黑龙江哈尔滨市双城区兆麟中学2026-2027学年高二上学期10月阶段检测物理试题

兆麟中学2026—2027学年度上学期第一次月考 高二学年 物理学科试题 命题人：第一命题组 审题人：第二命题组 考试用时：75分钟 总分：100分 一、选择题（共10题；1——7题单选，每题4分；8——10题多选，每题6分，共46分） 1．一根长为、横截面积为的金属棒。棒内单位体积内自由电子数为，电子的电荷量为。在棒两端加上恒定电压时，棒内自由电子定向运动的平均速率为，则金属棒的电阻率为（ ） A． B． C． D． 2．手机电容式触摸屏的核心部件可简化为平行板电容器。手指按压触摸屏，两极板与手指间电场线如图所示。若维持电容器工作电压恒定，下列说法正确的是（ ） A．点的电场强度比点大 B．点的电势比点高 C．手指按压触摸屏时，电容器处于充电状态 D．手指按压触摸屏时，等效电容器电容变小 3．如图所示，边长为的正三角形处在匀强电场中，三角形平面与电场平行，、两点将边三等分，、两点将边三等分；将一个电子从点移到点和从点移到点电场力做功相同，已知点电势为，点电势为，则下列判断正确的是（ ） A．点电势比点电势高 B．点电势为 C．电子从到电场力做功为 D．匀强电场的电场强度大小为 4．如图，在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面，斜面上有带电金属块沿斜面滑下，已知在金属块下滑的过程中动能增加了12 J，摩擦生热8.0 J，重力做功24 J，则以下判断正确的是（ ） A．金属块重力势能减少20 J B．金属块克服电场力做功4.0 J C．金属块的机械能减少24 J D．金属块的电势能减少12 J 5．下列四幅关于磁场相关知识的示意图说法正确的是（ ） A．甲图中小磁针静止时位置如图所示，可以推断直导线中通有从下往上的电流 B．乙图中金属圆环通有逆时针电流时，圆环中间放置的小磁针极指向纸面向内 C．丙图中小磁针静止时位置如图所示，可以推断电源右侧为正极 D．地球磁场磁感线分布类似条形磁铁，丁图中绘制的地磁场的极位于地理北极附近 6．将四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表、和两个电压表、。已知电流表的量程大于的量程，电压表的量程大于的量程，改装好后把它们按图示接入电路，则（ ） A．电流表的读数小于电流表的读数 B．电流表指针的偏转角小于电流表指针的偏转角 C．电压表的读数大于电压表的读数 D．电压表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角 7．某同学按如图所示电路测量水果电池的电动势和内阻，调整滑动变阻器测得多组电流和电压的数据，作出水果电池的关系图像。该同学分析发现，实验存在系统误差，并对图像进行修正。下列图像中图线甲为用实验数据画的图线，图线乙为该同学修正系统误差后的真实图线，正确的是（ ） A． B． C． D． 8．在如图所示的电路中，、、均为可变电阻。当开关闭合后，两平行金属板中有一带电液滴正好处于静止状态。现将变大，则以下判断正确的是（ ） A．液滴将向下运动 B．电容器将继续充电 C．有从左到右的瞬时电流流过 D．电容器上的带电量将增大 9．如图所示，倾角为的固定斜面下端固定一挡板，一轻弹簧下端固定在挡板上。现将一质量为、电荷量为的绝缘小滑块从斜面上距离弹簧上端处由静止释放，小滑块始终处在场强大小为（为重力加速度）、方向平行斜面向下的匀强电场中，小滑块与斜面间的动摩擦因数为，则小滑块从释放到运动到最低点的过程中，下列说法正确的是（ ） A． B．滑块与斜面摩擦产生的热量等于滑块的重力势能和电势能的减少量与弹簧弹性势能的增加量之差 C．滑块克服弹簧弹力做的功等于滑块减少的重力势能和增加的电势能及增加的内能之和 D．滑块刚与弹簧接触瞬间达到最大动能 10．如图甲，M、N为两竖直的间距为的平行金属板，两板间的电势差随时间变化的图像如图乙所示。一群相同的带电粒子在时间内的不同时刻从M板附近的点由静止释放，仅在电场力作用下运动，其中在时刻释放的粒子恰好在时运动到N板且速度为0。不计粒子重力和粒子间的相互作用。下列说法正确的是（ ） A．这些粒子带负电 B．粒子运动的加速度大小均为 C．不同时刻从出发的粒子向右运动的时间都相同 D．时从出发的粒子，在板间向右运动后返回 三、实验题（11题6分、12题11分、13题12分） 11．某同学需要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，实验步骤如下： （1）某学生用螺旋测微器测定该圆柱体的直径时，测得的结果如图甲所示，则该圆柱体的直径__________。紧接着用标有20等分刻度的游标卡尺测该圆柱体的长度，测得的结果如图乙所示，则该圆柱体的长度__________。 （2）该同学先用多用电表粗测其电阻。用已经调零且选择开关指向欧姆挡“×10”挡位的多用电表测量，发现指针的偏转角度太大，这时他应将选择开关换成欧姆挡的“__________”挡位（选填“×100”或“×1”），然后进行欧姆调零，再次测量圆柱体的阻值，其表盘及指针所指位置如图丙所示，则粗测其电阻值为__________Ω。 （3）采用如图丁的电路图进一步精确测量该圆柱体的电阻值。测量结果：如图戊所示，当使用量程的电流表时，其示数为__________；如图己所示，当使用量程的电压表时，其示数为__________。 12．在“测定金属丝的电阻率”的实验中，金属丝的阻值约为，先用螺旋测微器测量金属丝直径，再用游标卡尺测量金属丝的长度，然后用伏安法测出金属丝的电阻，最后根据电阻定律计算出该金属丝的电阻率． （1）实验室提供的器材有： A．电压表（量程，内阻约） B．电压表（量程，内阻约） C．电流表（量程，内阻约） D．电流表（量程，内阻约） E．滑动变阻器（） F．滑动变阻器（） G．电源（输出电压恒为）、开关和导线若干 （1）选择合适器材实验，要求电压能从0开始调节并能较准确地测出金属丝的阻值应选择电流表__________，滑动变阻器__________。（填器材前的字母） （2）甲同学设计如图乙所示电路图，电压表的右端分别连接点和点，发现电流表读数几乎没变，电压表示数变化明显，为了减小误差，电压表右端应与__________（选填“”或“”）点连接。 （3）在丙图中，用笔划线代替导线完成图中实物间的连线__________。 （4）若某次测量中，电压表和电流表读数分别为和，金属丝的长度为，请用上述直接测量的物理量（、、、）写出电阻率的计算式__________。 13．为了测量一节干电池的电动势和内阻，某同学采用了伏安法，现备有下列器材： A．待测干电池一节； B．电流表1：量程，内阻； C．电流表2：量程，内阻约为； D．电压表1：量程，内阻未知； E．电压表2：量程0~15，内阻未知； F．滑动变阻器1：，； G．滑动变阻器2：，； H．开关、导线若干。 在用伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差。在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻。 （1）在上述器材中请选择适当的器材：__________（填写选项前的字母序号）； （2）实验电路图应选择下图中的__________（填“甲”或“乙”）； （3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的图像，则干电池的电动势__________，内电阻__________。（结果保留一位小数） （4）本实验测得的电源内阻和真实值的关系为：__________（选填“大于”“小于”或“等于”）。 四、解答题（14题10分，15题15分） 14．如图所示的电路中，定值电阻，电阻箱的可调节范围为，电压表为理想电压表。闭合开关S后，当电阻箱的阻值调至时，电压表示数；当电阻箱的阻值调至时，电压表示数。 （1）求电源的电动势和内阻； （2）仅调节电阻箱的阻值，求电阻箱的最大电功率。 15．如图所示，倾斜轨道和光滑圆弧轨道固定在同一竖直平面内，两者间通过一小段长度不计的圆滑弧形轨道相连，已知长，倾角，弧的半径，为圆心，。在虚线右侧存在水平向左的匀强电场（在虚线上），场强大小。一个带正电的绝缘小球，质量为，其电荷量为，从某一位置以的初速度水平抛出，运动到点时恰好沿斜面向下。若小球与轨道的动摩擦因数为，，，，小球运动过程中电荷量保持不变。求： （1）小球的抛出点距点的高度； （2）小球运动到圆弧轨道最低点点时对轨道的压力； （3）小球从点离开圆弧轨道后，第一次落到斜面上的位置距点的距离。 学科网（北京）股份有限公司 $《2026年9月18日高中物理作业》参考答案 题号 1 2 3 4 5 8 10 答案 A D B C C A AC AB BD 11.(1)3.7055.015 (2)×112.0 (3)0.401.10 12.(1)C,E (2)a (3) psπUd2 (4) 4 13.(1)ABDFH (2)乙 (3)1.50.8 (4)等于 14.(1)E=12V,r=12 (2)Pmax =6 W 【详解】《1)当电阻箱的阻值调至R=2P时，电压表示数U,=10.5V,根据闭合电路欧姆定律可得 E=U1+ Ur ”R+R 当电阻箱的阻值调至R,=142时，电压表示数0，=11.4V,根据闭合电路欧姆定律可得 E=U2+ U2 R+R 联立解得E=12V,r=12 E (2)设电阻箱的阻值调至R,此时回路中的电流为 =R+R+" E2 P=RR=- R+n+2(R+r） R3+ 电阻箱的电功率为 E2 =6W 可知当B,=R+”时，电阻箱的电功率达到最大，为 4(R+r） 15.(1)1.8m (2)31.68N;方向竖直向下 (3)4.05m 【详解】(1)设小球P刚运动到A点时的速度为'4，竖直分速度为'，则有 "w=%tan37°=6m/sy=% c0s37° =10m/s 6 h= m=1.8m 所以小球P的抛出点距A点的高度为2g2×10“ (2)小球P受到的电场力9E=3N,方向水平向左，且与重力的合力大小为5N,方向垂直于AB斜面 5 向下，则“等效重力场”的等效重力加速度 8'=48=12.5m/s 方向垂直AB斜面向下，设小球滑到B点时的速度为VB,由动能定理得 11 -umgL=,mvg-2” 2 mv房 对小球P受力分析，在B点，由牛顿第二定律得 -mg=m 解得F=31.68N,由牛顿第三定律可知，小球P运动到B点时对轨道的压力大小为31.68N,方向竖 直向下。 (3)设小球P能到达C点，在C点的速度为'c,则小球P从A到C的过程中， 121 -umg'L-mg'R(1+c0s37)=mvc-mv 由动能定理得 解得e=5.5m/s 设小球P恰好到C点时的速度为，则 有g'=m R 解得=1.25V10m/s 可得c>℃，则小球P离开C后，做类平抛运动，则有x='c, 个+Rcos37°=&73 解得t=0.6s,x'=3.3m 故小球P的落点距B点的距离为x=t+Rsin37°=3.3+1.25×0.6=4.05m