河南省南阳市第一中学校2025-2026学年高一上学期分科后第二次月考物理试题

南阳一中2025年秋期高一分科后第二次月考 物理试题 (考试时间：75分钟，分值：100分) 一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符 合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全 的得3分，有选错的得0分。 1.物理思想和方法是研究物理问题的重要手段，下列说法错误的是( A.把一个物体当作“质点”进行研究，使用了控制变量法 B“瞬时速度”概念的建立蕴含了极限的思想 C.在研究重力的作用点重心的过程中，利用了等效的思想 D.伽利略研究自由落体运动采用了推理与实验相结合的方法 2.“电动平衡车”是时下热门的一种代步工具。如图所示，人站在“电动平衡车” 上在某水平地面上沿直线前进，不计空气阻力，下列说法中正确的是() A.“电动平衡车”加速行驶时，车对人的作用力大于人对车的作用力 B.“电动平衡车加速行驶时，车对人的作用力方向竖直向上 C.“电动平衡车”匀速行驶时，车对人的作用力大小等于人对车的压力大 小 D.“电动平衡车匀速行驶时，平衡车受到的重力和地面对平衡车的支持 力是一对平衡力 3.一物体由静止开始，在粗糙的水平面内沿直线运动，其加速度α随时间 t变化的α-t图像如图所示.若选物体开始运动的方向为正方向，那么， ↑a/(ms-2) 下列说法中正确的是() 2 A.在0~2s的时间内，物体先做匀速直线运动后做匀减速运动 0 B.在2s时物体的位移最大 t/s C.在23s的时间内，物体速度的变化量为-1ms -2 D.在0~4s的时间内，物体的位移为零 4近日明明同学家装修，为生活方便家中安装了一部家用电梯，在学 a/(m·s) 习了超失重相关知识后，明明决定利用智能手机中的加速度传感器对 19.6 电梯的性能进行测试，如图所示是其在某次上升过程中将手机握在手 中测试得到的α-t图像，取竖直向上为正方向。则下列说法正确的是 () A.t时刻手机运动到最高点 B.t-2时间内手机处于失重状态 .00 1.50 C.手机可能离开过手掌 D.手机在1-3时间内，受到的手的作用力先减小再增大 5.如图所示，粗糙斜面的倾角为0，一质量为m的小物块由斜面底 端以初速度o沿斜面上滑到最高点后又沿斜面下滑返回到斜面 底端，下列说法正确的是() A.上滑的加速度比下滑的加速度小 0 B.上滑的时间比下滑的时间长 C.物块与斜面的动摩擦因数大于tan0 D.物块返回斜面底端的速度小于o 物理月考二试题 1 ▣▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 ▣5 6.如图所示，把智能手机置于汽车前台面的“磁力支架”上，支架具有磁性，对手机施加垂直于 表面的吸引力。手机的重力为G,手机平面与水平面成角，始终和支架保持相对静止，下列说 法正确的是() A.汽车匀速运动时支架对手机的支持力大小为GCos0 B.汽车匀速运动时支架对手机的摩擦力大小为Gsin0 C.汽车加速向前时支架对手机的摩擦力可能为零 D.汽车减速向前时支架对手机的支持力可能为零 7在环城线同一直线车道上，两轿车A和B同向同速匀速行驶，A车在后B车在前，经过某位 置时，B车突然发现前方出现安全事故而刹车，为避免相撞A车经过2后也开始刹车，已知两 车开始相距5m,以B车刚开始刹车时为计时起点，两车的速度随时间的变化如图所示。则下 列说法正确的是() 4/(m·s1) A.A车在7s时撞上B车 B.A车在4s时撞上B车 C.两车不会相撞且行驶过程中的最小距离为1m D.冬季冰雪路面，两车减速的加速度均减半，在其它条件不变的情况 下，A车一定会撞上B车 024710/9 8.如图，一粗糙斜面固定在地面上，斜面顶端装有一光滑定滑轮。一细绳跨过滑轮，其一端悬 挂物块N.另一端与斜面上的物块M相连，系统处于静止状态.现用水平向左的拉力缓慢拉动N, 直至悬挂N的细绳与竖直方向成45°.已知M始终保持静止，则在此过程中() A.水平拉力的大小可能保持不变 B.M所受细绳的拉力大小一定一直增加 C.M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加 D.M所受斜面的摩擦力大小可能先减小后增加 444 9.如图所示，质量为m的小球P。用轻弹簧和细线分别悬挂于固定在小车上的支架M、N两点。 小车水平向右做加速度大小为α的匀加速直线运动，细线与竖直方向的夹角为日，轻弹簧处于 竖直方向，已知弹簧劲度系数为k,重力加速度为g,则() A.若a=0,弹簧伸长量为0 M B.若a=gtan8,弹簧伸长量为0 C.若a<gtan0,弹簧压缩量为mg-ma tan日 k WWWwwwwwrrrys6r D.若a>gtan8,弹簧压缩量为 ma-mg tan ktan0 10.如图所示，质量分别为m、M的物体A、B静止在劲度系数为k的弹簧上，A与B不粘连。 现对物体施加竖直向上的力F使A、B一起上升，若以两物体静止时的位置为坐标原点，两物 体的加速度随位移的变化关系如图乙所示。下列说法正确的是() ◆F A.在乙图PQ段表示拉力F逐渐增大 B.在乙图QS段表示B物体减速上升 C.位移为x1时，A、B之间弹力为mg一ac1Ma D.位移为x时，A、B一起运动的速度大小为√aox2+x) 物理月考二试题 2 ▣紫▣ Q夸克扫描王 极速扫描，就是高效 二、实验题：本题共2小题，共14分。 11.(6分)为了测量木块与木板间的动摩擦因数“，某小组使用位移传感器设计了如图甲所示实 验装置，整个装置位于水平桌面上，位移传感器连接计算机。让木块从倾斜木板上一点A由静 止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离。利用计算机描绘出滑块相对传感器的位移 x随时间t变化的规律，如图乙所示。 ↑xcm 位移传感器 7nmmnnnnmm7nnm77 接计算机 0 t/s 0.20.40.6 分 乙 (1)根据图线可知，木块的加速度a= m/s2; (2)为了测定动摩擦因数“，还需要测量的量是 。(已知当地的重力加速度为g) (3)为了提高木块与木板间动摩擦因数的测量精度，下列措施可行的是 A.A点与传感器距离适当大些 B.木板的倾角不宜过大也不宜过小 C.传感器开始计时的时刻必须是木块从A点释放的时刻 12.(8分)某同学准备做“探究加速度与力的关系和“探究加速度与质量的关系”实验。实验中，他 将悬挂物的重力大小视为小车受到的细线拉力大小。 (1)在平衡小车所受的阻力时，以下操作错误的是图 (填“甲”或“乙)。 悬挂物 细线 甲 Z (2)已知打点计时器所用交变电源的频率为50z。该同学某次实验得到的纸带如图戊所 示，A、B、C、D、E是5个连续的计数点，相邻两计数点间有四个点未画出，实验数据如表中 所示，根据上述信息可得小车的加速度大小为 m/s2(保留两位有效数字)。 6 10111213 14cmi的 戊 计数点 A B C D E 位置坐标(cm)4.50 5.50 7.30 9.90 13.30 (3)在探究加速度与力的关系时，该同学根据实验数据做出的-F图像 ◆a/ms 如图丙所示，发现该图线不通过坐标原点且BC段明显偏离直线，分析其产生 的原因，下列说法正确的是 A不通过坐标原点可能是因为平衡摩擦力不足 B.不通过坐标原点可能是因为平衡摩擦力过度 C图线BC段弯曲可能是悬挂物总质量未满足远小于小车质量的条件 丙 (4)另一位同学在实验中得到了图丁中的曲线OQ,于是他利用最初的几组a 数据拟合了一条直线OP,如图丁所示，与纵轴平行的直线和这两条图线以及横轴 的交点分别为、P、N,此时，小车质量为M,悬挂物的质量为m,他猜想：- QNM。 请你分析论证该同学的想是否正确。 (填“正确”、“错误”) 物理月考二试题 3 ▣▣ Q。夸克扫描王 极速扫描，就是高效简 三、计算题：本题共3小题，共40分。解析应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。 只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。 13.(10分)用三根细线a、b、c将两个小球1和2连接并悬挂，如图所示。两小球处于静 止状态，细线a与竖直方向的夹角为37°，细线c水平。小球1的质量为2m,小球2的质量 为m,重力加速度为g,求（结果可用分式或根式）： (1)细线a、c分别对小球1和2的拉力大小； (2)细线b对小球2的拉力大小。 370 14.(14分)两套完全相同的小物块和轨道系统固定在水平桌面上。物块质量m=1kg,轨道长 度=2m,物块与轨道之间动摩擦因数u=0.2现用水平拉力F=8N、F2=4N同时拉两个物块，分 别作用一段距离后撤去，使两物块都能从静止出发，运动到轨道另一端时恰好停止。(g=10m/s2) 求： (1)在F,作用下的小物块加速度a1多大？ (2)F,作用了多少位移S1? (3)从两物块运动时开始计时直到都停止，除了物块在轨道两端速度都为零之外，另有某 时刻t两物块速度相同，则t为多少？ 15.(16分)某物流公司用如图所示的传送带将货物从高处传送到低处。传送带与水平地面夹角 0=37°，顺时针转动的速率为v。=2m/s。将质量为m=25kg的物体无初速地放在传送带的顶 端A,物体到达底端B后能无碰撞地滑上质量为M=50kg的木板左端。己知木板与地面之间是 光滑的，物体与传送带、木板间的动摩擦因数分别为4=0.5,42=0.25，AB的距离为s=8.20m。 重力加速度g=10m/s2(已知sin37°=0.6，cos37°=0.8)。求： (1)物体刚开始下滑时的加速度大小： (2)物体通过传送带所需要的时间； (3)要使物体恰好不会从木板上掉下，木板长度L应是多少？ B 0=370人 物理月考二试题 Q。夸克扫描王 极速扫描，就是高效南阳一中2025年秋期高一分科后第二次月考 物理答案 2 3 4 5 6 7 8 9 10 A C C D B C BD BD AC 1【答案】A 【解析】A.在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法叫理想模型 法，故A错误，符合题意； B,根据速度定义式1=当△1足够小时，二就可以表示物体在某时刻的瞬时速度，该定义 应用了极限思想方法，故B正确，不符合题意： C在研究重力的作用点重心过程中，利用了等效的思想，故C正确，不符合题意； D利略探究物体下落规律的过程使用的科学方法是：问题→猜想→数学推理→实验验证→ 合理外推→得出结论，采用了推理与实验相结合的方法，故D正确，不符合题意。 2【答案】C 【解析】A.车对人的作用力与人对车的作用力是一对作用力和反作用力，总是大小相等， 方向相反，选项A错误： B“电动平衡车加速行驶时，人受的合外力水平向前，则车对人的作用力方向向斜上前方 向，选项B错误； C“电动平衡车”匀速行驶时受合力为零，竖直方向车对人的作用力大小等于人对车的压力 大小，选项C正确； D.“电动平衡车”匀速行驶时，人和平衡车整体的重力和地面对平衡车的支持力是一对平衡 力，选项D错误。 3【答案】C 【解析】A、在=0~2s的时间内，物体先做匀加速直线运动后做加速度逐渐减小的变加速 运动，故A错误； B、根据-t图像与时间轴所围的面积表示速度变化量，图像在时间轴上方速度变化量为正， 图像在时间轴下方速度变化量为负，则知在0~45的时间内，物体速度的变化量为0，可知， 物体一直沿正方向运动，在仁4时物体的位移最大，故B错误； C、在2s~3s的时间内，物体速度的变化量为△v=-号×1×2ms=-1s,故C正确： D、在=0~4的时间内，物体一直沿正方向运动，则物体的位移不为零，故D错误。 4【答案】C 【解析】由图知t时刻加速度向上最大，下一时刻继续向上加速，故A错；1一时间内加速 度方向向上，为超重，B错；3之后一段时间内手机处于完全失重，C对；2一3手对手机作用力逐 渐减小为零，D错。 5【答案】D 【解析】A、上滑的合外力大小为：F合1gin叶mgcos9,下滑的合外力大小为： F合2gin6-gcos0,则知上滑的合外力比下滑的合外力大，由牛顿第二定律F二可知，上滑 的加速度比下滑的加速度大，故A错误 B、根据A项分析可知>2，上滑过程的逆运动是初速度为零的匀加速直线运动，根据 x=2,a>a,上滑与下滑位移大小x相等，则有<，即上滑的时间比下滑的时间短，故B 错误； C、由于物块到达最高点后能下滑，则有：gsi2>umgcos0,则有：Ktm0,故C错误； D、设物块返回斜面底端的速度为V。物块上滑过程，有：=4，下滑过程有：=2，由 1 于t1<t2,则<o,故D正确。 6【答案】B 【解析】AB、汽车匀速运动时，手机受力平衡，根据平衡条件可知，在垂直支架方向有： Fw一Gcos件F吸，大于Gos0;手机有沿支架下滑的趋势，所以手机一定受支架摩擦力的作用， 沿支架方向根据平衡条件可得户Gsi0,故A错误、B正确： C、设手机的质量为m,则有=。：汽车加速向前时，设加速度大小为a,加速度在沿斜 面向上的分量为acos8,沿斜面方向根据牛顿第二定律可得：子Gsi0=acos0,解得： Gsi0+©ao0,所以支架对手机的摩擦力不可能为零，故C错误； D、汽车减速向前时，设加速度大小为d',加速度在垂直于斜面向上的分量为dsi,垂直 于斜面方向根据牛顿第二定律可得：F支(GCos+F吸)尸dsi8 解得：P支(GQ0+F。,支架对手机的支持力不可能为零，故D错误」 7【答案】C 【解析】由图像斜率表示加速度，可知两车加速度大小为 △v-10=2m/s2 △t7-2 -4v10 =1m/s2 4a:ag=2:1 △t10 由图可知，4s时AB共速，且共速时两车的速度大小为6m/s,由图像围成面积表示位移， 可知此时两车的位移差为 △s=5a-5=5×2×4m=4m 己知两车开始时两车相距5，所以两车不会相撞，且它们之间的最小距离为 x4B=5o-△s=5m-4m=1m 故AB错误，C正确； D.冬季冰雪路面，两车减速的加速度均减半，在其他条件不变的情况下，当两车共速时 v=%2a,(t-2)=%2af求得t=s，v=8m/s此时两车之间的位移差 △w=二×2×2m=2m<5。=5m可知A车一定不会撞上B车，故D错。 8【答案】BD 【解析】如图所示，以物块N为研究对象，它在水平向左拉力 F作用下，缓慢向左移动直至细绳与竖直方向夹角为45°的过程中， 水平拉力F逐渐增大，绳子拉力T逐渐增大： 对M受力分析可知，若起初M受到的摩擦力f沿斜面向下，则 随着绳子拉力T的增加，则摩擦力f也逐渐增大；若起初M受到的 摩擦力f沿斜面向上，则随着绳子拉力T的增加，摩擦力可能先减小后增加.故本题选BD, 9【答案】BD 【详解】A.若α=0，因轻弹簧处于竖直方向，可知细线拉力为0，此时弹簧弹力等于重 力，伸长量不为0，选项A错误； B.若a=8tan8,则水平方向 Tsin0-ma 竖直方向F十Tcos0=g 解得 F弹0 即弹簧伸长量为0，选项B正确； CD.由上述方程可得 舞=k=mg-ma 若a<gtan0,则R=a=mg-ma>0 tan tan 2 即弹簧伸长量为 x =mg tan g-ma 若a>gtan8,则 ktan0 En-kx=mg-ma 日、0 弹簧压缩量为 ma-7 ng tan日 X=- 选项C错误。D正确 故选BD。 ktan 10【答案】AC 【解析】A、开始时，质量分别为、M的物体A、B静止在劲度系数为k的弹簧上，弹簧 的弹力向上，大小为：F。=(什)g,随物体向上运动，弹簧形变量减小，弹簧的弹力减小，而 PQ段的加速度的大小与方向都不变，根据牛顿第二定律：F-(M什mg+Fo=(M什ma;物体A、B 上升，弹簧弹力减小，所以F逐渐增大，故A正确； B、在乙图QS段，物体的加速度的方向没有发生变化，方向仍然与开始时相同，所以物体 仍然做加速运动，是加速度减小的加速运动，故B错误： C、开始时，弹簧的弹力：Fo=(什m)g 当弹簧伸长了x1后，弹簧的弹力：F1=F。-△F=Fo-k1(M0)gkx1 以B为研究对象，则：F1-Mg-F1=M,得：F1=F1-Mg一Mog-k1一M,故C正确； D、P到Q的过程中，物体的加速度不变，得：=2x2.① 0到S的过程中，物体的加速度随位移均匀减小，--.②--2a(6g).③ 2 2 联立①②③得：=o(x2+x3),故D错误。故选AC。 11【答案】①.1②.倾斜木板与水平面的夹角（或者A点到位移传感器的高度） ③.AB 【详解】(1)根据匀变速直线运动的规律 △x=aT2得 a=4=10-6)×102 T2 0.22 m/s2=Im/s2 (2)选取木块为研究对象，根据牛顿第二定律得gsin0-gcosθ=a得 u=gsin0-a gcos0 可知要测定动摩擦因数，还需测出斜面倾角（或A点到位移传感器的高度）。 (3)根据(2)的分析可知，在实验中，为了减少实验误差，应使木板运动的时间长一些； 可以：减小斜面的倾角、增加木块在斜面上滑行的位移等，传感器开始的计时时刻不一定必须 是从木块从A点释放的时刻，故AB正确，C错误。 12【答案】乙 0.80AC该同学的猜想正确 【解析】()平衡摩擦力的方法是取下重物，让小车拖着纸带在倾斜的木板上恰好能做匀速 直线运动，从题目所给的图可以看出，图乙还挂着重物，所以图乙错误： (2)由题意可知，相邻计数点的时间间隔为=5×二0.1s, 501 再计算每一时间T内的位移，x4B1.00cL,xBc=1.80cL,xcD=2.60cL,xDg3.40c, 把AB分成两段，由逐差公式求加速度：F=260t340L0o180×102s2=0.80s2, (2102 (2×0.1)2 (3)AB、图象不过原点，即当F为某一值时，但加速度却为零，所以是未平衡摩擦力或平衡 不足，故A正确，B错误； C、随着拉力F增大（即悬挂物的重力g增大），已经不满足《M,故C正确，故选：AC; (④)该同学的猜想正确，分析如下： 图中PN对应小车合力为悬挂物的重力g时的加速度a1,即g=M1 图中QN对应小车的实际加速度2，设此时细线的拉力为T,则 对小车有T=M2对悬挂物有g-T-=2 解得号兴即：器芒 PN m+M 所以该同学的猜想正确。 3 13【答案】(1)元-g,只=g (5分)(2)R=7 (5分) A 【解析】(1)将小球1和2和细线b视为整体，受力分析如图所示 根据平衡条件可得F,cos37°=3g,Fsin37°=F 解得=5g, 4 3 (2)对小球2进行受力分析，如图所示根据平衡条件可得=(mg)2+F2 解得R=7 14.【答案】(1)6m/s2;(4分) (2)m:(4分) (3)s(6分) 【解析】(1)根据牛顿第二定律得F-g=a解得 a1=6m/s2 (2)物块1先加速后减速，减速运动的加速度大小为a。=m=4g=2m/s 从静止开始运动达到最大速度的时间为t,则 ,代入数解得4：G 2a. 6 P,作用位移为m (3)同理可得，物块2加速运动和减速运动的加速度大小 d-lumng=ling=2m/s a。=m9=1g=2m/s 72 72 m 由题意可判断两物块速度相等时，物块1正在减速，物块2正在加速，设此时刻为t,则 at-ao(t-t)=at 代入数据得 t=6 15【答案】(1)10m/s2;（4分) (2)2.2s:(6分) （3)4.8m（6分) 【详解】(1)物体速度达到传送带速度前，由牛顿第二定律得mg sin37°+4 mgcos37°=ma1 解得a,=10m/s (2)物体与传送带共速所需时间为5==0,2运动的位移为x, 对物体根据运动学公式可得1.=24x,解得x1=0.2m 共速后，由于4=0.5<tan37°=0.75物体继续在传送带上做匀加速运动，设加速度为a2, 由牛顿第二定律得gsin37°-4gc0s37°=1a,解得4，=2m/s2 设物体经5到达B端，则有(g-)=财+号，6解得4，=2s 物体通过传送带所需要的时间为t+t2=2.2s。 (3)物体滑上木板左端时的速度大小vg=v。+a2解得va=6m/S 物体滑上木板后向右做匀减速直线运动，加速度大小为am=山，8=2.5m/s 木板向右匀加速，由凸g=Maw解得aw=1.25m/s2 设再经时间t两者速度相等，则有VB-ant=awt 解得t=1.6s共同速度为V共=awt=2m/s 物体的位移为x=十选f=64m 2 木板的位移为w一之=16m 因恰好不掉下来，所以木板长度为L=xm-xM=4.8m。 4