第一部分 假期必刷10 磁场  电磁感应-【快乐假期】2025-2026学年高二物理寒假作业必刷题

=0022 富二物理 假期必刷10磁场 电磁感应 学而不厌，诲人不倦。 完成日期： 月 日 【《思维整合室 思维导图 磁感线：疏密表示磁场的强弱 磁场 磁感应强度：定义式：B= (B⊥L) 描述 磁通量：Φ= (B⊥S) 磁场、电 安培定则（右手螺旋定则） 磁感应 电磁感应 发现：法拉第发现电磁感应现象 现象 产生条件：穿过回路的 发生变化 自测自查 F BS 磁通量 情境思辨 1.如图所示的为奥斯特实验， 判断下列说法的正误。 (1)本实验能够验证电流的磁 电流产生磁场 效应 ( (1)穿过两个平面的磁通量相等. (2)导线沿东西方向放置在小磁针的正上方是 为减小地磁场对实验结果的影响.() (2)穿过S2平面的磁通量大于穿过S1平面的 (3)实验过程中如果小磁针发生了偏转，说明 磁通量。 磁场是客观存在的 ( (3)将平面S2左右平移到任何位置，穿过该平 (4)小磁针转动过程受到了力的作用，但这里 没有反作用力. ( 面的磁通量总相等. 答案：(1)√(2)×(3)/(4)× (4)将平面S,平行于磁感线放置，此时穿过这 2.磁通量可以形象地理解为“穿过磁场中某一 面积的磁通量为零，但该处磁感应强度 面积的磁感线条数”.如图所示，两线圈的面 积相等，相互平行的垂直磁感线放置，根据 不为零 图示判断下列正误. 答案：(1)×(2)×(3)×(4)/ ·29· 火受快乐限期 00-= 《技能提升台 6.(多选)如图所示，A为通电线 圈，电流方向如图所示，B、C为 技能提升 与A在同一平面内的两同心圆， 一 、选择题 ④、Φ。分别为穿过两圆面的磁 1.（多选)磁场中某区域的磁 通量的大小，下述判断中正确的是 ( 感线如图所示，a、b、c、d、e是 A.穿过两圆面的磁通量是垂直纸面向外 磁场中的5个点，其中c、d B.穿过两圆面的磁通量是垂直纸面向里 两点关于直线对称，下面说 C.ΦB>Φc 法正确的是 ( D.ΦB<Φ A.这5个位置中，e点的磁感应强度最大 7.三根相互平行的通电长 B.a点没有磁感线穿过，所以a点磁感应强 直导线放在等边三角形 度一定为零 的三个顶点上，其截面 C.c、d两点关于直线对称，所以c、d两点磁 图和电流方向如图所 0 感应强度方向相同 示.若每根导线的电流 ⊙ D.b、e两点在同一直线上，所以b、e两点磁 均为I,每根直导线单独 感应强度方向相同 存在时，在三角形中心O点产生的磁感应 2.（多选)如图所示，一带负电的金 B. 强度的大小都是B,则三根导线同时存在时 属环绕轴OO以角速度ω匀速旋oA七 01 O点的磁感应强度大小为 ( 转，在环左侧A处和环上方B处分别放一个 A.0 B.B 小磁针，平衡后小磁针北极的指向是 ( C.2B D.√3B A.A处指向左 B.A处指向右 8.在纸面内放有一条形磁铁和一个位 C.B处指向左 D.B处指向右 于磁铁正上方的圆形线圈（如图所 SN 3.如图所示，一束电子沿之轴正向 示)，下列情况中能使线圈中产生感 流动，则在图中y轴上A点的磁 电子流 应电流的是 场方向是 ( 10A A.将磁铁在纸面内向上平移 A.十x方向 B.一x方向 B.将磁铁在纸面内向右平移 C.+y方向 D.一y方向 C.将磁铁绕垂直纸面的轴转动 4.如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是 D.将磁铁的N极向纸外转，S极向纸内转 环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场， 9.(多选)智能手表通常采用无线充电的方式 试在各图中补画出电流方向或磁感线方向. 充电.如图甲为智能手表及无线充电基座， 图乙为充电原理示意图，充电基座接交流电 源，基座内的送电线圈产生交变磁场，从而 使智能手表内的受电线圈产生电流.现将问 乙 丙 题做如下简化：设受电线圈的匝数为n,若 ⊙⊙⊙⊙⊙ 在t1到t2时间内，磁场向上穿过受电线圈， 其磁通量由Φ，均匀增加到Φ。。下列说法 ⑧⑧⑧⑧⑧ 戊 己 正确的是 5.(多选)彼此绝缘、相互垂直的两根通电直导线 与闭合线圈共面，下图中穿过线圈的磁通量可 受电线圈 能为零的是 h● 接交流电 送电线圈 ·30· 三0022 A.若用塑料薄膜将充电基座包裹起来，仍 高考冲浪 能为智能手表充电 1.(2025·福建卷)如图所 B.受电线圈中感应电流方向由d到c 示，空间中存在两根无限 C,无线充电的原理是利用充电基座内的线 长直导线L1与L2,通有M N 圈发射电磁波传输能量 大小相等，方向相反的电 D.c、d之间的电势差大小为U=n Φ2一Φ 流.导线周围存在M、O、V三点，M与O关 t2一ti 于L,对称，O与N关于L2对称且OM= 二、非选择题 ON,初始时，M处的磁感应强度大小为B1, 10.如图所示，固定于水平面 D M - O点的磁感应强度大小为B2,现保持L1中 上的金属架CDEF处在 ××××× 电流不变，仅将L2撤去，V点的磁感应强 ×××x”× 竖直向下的匀强磁场中， 度大小为 ( 金属棒MV沿框架以速 N AR-含B B2B。-B, 度心向右做匀速运动.t=0时，磁感应强度 C.B,-B D.B-B, 为B。,此时MN到达的位置恰好使 2.(2023·浙江1月学考)一个矩形闭合导线框在 MDEN构成一个边长为l的正方形.为使 匀强磁场内运动，导线框回路中能产生感应电 MN棒中不产生感应电流，从t=0开始， 流的是 磁感应强度B应随时间t怎样变化？请推 导这种情况下B与t的关系式. 向下平移 向右平移 绕轴转动 向左平移 〈《益智欢乐谷 指南针不指南 在多数人的认识中，指南针永 远是一头指北，一头指南.如果有 人问：“在地球上什么地方，指南针 两头都指北？在什么地方，指南针两头都指南？” 很多人都会觉得很荒谬，会认为在地球上不可能 有这样的地方.当你站在南极，并从南极出发去 别的地方，这时，不管你向四面八方哪个方向走， 你都是在向北走.也就是说地球上的南极没有方 向，它的四周都是北方，你的指南针的两头也都 指向北.同样，在北极也一样，不管你走去哪，你 都是向南走，你的指南针上的两头都是指的 南方 ·31飞曼快乐假期 (4)测量得到U1=4.20V,U=2.78V,代入待测电压表的 租值表达式R,=D:则待湖电压表内阻R, UR。 8X83n≈1566na1.57kn 答案：(1)CAB负极、正极×1001.6(2)R1a UUR。 (3)-元(4)1.57 2.解析：(1)R1电阻范围小，所以 μA R,与表头并联起分流作用，R 电阻范围大，所以R。与改装后 的电流表整体串联，起分压作用」 R 电路如图所示 (2)Ug=IR.=(I-1g)R,R1= I R& 1004A×9002 I-I 1000:A-100A 1002, IR,=U-U:, U-U-3V-(100A×9002=2910n. R2= 1 mA 答案：(1)见解析图(2)1002910 3.解析：根据欧姆表的改装原理，由短接时的欧姆定律和中值电 阻的意义可算出R=900D,为了滑动变阻器的安全，选择R:另 外，需深刻理解欧姆表表盘的刻度原理和校准标准。 A 答案：(1) 红 黑 900R1(2)455(3)035000.0 4.D 5.解析：(1)为了保护电路，闭合开关前，金属夹置于电阻丝的 最大阻值处，由题图可知，应该置于A端. (2)对于电路图(a),根据闭合电路欧姆定律有U=E-Ir, 设金属丝的电阻率为ρ，横裁面积为S,结合欧姆定律和电阻 U 定律I=尺，R=p5, 联立可得U=E-US 对于电路图(b),根据闭合电路欧姆定律有U=E -I(r+R。), 结合欧姆定律和电阻定律1=发，R三PS: 联立后整理 11 UE -R2.六 Ep 可知图线的纵轴裁距b=巨· 1 解得E=方' 1 Sr S(x+R。) (3)由题意可知：=前，k: Ep 又=， 联立解得r R n-1 6(3) 答案：(1)A(2) n-1 6.解析：(1)多用电表应满足电流“红进黑出”，因此红表笔与电 源的正极相连.(2)电容器放电过程中，电流由大逐渐变小， 则小灯泡迅速变亮，然后亮度逐渐减小至熄灭，(3)实线表示 充电慢，用时长，故接入的电阻应该为大的电阻，即R2,因此 实线表示接入电阻为R2:根据公式I=Q,则It图像的线 下面积表示电荷量， 答案：(1)正极(2)C(3)R2电荷量 0M= 7.解析：(1)根据螺旋测微器的读数规则可知，其读数为d=2mm +0.01×45.0mm=2.450mm: (2)由于电压表示数变化更明显，说明电流表分压较多，因此 电流表应采用外接法，即测量铅笔芯电阻时应将K掷到 1端； (3)根据图丙的下U图像，结合欧姆定律有R,=31A 2.50V 1.912； (4)根据电阻定律R=pS, 可得p=S 两种材料的横裁面积近似相等，分别代入数据可知>： 答案：(1)2.450(2)1(3)1.91(4)大于 假期必刷10 技能提升台技能提升 1,AD从磁感线分布情况看，点位置的磁感线分布最密集， 磁感应强度最大，A正确；处磁感线相对其他位置比较稀 疏，a处磁感应强度较小，但并不是零，B错误；在c、d两，点切 线方向表示c、d,点的磁感应强度方向，所以c、d两，点的磁感 应强度方向并不相同，C错误；b、两，点的切线在同一直线 上，D正确. 2.AD带负电的金属环旋转时，形成了与转动方向相反的环 形电流，此环形电流在A处产生的磁场方向向左，在B处产 生的磁场方向向右，A、D正确」 3.A电子流沿之轴正向流动，电流方向沿之轴负向，由安培 定则可以判断电流激发的磁场以之轴为中心沿顺时针方向 (沿之轴负方向看)，通过y轴A点时方向向外，即沿x轴正 向，A正确. 印 丙 ⊙⊙⊙⊙⊙ 四⑧⑧⑧⑧ 戊 5.AB根据右手螺旋定则判断，A、B选项中I1、I2在闭合线 圈中产生的磁场反向，可能为零，A、B正确. 6.AC由安培定则判断，凡是垂直纸面向外的磁感线都集中 在线圈内，因磁感线是闭合曲线，则必有相应条数的磁感线 垂直纸面向里，这些磁感线分布在线圈外，所以B、C圆面都 有垂直纸面向里和向外的磁感线穿过，垂直纸面向外的磁感 线条数相同，垂直纸面向里的磁感线条数不同，B圆面的较 少，C圆面的较多，但都比垂直向外的少，所以穿过B、C的磁通 量方向应垂直纸面向外，且①>④， 7.C根据安培定则判断得知，三根导线在O点产生的磁感应 强度的方向分别为：上面导线产生的磁感应强度方向水平向 左，大小为B:下面左边导线产生的磁感应强度方向斜向左 上方，与水平成60°角，下面右边导线产生的磁感应强度方 向斜向左下方，与水平成60°角，则根据平行四边形定则进 行合成可知，下面两根导线产生的合磁感应强度大小为B, 方向水平向左，所以三根导线同时存在时的磁感应强度大小 为2B,方向水平向左.故选C 8.D将磁铁向上平移、向右平移或绕垂直纸面的轴转动，线 圈始终与磁感线平行，磁通量始终为零，没有变化，不产生 感应电流，A、B、C错误；将磁铁的N极向纸外转，S极向纸 内转，穿过线圈的磁通量变化，线圈中产生感应电流，D 正确， 9.ADAC.无线充电的原理是基座内的线圈电流变化，产生 变化的磁场，导致手表内部线圈中的磁通量发生改变，线圈 产生感应电流，原理是互感，因此用塑料薄膜将充电基座包 裹起来，仍能为智能手表充电，故A正确，C错误；B.在t1到 2时间内，穿过受电线圈的磁通量向上增加，根据楞次定律 可知，受电线圈中感应电流方向由c到d,故B错误；D.在t1 到2时间内，磁场向上穿过受电线圈，其磁通量由西均匀 增加到Φ，，根据法拉第电磁感应定律可得c、d之间的电势 差大小为U=n△ n更，一亚，故D正确.故选AD. t2-t1 三00223 10.解析：要使棒中不产生感应电流，穿过回路的磁通量应保持 不变，则有B,P=B(1十)，解得B=千t BL B。l 答案：B=干t 高考冲浪 1.B根据安培定则，两导线在O点处产生的磁感应强度方向 相同大小相等，则单个导线在O点处产生的磁感应强度大 小为B,-盘，根据对称性，两导线在N处的难感应强度大 小应该与M点一样，为B1,根据对称性，L2在N点处产生 的磁感应强度为B,=号，由于L,在V点处产生的磁感应 强度大于L1在V点处产生的磁感应强度，且方向相反，将 L,撤去，N点的磁感应强度为B,一B.故选B. 2.C矩形闭合线框在匀强磁场中向下平移、向右平移、向左 平移的过程中，穿过闭合线框的磁通量都没有发生变化，故 线框回路中无感应电流产生，故A、B、D错误；只有线框绕轴 转动的过程中，线框中的磁通量在不断发生变化，故线框回 路中要产生感应电流，故C正确. 假期必刷11 技能提升台技能提升 1.D根据麦克斯韦的电磁场理论可知，变化的磁场周围能产 生电场，均匀变化的磁场周围产生稳定的电场，故A错误； 不均匀变化的电场产生变化的磁场，磁场有可能不是均匀变 化的；均匀变化的磁场周围产生稳定的电场，故B错误；稳 定的磁场其周围不产生电场，故C错误；周期性变化的磁场 在周围空间产生的电场是周期性变化的，周期性变化的电场 在周围空间产生的磁场也是周期性变化的，故D正确 2.C根据麦克斯韦的电磁场理论，变化的磁场产生电场，故②③ ④都可以产生电场：周期性变化的磁场产生周期性变化的电场， 周期性变化的电场产生周期性变化的磁场，从而产生电磁波，故 只有②④可以产生电磁波，C正确. 3.CA.电磁波在真空中的传播速度是c=3×10°m/s,在介 质中小于3X108m/s,A错误：B.电磁波发射要经历调制过 程，接收要经历调谐，解调过程，B错误；C.无线电波、红外 线、可见光、紫外线、X射线、Y射线均属于电磁波，且频率依 次增大，C正确；D.麦克斯韦预言了电磁波的存在，赫兹实 验证实了电磁波的存在，D错误.故选C. 4.AY射线、X射线也属于电磁波，故A与题意相符；红外线 具有明显热作用，故B与题意不符；紫外线具有较强的荧光 作用，故C与题意不符：微波可以用于卫星通信、电视等的 信号传输，故D与题意不符. 5,A影响黑体辐射电磁波的波长分布的因素是温度，故选项 A正确，B、C、D错误 6.B一切物体都不停地向外辐射电磁波，且温度越高，辐射 的电磁波越强，对于一般材料的物体，辐射强度按波长的分 布除与物体的温度有关外，还与材料的种类和表面状况有 关，常温下看到的物体的颜色是反射光的颜色，故B正确， A、C、D错误. 7.BD按照经典物理学的观点，电子绕核运动有加速度，一定 会向外辐射电磁波，很短时间内电子的能量就会消失，与客 观事实相矛盾，由能级和能量子理论可知选项A、C错误，B 正确；原子内电子轨道是不连续的，D正确. 8.CD原子处于高能级时不稳定，可自发地向低能级跃迁，以 光子的形式释放能量；光子的吸收是光子辐射的逆过程，原 子在吸收光子后，会从较低能级向较高能级跃迁，但不管是 吸收光子还是辐射光子，光子的能量都等于始、末两个能级 的能量差的绝对值，故选项C、D正确， 9.BC每秒内孩光源发光的能量E光=Pt=1×103J,而波 长为入的光子的能量为：==只，则每秒钟发射的光子数 为m=E选=E入，代入数值得2.5X105≤n≤3.0X105, hc 故B、C正确. 富二物理 10.解析：紫外激光能量子的值为 6=4s=6.63X10"X3X10j5.68×10"J, 0.35×10-9 则该紫外激光所含光子数 n=号-80*4.23X10(个 2400 答案：4.23×1021 高考冲浪 1.AB紫外线、X射线均属于频率高、能量高的电磁波，故A、 B正确.雾化器、“彩超”机属于超声波的应用，超声波是机械 波，不属于电磁波，故C、D错误 2.解析：电磁波的传播速度U=f入， 根据题意2d=v△t, 解得d=a△t 答案：兴 假期必刷12 技能提升台技能提升 1.D做匀速圆周运动的质点速度方向时刻变化，故动量时刻 变化，A项错误；单摆的摆球相邻两次经过最低，点时动量大 小相等，但方向相反，故B项错误；巡航导弹巡航时虽速度 不变，但由于燃料不断燃烧（导弹中燃料占其总质量的一部 分，不可忽略)，从而使导弹总质量不断减小，导弹动量减小， 故C项错误：平抛运动的质点在竖直方向上的分运动为自 由落体运动，在竖直方向的分动量p堡=℃，=mgt,故D项 正确， 2.B由题可知，物体受到重力和空气阻力，物体做匀加速直 线运动，根据运动学公式一v2=2ax,得物体下落h和2h 时速度分别为v12=2ah,v22=2a·2h,则得：v2=1:V2. 而动量力=mu,则得动量之比为p1:p2=1:√2.故选B. 3.ABD当做直线运动的物体速度增大时，其未动量p2大于 初动量p1,由矢量的运算法则可知△p=p2一p1>0,与速度 方向相同，如图甲所示，选项A正确；当做直线运动的物体 速度减小时，△p=p2一1<0，即p<p1,如图乙所示，此时 △力与物体的运动方向相反，选项B正确；当物体的速度大 小不变时，动量可能不变化，即△p=0,也有可能动量大小不 变而方向变化，此种情况△D≠0，选项C错误；物体做曲线 运动时，速度的方向不断变化，故动量不断变化，△力一般不 为零，如图丙所示，选项D正确. P P1△p P1 P2 △p 甲 乙 丙 4BC当质量不变的物体的动量发生变化时，可以是速度的 大小发生变化，也可以是速度的方向发生变化，还可以是速 度的大小和方向都发生变化.当物体的速度方向发生变化而 速度的大小不变时，物体的动量（矢量）发生变化，但动能（标 量)并不发生变化，选项A错误、B正确.当质量不变的物体 的动能发生变化时，必定是其速度的大小发生了变化，而无 论其速度方向是否变化，物体的动量必定发生变化，选项C 正确、D错误. 5.C根据动力学关系解得物体经过时间2t后物体的P,= 2D,故A,B错误；根据牛顿第二定律得F=ma,解得a=卫 因为水平力F不变，则加速度不支，根据x=乞a知，时间 变为原来的2倍，则位移变为原来的4倍，根据动能定理得 E=4Ek,故C正确，D错误. 6.BD对冲量的计算一定要分清求的是哪个力的冲量，是某 一个力的冲量、合力的冲量、分力的冲量还是某一个方向上 力的冲量，某一个力的冲量与另一个力的冲量无关，故拉力 F的冲量为Ft,A、C错误，B正确；物体处于静止状态，合力 为零，合力的冲量为零，D正确.