备考信息导航演练6-【衡水真题密卷】2025年高考物理备考信息导航演练（安徽专用）

2024一2025学年度备考信息导航演练 题 物理（六） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合要求的。 1.WS15是中国自主研发的第四代军用涡扇发动机，其在推力、燃油效率和可靠性等方 面均达到了世界先进水平。已知WS15喷气口的横截面积为S,喷出燃气的密度为 p,燃气从喷气口喷出时的速度大小为v,则WS15喷气的功率为 () 1 A.0u B.S C.Sv2 D.pSu 2.如图所示，某同学在面对竖直墙壁练习打网球。该同学将网球以v。=50m/s的初速度 正对墙壁水平击出，击球点距离地面高度H=1.8m,到竖直墙壁的水平距离x=15m。 网球跟竖直墙壁碰撞后，竖直方向的分速度大小不变，反弹后水平速度的大小变为碰前 的60%，g取10/s2,网球可视为质点，不计空气阻力，则网球第一次的落地点与击球 点之间的水平距离为 () A.8.0m B.7.5m C.7.0m D.6.0m 3.2024年3月25日，质量为的鹊桥二号中继卫星成功实施近月制动，顺利进入环月椭 圆轨道飞行，近月点到月球球心的距离为r,远月点到月球球心的距离为r。已知质量 GMm 为m的物体到月球球心的距离为a时，引力势能的表达式Ep=一 （无穷远处势能 为零)，其中G为引力常量，M为月球的质量。下列说法正确的是 ( 物理试题（六）第1页（共8页） 真题密卷·备 gg年g■ A.鹊桥二号在远月点的线速度大小为m十1)7 2GM 班级 B.鹊桥二号在近月点的动能为m十1)7 GMm 姓名 C.鹊桥二号在椭圆轨道的机械能为一(m十1)7 GMm 得分 D.鹊桥二号在椭圆轨道的周期为4r(十1)'r GM 4.如图所示，光滑细杆竖直固定在地面上，细杆下方穿有一劲度系数为20N/m的轻质弹 簧，弹簧底端固定在水平地面上。一中间带孔，质量为1kg的物块穿在细杆上，从距离 1 弹簧上端高h=0.75m的位置由静止释放，已知弹簧弹性势能表达式E。-2kx2, 其中k为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量，弹簧始终未超过弹性限度，g取 10/s2。则物块从静止释放到第一次运动到最低点的过程中，下列说法正确的是 () A.物块失重下落的高度为0.75m B.物块超重下落的高度为1.5m C.弹簧的弹性势能最大值为45J D.物块的最大速度为25m/s 5.如图所示为远距离输电示意图，变压器均可视为理想变压器，升压变压器原、副线圈的 匝数比未知，降压变压器原、副线圈的匝数比n3：n4=10：1,输电线的等效电阻r= 100,灯泡L的电阻恒为20Ω，若正弦交流电压U。的输出功率为P。,则灯泡L消耗的 电功率为 () Cn L 20 19 10 9 A.21Po B.20P. C.1iP。 D.10P 信息导航演练 物理试题（六）第2页（共8页） 7 6.在如图所示的电路中，电源的电动势为E,内阻为r,C为电容器，R1为定值电阻，R2为 滑动变阻器，电流表A和电压表V均为理想电表。闭合开关S,滑动变阻器的滑片从右 端滑到左端的过程中，下列说法正确的是 () R2 A.电流表的示数变小 B.电压表的示数变大 C.电容器带电荷量变大 D.电源的效率先变大后变小 7.如图所示，质量为2m的物块P和质量为m的物块Q用轻质弹簧拴接后放置在光滑的 水平地面上，弹簧的劲度系数为k,物块P左侧有一固定挡板。现用外力向左推Q压缩 弹簧，使弹簧压缩量达到x。后，将物块Q由静止释放，已知弹簧弹性势能表达式E。= x,其中为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量，在此过程弹簧始终未超过弹性限 Ny 度。下列说法正确的是 () PWWWwWWWMQ A.从物块Q释放到物块P离开挡板的过程中，挡板对物块P的冲量为0 B.从物块Q释放到物块P离开挡板的过程中，挡板对物块P做功为2 kxo 2 kxo C.物块P离开挡板后，运动的最大速度为 3 m 1/kx6 D.物块P离开挡板后，物块Q的最小速度为 3 m 8.质点甲沿x轴做匀变速运动，质点乙沿x轴匀速运动，两质点的位置坐标x随时间t变 化的关系图线如图所示，则在0~4s内两质点之间的最大距离为 () x/m 1234 A.5.0m B.4.0m C.3.5m D.3.0m 7 物理试题（六）第3页（共8页） 真题密卷·备 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题 目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 9.如图所示，正四面体ABCD的边长为L,底面BCD的中心为O,其所在空间存在匀强电 场。取顶点A处的电势为O,顶点B和顶点D处的电势均为Po(9>0),顶点C处的电 势为29o,已知电子的电荷量为一e,下列说法正确的是 () A.电场方向由C指向A B.电场强度的大小为 9o C.0处的电势为3 D.将电子由A移动到D,其电势能增大 10.如图所示，纸面内存在相邻的两磁场区域I和Ⅱ，宽度均为d,区域I内磁场方向垂直 纸面向外，区域Ⅱ内磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B。纸面内有一直 径为d,总阻值为R的圆形闭合金属线圈，线圈在外力作用下以速度v。匀速通过两磁 场区域，速度。的方向与磁场边界始终垂直，下列说法正确的是 () d→-d ×XX ×X× ×× ● ● ● ××× ● A.线圈内的电流方向始终为顺时针方向 B.线圈内电流的最大值为R 2Bdvo 2B2d2vo C.线圈受到的最大安培力为R D,线圈从区域I进入到区域Ⅱ的过程，通过线圈某截面的电荷量为Bd 2R 信息导航演练 物理试题（六）第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(6分)某实验小组用如图甲所示的装置测量滑块与木板之间的动摩擦因数。将质量为 M的滑块放在水平固定的长木板上，滑块前端装有力传感器，跨过定滑轮的细线一端 拴接力传感器，另一端连接钩码，调节定滑轮使滑轮与传感器之间的细线与木板平行， 滑块尾部拴接纸带。接通打点计时器电源，静止释放钩码，拖动滑块运动，运动过程 中，力传感器测量细线中的拉力F大小，当地的重力加速度为g。 打点 纸带 计时器 滑块力传感器细线 钩码 水平试验台 B 4.616.598.61 10.61 *单位：cm 甲 乙 (1)某次实验打出的部分纸带如图乙所示，已知打点计时器使用交变电流的频率为50Hz, 每相邻两点之间还有4个点未画出，则滑块的加速度大小α= m/s2(结果保留三 位有效数字)。 (2)多次改变钩码的质量，重复实验，并根据打出的纸带计算出滑块对应的加速度α，描 绘α-F图像如图丙所示，图线斜率为k,横截距为b,可知滑块与木板之间的动摩擦 因数以= (3)测量出滑块与木板之间的动摩擦因数以后，查阅资料发现测量值略大于真实值，产 生误差的原因可能是 (写出一条即可)。 12.(10分)某实验小组想测量一段长度为L的合金丝的电阻率。 (1)首先用螺旋测微器测量合金丝的直径D,测量结果如图甲所示，则合金丝的直径 D= mm。 物理试题（六）第5页（共8页） 真题密卷·备考 (2)把多用电表的选择挡位调至“×10”挡，将两个表笔短接，进行欧姆调零，然后将两 个表笔分别接在合金丝的两端，多用电表指针如图乙所示，下一步应将多用电表的 挡位调至 (填“×1”或“×100”)挡，重新欧姆调零，再次测量结果如图丙所 示，则合金丝的阻值为2。 10 p i1rirnii 100 150 10 2 T V 00.5 50002/V A-V-2 25 25002/V k500100532015 10 fmtmompmaon 100 150 20 10 30 T 2 0 1.5 V 00.5 50002/V A-V-2 25 25002/V 丙 (3)为了准确测量合金丝的电阻，该实验小组设计了图丁所示的电路，其中定值电阻 2R1=R2。 合金丝 ①闭合开关前，滑动变阻器滑片应调节到 (填“左端”“右端”)。 ②闭合开关，调节滑动变阻器滑片到合适位置，调节电阻箱接入电路的阻值，当灵 敏电流计示数为0时，电阻箱的示数为R。,则合金丝的电阻率ρ= (用R。、 D、L表示)。 信息导航演练 物理试题（六）第6页（共8页） 7 13.(10分)一定质量的理想气体，由状态a开始，经历了a→b→c的过程，该过程的p-T 图像如图所示。已知气体状态变化的过程中，气体体积的最小值V。=1.23。 (1)求气体状态变化过程中，体积的最大值。 (2)气体由状态α最终变为状态c,气体吸热还是放热，并求气体与外界交换的热量。 ↑p/x10'Pa 3---- C T/K 150 450 14.（14分)如图所示，在以O为圆心，半径R=√3m的圆形区域内存在垂直于纸面向里的 匀强磁场，在x≤一√5m的区域内存在沿x轴正方向的匀强电场，电场强度大小E1= √3×103N/C,在x≥√3m的右侧区域内存在沿y轴负方向的匀强电场，电场强度大小 E2=2.25×103N/C。一质量m=1×10-4kg,电荷量q=+2×10-3C的微粒从x轴上 的A(一2√3,0)点由静止释放，微粒沿x轴正方向加速后进入圆形磁场区域，并从P 点离开该区域。已知P点与O的连线与x轴正方向的夹角日=60°，不计微粒的重 力，求： (1)圆形区域内磁场的磁感应强度大小； (2)微粒运动轨迹最高点的位置坐标； (3)微粒从A点运动到经过x轴正半轴时的时间。 A.I 7 物理试题（六）第7页（共8页） 真题密卷 15.(18分)如图所示，长度L=4.8m的传送带以恒定的速率vo=6m/s顺时针转动，传 送带右侧有一质量M=1kg的小车，紧靠传送带静止在光滑的水平地面上，小车的上 表面与传送带上表面等高，距小车右端d=4m的位置处有一竖直固定挡板。现将质 量m=5kg的物块轻放在传送带的左端，使其由静止开始运动。已知物块与传送带之 间、物块与小车上表面之间的动摩擦因数均为4=0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 物块从传送带滑上小车过程速度不变，小车与竖直挡板的碰撞为弹性碰撞，且碰撞时 间极短，物块可看作质点且始终未滑离小车，g取10m/s2,求： (1)物块在传送带上运动的时间； (2)整个过程小车运动的路程； (3)整个过程中因摩擦产生的热量。 备考信息导航演练 物理试题（六）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参考答案及解析 2024一2025学年度备考信息导航演练 物理（六） 一、选择题 1.A【解析】由题意可知WS-15涡扇发动机在△t时间 mgh十x)=2bx·2,解得？=1.5m,所以物块超 内喷出的燃气的质量m=pSv·△t,发动机对该部分燃 重下落的高度h2=x2一x1=1m,B错误；弹簧的最大弹 气做的功W=2mx21 一2S0·At,可知发动机喷气 性势能E三z=22.5J,C错误 的功率P=W1 △=2pS0,A正确。 5.A【解析】设流经灯泡L的电流为I4,根据理想变压 2.D【解析】网球运动到与竖直墙壁碰撞的过程中飞行 器的规使可知一电路中输入的功率等于消托的 的时间1-盖8=03s,网球下落的病度小， 总功率，有P。=P=Ir十IR,所以灯泡L消耗的电 2g=0.45m,与墙壁碰撞时竖直方向的分速度大小 功率p,=212R·P0二20A正确 6.D【解析】滑动变阻器左右两部分并联，当滑片滑到中 v,=gt1=3m/s,碰撞后竖直方向的分速度大小不变， 间位置时，并联的总电阻最大，滑动变阻器滑片由b端滑 1 到落地有0,42十2g经=H-h1,解得t2=0.3s,碰撞 到a端过程中，并联部分的电阻阻值R先变大后变小， 后水平方向的分速度变为原来的60%，水平运动的距 R:+R 电瓜表测量的路端电压U一，十R,十R·E,故电压表的 离x2=0X60%·t2=9m,故网球第一次落地点与击 示数先变大后变小，B错误；电源的效率？= 球点间的水平距离d=x一x2=6m,D正确。 12(R:+R) 3.C【解析】设鹊桥二号在近月点的线速度大小为1，在 IP(+R,十R)X100%,故电源的效率先变大后变小，D 远月点的线速度大小为2，根据开普勒第二定律可知 正确；由闭合电路欧姆定律可知电流表的示数I= v1r=v2nr,鹊桥二号从近月点到远月点机械能守恒有 2 mv=GMm 1 R右 GMm,1 nr 十之mu,联立解得u2= R左R右 R十R云，设滑动变阻器的总阻值为 R1+r十 R左十R右 2GM ,A错误；鹊桥二号在近月点的动能为Ek= E R2,整理得I= R右 E N(n2+n)r 1 R1+r+ R左R右R2R2(R1十r) (m十1)r,B错误；鹊桥二号的机械能E nGMm R2 R右 十R在 滑片向左滑动R减小，R右变大，故电流表示数一直变大， GMm A错误；电容器与滑动变阻器左右两部分都并联，两端电 (n+1)x ,C正确；根据开普勒第三 压先变大后变小，故带电荷量先变大后变小，C错误。 /r十r\3 定律可知G4r 7.C【解析】从物块Q释放到物块P离开挡板的过程 2 元2(n+1)'r3 4x=T T2 ,解得T= 2GM 中，物块P的位移为0，故挡板对物块P做功为0，B错 D错误。 误；弹簧到第一次恢复原长的过程，对Q做功转化为Q 4.D【解析】弹簧弹力等于重力时物块的加速度为0，速 的动能，经-，部样=月 ,该过程中，挡板 m 度最大，此时弹黄的压缩量工1=3 =0.5m,所以物块 对物块P的冲量等于系统动量的增加量，故挡板对物 失重下落的高度h1=h+x1=1.25m,A错误；该过程 块P的冲量大小I=mxo=√mkx,A错误；物块P离 1 中机械能守位，有mgh十x)-2虹1·x1=2mv,解 开挡板后，两物块和弹簧组成的系统，弹簧再次恢复原 1 得v=2√5m/s,D正确；物块从释放到最低，点的过程中， 长时，mmo=mu1+2mu2,7m听 物理答案（六）第1页（共4页） 真题密卷 备考信息导航演练（六） 3,g 器之间存在摩擦阻力(2分，合理即给分) 解得v1=v0,v2=0(舍去)或v1= xCE一xAC 【解析】(1)滑块的加速度a= 2v0 2 kxi (2T)2 块P的最大速度u233m ,物块Q的最小速 (10.61+8.61-6.59-4.61)×10 -m/s2≈2.01m/s2 度为0，C正确，D错误。 4×0.12 8.B【解析】质点甲位置坐标随时间的变化关系满足x甲= (2)对滑块受力分析，由牛顿第二定律可知F一Mg= 1 F x十t+2at,当t=0s时，xp=8m,当t=1s时， Ma,整理得a=Mg,结合aF图像可知0=b一g, x甲=9m当t=4s时，x甲=0m,代入解得x甲 b 解得μ= (8+2+2（-2r)m,可知质点甲的初速度ew=2m/s, (3)由于纸带与打点计时器之间存在摩擦阻力会导致 a=一2m/s2;由题图像可知乙的速度v元=一2m/s,当 μ测量结果偏大。 两质点速度相等时，两质点相距最远，℃甲=2一2t=v乙， 12.(1)1.050(1.049~1.051)(2分)(2)×1(2分) 解得t=2s,此时甲的位置坐标x甲=8m,质点乙的位 置坐标x乙=4m,所以两质点在0~4s内的最远的距离 12.0(2分)(3)0左端(2分)@D:R(2分) 8L △x=x甲一x2=4m,B正确。 【解析】(1)合金丝的直径D=1mm+0.01mm× 二、选择题 5.0=1.050mm. 9.AC【解析】取AC的中，点为G,分析可知G点的电势 (2)由题图乙可知，采用×10挡，欧姆表读数太小，应 为Po,故平面BDG等势面，AC与等势面BDG垂直， 换用小倍率×1挡，读数R=12.02。 故电场方向沿CA方向，A正确；所以电场强度大小 (3)①由题图丁可知，为了保护电路，闭合开关前，滑动 E二2p。一0-2p,B错误；过C点在底面内作BD的垂 变阻器的滑片应滑到左端。 L ②设合金丝的阻值为R,,根据电桥法测电阻原理可 线，叠足为H,由几何关系可知00=号CH,故2p。 知，当灵敏电流计示数为0时，。=。=2，解 2 4 p0=3(29,一Po),解得90=39，C正确：电子从A 1 L 得R=2R,根据电阻定律可知R:=0D,联 移动到D,电势升高，电势能减小，D错误。 2) πD2R。 立解得p=8L。 D 13.(1)3.6m3(2)吸热7.2×105J p 【解析】(1)理想气体状态方程 T-c (1分) 20 10.BD【解析】根据楞次定律可知，线圈内的电流方向先 参理得力-t 顺时针，后逆时针，再顺时针，A错误；线圈圆心运动到 可知pT图像中，在状态a气体的体积最小 两磁场区城分界线时，线圈内的电流最大I一尺 E V。=1.2m3 (1分) 气体从状态b到状态c为等容变化，体积最大，根据理 2Bdvo R ，B正确；此时线圈受到的安培力F=2BImd= 想气体状态方程可知 paVa pivo 4Bd0,C错误；线图从区域I进入区域的过程，线圈 (2分) Ta To R 解得V。=3.6m3。 (1分) 磁通量的变化量大小△= Bπd2Bπd2_Bπd2 (2)气体由状态a最终变为状态c,温度不变，内能不 4 4 2,故通 变，压强变小，说明体积变大，对外做功，由热力学第一 过线图某栽面的电荷量q=赏-2RD正确。 △g_Bπd2 定律可知Q=△U一W,所以气体从外界吸收热量。 三、非选择题 (2分) kb 从a到b气体的压强不变，体积变大对外做功为 11.(1)2.01(2分)(2)(2分)(3)纸带与打点计时 W1=p·△V=7.2×105J (1分) 物理答案（六）第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 从b到c气体体积不变，做功为W2=0 (1分) 1 所以气体由状态a最终变为状态c,气体从外界吸收 解得t1=100s 的热量 由几何关系可知微粒在磁场中做匀速圆周运动转过的圆 Q=W1+W2=7.2×105J (1分) 心角α=60°，微粒在磁场中运动的时间 14.br25m4m (3)(1+3x 60°2πrV3π s 3 600/ t=360X0=600s (1分) 【解析】(1)设O、A间距离为xA,微粒从A点静止释 微粒离开圆形磁场区域到再次进入电场区域做匀速直 放到进入圆形磁场区域的过程，由动能定理可知 线运动，运动的距离 R Eiq(xA-R)=2mvi (1分) L= cos60°-R=V3m (1分) 运动的时间 解得vo=200V3m/s 由几何关系可知，微粒在圆形区域磁场内运动的轨迹 t6=0=200 (1分) 半径 设微粒进入x>√3m区域内的电场区域到再次经过 r=Rtan60°=3m (1分) 微粒在磁场中做匀速圆周运动 x轴用时为t4,则有 1 qvoB=m vosin 60Xt-ay (1分) 1 解得B=103 T。 (1分) 解得t4=509 3 故微粒从A,点运动到经过x轴正半轴时的时间 (2)微粒从P,点离开磁场区域后做匀速直线运动，微 21+√3π 粒经过直线x=√3m时的纵坐标为 t总=t1十t2十t3十t4= (1分) 600 y1=Rtan60°=3m 15.(1)1.4s(2)5.8m(3)180J 微粒在直线x=√3m右侧区域内做斜抛运动，沿y轴 【解析】(1)滑块在传送带上滑行的加速度大小 方向有 a1=g=5m/s2 (1分) a=E:9=4.5X10m/s 物块与传送带共速滑行的距离 (1分) m vo 竖直方向速度减为0用时 L1一2a1 =3.6m<4.8m (1分) t=osin60°1 (1分) 物块会跟传送带共速，再匀速运动离开传送带 a 150s 加速过程用时 竖直方向速度减速到0沿y轴上升的高度 y2-(vosin60°2 41=0=1.2s (1分) 2a =1m a 匀速运动过程用时 沿x轴方向有 2√5 L一x1=0.2s t2 (1分) x2=v0c0s60°Xt= 物块在传送带上运动的总时间 故微粒运动轨迹最高，点的横坐标为 t=t1+t2=1.4s (1分) x=R+x,=53 (2)物块滑上小车的速度大小为o。=6m/s,假设小车 3 m (1分) 第一次与挡板碰撞前，滑块已经跟小车共速，由动量守 纵坐标为 恒定理可知mvo=(M十m)v1 (1分) y=y1十y2=4m (1分) 解得v1=5m/s 故微粒运动轨迹最高点的坐标为(5， 该过程中由动能定理可知 m,4m)。 1 (1分) (1分) 小车有mgx1=2Moi (3)微粒从A点到进入圆形磁场区域，由动量定理 解得x1=0.5m<4m 可知E1qt1=mvo (1分) 假设成立，物块与小车共速后再与挡板碰撞，小车与挡 物理答案（六）第3页（共4页） 7 真题密卷 备考信息导航演练（六） 板碰撞后到物块与木板第2次共速，动量守恒有 小车与挡板第3次碰撞后到速度减到0的过程中，由 mv1-Mv1=(m+M)v2 (1分) 动能定理可知 2 解得02=301 umgs:-2 Mo 小车与挡板第1次碰撞后到速度减到0的过程中，由 解得53= Mo 2 Mu (1分) 动能定理可知 2umg 3 2umg 1 umgs= ug Mu 2 \2(n-1) Mu (1分) Mu 同理可知5n= 2umg 3 解得51一2mg 2umg (1分) 故整个过程中小车运动的路程 小车与挡板第2次碰撞到物块与木板第3次共速，动 s=d+2s1+2s2+2s3+…+2sm (1分) 量守恒有 解得s=5.8m。 (1分) mv2-Mu2=(m+M)v3 (3)物块放上传送带到共速的过程，传送带运动的距离 2 解得v3=30 L2=vot1=7.2 m (1分) 该过程中物块与传送带因摩擦产生的热量 小车与挡板第2次碰撞后到速度减到0的过程中，由 Q1=umg(L2-L1)=90J (1分) 动能定理可知 物块滑上小车时的动能在后续运动过程中都是由于摩 1 mgs:-7Mu 擦损失的，故 解得s2= Mv号 2 Mui Qv0 (1分) (1分) 2μmg 3 2umg 故整个过程中因摩擦产生的热量 小车与挡板第3次碰撞到物块与木板第4次共速，动 Q=Q1+Q2=180J (1分) 量守恒有 mu3-Mu3=(m+M)v 2 解得：=303 7 物理答案（六）第4页（共4页）》