2026届广东省茂名市高州市高三上学期高考诊断性考试物理试卷

高三 物理 全卷满分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将条形码粘 贴在答题卡上的指定位置。 2.请按题号顺序在答题卡上各题目的答题区域内作答，写在试卷、草稿纸和答 题卡上的非答题区域均无效。 3.选择题用2B铅笔在答题卡上把所选答案的标号涂黑；非选择题用黑色签字 笔在答题卡上作答；字体工整，笔迹清楚。 4.考试结束后，请将试卷和答题卡一并上交。 5.本卷主要考查内容：高考范围。 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的 1.广东选手吴瑞庭在2025年8月4日全国田径锦标赛上创造了男子三级跳远 17米68的成绩，打破了尘封近16年的亚洲和全国纪录.如图所示，急行跳远由 助跑、起跳、腾空与落地等动作组成，空气阻力不能忽略，下列说法正确的是 A.助跑是为了增大运动员自身的惯性 B.蹬地起跳时，运动员处于失重状态 C.从起跳后到最高点过程中，运动员的重力势 助跑 起跳 腾空落地 能增加，机械能减小 D.从起跳到落地过程中，运动员动量不变 2.如图为某兴趣小组制作的“互”字形木制模型正面图.模型分上下两部分，质量均为 m,并用细线连接，其中细线1连接a、b两，点，细线2连接c、d两点.当细线都绷紧 时，整个模型竖直静止在水平地面上.则下列说法正确的是 A.细线1对b无作用力 B.细线2对d无作用力 C.细线1对a的作用力大于对b的作用力 7777777777777777777 D.细线1对b的作用力大于细线2对c的作用力 【高三物理第1页（共8页）】 3.如图所示，ABC为半圆柱体透明介质的横截面，AC为直径，B为ABC的中点. 真空中一束单色光从AC边射入介质，入射点为A点，折射光直接由B点出射. 不考虑光的多次反射，下列说法正确的是 真空C A.该介质折射率大于√2 介质 B.入射角0小于45° C.增大入射角，该单色光在BC上可能发生全反射 D.减小入射角，该单色光在AB上可能发生全反射 4.2025年9月3日，中国东风一5C重型洲际导弹在阅兵式上首次亮相，震撼了全 球军事领域.这款导弹以183吨的起飞重量和超过12000公里的射程，成为目前 全球唯一具备实战能力的重型洲际导弹.如图所示，若导弹从P点飞出大气层 后，靠惯性绕地心O做椭圆轨道飞行(O为椭圆轨道的一个焦点)，最后从Q点进 入大气层.N点为远地点，ON=r,已知地球质量为M,引力常数为G,则下列说 法正确的是 A.导弹从P到N过程中机械能不守恒 B.导弹在N点的加速度小于出 地球 C.导弹在N点的速度小于√ GM D.导弹在P点和Q点受到的地球引力相同 5.如图所示，长方体空间被平面MNPO分成两个区域，两区 域分布有磁感应强度大小相等、方向相反且与之轴平行的匀 B 电 强磁场.一电子以某一速度从长方体左侧垂直Oyz平面进 子 入并穿过两磁场区域，关于电子运动轨迹在下列坐标平面内 的投影，可能正确的是 B 【高三物理第2页（共8页）】 6.如图所示，M、P、N为一条弹性轻绳上的三点，且MP=2PN=4m.t=0时刻，波 源P开始起振，方向垂直于MN向上，振动规律为y=0.1sin(10πt)cm.此后，测 得N点开始振动的时刻为t=2.0s.下列说法正确的是 A.波传播速度为2m/s B.波长为0.2m C.N点开始振时方向向下 D.t=4.25s时刻质点M处在平衡位置 7.两小车P、Q的质量分别为np和。，将它们分别与小车N沿直线做碰撞实验， 碰撞前后的速度)随时间t的变化分别如图甲和图乙所示.小车N的质量为 v,碰撞时间极短，则 N N N 碰撞前 碰撞后 碰撞前 碰撞后 甲 乙 A.mp>mN>mo B.mo>mn>mp C.mo>mp>mN D.mN>mp>mo 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多 项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 8.静电植绒技术于3000多年前在中国首先起步.现代静电植绒于上世纪50、60年代 在德国首先研制出并使用.不计重力和空气阻力，如图为植绒流程示意图，将绒毛 放在带负电荷的容器中，使绒毛带负电，容器与带电极板之间加恒定的电压，绒毛 呈垂直状加速飞到需要植绒的物体表面上，关于此过程，下列判断正确的是 A.带电极板带正电 绒毛在带负电荷的 容器中带上负电 B.绒毛在飞往需要植绒的物体的过程中，电势能 ww 不断增大 C0)电极磷 C,若增大恒定电压的电势差，绒毛到达需要植绒 涂胶 布卷 成品 的物体表面时速率一定增大 D.若增大容器与带电极板之间的距离，绒毛到达需要植绒的物体表面时速率 一定增大 【高三物理第3页（共8页）】 9.如图所示，带电量为十q的小球被绝缘棒固定在O点，右侧有固定在水平面上、 倾角为30°的光滑绝缘斜面.质量为m、带电量为十q的小滑块从斜面上A点由 静止释放，滑到与小球等高的B点时加速度为零，滑到C点时速度为零.已知AC 间的距离为S,重力加速度大小为g,静电力常量为，下列说法正确的是 A.OB的距离1= 3kg mg √/3kq B.OB的距离l= 3mg C.从A到C,静电力对小滑块做功W=一mgS D.AC之间的电势差UAc= mgS 2q 10.如图所示，载有物资的热气球静止于距水平地面H的高处，现将质量为的物 资以相对地面的速度v。水平投出，落地时物资与热气球的距离为d.已知投出 物资后热气球的总质量为M,所受浮力不变.重力加速度为g,不计阻力.以下 判断正确的是 A.投出物资后热气球做匀加速直线运动 B.投出物资后热气球所受合力大小为mg C.d= 2H6 (1+ H 7777777777777 D.d=(1+N 2H6+H g 三、非选择题：本题共5小题，共54分 11.(6分) (1)如图甲是一次在用打点计时器“研究匀变速直线运动”的实验中，记录的小 车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间还有 4个点未画出.打点计时器所接电源频率为50Hz.根据运动学有关公式可 求得vc= m/s; 单位：cm A.B. C D E· -27.6 -60.3= -105.6 甲 【高三物理第4页（共8页）】 (2)用图乙所示装置测量一条橡皮筋的劲度系数.将细线下端拴在橡皮筋的上端 部位，细线上端固定在铁架台的横梁上，橡皮筋下端固定一个水平的轻质小纸 片，橡皮筋自然下垂，桌面上的距离传感器可以测出水平小纸片与传感器上表 面的距离h.记录所挂钩码的个数n和对应的h值.已知每个钩码的质量m= 50g,重力加速度g取10m/s2,根据实验记录的数据作出h随钩码个数n的变 化关系图线如图丙所示，可得图像斜率的绝对值为 cm/个，橡皮筋的 劲度系数测量值k= N/m;(结果均保留2位有效数字) 细线 橡皮筋 水平纸片 ◆h/cm 距离传感器 50 777 7777777 77777777 0 5t。 丙 (3)将单摆挂在力传感器的下端，通过力传感器测定摆动过程中摆线受到的拉 力F,由计算机记录拉力F随时间t的变化，图像如图丁所示.则该单摆的周 期T= 12.(8分)某实验小组做“测量一均匀新材料制成的金属丝的电阻率”实验 04030 2015 00100 100 206 10 230 A-V-2 S E 甲 乙 丙 (1)先用螺旋测微器测量电阻丝R,的直径d,示数如图甲所示，其直径d mm,再用刻度尺测出电阻丝R,的长度为L; (2)首先用多用电表粗测R,的电阻，当用“×10”挡时发现指针偏转角度过大， 应该换用 (填“×100”或“×1”)挡，进行一系列正确操作后，指针静 止时位置如图乙所示，其读数为 2; (3)为了能比较精确地测量R,的阻值，实验室提供了如下的实验器材，电流表应 选用 ,定值电阻应选用 ；为了滑动变阻器调节方便，并让 电压变化范围尽量大一些，滑动变阻器应选用 ；(均填仪器前的字 母代号) 【高三物理第5页（共8页）】 A.电源（电动势E=6V,内阻不计） B.电流表（量程为30mA,内阻R1=9.52) C.电流表（量程为3A,内阻R2=0.12) D.电压表（量程为6V,内阻Rv>10k2) E.定值电阻(R3=0.52) F.定值电阻(R4=52) G.滑动变阻器（最大阻值为102，允许通过的最大电流为2A) H.滑动变阻器（最大阻值为15k2,允许通过的最大电流为0.5A) I.开关S,导线若干 (4)根据所选用的实验器材，设计测量电阻的电路图如图丙所示，若电压表的示 数为U,电流表的示数为I,则待测电阻的计算式为R= (用题中 相关物理量的符号表示)； (5)则该合金丝的电阻率ρ= (用R,、L、d表示). 13.(10分)如图为某温度提示装置原理示意图.在竖直放置的圆柱形容器内用质量 为M=1kg的活塞密封一部分理想气体，活塞与容器壁间可以无摩擦滑动，活 塞的面积为S=0.01m.现将整个装置放在大气压恒为=0.99×105Pa的空 气中，开始时活塞与容器底的距离H=0.3、气体处于温度T.=300K的状态 α.环境温度升高时容器内气体被加热，活塞缓慢上升L=0.03m恰好到达容器 内的卡口处，此时气体达到状态b.活塞保持不动，气体被继续加热至温度T。= 363K的状态c时触动温度提示器A.密闭气体由状态α到状态c过程中从外界 吸收热量Q=188J,重力加速度g=10m/s2.求： (1)密闭气体在状态b的温度和在状态c的压强： (2)密闭气体从状态α到状态c的过程中气体内能的变化量. 【高三物理第6页（共8页）】 14.(14分)某商家为了吸引顾客而设计了一个趣味游戏，其简化模型如图所示，轨 道由一个水平直轨道ABC和一半径为R的竖直半圆光滑轨道CDE组成，水平 直轨道AB段光滑，BC段粗糙.在半圆轨道圆心O左侧同一水平线上且距离O 点2R处固定一个小网兜P,将原长小于AB段长度的轻弹簧水平置于AB段 上，左端固定在竖直挡板上，物块1静置于B处.游戏者将物块2向左压缩弹簧 到某一位置释放，物块2与物块1发生弹性正碰（碰撞时间极短），物块1从半圆 轨道最高点E飞出并落入网兜P内获一等奖，在DE之间的圆弧段脱离轨道获 二等奖，能够进人半圆轨道CD间获三等奖，其他情况则不能获奖.已知物块1 的质量m=0.2kg,物块2的质量mo=0.4kg,R=0.8m,BC=2R,两物块与粗 糙水平面间的动摩擦因数均为4=0.5，重力加速度g取10/s2.两物块均可视 为质点.求：（运算结果可保留根号） (1)获得一等奖时，物块1在E点对轨道的压力大小； (2)获得二等奖时，物块1碰后的速度大小范围； (3)游戏者将物块2压缩弹簧至弹性势能为2J,则释放后他能获得几等奖？ w y 2P 【高三物理第7页（共8页）】 15.(16分)如图所示为内径为R的中空圆柱形绝缘管，OO为管的中轴线，管内分 布着沿中轴线OO方向的匀强电场，电场强度大小为E.带电粒子与管内壁发生 碰撞时会被反弹（碰撞时间极短），反弹前后沿管壁切向分速度不变，垂直管壁 方向分速度大小不变、方向相反.一质量为m、电荷量为q的带正电粒子以垂直 于中轴线OO'方向的速度o从O点射出，不计粒子的重力，粒子在碰撞过程中 带电量始终不变，求： (1)带电粒子从O点出发与管壁发生碰撞后第一次经过中轴线OO'(带电粒子 仍在圆柱形管内)时的速度大小； (2)若带电粒子恰好能从O点离开圆柱形管，求圆柱形管管长的可能值； (3)若粒子第一次经过中轴线O)'时撤去电场，并立即换成与电场方向相同的 包强磁场，磁感应强度大小为B一代，求带电粒子第上次经过中轴线时( 电粒子仍在圆柱形管内)的位置与O点之间的距离. 【高三物理第8页（共8页）】高州市2026年高考诊断性考试·物理 参考答案、提示及评分细则 题号 1 2 3 4 6 7 8 9 10 答案 C D D C A B B AC AD BD 一、选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的 1.【答案】C 【解析】惯性只与质量有关，助跑不能增大运动员自身的惯性，A错误；蹬地起跳时，运动员有竖直向上的加速 度，处于超重状态，B错误；空气阻力不能忽略，则从起跳到最高点过程，运动员要克服空气阻力做功，有机械 能损失，因此运动员重力势能增加，机械能减小，C正确：从腾空到落地，运动员所受合力不为零，运动员的动 量改变，D错误。 2.【答案】D 【解析】细线提供沿细线的拉力，则细线1对b点的拉力方向向上，细线2对d点的拉力方向向上，ABC错误； 对模型上部分受力分析，则F1=F2十g,可知细线1的拉力大于细线2的拉力，D正确. 3.【答案】D 【解析】根据题意，画出光路图，如图1所示，由儿何关系可知，折射角为45°，则由折射定律有n=s日 sin 453= Esin>1,则有sin>2,n 豆，n②，解得>45B锆误根据题意，由simC=二，可知mC>号，即C> 45°，增大入射角，光路图如图2所示，由几何关系可知，光在BC上的入射角小于45°，则该单色光在BC上不 可能发生全反射，C错误；减小入射角，光路图如图3所示，由几何关系可知，光在AB上的入射角大于45°， 可能大于临界角，则该单色光在AB上可能发生全反射，D正确。 真空 真空 真空 介质 介质 介质 B B 图1 图2 图3 4.【答案】C 【解析】导弹从P到N过程中只受到地球引力作用，则机械能守恒，A错误：根据牛顿第二定律GMm=ma, 解得导弹在N点的加速度大小为a-,B结误：根据G“=m二，得导弹在N点的圆形轨道上运动的 r2 速度大小为v=A GM ,导弹从圆形轨道变轨到椭圆轨道需要减速做近心运动，则速度小于入 GM ,C正确； 导弹在P点和Q点受到的地球引力大小相同，方向不同，D错误. 5.【答案】A 【解析】由左手定则可以判断出电子在两磁场中的洛伦兹力方向，沿着之轴负方向看，电子在洛伦兹力的作用 下，在平面MNPO的左侧区域，电子沿逆时针做圆周运动，在平面MNPO的右侧区域，电子沿顺时针做圆周 运动，所以电子运动轨迹在xOy坐标平面内的投影如选项A所示，在xOk平面内的投影应该是一条平行于 x轴的直线.故选A. 【物理参考答案第1页（共5页）】 6.【答案】B 【解析】由于P点到V点的距离为2m,从P点传到N点的时间为2s,故该波的波速v==2 t2.0m/s= 1m/s,A错误：根据振动方程可得其周期为T=2红=2红=0.2s,故波长为入=T=0.2m,B正确：N点开始 w10π 振动时方向与波源相同，故V点开始振时方向向上，C错误；M点开始振动的时间t'==4 1 s=4s,t= 4.25s时刻质点M振动的时间y=4.25s一4s=0.25s=(1十十)工，结合振动方程可知，此时M点在最大 位移处，而不是平衡位置，D错误 7.【答案】B 【解析】PV碰撞时，根据碰撞前后动量守恒有pvp十mvvN=pvr'十vvx',即mp(p一p')=my(x' w),根据图像可知(p一')>(w'一w),故p<N;同理，QV碰撞时，根据碰撞前后动量守恒有QvQ十 mvvv=QvQ'十vUN',即a（a一a')=v（v'一Uv),根据图像可知(a-Q')<(N'一U),故a> nv;故Q>v>np,故选B. 二、选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对 的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分. 8.【答案】AC 【解析】绒毛带负电加速向下运动，所以电场力向下，电场强度向上，带电极板带正电，A正确：绒毛在飞往需 要植绒的物体的过程中，电场力向下做正功，电势能不断减小，B错误：根据题意，由动能定理有qU=分m心， 解得v=人 2qU m ,可知绒毛到达需要植绒的物体表面时速率与电势差成正比，与距离无关，C正确，D错误。 9.【答案】AD 【解析】由题意知小滑块在B点处的加速度为零，则根据受力分析有沿斜面方向mgsn30°-gc0s30,解得 ⑤k4,A正确，B错误；因为滑到C点时速度为零，小滑块从A到C的过程，静电力对小滑块做的功为 mg W,根据动能定理有W+mgSsin30°=0，解得W=一mgS,C错误：根据静电力做的功与电势差的关系可知 2 AC之间的电势若Uc=g-一D正确， 10.【答案】BD 【解析】抛出物资的瞬间，对物资和热气球，水平方向动量守恒，设热气球的水平速度为①，取向右为正方向根 据动量守恒定律得m一M,=0,解得=，抛出物资前，竖直方向上：F#=(M十m)g:抛出物资后，对气 772 球根据牛顿第二定律得：竖直方向上：F:一Mg=Ma=mg,解得a=爱，故热气球做类平抛运动，A错误，B正 确：对物资做平抛运动，竖直方向：H=之g,解得1=√ 四水平方向：==√，对热气球水平方 向：上=：一√四，竖直方向上=之，代入数据解得h-皮落地时物资与热气球的距离为：代入数 MV g 据解得d=√/(H+h)十(x十x)产 (H+)(√+√)-(1+) 2H远+H,C错 误，D正确。 【物理参考答案第2页（共5页）】 三、非选择题：本题共5小题，共54分. 11.【答案】(6分) (1)2.64(1分) (2)5.010(每空2分) (3)4t(1分) 【解析】(1)相邻两计数点间的时间间隔为T=5X号=0.1，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该 过程中的平均速度，可得=兴=105,5×0.01m/s=2.64m/s: 4T-0.4 (2)图像斜率k。一会兽0-cm/个=一5.0m/个，则斜率的绝对值为5cm/个，由胡克定律可得mg 一h),即h=。一n,可得一爱=，将m=50g,g=10m/s代入可得=10N/m: (3)由题图可知周期为T=5to一t=4to. 12.【答案】(8分) (1)1.128(1分，1.126~1.129均可) (2)×1(1分)11.0（或11）(1分) (3)B(1分)E(1分)G(1分) UR （4)7R十R1分) （6)dR1分) 4L 【解析】(1)根据螺旋测微器读数原则，d=1mm十12.8×0.01mm=1.128mm: (2)用多用电表测电阻丝的阻值，当用“×10”挡时发现指针偏转角度过大，说明被测电阻很小，应该换用小 量程电阻挡，用“×1”挡：指针静止时指在如图乙所示刻度，读数为11.0，乘挡位“×1”，所以是11.02： (3)由电压表的量程值与待测电阻的比值可知，电流的最大值约为0.55A,因此两个电流表均不能直接选 用，可将量程为30A的电流表与定值电阻并联，改装成量程为0.6A的电流表，此时接入定值电阻的阻值 为R-9,9X0,QQ=0,5Q,故电流表选B,定值电阻选E:待测电阻阻值较小，为了滑动变阻器调节方便侧 并让电压变化范围尽量大一些，滑动变阻器应选用最大阻值较小的G; UR 4)由欧姆定律可知R二=，十IRR千R: R (5)合金丝的电阻率p=RS-dR L 4L· 13.【答案】(10分)(1)1×10Pa1.1×105Pa(2)158J 【解析】(1)根据题意可知，气体由状态α变化到状态b的过程中，封闭气体的压强不变，则有 长-兴 (2分) 解得工T=330K1分) 从状态a到状态b的过程中，活塞缓慢上升，则p,S=pS十Mg(1分) 解得p=1×105Pa(1分) 根据题意可知，气体由状态b变化到状态c的过程中，气体的体积不变，则有 会-是1分) 【物理参考答案第3页（共5页）】 解得A-票，=1.1X10内1分) (2)根据题意可知，从状态a到状态c的过程中气体对外做功为 W=,S△h=pSL=30J(1分) 由热力学第一定律有△U=Q一W(1分) 解得密闭气体从状态a到状态c的过程中气体内能的变化量△U=Q-W=158J(1分) 14.【答案】(14分)(1)2N(2)4√2m/s<g<2√14m/s(3)获三等奖 【解析】(1)获得一等奖时，物体1从E点飞出后做平抛运动，设飞出的速度为E,则 2R=UEt(1分) R=2r1分 解得E=4m/s 在E点，根据牛顿第二定律可得mg十F=m尺 E (1分) 解得Fx=2N(1分) 由牛顿第三定律可得，物块1在E点对轨道的压力大小为2N(1分) (2)在DE圆弧段脱离轨道获二等奖，则物体刚好到达D点，对应的速度为0，根据动能定理可得一mgR 1 mg·2R=0-之nim(1分) 解得vmim=4√2m/s 物体在E点刚好脱离轨道，对应的速度设为1，则有mg=m R ·(1分) 解得1=2√2m/s 根据动能定理可得一2mgR-mR·2R=之m一mi:1分) 解得gmx=2√14m/s 所以物块1碰后的速度范围为4√2m/s<<2√14m/s(1分) 1 (3)弹簧的弹性势能转化为动能，即E,=2m诺(1分) 解得=√10m/s 物块1与物块2碰撞过程，根据动量守恒定律和机械能守恒定律可得 m6=2十U(1分) 号m喝=号m,话+子mf(1分) 1 解得M=40 3 m/s,w=0, 3 m/s 设物块1在圆轨道上升的高度为九，则宁md=mg·2R十mgh(1分) 8 解得h=g0m<R即物块1进人轨道CD间，获三等奖(1分) 15.【答案116分)1√d+EF(2)295mK(=1,2.3）（3)6+4mgER mvi mvi 3mvi 【解析】(1)设沿轴线方向为x轴方向，带电粒子从O点出发与管壁发生碰撞后第一次经过中轴线OO'过程， 在垂直于轴线方向2R=t(1分) 【物理参考答案第4页（共5页）】 在沿轴线方向gE=ma(1分) u,=at1(1分) 则有=√话十 联立解得=√6+（ gER V+ER m26 (1分) (2)假设粒子与圆筒碰撞n次，在垂直于轴线方向2nR=t2(2分) 在沿轴线方向L=了峰1分) 联立解得L=2BrR(m=12,3…）1分) 7m6 ③)在电场加速过程中，粒子沿轴线前进距离一号a=2 (1分) mv 在磁场偏转过程中qB=m (1分) 解得r=R(1分) T=2=2πR (1分) UoUo 如图所示，粒子碰撞一次后再次回到轴心，根据几何关系可得转过的圆心角 9=正(1分) 3 再次回到轴心的时间=T=2R 2π (1分) 37 粒子沿轴线前进距离2=0，t,=4π9ER (1分) 36 带电粒子第二次经过中轴线时（带电粒子仍在圆柱管内）与O点的距离 x=x1十x2= (6+4π)gER (1分) 37U6 【物理参考答案第5页（共5页）】