第二部分 假期过关验收卷(一)-【快乐假期】2025-2026学年高一物理寒假作业必刷题

三0022 A、B两点间距离L=√x十y √u,t)'+(w+zgt)=0.8m 答案：BD 6.解析：根据tan0==是t,对应题图可得￡=1，解得= VoVo 10m/s,D正腐，C错误：第1s内物体下落的高度h=之 =之×10XPm=5m,A.B错误。 答案：D 7,解析：将小球的速度、位移分解如图所0¤ 示，=，=品品。故A错误： S 设位移方向与水平方向夹角为a,则tan 日=2ane,a≠号，故B错误：平抛运动的 y 落地时间由下落高度决定，与水平初速 度无关，故C错误；由tan日=马=延知， t不变时，。增大，则日减小，故D正确. 答案：D 8.解析：小球从斜面某点水平抛出后落到斜面上，小球的位移 方向与水平方向的夹角等于斜面倾角0，即tanB=义= x 1 t 一器小球落到斜西上时速度方向与水平方向的夫 角的正切值tang=及=延，故可得tanB=2tan0,只要小球 U.U 落到斜面上，位移方向与水平方向夹角就总是日，则小球的 速度方向与水平方向的夹角也总是B,故速度方向与斜面的 夹角总是相等，与、的关系无关，C选项正确. 答案：C 9.解析：与地面成一定角度的喷泉喷出的水做斜拋运动，则在 最高点具有水平速度，选项A错误；根据抛体运动的对称 性，水在向上运动过程与在向下运动过程经过同一高度时的 速度大小一定相等，B正确；与地面成一定角度的喷泉喷出 的水做斜抛运动，不计空气阻力，则只受重力，加速度为重力 加速度，则做匀变速曲线运动，C错误；水在运动过程中受到 的合力是重力，只有最高点时合力方向与其速度方向垂直， 其余位置合力方向与速度方向不垂直，D错误. 答案：B 10.解：(1)从A到C竖直高度为hc=1.8m-1m=0.8m, .1 根据hc=2gt, 解得到棒球达C点的时间t=0.4s. (2)从A到B,水平方向，根据x出=Ut证 解得=40m/s. (3)棒球从A到落地，竖直方向有2gh=v,2, 解得飞，=6m/s, 则棒球落地时的速度方向与水平方向的夹角正切值tnB 答案：(1)0.4s(2)40m/s(3)速度方向与水平方向的 夹角正切值1m0=易 11.解：(1)忽略空气阻力，小球水平方向做匀速直线运动，当球 到达最高，点时，其竖直方向的速度为零，此时小球的水平速 度为v=6m/s, 则竖直初速度为v,=√0，一=2√7m/s, 小球堡直上升的高度为山=安=1,4m O点离地面的高度H=h十△h=3.2m. > 富一物理恐 (2球到达0点后做平抛运动，则由H=之g, 五 可知t入√g =0.8sy 则水平距离s=t=4.8m 答案：(1)3.2m(2)4.8m 12.解：(1)如图所示：石子落地时的速度方向和水平线的夹角 为60，则2=1an60=5 即：y-3u=5u,c0s30°=5X6×5 m/s=9m/s, <130 SKBKKKKKKKKKKK81KKKKKKKKKKKKK05 Y60 03- 取竖直向上为正方向，落地时竖直方向的速度向下，则 -y,=osin30°-gt,得t=1.2s. (2)石子在水平方向上做匀速直线运动 =%0s30=6X1.2×号m=185m -m= 5 (3)当石子速度的竖直分量减为0时，到达最大高度处，设 最大高度为h, 由于，=%sin30°=6X号m/s=3m/s, 由w,2=2gh得 h-2 32 2g2X10m=0.45m. (4④艳出点离地面的高度A=6sin30°X1一子g= 6×合×1.2m-合×10X1.2m=3.6m, 答案：(1)1.2s(2)185 5 m(3)0.45m (4)3.6m 新题快递 解析：不计空气阻力，在喷泉喷出的水在空中只受重力，加速 度均为重力加速度，故A正确；设喷泉喷出的水竖直方向的 分速度为V,水平方向速度为，竖直方向，根据对称性可 在空中运动的时间二之√必，可知七>七D错误：C 高点的速度等于水平方向的分速度”，=二，由于水平方向 的位移大小关系未知，无法判断最高点的速度大小关系，根 据速度的合成可知无法判断初速度的大小，BC错误. 答案：A 假期过关验收卷（一) 1.解析：题中的150km指的是路程，A错误；题中的8：00指 时刻，2小时指的是时间间隔，B错误；根据题中数据可以求 出汽车全程行欢的平均速率0=三-10km/小=75kmh, 2 C正确；研究汽车经过某一条减速带所用的时间时不能忽略 车的长度，不可以将车视为质点，D错误. 答案：C 2.解析：伽利略最早提出力不是雏持物体运动的原因，A错误； 伽利略根据理想实验得出推论，如果没有摩擦，在水平面上 的物体一旦具有某一速度，将保持这个速度继续运动下去， B正确；汽车的惯性只与质量有关，与行驶速度无关，C错 误；沿桌面运动的物体如果不受拉力作用，会逐渐停止运动， 这是由于受到摩擦阻力的作用；物体长时间不受外力作用的 “自然状态”是静止状态或者匀速直线运动状态，D错误. 答案：B 飞壁快乐假朝 .解析：上升过程中，由运动学公式十2风 +=H,得H 27m,B正确，A、C、D错误. 答案：B 4.解析：由于物体受到的水平推力F=t,由二力平衡和作用 力与反作用力的知识可知，物体对墙的压力F、=kt.当F比 较小时，物体受到的摩擦力F小于物体的重力G,物体将沿 墙壁下滑，此时物体所受的摩擦力为滑动摩擦力.由F:= F、得滑动摩擦力F,=kt.当摩擦力F:大小等于重力G 时，由于惯性，物体不能立即停止运动，物体受到的摩擦力仍 然是滑动摩擦力，随着时间的增加，摩擦力将大于重力，物体 做减速运动直至静止，滑动摩擦力将突变为静摩擦力，静摩 擦力与正压力无关，跟重力始终平衡，由上述分析可知B 正确， 答案：B 5.解析：设MN=2h,则到达O点的速度v=√2gh,则NP= 2h=2h 8 即MN与NP的长度之比为1：1，故选A 答案：A 6,解析：当增加A、B之间的距离，整个系统再次达到平衡状态 后，系统竖直方向上受到杆对小环A和B的支持力还有物 块的重力；由于物块重力不变，所以小环A和B所受支持力 保持不变，A错误；对小环A隔离分析，受到细线的拉力 FT,杆的支持力F、及水平向左的摩擦力F:作用，设细线与 杆夹角为日，由平衡条件知小环A受到的合力为0，FTc0s日 =F,Frsin0=Fy,当增加A、B之间的距离时0减小，由于 Fy不变，所以可得F变大，F,变大，根据对称性可知小环 B受到的摩擦力也增大，B、D错误，C正确. 答案：C 7.解析：设A、B、C的质量均为m.开始时，以A、B、C组成的 系统为研究对象，由平衡条件得：mg十mg十mg=F1,得轻 绳1的张力为：F1=3mg,剪断轻绳1的瞬间，弹簧的弹力不 能突变，所以对B,此瞬间的合力为0，加速度为0；剪断轻绳 2前，以A、B组成的系统为研究对象，由平衡条件推论可知 F1=g十mg十F2,F,=g,剪断轻绳2瞬间，弹簧的弹力 不能突变，此瞬间B合力大小等于F2=ma,加速度a=g,方 向竖直向上，故A正确，B、C、D错误， 答案：A 8.解析：无风时，对气球受力分析得F学=mg十Fr=9N,A正 确；有风时，气球保持静止，故合力为0，B、C错误；有风时， 设轻绳与竖直方向的夹角为日，对气球受力分析得F。=F, sin0,F#=mg十Fr'cos9,联立解得Fr'=10N,D正确. 答案：AD 9.解析：拉B没有被拉动，A、B之间没有相对运动和相对运动 趋势，所以A、B之间没有摩擦力，B错误，A正确；把A、B看 成一个整体，在水平方向上受到向右的水平拉力F作用，由 力的平衡可知，B受到桌面的摩擦力，大小为F,方向向左，C 错误；若撤去外力F后，A、B之间，B与桌面之间都没有相 对运动和相对运动趋势，所以A与B、B与桌面间都没有摩 擦力，D正确 答案：AD 10.解析：若小球恰好落到台阶2的右边沿，竖直方向有2h= 4h=2 2,解得√g=号 水年方向有2江=，解得6-行=2厄m/, 若小球恰好落到台阶3的右边沿，则有3h=2g‘, /6h√3 解得入√g 5 又3=0，解得=要=2万n/s, 故小球落在台阶3上初速度大小应满足的条件：2√2/s <≤2√3m/s,故选项C、D正确，A、B错误. 答案：CD ·76 00M= 11.解析：(1)小球从适当高度释放即可，释放小球的初始位置 太高，需要的木板越宽，不利于实验，故A错误；调整木板， 使之与小球下落的竖直面平行，如果不平行，小球会与木板 发生碰撞，故B正确；小球做平抛运动时要靠近木板但不 能与木板接触，否则会影响小球的平抛运动轨迹，故C正 确；应用平滑的曲线连接描绘的，点得到小球的运动轨迹，故 D错误. (2)小球能自动滚下，说明斜槽末端倾斜，所以要调节斜槽 末端使其水平. (3)根据平抛运动规律，在水平方向有x=vt, 在竖直方向有y=合， 得， 由此可知在y一x图像中，图线是一条过原，点的直线，说明 小球运动的轨迹形状是抛物线， 图像的斜率=奇解得西√金。 答案：(1)BC(2分)(2)调节斜槽末端使其水平(1分) (3)抛物线1分)√景2分) 12.解析：(1)根据压缩量的变化量为△L=L一L3=(18.09一 12.05)cm=6.04cm.压缩量的平均值为△L= △L1十△L十△L3=6.03+6.08+6.04 cm=6.05cm.(2) 3 3 因△L,是相差3个钢球的压缩量之差，则所求平均值为管 中增加3个钢球时产生的弹簧平均压缩量.(3)根据钢球的 平衡条件有3 ngsin日=k·,解得k=3 ngsin日 △L 3×0.2×9.8×sin30N/m≈48.6N/m. 6.05×10-2 答案：每空2分(1)6.046.05(2)3(3)48.6 13.解析：(1)当F=40N时，A所受最大静摩擦力为Fm=u(F 十Ga)=24N, 假设B静止，对B,由平衡条件得绳子拉力F,=G 对A物体，此时绳子拉力FT=G<Fm,A没有被拉动，保 持静止，假设成立， 所以A所受摩擦力为静摩擦力，大小为F,=F,=20N. (2)若A匀速运动，则B也在匀速运动，对B和A,由平衡 条件可得FT=Gn(GA十F)=FT 代入数据得F=30N 故所加的竖直方向的力F的大小是30N 答案：(1)静摩擦力20N(2)30N 14.解析：(1)物体A沿斜面上滑过程中，由牛顿第二定律得 ngsin0=ma,(2分) 代入数据得a=6m/s2(1分) 设物体A滑到最高，点所用时间为t,由运动学公式知 0=v1-at,(2分) 解得t=1s,(1分) 1 (2)物体B平抛的水平位移x=201c0s37=2.4m(2分) 物体B抛出时的初速度大小=二=2.4m/s2分) (3)物体A、B间初始位置的高度差 1 1 h=2 tsin37°+2gt=6.8m.(4分) 答案：(1)1s(2)2.4m/s(3)6.8m 15.解析：(1)由运动学公式x。=2at, 解得a1=2m/s对游客和滑板整体在斜面上受力分析如 图所示，由 三0022 F T 37 7价z mg 牛顿第二定律 mgsin 0-umgcos 0-kmg=ma, 解得u=0.125.(8分) (2)游客滑到斜面底端时有2-0=2a1s,解得v=34m/s, 对游客和滑板整体在水平面上进行受力分析，由牛顿第二 定律可得-umg一kmg=ma2, 解得a2=-4.25m/s, 在水平方向上同理可得0-v=2a2x, 解得x=136m.(8分) 答案：(1)0.125(2)136m 假期过关验收卷（二) 1.解析：神舟十八号飞船在与天和核心舱对接的过程中，二者 的大小、形状以及各部分的运动差异均不能忽略，所以不能 将它们视为质点，研究空间站绕地球飞行的时间时，空间站 的大小、形状以及各部分的运动差异均可以忽略，可将空间 站视为质，点，故A错误，D正确；对接成功后，以空间站为参 考系，神舟十八号飞船是静止的，以地球为参考系，整个空间 站是运动的，故B、C错误 答案：D 2.解析：棋子受重力、棋盘的吸引力、弹力和摩擦力，共四个力， A错误；静摩擦力大小等于重力大小，磁性增强，静摩擦力不 变，减小棋子的质量，棋子所受到的摩擦力减小，C错误，D 正确；棋盘对棋子的吸引力和弹力平衡，静摩擦力与重力平 衡，所以棋盘对棋子的作用力等于重力，B错误. 答案：D 3.解析：飞镖扔出后做曲线运动，速度方向不断改变，忽略空气 阻力，飞镖水平速度不变，竖直速度一直变化，合速度大小变 化，故A错误：忽略空气阻力，飞镖只受重力，故根据牛顿第 二定律可知，加速度恒定，为重力加速度，故B错误；飞做 曲线运动，速度方向沿曲线的切线方向，合力方向竖直向下， 加速度方向竖直向下，飞镖的加速度方向跟它的速度方向不 在同一直线上，故C错误，D正确 答案：D 4.解析：套圈抛出后做平抛运动，水平方向有x=t, 竖直方向有h=2,解得t=√g 1 /2h 联立解得=x√气=25√2”m/s=5.0ms,故 10 选A. 答案：A 5.解析：以小球a、b整体为研究对 象，分析受力，作出F在几个方向 FT 2 时整体的受力图，根据平衡条件 0 得：F与FT的合力与整体重力 --1 2mg总是大小相等、方向相反，由 力的合成图可知，当F与绳子Oa 垂直时，F有最小值，即图中2位 2mg 置，F的最小值为：P=2 ngsin0=2X号mg=Emg,根据 胡克定律：Fn=k所以mE,则A,C,D可能，B k 不可能 答案：B ·77 6.解析：对A受力分析，由牛顿第二定律得F6=mgtan9= maA,解得aA=gtan9,方向水平向左，则小车向右做减速运 动，故A错头：细线的拉力为F=。故B错误：A与小 车相对静止，则小车与A具有相同的加速度，即小车的加速 度大小为gtan0,方向水平向左，此刻物块B的加速度与小 车相同，根据牛顿第二定律可知Fm=Mau=Mgtan 6,方向 水平向左，小车对物块B的作用力为F=√(Mg)十Fm= Mg√1十tan8,方向为斜向左上方，故C错误，D正确. 答案：D 7.解析：对圆柱体Q受力分析，受到重力mg、挡板MN的支持 力F如和P对Q的支持力F2,如图， M 77777777777 mg 由几何关系得：c0s8=0.5,所以8=60°， 根据争商条件得：R密器9s人密器2 故A错误，B正确；对P、Q整体受力分析，受重力、地面支持 力、MN挡板对其向左的支持力和地面对其向右的摩擦力， 根据共点力平衡条件，有： R=R=0 MN保持竖直且缓慢地向右移动过程中，角日不断变小，故 R支大，由Re=可知，Fe支大，故CD错误。 答案：B 8解析：由平抛运动的规律得4：=上：之=2：1，故选项 A正确；h1:h,=（2g):(2g6)=4:1,选项B错误， C正确；由平她运动的性质知，选项D正确。 答案：ACD 9.解析：t图像的斜率表示加速度，在2~4s内小球的加速 度a=名=0.5m,别A正：由题图乙西知，在0 2s内小球做匀速直线运动时，重力沿杆方向的分力等于5 N,设杆的倾角为a,则ngsin a=5N,在2~4s内由牛顿第 二定律有F2一ngsin a=ma,解得a=30°，m=1kg,则B错 误，C正确；t图像中图线与坐标轴围成的面积表示位移， 即04s内小球的位移为5m,则D错误， 答案：AC 10.解析：物块在木板上运动的过程中，由牛顿第二定律得 mg=ma1,而t图像的斜率绝对值表示加速度大小，故 a1=7,3m/5=2m/s,解得=0.2D错误：对木板受力 2 分折可知umg=Maa-2m/g=1m/,解得M= 2,A错误，B正确；由题图乙可知，2s时物块和木板分 离，则0一2s内，两者t图线与坐标轴围成的面积之差等 于木板的长度，故L=合×(7+3)X2m一2×2×2m=8 m,C正确. 答案：BC快乐假期 第二部分 厚积 假期过关验收卷（一 (时间：75分钟 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分， 共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的 1.国庆放假期间，小明同学早上8：00乘车从 广州出发返回学校，行驶了150km后到达 学校门口的停车场，用时2小时，则下列说 法正确的是 () A.题中的150km指的是位移 B.题中的8：00及2小时指的是时间间隔 C.根据题中数据可以求出汽车全程行驶的 平均速率 D.研究汽车经过某一条减速带所用的时间 时可以将车视为质点 2.下列关于力、运动状态和惯性的说法正确 的是 A.牛顿最早提出力不是维持物体运动的 原因 B.伽利略根据理想实验得出推论，如果没 有摩擦，在水平面上的物体一旦具有某 一速度，将保持这个速度继续运动下去 C.汽车行驶速度越大，刹车后滑行距离越 长，说明物体的速度越大惯性越大 D.沿桌面运动的物体如果不受拉力作用， 会逐渐停止运动，这说明静止状态才是 物体长时间不受外力作用的“自然状态” 3.无人机航拍以无人驾驶飞机作为空中平台 进行摄影.某款质量m=1kg的摄影无人机 开始悬停在湖面一定高度处，为了全景拍摄 景物，无人机先加速下降至v1=4m/s,再匀 速下降最后减速下降至速度为0.接着无人 机加速上升达到v,=6m/s,随即减速上升， 速度为0时，恰好升至原来高度.已知加速 和减速的加速度大小分别为a1=2m/s,a2 =1m/s2.忽略空气阻力影响，求无人机上 升的高度H A.24m B.27m C.32m D.42m ·54 00-= 薄发志在必得 温故而知新，可以为师矣。 完成日期： 月 日 满分：100分) 4.用一个水平推力F(F=kt,k为常 数，t为时间)把重力为G的物体 G月 压在竖直的足够高的平整的墙上， 如图所示.从t=0开始，能正确描述物体所 受的摩擦力，随时间t的变化关系的是下 图中的 4 B 5.如图所示，竖直线MN中 M 点O处有一倾斜挡板，现 从M点由静止释放一小 球，在O点被挡板反弹，速 度方向变为水平，大小不变，然后落到地面 上的P点.不计空气阻力，已知P、N在同 一水平线上，则MN与NP的长度之比为 ( A.1:1 B.2:1 C.3:2 D.4:3 6.引体向上是我们日常生活M会 中行之有效的健身方法之 一.当你双手握住单杠处 于静止状态时，可以简化成如下模型：在水 平杆MN上套有两个质量不计的小环A和 B,一不可伸长的细线两端分别系在环A、B 上，并在细线中点处通过小滑轮挂一个质量 为m的物块，整个系统处于平衡状态.当增 加A、B之间的距离，整个系统再次达到平 衡状态后，下列说法正确的是 () A.小环A和B所受水平杆支持力都变大 B.小环A和B所受摩擦力都变小 C.细线中张力变大 D.小环A的合力变大 =0022 7.如图所示，轻绳1的两端分别系着 1 天花板和物块A,物块A的下端 连着轻弹簧，轻弹簧的下端连着框 B 架B,框架B里面用轻绳2悬挂着 物块C,物块A、框架B、物块C三 者质量相等.当剪断轻绳1或轻绳2的瞬 间，框架B的加速度大小分别为（重力加速 度为g) A.0,g B.g,g C.0 D.0,0 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分， 共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项 符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不 全的得3分，有选错的得0分. 8.(2025·广东汕头联 风向 考)如图，氢气球的 质量m=0.1kg,无 风时在轻绳的牵引mmmm 无风时 有风时 下静止在空中，此时轻绳的拉力为8N.当 有水平风吹来时，气球受到大小为6N的水 平风力作用，轻绳倾斜一定角度后气球仍静 止在空中，g=10m/s2,下列说法正确的是 A.气球所受浮力大小为9N B.有风时，气球所受合力方向竖直向下 C.有风时，气球所受合力大小为√37N D.有风时，轻绳的拉力大小为10N 9.(2025·云南梁河一中高一期 A F B 末)如图所示，两木块A、B叠放mm 在水平桌面上，现以水平拉力F拉B没有 拉动，则下列说法正确的是 ( A.A、B间不存在摩擦力作用 B.A、B间有静摩擦力作用 C.B与桌面间不存在静摩擦力作用 D.若撤去外力F后，则A与B、B与桌面间 都没有摩擦力 ·55 高一物理) 10.(2025·河北模拟预测) 如图所示，每一级台阶的 高度h=0.2m,宽度x= 0.4m,将一小球从最上面台阶的边沿以某 初速度水平抛出.取重力加速度大小g= 10m/s2,不计空气阻力.若小球落在台阶3 上，则小球的初速度大小可能为() A.2 m/s B.2.5m/s C.3 m/s D.3.2m/s 三、非选择题：本题共5小题，共54分. 11.(6分)如图所示的实验装置，可用来研究 平抛物体的运动， (1)关于实验过程中的一些做法，以下合理 的有 A.小球释放的初始位置越高越好 B.调整木板，使之与小球下落的竖直面 平行 C.小球的平抛运动要靠近但不接触木板 D.用折线连接描绘的点得到小球的运动 轨迹 (2)某同学在实验操作时发现，将小球轻轻 放在斜槽末端时，小球能自动滚下.他应 该： (3)某同学做“探究平抛运 y 动的特点”的实验时，重复 让小球从斜槽上相同位置 由静止滚下，得到小球运 动过程中的多个位置；根据画出的平抛运 动轨迹测出小球多个位置的坐标(x,y), 化受快乐限期 画出y-x2图像如图所示，图线是一条过 原点的直线，说明小球运动的轨迹形状是 ;设该直线的斜率为k,重力加速 度为g,则小球从轨道末端飞出的速度为 .(各物理量均取国际单位) 12.(8分)某兴趣小组测 0 cm 刻度尺、 量一缓冲装置中弹簧 的劲度系数，缓冲装 入0四2人 有机玻璃管 777777777777777777777777777 置如图所示，固定在斜面上的透明有机玻 璃管与水平面夹角为30°，弹簧固定在有机 玻璃管底端.实验过程如下：先沿管轴线方 向固定一毫米刻度尺，再将单个质量为 200g的钢球（直径略小于玻璃管内径）逐 个从管口滑进，每滑进一个钢球，待弹簧静 止，记录管内钢球的个数n和弹簧上端对 应的刻度尺示数L。,数据如表所示.实验 过程中弹簧始终处于弹性限度内.采用逐 差法计算弹簧压缩量，进而计算其劲度 系数. 2 3 4 5 6 L/cm8.04 10.0312.0514.0716.11 18.09 (1)利用△L,=L+3-L,(i=1,2,3)计算弹 簧的压缩量：△L1=6.03cm,△L2=6.08 cm,△L3= cm,压缩量的平均值 AL= △L1+△L2+△L cm. 3 (2)上述△L是管中增加 个钢球时 产生的弹簧平均压缩量！ (3)忽略摩擦，重力加速度g取9.80m/s,该 弹簧的劲度系数为 N/m.(结果保 留3位有效数字) ·56 000-= 13.(10分)如图所示，物 体A的重力GA= A 20N,物体B的重力 B GB=20N,对物体A 施加一个竖直向下的压力F,A与水平面 间的动摩擦因数μ=0.4，其余摩擦不计， 假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力· (1)当F=40N,物体A受到什么摩擦力？ 大小如何？ (2)若要使A匀速运动，所加的竖直向下 的压力F的大小是多少？ =0022 14.(14分)如图所示，在水平BG-2 地面上固定一倾角0=h 37°、表面光滑的斜面体，A 物体A以v,=6m/s的初速度沿斜面上 滑，同时在物体A的正上方，有一物体B 以某一初速度水平抛出.物体A恰好可以 上滑到最高点，此时物体A恰好被物体B 击中.A、B均可看成质点，不计空气阻力， sin37°=0.6，c0s37°=0.8，g取10m/ s2.求： (1)物体A上滑到最高点所用的时间； (2)物体B抛出时的初速度U2的大小； (3)物体A、B间初始位置的高度差h. ·57 富一物理型 15.(16分)如图所示为某游 客在滑雪场正在滑雪的 示意图，滑道的倾斜部分可视为倾角0= 37°的斜面.若该游客从静止开始匀加速下 滑，经过8s沿斜面下滑的位移大小x。= 64m,游客开始下滑的位置距离斜面底端 为s=289m.已知该游客在本次滑雪过程 始终没有使用撑杆，游客在经过斜面底端 拐角时速度大小不变，运动过程受到的空 气阻力恒为游客和滑板总重力的品滑板 与滑道各处动摩擦因数相同，重力加速度 g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°= 0.8求： (1)滑板与滑道间的动摩擦因数； (2)游客在水平滑道上前进的位移！