(7)基本图形位置关系-【衡水金卷·先享题】2024-2025学年高一数学必修2同步周测卷（苏教版）

高一周测卷 ·数学（苏教版）必修第二册· 高一同步周测卷/数学必修第二册（七） 9 命题要素一贤表 注： 1.能力要求： I.抽象概括能力Ⅱ，推理论证能力Ⅲ，运算求解能力Ⅳ，空间想象能力V,数据处理能力 W.应用意识和创新意识 2.学科素养： ①数学抽象 ②逻辑推理③数学建模 ④直观想象 ⑤数学运算⑥数据分析 分 知识点 能力要求 学科素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) ⅢW ① ③④⑤⑥ 档次 系数 1 选择题 5 等角定理 易 0.80 2 选择题 5 判定三点共线 易 0.75 3 选择题 5 平行传递性的应用 易 0.72 4 选择题 5 面面平行的性质 中 0.65 选择题 求线面距 中 0.55 6 选择题 几何体的截面问题 难 0.28 空间位置关系的 选择题 6 易 0.72 判定 几何体中的位置关 8 选择题 6 分 0.45 系（数学文化） 与平行、垂直有关的 9 填空题 易 0.75 开放题 与线面角有关的数 10 填空题 5 中 0.35 学文化题 点共面、线共点的 11 解答题 13 易 0.72 证明 线面平行的证明，求 12 解答题 15 中 0.55 二面角 面面平行的性质，线 13 解答题 20 中 0.40 面垂直的证明 9 叁考答案及解析 一、选择题 C,D三点一定共线且位于平面ABCD与平面BCDE 1.D【解析】由等角定理得，a,3相等或互补，所以B= 的交线上.故选B. 30°或150°.故选D. 2.B【解析】设平面ABCD为a,平面BCDE为3，且 A,B,C,D,E不共面，则BCCa,CDCa,BCCB,CDC B,则a,B必相交于直线l,且B∈l,C∈l,D∈l,故B, ·25· ·数学（苏教版）必修第二册· 参考答案及解析 3.C【解析】 6.D【解析】要想平面AMN截正方体ABCD-ABCD 所得的截面为四边形，则要平面AMN与正方形 BCCB,ADDA1分别交于MN,AR,显然与正方形 ABBA:无交线，只需保证与正方形ABCD无交 线即可， B G R B F 因为点E,F,G,H分别为空间四边形ABCD中AB, BC,CD,AD的中点，所以FG∥BD,EH∥BD,HG∥ D AC,EF∥AC,所以EH∥FG,HG∥EF,所以四边形 EFGH是平行四边形，又AC与BD所成角的大小为 90°，所以HG与FG所成角的大小为90°，即FG⊥ HG,所以四边形EFGH是矩形，又AC=BD,FG= 因为平面BCCB,∥平面ADD:A,平面AMNR与 两个平面分别交于MN,AR,由面面平行的性质可得 号BD,HG=之AC,所以FG=HG,所以四边形EF MN∥AR,因为点N在线段CC上，且CN=子，由 GH是正方形.故选C. 几何关系知，随着BM的增大，DR增大，故当R与D 4.D【解析】由已知可得，平面a∥平面ABC,平面 重合时，BM最大，因为正方体ABCD-A1BCD的 PAB∩a=A'B',平面PAB∩平面ABC=AB,根据面 面平行的性质定理可得，AB∥A'B',且AB=PA' 体积为1，所以正方体棱长为1，如图所示，由于MN AB PA ∥AD,故△ADD,∽△MCN,故CM=CN=子，故 号.同理可得，BC/BC,AC/AC.根据等角定理 BM最长为号，故BME(o,号]故送D 可得，∠BA'C'=∠BAC,∠A'B'C'=∠ABC, D C ∠A'C'B'=∠ACB,所以△ABC∽△A'B'C,所以 S△BC:S△Bc=(A'B'):(AB)2=4:25.故选D. 5.C【解析】如图，连接AC1,BD,它们交于点O,连 B 接AC,正方形中AC⊥BD,又AA⊥平面 A1BCD,BDC平面ABC1D,所以AA1⊥ BD,AA1∩AC=A1,AA,AC1C平面AAC1C, 所以BD,⊥平面AACC,所以BO的长即为棱 BB1到平面AACC的距离，而B,O=E。 a,所以所 求距高为号。.故运心 二、选择题 7.BD【解析】对于A,因为a∥B,n⊥B,则m⊥a,所以 D A错误；对于B,因为m⊥a,n⊥a,由线面垂直的性质 知，m∥n,所以B正确；对于C,因为m∥a,n∥a,则m 与n可能是异面直线，也可能是相交直线，所以C错 B1 误；对于D,因为n⊥a,n⊥B,垂直于同一直线的两个 平面互相平行，所以D正确.故选BD, 8.ABD【解析】对于A,因为CC⊥平面ABC,AC,BC C平面ABC,所以CC⊥BC,CC⊥AC,所以四边形 D A1ACC为矩形，又因为AC⊥BC,CC∩AC=C, CC,ACC平面AACC,所以BC⊥平面A1ACC,所 以四棱锥B一AACC为“阳马”，故A正确；对于B, ·26· 高一周测卷 ·数学（苏教版）必修第二册· 连接BC,由选项A的解析可知，BC⊥平面 ⊥平面ABCD,∴·∠PCA即为PC与底面ABCD所 AACC,又ACC平面AACC,所以BC⊥AC,即 △ABC是直角三角形，由选项A的解析可知，AC⊥ 成角，即∠PCA=吾， BC,CC1⊥AC,又CC∩BC=C,CCi,BCC平面 B,BCC1,所以AC⊥平面BBCC,因为AC∥AC, 所以AC⊥平面B,BCC,又BCC平面B,BCC, 所以AC⊥BC,即△ABC是直角三角形，又 △ACC、△BCC:都是直角三角形，所以四面体 ACCB为“鳖臑”，故B正确；对于C,由选项A的解 析可知，BC⊥平面AACC,因为M为线段A1C上 C 的动点，所以AMC平面AACC,所以BC⊥AM,即 :PC=PA=2,AC=PA=,AB AM与BC所成角的大小恒为90°，故C错误；对于 sin晋 tan6 D,由A的解析可知，BC⊥平面AACC,又AFC平 √JAC-BC=√AC-AD=1,∴.tan∠PBA= 面AA1C1C,所以BC⊥AF,因为A1C∩BC=C,A1C, BCC平面ABC,所以AF⊥平面ABC,又ABC平 -1，∠PBA=平：PA⊥平面ABCD,BCC AB 面A1BC,所以AF⊥A1B,因为AE∩AF=A,AE,AF 平面ABCD,.PA⊥BC,又BC⊥AB,PA∩AB= C平面AEF,所以ALB⊥平面AEF,因为EFC平面 A,PA,ABC平面PAB,.BC⊥平面PAB,PBC AEF,所以EF⊥AB,故D正确.故选ABD, 三、填空题 平面PAB,∴PB⊥BC,即∠PBC=,又∠ABC- 9.①②→③（或②③→①）【解析】已知a,b是平面a 外的两条不同直线，将所给论断选出两个作为条件， 受心点B的曲率为2x一子-受-吾-平 余下的一个论断作为结论，得到如下三个命题：①② 四、解答题 →③，即如果b∥a,a⊥a,则a⊥b.此命题正确，证明 11.解：(1)连接AC,A1C,如图所示， 如下：过b作一个平面B,使得B∩a=c,如图， D C B b D :b∥a,bCB,βna=c,∴.b∥c,又a⊥a,cCa,可得a⊥ c,则a⊥b. 因为ABCD一ABCD为正四棱台， ②③→①，即如果a⊥a,a⊥b,则b∥a.此命题正确. 所以AC,∥AC, 证明如下：过b作一个平面y,使得y∩a=,如图， 又E,F,G,H分别为棱A1B1,BC,AB,BC的 中点， 所以EF∥AC,GH∥AC, (3分) 则EF∥GH, (5分) 所以E,F,G,H四点共面. (6分) (2)因为AC≠AC, 所以EF≠GH, a⊥a,mCa,.a⊥m,又a⊥b,b,mCy,.b∥m,b 所以EFHG为梯形，则GE与HF必相交，(7分) ta,mCa,∴.b∥a. 设GE∩HF=P, ①③→②，即如果b∥a,a⊥b,则a⊥a.此命题不正 因为GEC平面AA1B,B, 确，a与a相交、平行、垂直均有可能. 所以P∈平面AA1B1B, (9分) 因为HFC平面BBCC, 10.3匹【解析】设PA=1,则AD=√EPA=2,PA 所以P∈平面BBCC, ·27· ·数学（苏教版）必修第二册· 参考答案及解析 又平面AAB1B∩平面BBCC=BB1, 13.解：(1)连接AB,与AB交于点O,连接OM, 所以P∈BB, 则O为AB1的中点， 则GE,HF,BB交于一点. (13分) 因为平面A,BM∥平面BCN,平面ABC∩平面 12.解：(1)设AC∩AC1=O, A1BM=OM,平面BVC∩平面ABC=BC, 则O是A:C的中点， 所以OM∥BC, (5分) 连接OD, 又在△ABC中，O为AB1的中点， 又D是BC的中点， 所以M是AC的中点. (8分) .OD∥BA1, (3分) 又，BA丈平面C1AD,ODC平面CAD, .BA∥平面CAD (6分) B 0 A M (2)因为AA⊥平面ABC,BMC平面ABC, 所以AA1⊥BM, (2)连接A1D, 又M为棱AC的中点，AB=BC, :AB=AC,D是BC的中点， 所以BM⊥AC. (10分) .AD⊥BC, 因为AA∩AC=A,AA1,ACC平面ACC1A1, ,'AA:⊥平面ABC,BC,ADC平面ABC, 所以BM⊥平面ACCA1, .AA1⊥BC,AA⊥AD, (8分) 因为AC,C平面ACCA, AA1∩AD=A,AA,ADC平面A1AD, 所以BM⊥AC, (13分) .BC⊥平面AAD, 因为AC=2, 而ADC平面AAD, 所以AM=1, 故BC⊥AD, 又AA:=√2，在Rt△ACC和Rt△A1AM中， ∴∠ADA是二面角A1一BC-A的平面角， tan∠ACC=tan∠AMA=√E, (11分) 所以∠AC1C=∠A1MA, (16分) 在Rt△AAD中，AA=4,AD=2 即∠ACC+∠CAC=∠AMA+∠CAC=90°， 所以A,M⊥AC, 公+8=厄， 又BM∩AM=M,BM,AMC平面ABM, m∠AA=拾-方i 所以AC⊥平面ABM. (20分) .二面角A一BC-A的正切值为2√2， (15分) ·28·高一同步周测卷/数学必修第二册 (七)基本图形位置关系 (考试时间40分钟，满分100分) 一、选择题（本题共6小题，每小题5分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一 项是符合题目要求的) 1.已知空间中两个角a,3的两边对应平行，且α=30°，则3= A.30° B.60° C.1209 D.30°或1509 2.已知空间中A,B,C,D,E五点不共面，且A,B,C,D在同一平面内，B,C,D,E在同 一平面内，那么B,C,D三点 A.一定构成三角形 B.一定共线 C.不一定共线 D.与A,E共面 3.已知点E,F,G,H分别为空间四边形ABCD中AB,BC,CD,AD的中点，若AC BD,且AC与BD所成角的大小为90°，则四边形EFGH是 A.梯形 B.空间四边形 C.正方形 D.有一内角为60°的菱形 4.已知P为△ABC所在平面外一点，平面α∥平面ABC,且α交线段PA,PB,PC于点 A',B',C,若PA':AA'=2:3,则S△A'B'C:S△ABC= A.2:3 B.2:5 C.4:9 D.4:25 5.已知正方体ABCD一A1B1C1D1的棱长为a,则棱BB1到平面AA1C1C的距离为 3 a B.a D.√2a 数学（苏教版）必修第二册第1页（共4页) 衡水金卷·先享题 6.已知正方体ABCD一A1B,C1D1的体积为1，点M在线段BC上且异于点B,C,点N 在线段CC,上，且CN=了，若平面AMN截正方体ABCD-ABCD所得的截面 为四边形，则线段BM长的取值范围为 A[) Dy B [哈引 D co,】 n.o号1 二、选择题（本题共2小题，每小题6分，共12分。在每小题给出的选项中，有多项符合 题目要求。全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分) 7.设α，3是两个平面，m,n是两条不同的直线，则下列命题为真命题的是 A.若a∥B,m⊥3，则m∥a B.若m⊥a,n⊥a,则m∥n C.若m∥a,n∥a,则m∥n D.若n⊥a,nLB,则a∥B 8.《九章算术》中将底面为直角三角形且侧棱垂直于底面的三棱柱称为“堑堵”，底面为 矩形，一条侧棱垂直于底面的四棱锥称为“阳马”，四个面均为直角三角形的四面体称 为“鳖臑”.如图在堑堵ABC一A1B1C1中，ACBC,且AA1=AB=2,则 A.四棱锥B一A1ACC为“阳马” AY B.四面体A1CCB为“鳖臑” C C.若M为线段AC上的动点，则AM与BC所成角的大小恒为60° D.过A点分别作AE⊥A,B于点E,AF⊥AC于点F,则EF ⊥A1B 班级 姓名」 分数 题号 2 3 4 5 6 7 P 答案 三、填空题（本题共2小题，每小题5分，共10分） 9.已知a,b是平面a外的两条不同直线.给出下列三个论断：①b∥a;②a⊥a;③a⊥b. 以其中的两个论断作为条件，余下的一个论断作为结论，写出一个正确的命 题： 高一同步周测卷七 数学（苏教版）必修第二册第2页（共4页）】 10.刻画空间弯曲性是几何研究的重要内容，用“曲率”刻画空间弯曲性，规定：多面体顶 点的曲率等于2π与多面体在该点的面角之和的差（多面体的面的内角叫作多面体 的面角，角度用弧度制).例如，正四面体的每个顶点有3个面角，每个面角为于，所 以正四面体在各顶点的曲率为2π一 X3=元.在底面为矩形的四棱锥P-ABCD 中，PA⊥底面ABCD,AD=2PA,PC与底面ABCD所成的角为，则在四棱锥 P一ABCD中，点B的曲率为 四、解答题（本题共3小题，共48分。解答应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤） 11.(本小题满分13分) 如图，在正四棱台ABCD一A,BC1D1中，E,F,G,H分别为棱A1B1,B1C1,AB,BC 的中点 (1)证明：E,F,G,H四点共面 D A (2)证明：GE,HF,BB1相交于一点 E B D Q B 数学（苏教版）必修第二册第3页（共4页） 衡水金卷·先享题· 12.(本小题满分15分) 如图，在直三棱柱ABC1一ABC中，AB⊥AC,AB=AC=2,AA1=4,点D是BC 的中点 (1)求证：BA1∥平面C1AD: (2)求二面角A,一BC-A的正切值. B 13.(本小题满分20分) 如图，在直三棱柱ABC一ABC中，点M在棱AC上，点N为A1C的中点，且平 面ABM//平面BCN,AB=BC,AC=2,AA1=√2. (1)求证：M是AC的中点； B (2)求证：AC1⊥平面ABM. A1 W 、B 高一同步周测卷七 数学（苏教版）必修第二册第4页（共4页)