陕西省商洛市山阳中学2025-2026学年高二上学期1月月考物理试题

陕西省山阳中学2025~2026学年阶段测试卷 高二物理 (全卷满分100分，考试用时75分钟) 一、单项选择题（本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四 个选项中，只有一项是符合题目要求的)。 1.下列不是用比值法定义的物理量是（) AE=日 B.c-C. D.I=月 2.如图所示，四个图象描述了对给定的电容器充电时，电容器电量Q、电压/和电容C 三者关系，正确的是( 3.半径为R的刚性半圆形线框通过绝缘细线悬挂在弹簧测力计下 端，在直径ac两端通人电流，方向如图所示，开始时ac略高于 匀强磁场边界AB,弹簧测力计的示数为F。现将线圈沿竖直方向 缓慢上提，直到b点与AB相切，关于弹簧测力计（始终有示数) 示数F的变化情况说法正确的是() A.一直变大 B.一直变小 C.先变大后变小 D.先变小后变大 4.如图所示为欧姆表的内部电路，a、b为表笔插孔，下列说法中正确的是( A.a孔插红表笔 B.测量新的电阻时、必须要重新进行欧姆调零 C.电池用久了，若电动势不变而内阻增大，则欧姆调零后，仍可以准 确测量电阻 D.用“×10”挡测量时，若指针偏角太大（靠近表盘的右端)，应换 用“×100”挡 5.潜艇航行时，螺旋桨搅动使海水中的阴阳离子运动，形成与潜艇运动方向相反的电流， 而留下一条漫长的尾流，如图()中直线所示。视为质点的潜艇沿着图（心）中平行于z轴正 方向的虚线轨迹逃跑，其在图b)坐标原点0处的磁感应强度方向为() A.沿图6)中x轴的正方向 B.沿图b)中y轴的负方向 C.在炒平面上沿东偏南方向 D.在y平面上沿东偏北方向 I) 图向 6.如图所示，带箭头的线为电场线，与之垂直的线是一组等差等势线，相邻等势线间的 电势差为20V,电子以60eV的初动能从B点开始运动，若规定A点所在的等势线的电势 为0，电子运动过程能经过C点，下列说法中正确的是() A.电子经过A点所在等势线时的动能为0eV B.电子运动到C点时的动能为40eV C.电子在A点的加速度小于B点的加速度 D.电子从B点运动到C点电场力做功20eV 7.华为Mate80Pro是2025年11月25日发布的Mate80系列最 新款智能手机，各项性能相关信息如表所示，充电器最大功率100W,充电时可智能调节 充电功率，真正实现了“充电2分钟，待机10小时”。充电前2分钟是超级快充模式随后 充电功率“阶梯式”下降，直至充电结束。下 手机型号 华为Miate80Pro 列说法中正确的是（) 电池容冠 5750mA·h A电池容量的单位“mA·h”是能量单位 手 电池电动势 &.53V B.电池充满电所储存的能量为9.37×10灯 电池 决充电器篇出电： 18y C.手机待机功率为0.26W 快充电器输出功率 78W D.电池内阻约为4.152 二、多项选择题（本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题給出的四个 选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但 不全的得3分，有选错的得0分) 8.如图所示电路，R为光敏电阻（光照强度增强，其阻值变小)，R和R均为定值电阻， 电表均为理想电表。闭合开关S后，在光照强度增强的过程中，电流表A,、A2、电压表 2 V的示数变化量大小分别为△、△2、△U。则( A.R消耗的电功率变小 B.电压表V的示数变小 C.电源的总功率变大 A D.电源的内阻为r=A化 A △12 9如图所示，空间有垂直纸面向里的匀强磁场B,氨的同位素(He)和（号He)都从边界上的 O点以相同速度先后射入磁场中，人射方向与边界成相同的角，不计离子重力及离子间相 互作用，则下列说法中正确的是（) A.两离子的运动轨迹的半径之比为3：4 ××X×××XX×XX× B.重新回到边界两离子所用时间之比为4：3 ××××X××××××× ×xB以x××××××× C.重新回到边界时两离子的速度相同 ×××x××x×××× D.重新回到边界时两离子与O点的距离相等 ×X×X8x各☆ 0 10.回旋加速器核心部分由两个中空的半圆形金属盒D、D,和一个狭缝组成，两D形盒分 别与高频交流电源的两极相连，狭缝间形成周期性变化的电场，带电粒子穿过狭缝的时间 可以忽略不计磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，D形金属盒半径为R,O处粒子 源产生粒子的质量为m、电荷量为+q,在加速器中被加速，设粒子初速度为零，加速电 压为U,不考虑重力作用和相对论效应，下列说法中正确的是 1B （) A.粒子能获得的最大动能E跟加速器磁感应强度有关 B.粒子从静止开始加速到出口处所需的时间约为BR C.加速电压越大粒子能获得的最大动能Ek越大 D.粒子在回旋加速器中运动时，随轨道半径的增大，盒中相聆道的半径之差减小 Ⅱ卷 三、非选择题（本题共5小题，共54分。其中11、12题每空2分，13 题9分，14题14分，15题15分，清按题目要求作答) 11.(6分)某学习小组为测量干电池的电动势和内阻，设计了如图所示电路，所用器材如下： 电压表（量程0~3V,内阻很大）；电流表（量程0~0.6A);电阻箱（阻值0~999.9Ω）； 干电池一节、开关一个和导线若干。 根据实验电路图，连接实物图。 (1)调节电阻箱到最大阻值，闭合开关。逐次改变电阻箱的电阻，记录其阻值R、相应的电 流表示数I和电压表示数U。根据记录数据作出的U-I图像如图所示，则干电池的电动势 为」 V(保留3位有效数字)、内阻为 Ω（保留2位有效数字）。 年UV 1.60 1.55 R 1.50 1.45 1.40 1.35时 0.000.00.20 0.30 引A (2)由于电压表内阻不是无穷大，本实验干电池内阻的测量值（填“偏大”或“偏小”）。 12.（10分)实验室有一根细长均匀、内芯为绝缘材料的金属管线样品，横截面外缘为正 方形，如图甲所示。此金属管线样品长约30cm、电阻约52，已知这种金属的电阻率为 P，因管芯绝缘材料截面形状不规则，无法直接测量其平均横截面积。请你设计一个测量 管芯截面积S的电学实验方案，现有如下器材可选： A.毫米刻度尺 B.螺旋测微器 C.电流表A(量程0~600mA,内阻约为1.02) D.电流表A(量程0~3A,内阻约为0.1) 3 E.电压表V(量程0~3V,内阻约为6k2) F.滑动变阻器R2k,允许通过的最大电流0.5A) 20 G.滑动变阻器R(102,允许通过的最大电流2A) 1 H.蓄电池电动势为4V,内阻约为0.052) 甲 .开关一个、带夹子的导线若干 (1)上述器材中，应该选用的电流表是， 滑动变阻器是 (均填写器材前字母代 号)。 (②)若某次用螺旋测微器测得样品截面外缘正方形边长如图乙所示，则其值为 mm. (3)要求尽可能测出多组数据，则应选用电路图是 4 E A 'B 0 (4)若样品截面外缘正方形边长为a、样品长为L、电流表示数为【、电压表示数为，则计 算内芯截面积的表达式为S= 13.(9分)“电磁炮”是利用电磁力对弹体加速的新型武器，具有速度快、效率高等优点。 如图是“电磁炮”的原理结构示意图。光滑水平加速导轨电阻不计，轨道宽为=0.2m；在 导轨间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度B1×10T；“电磁炮”弹体总质量=0.2kg, 其中弹体在轨道间的电阻R-0.4Ω；可控电源的电动势E=2×103V,内阻=0.62，不计 空气阻力。求： (1)(5分)通过弹体的电流大小及弹体所受安培力大小和方向； (2)(4分)弹体从静止加速到4km/s,轨道至少要多长； 14.(14分)如图所示，一质量为m、电量为+g的带电粒子在电势差为U的加速电场中由 静止释放，随后进入磁感应强度为B的有界匀强磁场中，并能从另外一边界射出磁场，射 出磁场时速度方向与进人磁场时的速度方向夹角为日=0°，不计带电粒子的重力。求： (1)(4分)粒子刚进人磁场时的速度； (2)(5分)粒子在磁场中做圆周的运动半径R; (3)(5分)有界磁场的宽度d。 5 15.(15分)为研究均匀带电球体周围静电场的性质，某同学在干燥的环境中先将带正电球 A放在一绝缘底座上，如图(a)所示，再将另一不带电的小球B用绝缘细线悬挂在力传感器 上，使其位于球A的正上方P点，此时力传感器的示数为F1。现让处在P点的小球B 带上一9的电荷量，力传感器的示数为F。已知q远小于球A所带的电荷量，球A与球 B之间的距离远大于两球的半径。 (1)(6分)根据上述信息，求：球A在P点处激发的电场的场强大小E: 力传感器 绝缘细线 0.5E ·OB 绝缘底 5x0 10。*x 图6) 图(a) (2)(9分)现缓慢拉动绝缘细线，使小球B从P点沿竖直方向逐步上升到Q点，用刻度 尺测出P点正上方不同位置到P点的距离x,并采取上述方法确定出该位置对应的电场强 度E,然后作出E-x图象，如图(b)所示，且已知x轴上每小格代表的距离均为x,PQ间距 10X。实验过程中，当小球B位于点Q时，剪掉细线，小球B将由静止开始运动，根据图 象估算小球B落回到点P时动能的大小。（忽略空气阻力的影响，已知重力加速度为） 62025-2026学年阶段测试卷高二物理答案 一、 选择题 题号 1 2 3 5 6 7 8 9 10 答案 D C A B B BC AC AD 1.【答案】D 【详解】A、B、C均是用比值法定义的物理量，其大小与所比的两个两无关，D中的电流与 加在电阻两端的电压和电阻都有关系。 2.【答案】C 【详解】ABD.电容器的电容与电荷量和电势差无关，ABD错误， C.根据电容的定义式有 c.g 则 Q-cU 电荷量与电势差成正比，c正确 3.【答案】A 【详解】开始时安培力方向向上，弹簧测力计的示数F+F安=G 将线圈沿竖直方向缓慢上提，等效长度一直减小，安培力就一直减小，则弹簧测力计（始终 有示数)示数F一直增大。 故选A。 4.【答案】C 【详解】A.根据多用电表内部结构，电流从红表笔流人、黑表笔流出可知a孔插黑表笔， 故A错误； B.测量新的电阻时，若倍率改变则必须要重新进行欧姆调零，若倍率不变则不需要重新欧 姆调零，故B错误； C.电池用久了，若电动势不变而内阻增大，则欧姆调零后，使电流表满偏，即指针指到最 E 右端，根据R=无可知仍可以准确测量电阻，故C正确： D.用“×10”挡测量时，若指针偏角太大（靠近表盘的右端），说明该电阻较小，应换用 “×1”挡，故D错误。 故选C。 5.【答案】A 【详解】通电直导线周围的磁感线是一簇簇的非等距同心圆，磁感应强度方向即为该处的磁 场方向，电流的方向沿z轴负方向，根据安培右手螺旋手定则判断，坐标原点O处的磁感 应强度方向沿x轴的正方向。 故选A。 6.【答案】B 【详解】ABD.等差等势线相邻电势差为20V,电子能经过C点。设B、C两点电势差为 Uec=pB-Pc 电场力做功W%c=-Uac=-20EV 由动能定理知Ekc-E⑧=%c 解得Es=4OeV,故B正确，D错误；同理Eka=20eV C.电场线疏密表示电场强度大小，电场线越密，场强越大，加速度a=三越大。由图可知， m A点电场线比B点密集，故Ea>E,aa>ag,C错误； 故选B。 7.【答案】B 【详解】根据g=It可知，mA·h是电荷量的单位，故A错误；电池充满电所储存的能量 等于电池放电时电流做的功W=It.U=5750mA·h×4.53V=9.37×104灯，故B正 确；“充电2分钟，待机10小时”，充电器输出的能量为E2=Pt充=78W×2×60s= 9360.若能量全部储存在电池中，则待机功率为P%=号=0品=0.26w,由于电 池储存的能量小于充电器输出能量，故C错误；由输出功率和输出电压，可计算输出电流I= -得A=号A,由于电池为非纯电阻元件，不适用欧想定律，不能用公式R= U出=4.15n求电阻，故D错误。故选B。 8.【答案】BC 【详解】A.光照强度增强的过程中，光敏电阻阻值减小，外电路总电阻减小，由闭合回路 欧姆定律可知干路电流增大，R消耗的电功率增大，故A错误： B.干路电流增大，内电压增大，路端电压减小，则电压表V的示数变小，故B正确； C.由题意可知干路电流增大，电源总输出功率增大，故C正确； D.由闭合回路欧姆定律可得 U=E-Ir 可得 故D错误 故选BC。 9.【答案】AC 【详解】 根据牛顿第二定律得gB=mY, ,解得r=mr 由题知、B大小均相同，则轨迹 ×××××××××××× 半径r与成正比，故：=3：4，选项A正确；离子的运动周×义×义义×义×义义 0 ××B××××××××× ×××××××××××× 期为T2m12mm 则知T:I=3:4,根据左手定则分析和 _×X×X×组X×××× aB 几何知识可知，两离子重新回到边界时的速度方向相同，重新回到边界时两个离子的速度偏 向角均为2m-20,轨迹的圆心角也为2m-20,则运动时间1-2m-20 ,可知重新回 2元 到边界所用时间之比为3：4，选项B错误；C正确；由几何知识可知离子重新回到边界时 的位置与O点距离d=2sin0,由于0相同，r不同，故d不同，选项D错误。 10.【答案】AD 【详解】根据quB=m片，可得v=严，则带电粒子离开回旋加速器时获得动能为Ek= mv2=,放最后的动能与藤场磁感应艰度B有关，与电场加速电压无关，故A正 2m 确C错误。号mv2=nqU和qB=m兰，可知n=,两盒间的狭缝很小，带电粒 2Um 子穿过的时间可以忽略不计，则时间为粒子在磁场中运动的时间，磁场 中运动的周期T=吧，则粒于从静止开始加速到出口处所需的时间约 为t=T-”,故B辑误：根据mv2=nqU,可知带电粒子第n次和和第H1次经 过加速后的速度比为vn:vn+1=Vm:Vn+,由r=知，带电粒子第n次和第+1次经 过两D形盒间狭缝后轨道半径之比rn:r+1=√n:Vn+1n越大，半径之差越小，故D,故 选AD。 三、非选择题（本题共5小题，共54分。其中11、12题每空2分，13题9分，14 题14分，15题15分，请按题目要求作答) 11.(6分)【答案】1.58(1.57--1.59)0.640.63-0.65)(3)偏小 【详解】（②）由电路结合闭合电路的欧姆定律可得U=E-r 由题图(c)可知E=1.58V 1.58-1.37 内阻r= 2≈0.642 0.33 (③)由于电压表内阻不是无穷大，则实验测得的是电压表内阻与干电池内阻的并联值，即实验 中测得的干电池内阻偏小。 12.【答案】(1CG②0.7300.7290.7318A4d-pL U 【详解】（①）由题意可知，电源电动势为6V,电压表量程0~3V,而由于待测电阻约为 U 102,则电流最大为1= =0.3A,故不能选用量程为0~3A的电流表，故电流表选A, R 即C;由题意可知，为获得更多的数据，电路应采用分压接法，故滑动变阻器选电阻较小的， 即G。 (2)由题图乙所示的螺旋测微器可知，固定刻度读数为0.5mm,可动刻度读数为23.0×0.01mm =0.230mm,螺旋测微器的读数为0.5mm+0.230mm=0.730mm。 (③)由于电压表内阻远大于金属管线的电阻，电流表应采用外接法；为测得多组实验数据，滑 动变阻器应采用分压式接法，故选择电路图A。 根据欧姆定律有R根据电阻定律有R=2。放截面积为S一 ,故金属管线内 芯载面积的表达式为S=日-P严 09 13.(9分)【答案】(1)F=4×10N,水平向右；(2)40m; 【详解】(1)由闭合电路欧姆定律得I=是得-2×10A: 由安培力公式得安培力大小F=BIL=4×104N,由左手定侧可知安培力方向水平向右。 (2)由动能定理可得Fx-mv2，弹体从静止加速到4kms,代入数值得x=40m 14.(14分)【答案】(1) 2qV ;(2)R= 12m 2:(3)d=a\2g 1m m BV q 【详解】(1)粒子在电场中的加速运动，根据动能定理有 2q 可得m (2)粒子在磁场中做圆周运动，根据洛伦兹力提供向心力 qB=m R 可得R=12U B\g (3)在磁场中，根据几何关系有 d=Rsin0 可得d= 1m B 2q 15.(15分) 【答案】(1)E0=-里；(2)Ek=29e2x0+10mgX0 q 10 【详解】(1)小球B在P点不带电时 F=mg …2分 小球B在P点带电后 mg+qEO=F2 …2分 因此A球在P处激发电场的电场强度大小为E。=2-B …2分 (2)由图b)可知，每一个小正方形的面积所代表的电势差为 …2分 在0~106之间这一段E-x图线与轴所围成的面积等于P、Q两点的电势差，查得上述图 形中，小正方形数约29(26~32)个，故P、Q间电势差为 Up0=29U0=29e3-型x0 10q …2分 设小球运动到P点时的动能为E<,对于小球B从Q点运动到P点的过程，根据动能定理有 gUpo+gh=Ek…3分 解得 Ek=292-x0+10F1X0…2分 10