备考信息导航演练5-【衡水真题密卷】2025年高考物理备考信息导航演练（安徽专用）

2024一2025学年度备考信息导航演练 题 物理（五） 本试卷总分100分，考试时间75分钟。 注意事项： 1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。 如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡 上。写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题：本题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合要求的。 1.如图所示，在光电效应实验中，用光分别照射金属α、b得到了两条遏止电压与入射光频 率的关系图线。已知金属a的逸出功大于金属b的逸出功，普朗克常量为h,电子的电 荷量为一e。下列说法正确的是 () A.图线I对应的金属为a B.图线I、Ⅱ的斜率均为h C.用频率为3的光照射金属b,则光电子的最大初动能为hy3一hv2 D.用频率为y3的光照射金属a,则相应的遏止电压为 v3-hv2 2.关于光学知识，下列说法正确的是 A.在空气中，红光光子的动量大于蓝光光子的动量 B.与在空气中相比，红光在玻璃砖中的波长更长 C.汽车前挡风玻璃上安装偏振片可阻挡一部分太阳光 D.用单色光照射各处厚度均相同的透明薄膜，可在薄膜上形成明暗相间的条纹 物理试题（五）第1页（共8页） 真题密卷·备 3.水平面内四根相同的轻质弹簧按如图所示（俯视图）连接，此时弹簧均处于原长。质量 班级 为m的人形模具从O点正上方下落，接触O点后继续向下运动至最低点，此时弹簧与 水平方向的夹角9=37。已知弹簧的原长为1，劲度系数k38,重力加速度为g, 姓名 sin37°=0.6，cos37°=0.8，则模具在最低点处的加速度大小为 ( 得分 w 777777 A.0.2g B.0.4g C.0.6g D.0.8g 4.从t=0时刻起，一滑块在水平桌面上由静止开始沿直线运动，其加速度a随时间t变化 的关系如图所示。已知t=6s时，滑块的位移x=一28m。下列说法正确的是() a/(m's-2) 2 0 12 6 产t/s A.0~6s内滑块做匀变速直线运动 B.a1=6m/s2 C.0~2s内与2~4s内滑块运动的位移相同 D.0~6s内，当滑块速度为0时，滑块距出发点距离最大 5.如图所示，空间中存在平行于菱形abcd所在平面的匀强电场（未画出），a点处有一粒子 源，可不断地朝各方向发射电荷量为q、初动能为Ek的带正电的粒子，经过b点时粒子 的动能为3Ek,经过d点时粒子的动能为5Ek。已知菱形的边长为L,∠a=60°，粒子的 重力忽略不计。则该电场的电场强度的大小为 () a609 2Ek A B.23E gL qL 4Ek C.l D.43E gL 信息导航演练 物理试题（五）第2页（共8页） 7 6.如图甲所示，导热性良好的汽缸内壁光滑，置于光滑水平地面上，其内封闭着一定质量的 理想气体。初始时，汽缸静止在水地面上，活塞与汽缸底之间的距离为L,气体压强为p。。 现在用水平向右的恒力F推动活塞，如图乙所示，活塞相对汽缸静止时，与汽缸底之间的 距离为？L。已知，活塞厚度不计，其质量为m,横截面积为S,汽缸质量为9m,大气压强 为。，环境温度恒定。下列说法正确的是 () 甲 A.活塞相对汽缸静止时，气体压强为，o B.F=2P0S C.F-gpoS D.从施加F至活塞恰好相对汽缸静止，F所做的功等于气体对外放出的热量 7.如图所示为一含有理想变压器的电路，三个灯泡完全相同，电阻箱示数为0时，三个灯 泡均在额定电压U下工作。已知电路的输入电压恒为U。,变压器原、副线圈匝数分别 为n1、n2,忽略灯泡电阻的变化。下列说法正确的是 () A.n1:n2=1:2 B.Uo=3U C.其他条件不变，若灯泡L1断路，则L2两端电压峰值较之前变小 D.其他条件不变，增大电阻箱示数，L3的电功率增大 8.如图所示，水平地面上固定一条倾角0=37°、长度L=8m的传送带，用于传送包裹，传送 带以恒定速度vo=2m/s顺时针转动。某工人将一个质量m=1kg的包裹轻放在传送带 的下端A处，包裹与传送带之间的动摩擦因数μ=0.8。已知g取10m/s2,sin37°=0.6， c0s37°=0.8。下列说法正确的是 () 00 A.包裹到达传送带上端B所需的时间为8s 物理试题（五）第3页（共8页） 真题密卷·备 B.在这个过程中，包裹与传送带摩擦产生的热量是51.2J C.在这个过程中，摩擦力对包裹做功为50J D.由于包裹的加入，传送带电动机需要额外消耗的能量为50J 二、选择题：本题共2小题，每小题5分，共10分。在每小题给出的选项中，有多项符合题 目要求，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 9.一颗质量为m的卫星绕地球在椭圆轨道上运动，近地点到地球中心的距离为r1,远地 点到地球中心的距离为2。已知地球的质量为M,引力常量为G,引力势能表达式 E。= -GMm,其中，为卫星到地球的距离。以下说法正确的是 GM(2r1-r2） A.卫星在近地点的速度为 rIr2 2GMr B.卫星在远地点的速度为 Nr2(r1+r2) GM C.卫星在近地点的加速度为 GM D.卫星在远地点的加速度为 +r12 2 10.如图所示，水平放置的平行光滑导轨间接有电阻R、电容为C的电容器和一个单刀双 掷开关。两导轨间距为L,匀强磁场垂直于导轨平面向下，磁感应强度大小为B。一 质量为m、接人电路中的电阻为R的金属棒ab垂直于导轨放置。现将开关拨至位置 1,金属棒ab在水平恒力F的作用下由静止开始向右运动，当金属棒ab的最大速度 时，开关拨至位置2，并撤去外力F,金属棒αb继续运动直至达到稳定状态。不计导轨 电阻，下列说法正确的是 () a 2×××××× ×××区×× ××××区×× b 2FR A.金属棒的最大速度是0mx一BL2 2FRm B.开关拨至位置2后，金属棒稳定后的速度u一CB 2CmFR C.电容器中储存的电荷量Q=BL(BL2C+m) 2CmFR2 D.开关拨至位置2后，导体棒运动的距离x=BL2(BLC十m) 信息导航演练 物理试题（五）第4页（共8页） 三、非选择题：本题共5小题，共58分。 11.(6分)某学习小组通过图甲所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”。O为连接 弹簧测力计I、Ⅱ、Ⅲ的细绳的结点。 甲 (1)最初测力计I竖直，Ⅱ水平，测力计I的示数如图乙所示，其示数为 N。 (2)请在图丙中通过平行四边形定则做出FⅡ、Fm的合力。 0 Fm 丙 (3)在图甲中，保持O点位置不动，将测力计I上端沿四分之一圆弧由A缓慢移动至 B,则此过程中保持测力计Ⅱ、Ⅲ的拉力方向不变，测力计Ⅱ的示数 A.先增大后减小 B.一直减小 C.不变 D.先减小后增大 12.(10分)某双挡位欧姆表内部结构示意图如图甲所示，所用电源内阻不计，表头G1量 程为0~200uA,内阻为802。已知c与“1”相连时为“×1k”挡，c与“2”相连时 为“×100”挡。 甲 (1)图甲中a为 (填“红”或“黑”)表笔。 (2)现选用“×1k”挡来测定某电阻的阻值，将a、b表笔短接， 然后将待测电阻接在α、b之间，欧姆表指针如图乙所示，该电阻的阻值为 n。 (3)已知“15”为表盘中间刻度，则欧姆表内电源的电动势E= V,c接“1”时，滑 动变阻器的阻值为 2。表头G2可测量的最大电流为A。 物理试题（五）第5页（共8页） 真题密卷·备考信息 13.(10分)如图，倾角0=37°的斜面与圆心为O、半径R=1.5m的光滑圆弧轨道相切于B 点，且固定于竖直平面内。质量m=0.5kg的滑块从斜面上的A点由静止释放，经B点 后沿圆弧轨道运动，通过轨道最低点C时对轨道的压力大小为17N。已知D为轨道的 末端，OD水平，OB垂直于AB,A、B之间的长度L=3m,g取10m/s2,sin37°=0.6， c0s37°=0.8。求： (1)滑块与斜面之间的动摩擦因数； (2)滑块释放之后在斜面上运动的总路程s。 --D 37个 B 导航演练 物理试题（五）第6页（共8页） 1 14.(14分)如图所示，长L=2.5m的水平传送带以v。=6m/s的速度顺时针转动，其上 表面与水平地面平滑连接，长为20cm的水平轻质弹簧一端固定在竖直挡板上，另一 端与质量mB=1kg的物块B相连，最初弹簧处于原长，B静止在地面上的D点。某时刻将 质量m=2kg的物块A轻放在传送带的左端，A经传送带右端C点滑上地面，一段时间后 与B发生碰撞（碰撞时间极短）并粘在一起。已知物块A、B均可视为质点，A与传动带及 地面之间、B与地面之间的动摩擦因数均为4=0.5，C、D之间的距离d=1.6m,弹簧 的劲度系数k=900N/m,其弹性势能E。=kr2,其中为弹簧的劲度系数，z为弹 簧的形变量，弹簧始终在其弹性限度内，g取10m/s2。求： (1)A与B碰撞后瞬间A、B整体速度的大小； (2)A与B碰撞后，A、B整体距C点的最小距离； (3)A与B碰撞后，A、B整体运动的总路程s。 B 0 D 2 物理试题（五）第7页（共8页） 真题密卷 15.(18分)平面直角坐标系xOy如图所示，第一、四象限内均存在沿y轴负方向的匀强电 场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场强度大小为E,磁感应强度大小为B;第二象限内 存在沿y轴负方向、电场强度大小为E的匀强电场。一质量为m、电荷量为q的带正 电粒子由x轴上的A点沿与x轴正方向成0=60°的夹角射入第二象限，粒子经y轴上 的P点沿x轴正方向射入第一象限，粒子恰好在第一象限内沿直线运动。忽略粒子的 重力。 (1)求P点的纵坐标。 (2)若将第一四象限内磁场的磁感应强度大小变为。B,其余条件均不变，求粒子从P 点开始至其首次到达轨迹最低点的过程中所受洛伦兹力的冲量大小。 (3)在第(2)问的条件下，粒子纵坐标y=2B'g mE 时，粒子横坐标的位置。 P E XB 备考信息导航演练 物理试题（五）第8页（共8页）·物理· 参考答案及解析 参芳答案及解析 2024一2025学年度备考信息导航演练 物理（五） 一、选择题 1 16 1.D【解析】逸出功W1=hw1,W2=hv2,W1<W2,可知 的位移x1=2a1ts=3m<28m,可知0~6s内，当滑 W2为金属a的逸出功，图线Ⅱ对应金属a,A错误；由 块速度为0时，滑块距出发，点的距离不是最大，D错误。 E=Ue=-w,得出U=_W,图线的斜率= 5.C【解析】由a至b的粒子，电场力所做的功W1= 3Ek一Ek=2Ek,由a至d的粒子，电场力所做的功 兰，B错误；图线虹对应金属6，用频率为的光照射金房 W2=5Ek-Ek=4Ek,设ad中点为p,可知b、p两点 等势，bp为等势线，电场线的方向由a指向d,W2= b,则光电子的最大初动能为hw3一hu1,C错误；用频率为 y3的光照射金属a,则光电子的最大初动能为hw3一hy2, EqL,得出E三L,C正确。 相应的逼止电压为一，D正确。 e 6A【解标】根铅等温支化，有p,1S=打·号1S,解得 2.C【解析】在空气中红光的波长比蓝光的长，由p= 63 P0,A正确；对活塞、汽缸整体列牛顿第二定律，有 可知在空气中蓝光光子动量更大，A错误；光在空气中 F-(m十9m)a,对活塞分析，有F+poS一p1S=ma,得 的传播速度为c,波长入= 了，在玻璃中的传播速度 出F gpS,B,C错误；此过程中F所做的功等于活 日一入f,得出入a一子>1，可知红光在这璃中 塞、汽缸增加的动能与气体放出热量之和，D错误。 7.B【解析】设灯泡正常工作的电流为I,则原线圈上的 的波长更短，B错误；太阳光是自然光，偏振片可以阻挡 电流为I,副线圈上的电流为2，则原、副线圈匝数之 振动方向与偏振片透振方向垂直的光线，C正确；薄膜 厚度处处相同，光不可能在其表面形成明暗相间的条 比为2：1，A给送原线国两瑞的电区清足号-只得 纹，D错误。 出U1=2U,根据闭合电路欧姆定律可知U。=U1+U 3.D【解析】模具在最低点时弹簧伸长量为 cos37°-1，由 3U,B正确；设副线圈两端电压为U2,副线圈所有负载 胡克定体和牛摄第二定律得(7一小n37” 总电积为R,则有，=2，+受X×R,L1断路R ,U2 mg=ma,解得a=0.8g,D正确。 增大，U2增大，可知L2两端电压峰值较之前变大，C错 4.B【解析】0~6s内滑块的加速度发生了变化，滑块做 误；若增大电阻箱示数，R增大，U2增大，则原线圈两端 非匀变速直线运动，A错误；记a0=2m/s2,t1=2s,t2= 电压增大，L3两端电压减小，其电功率减小，D错误。 4s,剥有z=0ni计a6a-司0，得出a,=6m/, 1 8.C【解析】包裹首先在摩擦力的作用下加速，直到与传 送带共速，由牛顿第二定律得加速阶段的加速度a= B正确；令a=a,-),可知，= 3s时，滑块速度 mg cos9一mg sin0=0.4m/g,包裹达到传送带速度 m 为0,0一25内滑块运动的位移大于2一。s内滑块运动 所需的时间==5S,在这段时间内，包襄的位移 的位移，此后滑块反向，可知0一2s内与2一4s内滑块运 动的位移不相同，C错误；当滑块速度为0时，滑块运动 51=2ai=5m,剩余的距离52=L-51=3m,包襄以速 物理答案（五）第1页（共4页） 真题密卷 备考信息导航演练（五） 度，匀速运动的时间t,=2=1,5S,因此，包襄从A端运 金属棒在磁场中运动产生感应电动势，对电容器充电， 0 当电容器两端电压与感应电动势相等时，电路中电流 动到B端的总时间t=t1十t2=6.5s,A错误；在加速阶 为零，金属棒达到稳定状态，设金属棒稳定后的速度为 段，包襄相对传送带的位移△x=ot1一s1=5m,包裹在传 V,此时感应电动势E=BLw,由于电容器两端电压等于 送带上运动的过程中，因摩擦产生的内能Q=∫·△x= 金属棒两端电压，故有U。=BL,此过程由动量定理， mg cos0·△x=32J,B错误；滑动摩擦力做的功W1= 可得BILt=momx-u,又It=CUc,联立得v= ∫·s1=mg cos0·s1=32J,静摩擦力做的功W2= 2FRm 2CmFR f静·s2=mgsin0·s2=18J,所以整个过程中，摩擦力对 CB+L+mBD,B错误：Q=CUc=BLBC+m)C 包裹做的总功是滑动摩擦力和静摩擦力做的功之和，即 B 2CmFR W=W1十W2=32J+18J=50J,C正确；电动机多消耗 正确；因为Q= R,所以x=BZ(BLPC+mD 的能量等于包裹机械能的增加量（动能和重力势能）和摩 正确。 擦产生的热量之和，即△E=△E&十Q十△Eo=2mi十 三、非选择题 11.(1)2.7(2分)(2)见解析(2分)(3)A(2分) Q+mgLsin0=82J,D错误。 【解析】(1)测力计分度值为0.2N,估读到十分位，其 二、选择题 示数为2.7N。 9.BC【解析】设卫星在近地点和远地点的速度分别为v (2)所做合力示意图如图甲所示。 和v2,在近地，点和远地点的加速度分别为a1和a2,根据 0 能量守恒，卫星在近地，点和远地点的总机械能相等，因此 1 F2mu、GM ,得u1-oi=2GM I cm r2 (俱》开格餐第二定排条阴卫显在相等的时同 间隔内扫过的面积相等，即01r1=v2r2,联立得出 = 2GM(r2-r1)r 2GMr, rirz r2r,01= √(+72)，同理 (3)测力计I沿圆孤逆时针缓慢转动过程中，结，点O 始终平衡，对测力计「上作用力的反向力分解，如图乙 2GMr1 一√(，十72)，A错误，B正确，卫星在近地点的 所示，当I上的力与Ⅲ上的力垂直时，Ⅱ上的力有最大 值，转动过程中Ⅱ上作用力先增大后减小，A正确。 加速度由万有引力提供，因此a1 月，C正确；卫星在 GM GM 远地，点的加速度也由万有引力提供，因此a2= D 错误。 10.ACD【解析】当开关拨至位置1时，金属棒ab在水 12.(1)红(1分)(2)调节欧姆调零旋钮，使指针指到0 平恒力F的作用下开始运动，此时金属棒受到水平恒 刻度处（写出欧姆调零即可给分）(1分)17000(2 力F和安培力的作用。根据安培力公式F安=BIL, 分)(3)3(2分)14920(2分)2×10-3(2分) 其中1三？，E=BLU,当金属棒达到最大速度时 【解析】(1)黑表笔与电源正极相连，故b为黑表笔，a 为红表笔。 加速度为零，此时水平恒力F与安培力大小相等，即 (2)选档后需将红黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使 F一Fe,可得F=B×架XL,解得会為持的最大 指针指到0欧姆处，完成欧姆调零，才可以进一步测量 2FR 定值电阻的阻值。指针指在“17”处，所测阻值为 速度Ux一B,A正确；当开关拨至位置2后，电路 170002. 中接入了电容器，此时金属棒和电容器组成闭合回路， (3)选用“×1k”挡，欧姆调零之后，欧姆表的内阻R。= 7 物理答案（五）第2页（共4页） ·物理· 参考答案及解析 150000,由Ra,- E kxo=H(mA十mB)g (1分) 可知，E=3V;c接“1”时，滑动变 阻器的阻值R=Rn,一Rg,=149202;c接“2”时，欧姆 解得x0= 3 cm 调零后，欧姆表的内阻为R,=15000,则1，一R 则A、B整体首次向右滑动时，简谐运动的振幅 35 2mA=2X10-3A. A=x十xi=3cm (1分) 13.(1)0.125(2)18m A、B整体向左运动时，摩擦力向右，与之前向右运动 【解析】(I)由牛顿第三定律可知在C,点轨道对滑块 时摩擦力方向相反，可知第二次简谐运动的平衡位置 的支持力F=17N (1分) 较第一次平衡位置向右移动的距离 在C点，根据牛顿第二定律可知 △d-2gm4+m8=2x (1分) F-mg-mut (1分) R 第二次运动的振幅 滑块由A点运动到C,点，由动能定理有 A2=A1-△d=cn (1分) 1 mgLsin 0-umg cos 0.L+mg(R-Rcos 0)= 2mve 整体最靠左时，到D的距离 (2分) 20 D=2A:-1=3cm (1分) 解得=0.125。 (1分) (2)滑块最终在轨道内做往复运动，最高能到达B点， 距离C的最小距离 设B点为零势能点，根据能量守恒定律有 460 min=d-p=3 cm (1分) mgLsin0=umg cos0·s (3分) 解得s=18m。 (3)A、B整体第二次向右运动的振幅 (2分) A3=A2-△d=5cm (1分) 14.(1)2m/s(2) 460 3cm(3)40cm 第二次向左运动的振幅 【解析】(I)设A在传送带上一直加速，由动能定理 A:=A,-Ad-号m 可知 1 此次运动到最左端之后，整体静止 pmagL=2mA呢 (1分) s=x1+2A2+2A3+2A (1分) 解得vc=5m/s 解得s=40cm。 (1分) vc<vo,假设成立 15.()3mE A从C点运动至D点，有 2B2q a20r干 -m,gd=mb-no时 4πmE 8kπmE√3mE (1分) (3) 3B2q B2q (k=0,1,2,…)或者 B2q 解得vp=3m/s 20πmE, 设碰撞后瞬间A、B整体速度的大小为V1,由动量守 3B2q 8kπmE+3mE（k=0,l,2,…) B2q B2q 恒定律可知 【解析】(1)设粒子在P点速度大小为o,粒子在第 mAUD-(mA+mB)v1 (1分) 一象限内沿直线运动，有 解得o1=2m/s。 (1分) Bvoq=Eg (1分) (2)设A、B碰撞后，整体向右运动的位移为x1,由能 E 量守恒定律可知 解得00一B 粒子在A点速度沿y轴上的分量 2mm)vi-u(m+mgz (1分) v,=votang (1分 解得x1=0.1m 粒子在第二象限内，由牛顿第二定律可知 将弹簧向左或者向右运动视为简谐运动，由 Eq=ma (1分) 物理答案（五）第3页（共4页） 真题密卷 备考信息导航演练（五） 由v=2ayr (1分) 解得yp 3mE 2B2g° (1分) E (2)粒子运动轨迹如图所示，设存在沿x轴正方向、大 小为01的速度，满足 XEY XB 1 qv:=Eq (1分) 解得v1=2v0 (3)设粒子做圆周运动的半径为r,有 将粒子在P点的实际速度分解，配出速度1，设存在 mv号 沿x轴负方向、大小为2的速度，满足 2 Bqva= (1分) V0=U1一V2 (1分) 2mE 解得v2=vo 解得r=B2q 可知粒子沿x轴正方向以大小为1的速度做匀速直 mE 1 yp-y= B2q 2 (1分) 线运动，以大小为2的速度做匀速圆周运动，粒子在 最低，点速度大小为 设粒子做圆周运动的圆心角为a 1 03=01十U2=300 则有r-rc0sa=2/ (1分) 粒子由P点至首次到达最低，点，动量的变化量 △力=mv3一mvo=2mo (1分) 可知a= 3+2k(质=0,1,2，…)或者a= 3+2k元 2πm4πm 粒子做圆周运动的周期T= B (1分) (k=0,1,2,…) Ba 29 则粒子运动的时间1=”·T (1分) 2π 粒子从P点至首次到达最低点，运动的时间 粒子的横坐标x=v1t十rsin60°或x=v1t一rsin60° 4- 2πm Bq (1分) 解得x= 4mE8kmE_5mE(k=0,l,2…） 电场力的冲量 3B2a 11=Eg41=2E元m (1分) B (1分) 或者x 20元mE8kπmE+3mE（k=0,l,2,…). 则洛伦兹力的冲量 3B2q 1,=+ap-20R (1分) (1分) 7 物理答案（五）第4页（共4页）