广东汕头华侨中学2026-2027学年高一上学期10月阶段检测物理试题

广东汕头华侨中学2026-2027学年度第一学期 高一年级阶段考1物理科试卷 命题人：陈斯钿 审题人：肖亮松 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合要求的。 1.传说中有一种鸟叫衔枝鸟，它能靠一小截树枝成功地飞越太平洋。它飞行时，把树枝衔嘴里：累了时，就把树 枝放在水里，站在上面休息。下列说法正确的是() A.飞行时，以树枝为参考系，鸟是静止的 B.飞行时，以海岸为参考系，树枝是静止的 C.鸟站在树枝上休息时，以树枝为参考系，鸟是运动的 D.鸟站在树枝上一起随海水流动，以海岸为参考系，鸟是静止的 2.东海水晶世界闻名，小明前往东海水晶市场选购水晶工艺品，现场做了几个相关观察与测算，下列情景中的研 究对象可以看作质点的是() A.测算一块水晶原石从仓库搬运到商铺展台的耗时 B.精细打磨水晶摆件的旋转刻面，校准每一个切面的打磨角度 C.检测水晶手串的圆珠随手串转动时的圆润度是否符合品质标准 D.调整水晶雕刻机的旋转刀头转速，让雕刻花纹深浅均匀 3.关于加速度的概念，下列说法正确的是() A.加速度的方向总是和速度方向相同 B.物体运动速度变化快，加速度就大 C.某时刻物体的速度为零，其加速度一定为零 D.物体运动时，速度的变化量越大，它的加速度一定越大 4.一可视为质点的物体沿直线运动的v一t关系如图所示，则() ◆v/(m/s) A.第1s末与第4s末的速度大小相等，方向相反 5-- B.第2s末与第5s末的加速度大小均为0 0 6 C.第2s末与第5s末的加速度相同 D.0~1s内加速度与速度方向相同，46s内加速度与速度方向相反 5.某物体沿直线运动，其位移随时间变化的关系式为x=6t-3t2。下列选项正确的是() A.初速度为3m/s B.加速度为3m/s2 C.第1秒末速度等于0 D.第2秒内的位移大小为6m 6.某同学乘坐列车时，在自己的座位上利用车厢内信息屏和手机秒表估算隧道长度。该同学进隧道时速度为60m/s, 出隧道时速度为50m/s,总用时200s。若列车在隧道中做匀减速直线运动，则该隧道长为() A.5000m B.8000m C.11000m D.14000m 试卷第1页（共4页） 7.高速摄影机可以对高速移动目标进行跟踪拍摄，在某次100m跑赛事中，用一架在赛道旁运动的高速摄影机跟 踪拍摄运动员，将高速摄影机和运动员视为质点，他们的位移一时间(x一t)图像如图所示，图线交点对应的时刻为 t1,下列说法正确的是() 运动员 A.0~t1时间内，运动员的位移比摄影机的位移大 摄影机 B.t1时刻，运动员和摄影机的速度相同 C.0~t1时间内，运动员的平均速度和摄影机的相同 D.0~t1时间内，运动员的速度变化量和摄影机的相同 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部 选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 8.直线折返跑是训练足球运动员体能的方式。如图将6个标示筒两两间隔5摆放，跑动顺序为1→4→2→6， 运动时间为10s,则全过程的平均速度大小和平均速率分别为() A.平均速度大小为2.5m/s ① ② ③ ④ ⑤ B.平均速度大小为3.5m/s x(m) C.平均速率为6.5m/s 10 15 20 25 D.平均速率为4.5m/s 9.2024年9月11日，我国自主研发的朱雀三号可重复使用垂直起降飞行实验火箭，完成了10公里级垂直返回飞 行实验，如图1所示。在这次测试中，该型火箭竖直起降的速度一时间图像如图2所示，则下列判断中正确的是() A.0~t内，火箭的加速度先增大后减小 B.t时刻火箭高度达到最大，随后开始下降 C.t2~t3内，火箭处于悬停状态，t3时刻开始下降 D.图2中，在时间段0~t2与t3~t4内图线与时间轴t所围成图形的面积相等 图1 图2 10.有一辆汽车在能见度较低的雾霾天气里以10m/s的速度匀速行驶，司机突然看到正前方有一辆静止的故障车， 该司机刹车的反应时间为0.6s,刹车后汽车匀减速前进，刹车过程中加速度大小为2m/s2,最后停在故障车前1.5m 处，避免了一场事故，以下说法正确的是() A.司机发现故障车后，汽车经过5.6s停下 纸带D接电源 B.司机发现故障车时，汽车与故障车的距离为33m C.从司机发现故障车到停下来的过程，汽车的平均速度约为5.5m/s D.从司机发现故障车到停下来的过程，汽车的平均速度为5m/s 三、非选择题：本题共5小题，共54分，考生根据要求作答。 甲 11.(10分)某学习小组的同学想通过打点计时器在纸带上打出的点迹来探究小车速度随时间变化的规律，实验装 置如图甲所示。 (1)实验中使用电磁打点计时器，计时器接 （填“直流”或“交流)，V(填“8'或220”)电源。 (2)关于本实验，下列说法正确的是」 试卷第2页（共4页） A.开始小车应远离打点计时器 B.连接钩码和小车的细线应与长木板平行 C.先释放小车运动，再接通电源 D.打完纸带后立即关闭电源 (3)该小组同学在规范操作下得到一条点迹清晰的纸带如图乙所示，在纸带上依次取7个计数点，分别标上O、A、 B、C、D、E、F,相邻的两个计数点间还有四个点未画出，则打计数点A时小车的速度大小v4= m/s(结 果保留两位有效数字)，小车的加速度的大小α= m/s2(结果保留三位有效数字)。 A B E x, X XA cm 2.804.405.95 7.57 9.10 10.71 乙 12.(6分)利用如图甲所示的装置，可以测出滑块经过光电门位置时的瞬时速度。在滑块上安装宽度为d的遮光片， 滑块在钩码牵引力作用下做直线运动，通过光电门时，配套的数字毫秒计可以记录遮光片通过光电门的时间△。 数字计时器 光电门 滑块遮光条 遮光片 连气源 「mmmmmmmm 0 1 2 3 钩码 甲 乙 (1)滑块通过光电门的速度可以表示为= (用相应物理量的符号表示)： (2)用毫米刻度尺测得遮光片宽度d如图乙所示，读数为 cm; (3)实验中实际是利用了遮光片通过光电门这段时间的平均速度近似代表滑块通过光电门这一位置时的瞬时速度。为 使平均速度更接近瞬时速度，下列做法可行的是 A.换用宽度更窄的遮光条B.换用宽度更宽的遮光条C.增大光电门与滑块间的距离 13.(12分)如图所示，一小球以方向水平向右、大小v1=4m/s的速度沿光滑水平面做匀速直线运动。经过一段 时间后，小球与右侧的竖直墙壁发生碰撞，并以大小v2=2m/s的速度反向弹回。已知小球与竖直墙壁作用的时间 △t=0.1s,以水平向右为正方向，求： (1)小球与墙壁接触过程中的速度变化量△： → 77777777777777777777777777777 (2)小球与墙壁接触过程中的加速度α。 14.(13分)为检测某新能源汽车的刹车性能，在平直公路上，某一辆新能源汽车以20ms的速度匀速行驶，某一 时刻司机踩下制动器后汽车开始做匀减速直线运动，在2s内前进32m。求： (1)开始制动后汽车做匀减速直线运动的加速度大小： (2)开始制动后3$末汽车的速度大小： (3)开始制动后8s内汽车行驶的距离。 试卷第3页（共4页） 15.(13分)起飞决断速度是指飞机在起飞滑跑过程中，允许飞行员做出“继续起飞”或“中断起飞”决断的最大速度。 若滑跑速度超过决断速度，飞行员必须继续起飞，因为此时剩余跑道长度已不足以让飞机安全刹停，强行中断起飞 可能导致冲出跑道。某架飞机起飞时，从起点由静止开始沿水平跑道做匀加速直线运动，加速度α1=1.6m/s2,离地 起飞速度1=80m/s,该次起飞的最大决断速度v1=72m/s,跑道长度L=2700m。求： (1)该机正常离地起飞的滑跑时间 (2)该机达到决断速度v1时的滑跑距离L1: (3)该机在某次起飞时从决断速度1开始减速，为保证安全刹停，求减速时加速度大小的最小值。 试卷第4页（共4页） 参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 A A B C AD ACD AC 11.(10分)(1)交流 8(2)BD (3)0.361.58 12.(6分)(1是 (2)1.003)A 13.(12分) （1)根据△v=-V2-v13 解得△v=-6m/s2 方向水平向左。1 (2)根据a-铝3 解得a=-60m/s22 方向水平向左。1 14.(13分) (1)初速度为vo=20m/s,时间为t1=2s 根据x1=ot1+at2 解得a=-4m/s21 加速度大小为4m/s21 (2)时间为t2=3s 根据v2=v0+at22 解得v2=8m/s1 (3)假设汽车从开始刹车到停下来所需时间为t3,停下来时v3=0 根据v3=vo+at32 解得t3=5s<8s1 1 则8s时汽车己经停止，故8s内汽车行驶的距离为x3=vot3+Qt32 解得x3=50m1 15.(13分) (1)初速度为vo=0 根据v=vo+a1t3 解得t=50s1 (2)根据v-v=2a1L13 解得L1=1620m1 答案第1页（共5页） (3)飞机从决断速度)1开始减速，如果在跑道终点恰好停下时，则加速度大小最小，停下时v2=0, 剩余距离满足x=L-L1,x=1080m1 根据v3-v=2a2x2 解得a2=-2.4m/s21 加速度a2大小的最小值是2.4m/s21 1.A 【详解】A.飞行时鸟衔着树枝，鸟与树枝的相对位置不变。以树枝为参考系，鸟是静止的，故A正确： B.飞行时树枝随鸟一起相对海岸改变位置。以海岸为参考系，树枝是运动的，故B错误： C.鸟站在树枝上休息时，鸟与树枝的相对位置不变。以树枝为参考系，鸟是静止的，故C错误： D.鸟随树枝和海水一起流动时，相对海岸的位置发生变化。以海岸为参考系，鸟是运动的，故D错误。 2.A 【详解】A.测算水晶原石搬运的耗时，原石的尺寸、形状对搬运时长的影响可以忽略，可将原石看作质 点，故A正确： B.校准水晶摆件的切面打磨角度，需要关注摆件不同切面的方位、形状，其自身大小形状不可忽略，不 能视为质点，故B错误； C.检测圆珠转动时的圆润度，需要观察圆珠自身的轮廓形态，其形状不可忽略，不能视为质点，故C错 误： D.调整刀头转速保证雕刻花纹深浅均匀，需要关注刀头的转动工作状态，其自身形态和转动特性不可忽 略，不能视为质点，故D错误。 3.B 【详解】A.加速度与速度没有必然的联系，加速度方向和速度方向可能相同，可能相反，故A错误： B.加速度是描述速度变化快慢的物理量，物体运动的速度变化快，加速度就大，故B正确： C.加速度与速度没有必然的联系，某时刻物体的速度为零，其加速度不一定为零，故C错误： D.Q="为加速度的定义式，加速度的大小与△v和△t均没有关系，物体运动时，速度的变化量越大，加 △t1 速度不一定大，故D错误。 4.C 【详解】A.由v一t图像可知，第1s末与第4s末的速度大小相等，方向相同，故A错误： BC.根据v一t图像的斜率表示加速度，由题图可知第2s末与第5s末的加速度大小均不为0，且大小相等， 方向相同，故B错误，C正确： D.由题图可知0~1s内质点做加速运动，加速度与速度方向相同；4~5s内质点做减速运动，加速度与速度 答案第2页（共5页） 方向相反，5~6s内质点做加速运动，加速度与速度方向相同，故D错误。 5.C 【详解】AB.根据位移随时间变化的关系式 1 x=vot+a2=6t-312 可知，初速度为6m/s,加速度为-6m/s2,故AB错误； C.根据速度时间公式 v=vo+at 可知，第1秒末速度为 v=6-6×1m/s=0故C正确： D.第2秒内的位移大小为 x=6×2-×6×2-6×1+号×6×12m=-3m故D错误。 6.C 【详解】列车在隧道内做匀减速直线运动，匀变速直线运动的平均速度满足D=+” 位移等于平均速度乘以运动时间，即x=t 代入已知条件v0=60m/s、v=50m/s、t=200s 计算得x=60+50×200m=11000m 2 7.C 【详解】AC.0~t1时间内，运动员和摄影机的位移相同，根据)=可知，0~t1时间内，运动员的平均 速度和摄影机的相同，故A错误，C正确： B.x一t图像反映了物体的位置随时间的变化情况，图像的斜率表示速度，t1时刻，运动员的速度大于摄 影机的速度，故B错误： D.0~t1时间内，摄影机做匀速直线运动，其速度变化量为零，运动员的速度不断增加，其速度变化量大 于零，故D错误。 8.AD 【详解】AB.平均速度等于总位移与总时间之比，则有1=瓷m/s=2.5m/s故A正确，B错误： CD.平均速率等于总路程与总时间之比，则有v2=5x3+2型m/5=45m/s故C错误，D正确。 10 9.ACD 【详解】A.根据v一t图像的切线斜率表示加速度，可知0~t内，火箭的加速度先增大后减小，故A正 确： 答案第3页（共5页） B.由v一t图像可知，t1时刻向上的速度最大，之后火箭继续向上运动，所以t1时刻火箭高度没有达到最 大，故B错误； C.由v-t图像可知，t2~t3内，火箭的速度为0，火箭处于悬停状态，t3时刻开始下降，故C正确： D.根据v一图像与横轴围成的面积表示位移，由于火箭竖直起降过程，上升高度和下降高度相同，所以 在时间段0~t2与t3~t3内图线与时间轴t所围成图形的面积相等，故D正确。 10.AC 【详解】A.汽车匀减速运动的时间为t2=9-”s=5s a2 则司机发现故障车后到汽车停下所用时间为t=t1+t2=(0.6+5)s=5.6s,故A正确； B.司机反应时间内汽车的位移大小为x1=vot1=10×0.6m=6m 汽车匀减速直线运动至停止的位移大小为x,=豆=贺m=25m 2a 则司机发现故障车时，汽车与故障车之间的距离为x=x1+x2+1.5m=(6+25+1.5)m=32.5m,故B 错误； CD.从司机发现故障车到停下来的过程，汽车的平均速度D=2=名m/s≈5.5m/s,故C正确，D 错误。 11.(1)交流8(2)BD(3)0.361.58 【详解】(1)[1][2]电磁打点计时器使用时，接交流8V的电源： (2)A.实验开始小车应靠近打点计时器，能在纸带上打出更多点，故A错误； B.连接钩码和小车的细线应与长木板平行，保证小车所受拉力恒定，故B正确： C.实验操作应先接通电源，待打点稳定后再释放小车，故C错误： D.打完纸带后立即关闭电源，保护打点计时器，故D正确。 故选BD。 (3)[1]相邻两个计数点间还有四个点未画出，计数点时间间隔T=01s。计数点A瞬时速度等于OB段平 均速度U4=+2=2.80+440x10 2T -m/s=0.36m/s 2×0.1 [2]采用逐差法计算加速度a=4+x+x6)-1+x2+x) 9T2 代入数据Q=57+9.10+10.71-2.80-440-5.95×102 9×0.12 m/s2≈1.58m/s2 求得a=1.58m/s2 12.1) (2)1.00(3)A 【详解】1)遮光片宽度为d,通过光电门的时间为At,由于遮光片很窄，可用平均速度近似瞬时速度v=是 (2)图乙中刻度尺单位为cm,最小分度为0.1cm,需估读到0.01cm,因此读数为1.00cm 答案第4页（共5页) (3)AB.遮光片越窄，通过光电门的时间越短，在这段时间内速度变化越小，平均速度越接近瞬时速度。 因此应换用宽度更窄的遮光条，故A正确，B错误： C.若滑块做加速运动，增加光电门与滑块间的距离，则滑块到达光电门时的速度会变大，此时遮光时间 变短，则此时的平均速度更接近于瞬时速度。由于无法确定滑块运动情况，无法判断是否更接近瞬时速度， 故C错误。 答案第5页（共5页）