电压为，输出功率为。则(    ) A. 触片位于之间时吹冷风 B. 小风扇的内阻是 C. 吹冷风时通过插头的电流为 D. 变压器原、副线圈的匝数比为： 9.间距为的两根平行光滑金属导轨、固定放置在同一水平面内，两导轨间存在大小为，方向垂直导轨平面向外的匀强磁场，导轨左端串接一阻值为的定值电阻，导体棒垂直放在导轨上，如图所示。当水平圆盘匀速转动时，固定在圆盘上的小圆柱带动形支架在水平方向往复运动，形支架进而驱动导体棒在水平面内做简谐运动，以水平向右为正方向，其位移与运动时间的关系为。已知导体棒质量为，总是保持与导轨接触良好，除定值电阻外其余电阻均忽略不计，空气阻力忽略不计，不考虑电路中感应电流的磁场，则下列说法正确的是(    ) A. 导体棒在运动过程中，产生感应电流的最大值为 B. 在时间内，通过导体棒的电荷量为 C. 在时间内，形支架对导体棒做功 D. 当形支架对导体棒的作用力为时，导体棒的速度大小为 10.如图所示，用同样导线制成的、两单匝闭合线圈半径分别为、，匀强磁场的边 界恰好与线圈重合。现使磁场的磁感应强度均匀增大，下列说法中正确的是(    ) A. 任意时刻穿过、两线圈的磁通量之比： B. 任意时刻穿过、两线圈的磁通量之比： C. 、两线圈中的感应电流之比： D. 、两线圈中的感应电流之比： 三、实验题：本大题共2小题，共15分。 11.小明同学在做“探究小车速度随时间变化规律”的实验时，打点计时器所用电源的频率。 小明同学在实验中打下一条纸带，每打一个点取一个计数点，如图所示是其中的一段纸带，则打计数点时的速度大小为______。计算保留位有效数字 该同学根据实验数据在坐标系中描点如图乙所示，请完成图象，由此可求得小车的加速度大小______计算保留位有效数字 12.图为用伏安法测量一个定值电阻阻值的实验所需的器材实物图，器材规格如下： 待测电阻约； 直流电流表量程，内阻约； 直流电压表量程，内阻； 直流电源输出电压，内阻可不计； 滑动变阻器阻值范围，允许最大电流； 开关一个，导线若干条． 根据器材的规格和实验要求，在本题的实物图上连线． 四、计算题：本大题共3小题，共42分。 13.在某次抗洪演习中，在距水平地面高度处沿水平直线匀速飞行的飞机上间隔依次放下甲、乙两物体，两物体落地点间的距离。取重力加速度大小，不计空气阻力，认为物体被释放时竖直方向上的速度为零。求： 物体在空中运动的时间； 飞机匀速飞行的速度大小。 14.一列简谐横波沿轴传播，图是时刻的波形图；是介质中位于处的质点，其振动图像如图所示。求： 波的传播速度大小和方向； 质点在时间内运动的路程； 从时刻开始计时，写出处的质点的振动方程。 15.如图甲为科技小组的同学们设计的一种静电除尘装置示意图，其主要结构有一长为、宽为、高为的矩形通道，其前、后板使用绝缘材料，上、下板使用金属材料。图乙是该主要结构的截面图，上、下两板与输出电压可调的高压直流电源内电阻可忽略不计相连。质量为、电荷量大小为的分布均匀的带负电的尘埃无初速度地进入、两极板间的加速电场。已知、两极板间加速电压为，尘埃加速后全都获得相同的水平速度，此时单位体积内的尘埃数为。尘埃被加速后进入矩形通道，当尘埃碰到下极板后其所带电荷被中和，同时尘埃被收集。通过调整高压直流电源的输出电压可以改变收集效率被收集尘埃的数量与进入矩形通道尘埃的数量的比值。尘埃所受的重力、空气阻力及尘埃之间的相互作用均可忽略不计。在该装置处于稳定工作状态时： 求在较短的一段时间内，、两极板间加速电场对尘埃所做的功； 若所有进入通道的尘埃都被收集，求通过高压直流电源的电流； 请推导出收集效率随电压直流电源输出电压变化的函数关系式。 答案和解析 1.【答案】  【解析】解：物块释放后向左做加速运动，根据牛顿第二定律，对物块 对物块 解得绳子拉力 故A错误； B.物块从点运动至点的过程中，机械能的增加量等于电场力和摩擦力所做的总功，即 故B错误； C.物块从运动至点过程中，对、系统由能量守恒得 解得 故C正确； D.物块从运动至点过程中，对、系统由能量守恒得 解得 故D错误。 故选：。 根据牛顿第二定律，结合物块从点运动至点的过程中，机械能的增加量等于电场力和摩擦力所做的总功，综合、系统由能量守恒分析求解。 本题考查了静电场相关知识，理解物体在不同时刻的功能关系，理解不同力做功的特点是解决此类问题的关键。 2.【答案】  【解析】A.根据开普勒第二定律可知，鹊桥二号从经到的任意位置的速度均小于从经到的任意位置的速度，可知鹊桥二号从经到的时间大于从经到的时间，由于周期为，则鹊桥二号从经到的运动时间大于，故A错误； B.鹊桥二号在运行过程中，所受万有引力即为合力，根据万有引力定律与牛顿第二定律：，整理上式解得加速度表达式为，即加速度与成反比，故鹊桥二号在、两点的加速度大小之比，故B正确； C.根据题中条件，无法求出鹊桥二号的质量，故C错误； D.鹊桥二号没有脱离地球的束缚，可知其在地面的发射速度大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，即鹊桥二号在地球表面附近的发射速度大于且小于，故D错误； 故选：。 3.【答案】  【解析】解：“测定玻璃折射率”的实验中，入射角越大，则反射光强，折射光弱，越不容易观察，故A错误； B.在“利用传感器制作简单的自动控制装置”实验中，干簧管在电路中起传感器和控制开关的作用，故B正确； C.在“用双缝干涉测光波长实验”中，由相邻明或暗条纹间距公式可知，增大透镜与单缝的间距对条纹间距无影响，故C错误； D.在“油膜法估测分子大小”的实验中，如果有油酸未完全散开，出现堆积，则测量值偏小，根据体积公式可知，会使测量结果偏大，故D错误。 故选：。 根据“测定玻璃折射率”的实验原理分析判断；根据干簧管在电路中作用分析判断；根据相邻明或暗条纹间距公式分析判断；根据“油膜法估测分子大小”的实验误差分析判断。 本题关键掌握“测定玻璃折射率”的实验原理、干簧管在电路中作用、“用双缝干涉测光波长实验”原理和“油膜法估测分子大小”的实验原理。 4.【答案】  【解析】解：、当悬线与钉子相碰的瞬间，小球的线速度大小不变，故A错误． B、根据牛顿第二定律得：，解得：，由于线速度大小不变，半径减小，则拉力变大，故B错误． C、根据知，线速度大小不变，半径减小，则向心加速度变大，故C错误． D、根据知，线速度大小不变，半径减小，则角速度增大，故D正确． 故选：． 当悬线碰到钉子的前后瞬间，小球的线速度大小不变，根据半径的变化，结合、分析角速度和向心加速度的变化，根据牛顿第二定律分析拉力的变化． 解决本题的关键知道当悬线与钉子相碰的前后瞬间，小球的线速度不变，这是解决本题的突破口，知道线速度、角速度、向心加速度之间的关系，并能灵活运用． 5.【答案】  【解析】解：炮弹与水平方向成角，炮弹从炮口射出时的速度大小为，这个速度在水平方向上的分量大小，故D正确，ABC错误。 故选：。 6.【答案】  【解析】解：由个图可知，振动周期都是，振幅也都是。 用余弦函数描述一简谐运动，根据振动方程， 当初相，由于时，则有：，故A正确，BCD错误。 故选：。 根据图象可直接读出周期和振幅。写出振动方程，将初相与时，代入分析，从而即可求解。 对于简谐运动的图象，直接读出振幅、周期、各个时刻的速度、加速度的方向和大小的变化情况，是应具备的基本能力，还要掌握振动方程的一般式。 7.【答案】  【解析】由图可知，两束光的入射角相同，玻璃对单色光的折射角大于光的折射角，根据折射定律 得知，玻璃对光的折射率小于玻璃对光的折射率，即   由 得 可知   由于玻璃对光的折射率小于玻璃对光的折射率，所以光的频率小于光的频率，由波长、波速的公式 得 可知 故选C。 8.【答案】  【解析】解：由图示电路图可知，触片若同时接触两个触点，电热丝没有连入电路，只有小风扇工作，所以吹冷风，故A正确； 根据变压器的变压比关系，变压器的原线圈、副线圈的匝数比为，吹冷风时只有小风扇工作，流过小风扇的电流为，又由，解得，所以吹冷风时经过插头的电流为，小风扇的热功率为，根据热功率公式，解得小风扇电阻，故BC错误，D正确。 故选：。 A.根据电路图结合触片的连接情况判断电路的工作情况； 根据变压器的变压比和总功率公式以及热功率公式求解风扇内阻和工作电流。 考查理想变压器和功率的计算问题，会根据题意进行准确分析和解答。 9.【答案】  【解析】解：根据关系式，可得时刻导体棒的速度 所以导体棒在运动过程中，速度的最大值为 通过导体棒的感应电流 联立解得导体棒在运动过程中，产生感应电流的最大值： 故A正确； B.设导体棒做简谐运动的周期为，根据 根据周期和圆频率的关系： 解得周期： 在内，即内，导体棒运动的位移大小 感应电动势的平均值： 根据欧姆定律，感应电流的平均值： 根据电流的定义式，通过导体棒的电荷量： 联立解得 故B错误； C.在内，设形支架对导体棒做功为，电阻上产生的热量为。根据功能关系，则有 根据焦耳定律： 联立解得 故C正确； D.由于加速度是速度对时间的求导，则有 有牛顿第二定律可得：， 结合题意解得： 解得导体棒的速度大小： 故D正确。 故选：。 根据导体棒的速度与时间的关系式，结合欧姆定律以及法拉第电磁感应定律，综合导体棒做简谐运动的周期以及功能关系分析求解。 本题考查了电磁感应相关知识，理解其中的受力情况和能量变化情况是解决此类问题的关键。 10.【答案】  【解析】解：、任意时刻，穿过、两线圈的磁感线条数，磁通量相等，磁通量之比为：故A错误，B正确； 、根据法拉第电磁感应定律得：，，则相等，也相等，所以感应电动势相等，感应电动势之比为：，线圈、的半径分别为和，周长之比为：，电阻之比为：，根据欧姆定律知，得、两线圈中产生的感应电流之比为：故C正确，D错误。 故选：。 当与平面垂直时，穿过该面的磁通量根据法拉第电磁感应定律求感应电动势之比。根据闭合电路欧姆定律求感应电流之比。 解决本题时要注意在公式和法拉第电磁感应定律中，为有效面积，能熟练运用比例法研究这类问题。 11.【答案】    【解析】解：根据匀变速直线运动的规律，打点的速度等于段的平均速度，即： ； 根据描点作一条过原点的直线，如图： 直线的斜率即为小车的加速度，所以加速度为： 。 故答案为：；如上图所示；。 匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，据此可正确解答打点时小车的速度的大小。 在速度时间图象中斜率大小表示物体加速度的大小，据此可正确解答。 本题考查了“探究小车速度随时间变化的规律”中的数据处理基本知识，对于这些基本知识要在平时加强训练，提高基本知识的应用能力。 12.【答案】解：由题意可知，待测电阻为，而滑动变阻器的阻值最大只有，故将滑动变阻器全部接入也无法起到限故流作用，故滑动变阻器应选用分压接法； 因，故电流表应采用电流表外接法；根据原理图可以连接出实物图，注意导线要接在接线柱上，且导线不能交叉；如图所示； 故答案如图所示．  【解析】实验电路应保证安全准确；故应根据给出的滑动变阻器及待测电阻的大小关系可得出滑动变阻器的接法；由电表内阻对电路的影响可选出电流表的接法，从而得出原理图；根据原理图再去连接实物图，注意导线不能交叉． 本题应注意当滑动变阻器的阻值过小，即使全部接入仍无法达到保护要求时，应采用分压接法． 13.【答案】物体在空中运动的时间是；   飞机匀速飞行的速度大小是  【解析】平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据平抛运动规律，竖直方向有 联立解得物体在空中运动的时间； 从释放甲物体开始计时，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，根据平抛规律，甲的水平位移有， 乙的水平位移有，因为， 联立解得。 答：物体在空中运动的时间是； 飞机匀速飞行的速度大小是。 平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由抛出点的高度决定，结合运动学公式得出飞机匀速飞行的速度大小。 本题考查的是平抛运动规律的应用问题，解决平抛运动规律问题关键在于深刻理解好运动的合成与分解。平抛运动的实质就是水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动的合运动，两个方向上的分运动相互独立，互不影响。 14.【答案】解：由图可知波长为，由图可知波的周期为，则波速为， 由图可知，时质点向下运动，根据同侧法可知，波向左传播。 根据图可知时质点位于平衡位置，由于， 则质点在时间内运动的路程， 代入数据解得。 根据图可知时处的质点位于波谷处，则从时刻开始计时，处的质点的振动方程为。  【解析】详细解析和解答过程见答案 15.【答案】解：设电荷经过极板的速度大小为，对于一个尘埃通过加速电场过程中，加速电场所做的功：， 在时间内从加速电场出来的尘埃总体积是：， 其中的尘埃的总个数：， 故A、两极板间的加速电场对尘埃所做的功： 对于一个尘埃通过加速电场过程，根据动能定理有：， 解得： 若所有进入矩形通道的尘埃都被收集， 则时间内碰到下极板的尘埃的总电荷量： ， 通过高压直流电源的电流：， 解得： 对某一尘埃，其在高压直流电源形成的电场中运动时， 在垂直电场方向做速度为的匀速直线运动， 在沿电场方向做初速度为的匀加速直线运动． 垂直电场方向位移：， 沿电场方向位移： 根据牛顿第二定律有： 距下板处的尘埃恰好到达下板的右端边缘，则， 解得：， 若，即，则收集效率 若则所有的尘埃都到达下极板，收集效率   【解析】求出时间内进入、两极板的尘埃所带的电荷量，电场力多带电尘埃做功，应用动能定理可以求出、两极板对尘埃做的功． 求出到达下极板的尘埃所带的电荷量，然后应用电流的定义式求出电流； 尘埃在电场中做类平抛运动，应用类平抛运动规律求出尘埃的竖直位移，然后求出收集效率随电压直流电源输出电压变化的函数关系式。 本题本题是一道信息给予题，本题考查了求做功、电流与吸收效率问题，认真审题理解题意、分析清楚尘埃运动过程是解题的前提与关键，应用动能定理、牛顿第二定律与运动学公式可以解题。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $