河南省濮阳市第一高级中学2025-2026学年高二上学期1月月考物理试题

濮阳市一高高二年级（2024级)上学期第三次质量检测 物理试题 命题人：濮阳市一高物理命题中心 本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，总分100分；考生作答时，将答案 答在答题卡上，在本试卷上答题无效：考试时间为75分钟。 第I卷 选择题部分(46分) 一。 单项选择题（本题共7道小题，每小题4分，共28分：每小题只有一个选项符 合题意) 1.对于课本中几幅插图所涉及的物理现象或原理，下列说法正确的是() 金 网 甲 之 丙 丁 A.图甲为静电除尘原理的示意图，带负电的尘埃将被吸附到带负电的板状收集器上 B.图乙中，由于金属网的屏蔽，A球上电荷在验电器金属球B处产生的电场强度为罗 C.图丙武当山金殿装避雷针后，“雷火炼殿”奇观随之消失，这是利用尖端放电原理 D.图丁中，燃气灶中电子点火器点火应用了静电感应原理 粥 2.用图中三套实验装置探究感应电流产生的条件，下列选项中能产生感应电流的操作是( 甲 丙 A. 甲图中，使导体棒AB顺着磁感线方向运动，且保持穿过ABCD的磁感线条数不变 B.乙图中， 将条形磁体放在线圈中不动 C.丙图中，开关S保持闭合，A、B螺线管相对静止一起竖直向上运动 D.丙图中，开关S保持闭合，螺线管A在螺线管B中不动，快速向左移动滑动变阻器滑片 视阳市一高高二年级(2024级)上学期第三次质量检测物理试题第1页，共6页 3.图中的实线分别是电阻a、b的伏安特性曲线，虚线c是b(U=1V)的切线，a、c相互平 行，下列说法正确的是（) 0.6 A.U=1V时，b的电阻为52 0.4 B.U=IV时，a、b的电阻相等 0.2 C.b的电阻随电压的升高而减小 D.U=3V时，a、b的电阻相等 4.如图所示为两个点电荷的电场，虚线为一带电粒子只在电场力作用下的运动轨迹，α、b为 轨迹上两点，下列说法中正确的是() A.两个点电荷为左正右负，且右边电荷所带电荷量多 B.带电粒子在a点的电场力小于在b点的电场力 C.带电粒子带正电 D.带电粒子在a点的加速度大于在b点的加速度 5.学生练习用头颠球时，某一次足球从静止开始下落20m,被竖直顶起，离开头部后上升的 最大高度仍为20cm。已知足球与头部的作用时间为0.1s,足球的质量为0.4kg,重力加速度 g取10ms2,不计空气阻力。下列说法正确的是() A.下落到与头部刚接触时，足球动量大小为1.6kgms B.与头部作用过程中，足球动量变化量大小为1.6kgms C.头部对足球的平均作用力为足球重力的4倍 D.从最高点下落至重新回到最高点的过程中，重力对足球的产生的冲量为0 6.如图所示，将一光滑的半圆槽置于光滑水平面上，槽的左侧有一固 定在水平面上的物块。今让一小球自左侧槽口A的正上方从静止开始 落下，自A点与圆弧槽相切进入槽内，则以下结论中正确的是() B A.小球在半圆槽内由A向B的过程中机械能守恒，由B向C的过程 中小球的机械能不守恒 B.小球在半圆槽内运动的全过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒 C.小球自半圆槽的最低点B向C点运动的过程中，小球与半圆槽在水平方向动量不守恒 D.小球离开C点以后，相对于地面做竖直上抛运动 很阳市一高高二年级(2024级)上学期第三次质量检测物理试题第2页，共6页 7.如图，A板发出的电子由静止开始经加速后，水平射入两平行金属板间（水平放置)，金属 板间所加的电压为U,电子最终打在光屏P上。关于电子的运动，下列说法中正确的是() A.滑动触头向左移动时，电子打在荧光屏上的速度不变 + B.滑动触头向右移动时，电子打在荧光屏上的位置下降 C.电压U增大时，电子打在荧光屏上的速度大小不变 D.电压U增大时，电子从发出到打在荧光屏上的时间变大 二、多项选择题（本题共3道小题，每小题6分，共18分；每小题有多个选项符合 题意。多选不得分，漏选得3分) 8.图甲为名叫“弹簧公仔”的玩具，由头部、轻弹簧及底座组成，可简化为如图乙所示模型。已 知物块A的质量为m,物块A静止时，弹簧的压缩量为x。现用力向下按物块A,使弹簧的 压缩量为3x时撤去压力，物块A在竖直方向上做简谐运动。当物块A运动到最高点时，物 块B对水平面的压力恰好为零，重力加速度为g,弹簧始终在弹性限度内。物块A的位移随 时间的变化规律如图丙所示，下列说法正确的是（) 10 A.xcm Ay/cm 一头部 B.撤去压力的一瞬间，物块A的 轻弹簧 加速度大小为2g 底座 C.物块B的质量等于m 丙 D.物块A的振动方程为y=10cos(πd)cm 9.如图所示的平行金属板电容器的电容为C=2×104F,极板A、B之间可以看成匀强电场， 场强E=1.2×103V/m,极板间距离为L=5cm,电场中c点到A板、d点到B板的距离均为0.5cm, B板接地。则（) ▣A A.d点处的电势p,为6V 。d T 十 B.d、c两点间的电势差U=-48V B C.将电荷量9=-5×106C的带负电点电荷从d移到c,电场力做的功W=-2.4×10灯 D.B板所带电荷量9为1.2×10-2C 濮阳市一高高二年级(2024级)上学期第三次质量检测物理试题第3页，共6页 10。将两个完全相同的磁铁（磁性极强）分别固定在质量相等的小车上，水平面光滑。开始时 甲车速度大小为3ms,方向向右，乙车速度大小为2/5，方向向左，并与甲车速度方向在同 一直线上，如图所示。若甲车与磁铁的总质量为1kg, 乙车和磁铁的总质量为2kg,其他条件不变。它们还 甲 没接触就分开了，则() A.乙车开始反向时，甲车速度为1mls,方向与原速度方向相反 B.甲车开始反向时，乙的速度减为0.5ms,.方向不变 C.两车距离最近时，速率相等，方向相同 D.两车距离最近时，速率都为s,方向都与乙车原来的运动方向相反 第Ⅱ卷（非选择题共54分） 三.实验探究题：（本题共2小题，每空2分，共14分） 11.(6分)某同学设计了如图所示的装置用来验证动量守恒定律。将带卡槽的倾斜轨道固定在 水平桌面上，同时准备有质量不等的小钢球A和B,并用天平测量出A、B两个小球的质量 分别为m4和mB,按要求完成该实验。 (1)实验中，入射小球A和被碰小球B的质量关系是：mMmB(选填“大于”、“等于”、 “小于”)： (2)下列说法中符合本实验要求的是 A.安装轨道时，轨道末端必须水平 B.必要的测量仪器有天平、秒表和刻度尺 D C.必须测量抛出点距地面的高度H D.在同一组实验的多次碰撞中，每次入射小球必须从斜槽上的同一位置由静止释放 (3)先让入射小球多次从斜轨上同一位置静止释放，找到其平均落地点的位置P,测量平抛 水平射程OP。然后，把被碰小球静置于轨道末端的水平部分，再将入射小球从斜轨上同一 位置静止释放，与小球相碰，并多次重复本操作。接下来分别找到相碰后平均落地点的位置 M、N,并测量平抛水平射程OM,ON。若将OP、OM、ON的长度分别记为x、x2、x,则 验证系统动量守恒的表达式可表示为 混阳市一高高二年级(2024级)上学期第三次质量检测物理试恩第4页，共6页 12.(8分)某实验小组为了测量一节干电池的电动势E和内阻，设计了如下实验方案。实验 提供的器材如1下：待测干电池(.5'，r≈)：电流表A（量程0.6A,内阻R0.5n): 电压表V（量程3V,内阻Ry》r):滑动变阻器（最大阻值102）：开关、导线若千， 两 (1)实验小组采用了图甲和图乙两种常规伏安法电路进行测量。闭合开关前，两图都应该 将滑动变阻器的滑片P调到最 （选填“左"或“右”)端。 (2)由于系统误差，乙电路电动势测量值E测E,、内阻测量值制 —露（选 填“><”或“=”)。 (3)实验小组分别按照图甲和图乙做实验，改变滑动变阻器的阻值，记录电压表和电流表 的示数，做出-1图像如图丙所示，请根据图丙中的实验结果，用图中相应的物理量表达出 电池的真实内阻广真=一。 四.计算题（本题有3个小题，共40分。应写出必要的文字说明、方程式和重要演 算步骤，有数值运算的应明确写出数值和单位) 13.（10分)如图所示电路，电源电动势E-4V,小灯泡L标有2V,0.4W,开关S接1，当变 阻器调到R=92时，小灯泡L正常发光。现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工 作，已知电动机M的内阻nN=22,求： (1)电源内阻： (2)电动机正常工作的电压和输出功率。 视阳市一高高二年级(2024级)上学朔第三次质量检测物理试题第5页，共6页 14.（12分)如图所示，由光滑绝缘材料制成的四分之三圆弧轨道ABCD,圆心为O,半径为r。 置于竖直平面内，轨道端点A在圆心O的正上方，端点D与圆心等高。圆弧轨道ABC部分 mg (包含AC边界)置于竖直向下的匀强电场中，匀强电场的电场强度 ,重力加速度为 g。现从D点正上方某处释放一个带正电的小球（可视为质点），小球质量为m,带电量为g。 该小球在D点进入轨道内侧后，沿轨道运动到A点时对轨道的压力恰好为零。求： (1)释放点距D点的高度； (2)将电场方向改为水平向左（场强大小不变），小球在轨道中运 动时的最大动能。 D 15.（18分)如图所示，水平面上固定一倾角为x=30°的光滑斜面，斜面底端与水平面平滑连 接，质量为m的小球A静止在斜面底端，在小球A右侧L=1.6m处有一质量为3m的小球B。 t=0时刻，将质量为m的小球C在斜面上距小球A也为L处由静止释放。已知小球A与 水平面间无摩擦，小球B与水平面间的动摩擦因数μ=02，所有碰撞均为弹性碰撞且碰撞 时间极短可忽略不计，小球均可看作质点，重力加速度g取10m/s2。求： (1)小球C与小球A第1次碰撞后小球A的速度大小： (2)从t=0时刻至小球A第1次返回斜面底端所经历的时间△t: (3)从t=0时刻至A与B第3次碰撞前的过程中B的位移。 77777 濮阳市一高高二年级(2024级)上学期第三次质量检测物理试题第6页，共6页 濮阳市一高高二年级（2024级）上学期第三次质量检测物理参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 C D D B B A B BC CD ABC 1．C【详解】根据图甲可知，极板A与电源正极连接，极板A带正电，带负电的尘埃将被吸附在带正电的极板上，A错误；由于金属网的屏蔽，验电器箔片不会张开，此时A球上电荷在验电器金属球B处产生的电场强度与金属网产生的感应电场相互平衡，不是A球上电荷在验电器金属球B处产生的电场强度为零，故B错误。武当山金殿安装了避雷针后，电荷通过避雷针导入大地，不会出现“雷火炼殿”现象，这是利用尖端放电原理，故C正确；燃气灶中的电子点火器，是利用高压尖端放电的原理，故D错误；故选C。 2．D【详解】图甲中，使导体棒AB顺着磁感线方向运动，AB不切割磁感线，穿过ABCD的磁通量也没变化，故不能产生感应电流，A错误；图乙中，将条形磁体放在线圈中不动时穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流， B错误；题图丙中，开关S保持闭合，A、B螺线管相对静止一起竖直向上运动，两线圈没有相对运动，穿过B的磁通量没发生变化，故不产生感应电流， C错误；题图丙中，开关S保持闭合，使 螺线管A在 螺线管B中保持不动时，快速移动滑动变阻器滑片时A中电流发生变化，穿过B的磁通量发生变化，故能产生感应电流，D正确。故选D。 3．D【详解】根据伏安特性曲线，当U＝1V时，电阻b的电流Ib＝0.4A，根据欧姆定律，电阻b的电阻值，A错误；当U＝3V时，电阻a的电流Ia＝0.6A，根据欧姆定律，电阻a的电阻值，伏安特性曲线上的点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，电阻a的斜率不变电阻不变，即U＝1V时，电阻a的电阻仍然为5Ω，a、b的电阻不相等，B错误；伏安特性曲线上的点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，由于电阻b的斜率随电压的升高不断变小，所以电阻不断增大，C错误；根据伏安特性曲线可知，当U＝3V时，两图线的交点坐标相同，电阻相同，D正确。选D。 4．B【详解】根据电场线的指向和电场线的密集程度，知两个点电荷为左正右负，且左边电荷所带电荷量多，故A错误；b点电场线更密集，电场强度更大，带电粒子在b点受电场力更大，根据，得带电粒子在a点的加速度小于在b点加速度，故B正确，D错误；粒子轨迹在速度方向和受力方向之间，故可判断粒子受力和场强方向相反，粒子带负电，故C错误。故选B。 5．B【详解】足球静止自由下落20cm，与头部刚接触时的速度为，足球下落到与头部刚接触时动量大小为，故A错误；离开头部后竖直上升的最大高度仍为20cm，则足球离开头部的速度大小也为，方向向上；则足球与头部作用过程中动量变化量大小为，故B正确；足球与头部作用过程中，以向上为正方向，根据动量定理可得，解得头部对足球的平均作用力大小为，可知头部对足球的平均作用力为足球重力的5倍，故C错误；重力的冲量为，从最高点下落至重新回到最高点的过程中，时间不为零，重力对足球的产生的冲量不为0，故D错误。故选B。 6．A【详解】小球在半圆槽内由A向B的过程中只有重力做功，机械能守恒，在由B到C过程中除重力做功外，槽的支持力也对小球做功，小球机械能不守恒。由此可知，小球在半圆槽内运动的全过程中，小球的机械能不守恒，故A正确；小球在槽内运动的前半过程中，左侧物体对槽有作用力，小球与槽组成的系统水平方向上的动量不守恒，所以小球在半圆槽内运动的全过程中，小球与半圆槽在水平方向动量不守恒，故B错误；小球自半圆槽的最低点B向C点运动的过程中，系统在水平方向所受合外力为零，故小球与半圆槽在水平方向动量守恒，故C错误；小球离开C点以后，既有竖直向上的分速度，又有水平分速度，小球做斜上抛运动，故D错误。故选A。 7．B【详解】设加速电压为U0，根据动能定理，电子在金属板间做类平抛运动，设板长为L，板宽为d，则 ， ，，电子在金属板间的侧向位移为。设电子射出金属板时的速度偏转角度为θ，则，电子在金属板间，根据动能定理，得。滑动触头向左移动时，U0减小，v可能存在先减小再增大的情况，A错误；滑动触头向右移动时，U0增大，则y与θ均减小，电子射出金属板后斜向上做匀速直线运动，可知电子打在荧光屏上的位置下降，B正确。电压U增大时，电子打在荧光屏上的速度增大，C错误；电压U增大时，不影响电子进入金属板的速度v0，电子在进入金属板后，沿v0方向做匀速直线运动，则电子从发出到打在荧光屏上的时间不变，D错误。故选B。 8．BC【详解】物块A静止时，弹簧的压缩量为x，此时物块A处于平衡位置，由题意可知 ，可得，A错误；撤去压力的一瞬间，弹簧弹力不变，对物块A受力分析，由牛顿第二定律 ，其中，联立可得物块A的加速度大小为，B正确；当物块A运动到最高点，由对称性可知，弹簧此时伸长量为x，对B有 ，解得物块B的质量大小为，C正确；由图丙可知，振幅为，周期为，物块A的振动方程为，代入数据可得，D错误。故选BC。 9．CD【详解】由题知B板接地，其电势为零，根据，可得d点与B板的电势差，又，解得，故A错误；根据几何关系，可得，根据，可得d、c两点间的电势差为，故将电荷量的带负电点电荷从d移到c，电场力做的功，故B错误，C正确；．BA间的电势差为，则 B板所带电荷量为，故D正确。故选CD。 10．ABC【详解】当乙车速度为零时，开始反向，根据动量守恒得，解得，速度方向与原来方向相反，故A正确；当甲车速度为零时，开始反向，根据动量守恒定律得，，解得，速度方向与原来乙的方向相同，故B正确；当两者速度相同时，相距最近，根据动量守恒得，解得。速度方向与乙车原来的速度方向相同，故C正确，D错误。故选ABC。 11． (1)大于（2分） (2) AD （2分，漏选不得分） (3) （2分） 【详解】(1)两球碰撞过程由动量守恒定律及机械能守恒定律分别可得，，联立解得， 要使碰后两球都向前运动离开轨道末端做平抛运动，需满足，，可知两球质量关系应满足mA大于mB (2)安装轨道时，轨道末端必须水平，才能保证小球碰后都做平抛运动，A正确；在同一组实验的多次碰撞中，每次入射小球必须从斜槽上的同一位置由静止释放，以确保碰前的速度都一样，D正确；由于碰前A球做平抛运动和碰后A、B球做平抛运动的下落高度H相同，故运动时间相同，由，可知，平抛运动的初速度与水平位移成正比，只需测量平抛运动的水平位移即可进行验证，故需要的测量仪器有天平、刻度尺，不需要秒表，不需要测量抛出点距地面的高度H，BC错误。故选AD。 (3)碰撞过程由动量守恒定律可得，由于平抛运动时间相同，可得，代入数据可得 12．(1)左 (2) (3) （每空2分） 【详解】（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移动到最大阻值处，即将滑片P调到左端。 （2）由于图乙中电压表的分流作用引起测量误差，理论上，而实验中忽略了通过电压表的电流形成的误差，即有，，当时，则有。用、作出修正图如下，由图可知，，，此时短路时的电流测量准确。 （3）对图甲分析可知，理论上，为电源电流得真实值，而电压表的示数不是路端电压得真实值，且，由此可知，干路电流越大越大，当时，即纵截距的测量没有误差，如图所示。结合上述分析可知，图甲的电动势测量没有误差，图乙的短路电流测量没有误差，因此电池内阻的真实值为 13．【答案】(1)1Ω (2)1.8V (3)0.28W 【详解】（1）小灯泡的额定电流为 ……………………………………1分 其阻值为 ……………………………………1分 当开关S接1时，根据闭合电路的欧姆定律有 ………………………1分 代入数据解得 ……………………………………1分 （2） 当开关S接2时，灯泡正常发光，电路电流仍为0.2A， 电源内电压为 …………………………………… 1分 则电动机两端的电压为 ……………………………………1分 解得 ……………………………………1分 电动机的总功率为 ……………………………………1分 电动机的热功率为 ……………………………………1分 则电动机正常工作的输出功率 ……………………………………1分 14． (1) 4r； (2) （4+）mgr 【详解】(1)在A点，根据牛顿第二定律得，解得 ………2分 从释放点到A点，由动能定理得 ……………………2分 ………………………………………………2分 (2) 电场水平向左时，小球受到水平向左的电场力和竖直向下的重力，且qE=mg，知小球在BC弧中点时动能最大，θ=45o ……………………2分 从初始位置到该点，由动能定理有：mg(h+rcos45o)+qErsin45o=Ek-0 ……………………2分 得Ek=（4+）mgr ……………………………………2分 15．(1)4m/s (2)2s (3)0.25m 【详解】（1）设小球C运动到斜面底端的速度为，由机械能守恒有 ……………………………1分 小球C在斜面底端与小球A发生弹性碰撞有……………………1分 …………………………1分 解得 ………………1分 （2） 设球自静止释放至运动到斜面底端的时间为，由牛顿第二定律有 ………………………………1分 根据位移时间公式有 ………………………………1分 小球与小球第1次碰后至与小球碰前时间为，则有……………1分 小球与小球第1次碰撞，根据动量守恒有………………1分 能量守恒：……………………………………1分 解得， ……………………………………1分 小球A与B第1次碰后，小球A第1次返回斜面底端所用时间为，则有 …1分 小球A第1次返回斜面底端所经历的时间，解得 ………………1分 （3）每次碰后小球B做匀减速运动，由牛顿第二定律 ………………1分 设第一次碰后小球B匀减速到静止所用时间为，根据速度时间公式有………1分 解得，由此可知第二次碰撞前小球B已静止，小球A每次与小球B碰撞后，速度大小变为原来的，小球B的速度大小也为小球A原来速度大小的 ………………1分 故每次碰撞前小球B均已停下 由得小球与小球第二次碰前小球的位移大小 ……1分 小球与小球第三次碰前小球的位移大小=0.25m……………1分 从时刻至A与B第3次碰撞前的过程中B的位移x=x1+x2=1.25m …………1分 答案第1页，共2页 濮阳市一高高二年级（2024级）上学期第三次质量检测物理试题 第1页，共2页 学科网（北京）股份有限公司 $