(17)电动势、闭合电路欧姆定律、实验：测电源的电动势和内阻、用多用电表测量电学中的物理量-【衡水金卷·先享题】2026年高考物理一轮复习周测卷（R）

高三一轮复习周测卷/物理 (十七)电动势、闭合电路欧姆定律、实验：测电源的 电动势和内阻、用多用电表测量电学中的物理量 (考试时间90分钟，满分100分) 一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求） 1.电鳗是一种放电能力很强的淡水鱼类，它能借助分布在身体两侧肌肉内的起电斑产生电流。某 电鳗体内的起电斑并排成200行，每行串有5000个起电斑，沿着身体延伸分布。已知每个起电 斑的内阻为0.2Ω，并能产生0.18V的电动势。该起电斑阵列的一端在电鳗的头部，而另一端 接近其尾部，与电鳗周围的水形成回路。若回路中水的等效电阻为895Ω，则电鳗放电时，其首 尾间的输出电压为 A.795V B.825V C.895V D.900V 2.如图所示，长方体金属块的长、宽、高分别为α、b、c,电源的电动势为E、内阻为r,电路接通后通 过理想电流表A的示数为I,则该金属块的电阻率为 ④ 高c 宽b 长a A.（E+Ir)bc B.(E-Ir)bc C.(E+Ir)ac D.(E-Ir)ac 1b 16 3.在如图所示的电路中，电源电动势不变、内阻为，R为定值电阻，电表均为理想电表，闭合开关 S,电路正常工作时，在滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，不考虑温度对灯丝电阻的影响， 下列说法正确的是 V A.定值电阻R两端的电压变大 B.电压表V2的示数变大 C.灯泡的亮度变亮 D.电压表V1的示数变化量和电流表示数变化量的比值变小 4.在如图所示的四个电路中，当闭合开关S,移动滑动变阻器的滑片P从左端至右端的过程中，一 定使其中一个灯泡由暗变亮，同时另一个灯泡由亮变暗，则符合要求的电路是 物理第1页（共8页） 衡水金卷·先享题·高 5.如图甲示的电路中，定值电阻R1=22、R2=2.52,电容器的电容C=4μF。已知测电源的电 动势和内阻时，其路端电压U随干路电流I的变化关系如图乙所示。现闭合开关S,则电路稳 定后 A.电源的电动势为3V,内阻为1.52 AU/V B.电源的效率为80% C.电容器所带的电荷量为6×10-6C A D.若减小电容器两极板间的距离，电容器两极板间的场强变小 6.如图所示为探究电源电动势和电源内、外电压关系的实验装置，下部分是可调节内阻的电池。 升高或降低挡板（不导电）可改变A、B两电极间电解液通道的横截面积，从而改变电池的内阻。 电池的两极A、B与电压传感器2相连，位于两个电极内侧的探针α、b与电压传感器1相连，R 为滑动变阻器，下列说法正确的是 电压传感器2 当 电压传感器 挡板 A.断开开关S,传感器1的示数为零，传感器2的示数小于电源电动势 B.闭合开关S,升高挡板的过程中，传感器2的示数将变小 C.闭合开关S,无论滑动变阻器R的滑片如何移动，传感器1和传感器2的示数之和总不变 D.闭合开关S,当把滑动变阻器R的滑片向左移动到接入电路的阻值为零时，传感器1的示数 为零，传感器2的示数等于电源电动势 7.“祝融号”火星车的动力主要来源于太阳能电池。如图所示为火星车的动力供电电路简化图，其 中太阳能电池的电动势E=150V、内阻r未知，电动机线圈的电阻rM=22,电热丝的阻值R= 8。当火星车正常行驶时，电动机两端的电压UM=110V,电热丝消耗的功率P=128W,下列 说法正确的是 太阳能电池 A.火星车正常行驶时，通过电热丝的电流为2A B.太阳能电池的内阻为82 C.若电动机的转子被卡住，电热丝消耗的功率为1250W D.火星车正常行驶时，电动机的效率约为83% 三一轮复习周测卷十七 物理第2页（共8页） ® 8.如图所示，D是一只理想二极管，闭合开关S,当滑动变阻器的滑动触头P滑动时，四个理想电 表的示数均发生变化。电流表A、电压表V1、电压表V2、电压表V3的示数分别用I、U1、U2和 U3表示，它们的示数变化量的大小分别用△I、△U1、△U2和△U3表示，开始时平行板电容器AB 内部有一处于静止状态的带电小球Q。下列说法正确的是 D4 R B R2 V) A.当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，I变小、U2变大，U3变小、带电小球Q向下运动 B.当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，不变，减小 C.若滑动变阻器的滑动触头P不动，将两极板A和B稍错开一些（两极板仍平行），带电小球Q 仍静止不动 D.若滑动变阻器的滑动触头P不动，将两极板A和B的间距稍增大一些（两极板仍平行），带电 小球Q仍静止不动 二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选 对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分) 9.如图所示，电源电动势为E、内阻r=3Ω，定值电阻R1的阻值为22，滑动变阻器R2的最大阻值 为52，下列说法正确的是 A.当滑动变阻器R2的阻值为5Ω时，定值电阻R,消耗的功率最大 B.当滑动变阻器R2的阻值为5Ω时，滑动变阻器R2消耗的功率最大 C.当滑动变阻器R2的阻值为1Ω时，电源的输出功率最大 D.当滑动变阻器R2的阻值为1Ω时，电源的总功率最大 10.如图所示，电源电动势E=3V、内阻不计，滑动变阻器R1的最大阻值为42，两定值电阻R2、 R的阻值均为22，电容器C的电容为10F。初始时滑动变阻器R1的滑片置于最上端，开关 S掷于b端，下列说法正确的是 A.当滑动变阻器R,的滑片向下移动时，定值电阻R2两端的电压变大 B.移动滑动变阻器R1的滑片的过程中，滑动变阻器R1消耗的最大功率为1.25W C.开关S从b端掷向a端，流过定值电阻R的电流方向由c到d D.开关S从a端掷向b端，流过定值电阻R的电荷量为3×10-5C 物理第3页（共8页） 衡水金卷·先享题·高 11.在如图所示的电路中，灯泡L1、L2的阻值分别为R1、R2,滑动变阻器的最大阻值为R,,且R。> R2,电容器的电容为C。假设灯泡的阻值不变，在滑动变阻器的滑片P由α端向b端移动的过 程中，下列说法正确的是 ⊕M b pa A.灯泡L1先变暗后变亮，灯泡L2一直变亮 B.灯泡L1先变亮后变暗，灯泡L2先变亮后变暗 C.电容器所带的电量先减小后增大 D.电源的效率先增大后减小 12.如图所示，电路中电源电动势为8V、内阻为0.52，电流表的内阻不计，R为定值电阻，M为电 动机，P、Q两极板正对、间距为d。闭合开关S、S1,电流表的示数为3.2A,电子从P板以速度 0垂直于极板射出，恰能到达两极板中央。再将开关S2闭合，稳定后电流表的示数为4A,下 列说法正确的是 A.电动机M的输出功率为6W B.电动机M线圈的阻值为62 C.定值电阻R消耗的功率减小了2.48W R D.再让电子从P板以速度2垂直于极板射出，能到达Q板 班级 姓名」 分数 题号 4 6 7 9 10 11 12 答案 三、非选择题（本题共6小题，共60分。请按要求完成下列各题） 13.(6分)如图甲所示为多用电表的示意图。 A-V-O 504030.201510 G T OFF ia上2 R1 100 10 10 -50 -K 250+回 mA 0500 黑表笔 回 50002y 25002/W A-V-2 红表笔 甲 乙 丙 (1)用多用电表“×100”倍率的欧姆挡测量某电阻的阻值，发现指针的偏转角度太大。为了测 量结果比较准确，按以下步骤进行了实验： 三一轮复习周测卷十七 物理第4页（共8页） ® ①换用“×10”或“×1k”中合适倍率的欧姆挡； ②两表笔短接，通过调节 (填“S”“T”或“K”),进行欧姆调零： ③重新测量并读数，根据图乙刻度盘上的示数并结合所选的合适倍率，测得阻值为 2。 (2)如图丙所示为“×10”和“×100”两种倍率的欧姆挡的内部电路示意图。已知灵敏电流计G 的内阻Rg=182,则R1的阻值为 2。已知电源电动势为1.5V,结合图乙所示的中 值电阻，可得灵敏电流计G的满偏电流Ig= mA。 (3)当电流正向流经发光二极管时（从正极流入），电阻较小，二极管正常发光。现用多用电表 的欧姆挡测量发光二极管的电阻，发现二极管发光，则可知红表笔连接的是二极管的 (填“正极”或“负极”)。 14.(8分)在测量某电源电动势和内阻时，为了消除电表内阻造成的系统误差，某实验兴趣小组进 行如下实验，可用的器材有：电压表（量程为0~1.5V,内阻约为1.5k2)、电流表（量程为0 0.6A)、滑动变阻器、开关、干电池和导线若干。 (1)电表内阻的测量。 测量电路如图甲所示，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移至 (填“A”或“B”)端，通过 电压表的读数和电流表的读数可得出 (填“电压表”或“电流表”)的内阻，如图乙所示， 则所测电表的内阻为 Ω（保留两位有效数字）。 0.5 1.0 0.2 0.4 w咖w网 (2)电动势和内阻的测量。 测量电路如图丙所示，调节滑动变阻器测得多组电表的读数，作出图丁所示的U-I图像，可知 待测干电池的内阻r Ω（保留一位小数）。考虑电表内阻的影响，电动势的测量值 (填“大于”“小于”或“等于”)真实值。 1.50 1.40 1.30 1.20 1.10--- 1.0000.040.080.120.160.20024iA 丙 丁 物理第5页（共8页） 衡水金卷·先享题·高 15.(8分)如图所示，电源电动势E=6V、内阻忽略不计，电容C=10μF,R1=R2=10k2,R3= 20k2。当开关S接“1”时，电源对电容器充电，稳定后将开关S接“2”。 (1)开关S接通“1”的瞬间，求流过R,的电流大小； (2)开关S接通“2”后，求通过R2的电荷量。 E日 上C R2R3 16.(8分)如图所示，A为电解槽，N为电炉，当开关S、S1闭合、开关S2断开时，电流表的示数I1= 5A;当开关S、S2闭合、开关S1断开时，电流表的示数I2=3A。已知电源电动势E=15V、内 阻r=12,电解槽的内阻R=22,电流表内阻不计，求： (1)电炉N的电阻RN; (2)当开关S、S2闭合、开关S,断开时，电能转化为化学能的功率P化。 三一轮复习周测卷十七 物理第6页（共8页） ® 17.(14分)如图甲所示，R,为滑动变阻器，R2为定值电阻。实验时从最左端向最右端移动滑片调 节滑动变阻器R,的阻值，得到多组理想电压表和理想电流表的数据，用这些数据在坐标纸上 描点、拟合，作出的U-I图像如图乙所示，求： (1)当滑动变阻器R1的阻值为多大时，电阻R2消耗的功率最大； (2)当滑动变阻器R1的阻值为多大时，滑动变阻器R1消耗的功率最大； (3)当滑动变阻器R,的阻值为多大时，电源的输出功率最大。 AU/V E 00.1 0.3/A 甲 物理第7页（共8页） 衡水金卷·先享题·高三 18.(16分)如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，板间距离d=0.1,极板正对面积足够 大，定值电阻的阻值分别为R。=102、R,=12,电源电动势E=6V、内阻r=12。用绝缘轻 质细线将质量=0.004kg的带电小球悬于电容器内部。闭合开关S,小球静止时细线与竖直 方向的夹角0=37°，小球与N板的距离L=0.024m。已知重力加速度g=10m/s2,sin37°= 0.6,c0s37°=0.8，求： (1)小球的带电量q; (2)剪断细线后小球到达N板时的速度大小。 E 轮复习周测卷十七 物理第8页（共8页） ®高三一轮复习R ·物理· 高三一轮复习周测卷/物理（十七） 9 命题要素一贤表 注： 1.能力要求： .理解能力Ⅱ.推理能力 Ⅲ，分析综合能力Ⅳ，应用数学处理物理问题的能力V,实验能力 2.学科素养： ①物理观念 ②科学思维③科学探究 ④科学态度与责任 分 知识点 能力要求 学科素养 预估难度 题号 题型 值 (主题内容) I ⅡⅢ ①②③④ 档次 系数 1 单项选择题 闭合电路欧姆定律 易 0.85 2 单项选择题 3 闭合电路欧姆定律、电阻定律 易 0.80 3 单项选择题 3 电路的动态分析 中 0.75 4 单项选择题 电路分析 中 0.75 单项选择题 3 U-I图像 中 0.70 6 单项选择题 3 闭合电路欧姆定律、电路分析 中 0.65 7 单项选择题 闭合电路欧姆定律 中 0.65 8 单项选择题 3 电路的动态分析综合问题 难 0.55 9 多项选择题 4 输出功率、总功率 易 0.82 10 多项选择题 4 电路的动态分析 中 0.65 11 多项选择题 4 电路的动态分析、电源的效率 中 0.65 12 多项选择题 电路的动态分析综合问题 难 0.55 用多用电表测量电学中的物 13 非选择题 6 中 0.75 理量 14 非选择题 8 测量电源电动势和内阻 中 0.75 15 非选择题 8 闭合电路欧姆定律、电容 易 0.85 16 非选择题 8 闭合电路欧姆定律、电功率 / 中 0.70 17 非选择题 14 输出功率最大值 中 0.65 18 非选择题 16 闭合电路欧姆定律综合问题 难 0.55 ·77· ·物理· 参考答案及解析 香考答条及解析 一、单项选择题 1.C【解析】总电动势E=0.18×5000V=900V,总 100%= R十R:X100%=90%,B项错误；电容器 R+R2++r 内阻，=0.2X5000n=50,根据闭合电路欧姆定律 在电路中为断路，则电路中的电流I=,十R十7 E 200 E 0.6A,电容器所带的电荷量Q=CUe=CUR2=CIR 得I一十r =1A,首尾间的输出电压U=IR= =6×10C,C项正确：电容器并联在定值电阻R。 895V,C项正确。 2.B【解析】根据闭合电路欧姆定律有E=I(r十R), 两端，则其电压不变，电容器内部的场强E-号，若 根据电阻定律有R=P是，联立解得p=E区，B 减小电容器两极板间的距离，则场强变大，D项错误。 Ia 6.C【解析】当开关S断开时，电路中的电流为0，故内 项正确。 阻的分压为0，外电压等于电源电动势，A项错误：升 3.B【解析】定值电阻R、滑动变阻器、灯泡、电源、电 流表、开关S串联，当滑动变阻器的滑片P向右移动 高挡板，横截面积变大，由r=ρ台可知，电源内阻变 的过程中，整个回路的总电阻增大，电流减小，故灯泡 小，由闭合电路欧姆定律可知U三下，￡，即外电路 的亮度变暗，C项错误；电流减小，由U=R可知定 值电阻R两端的电压减小，A项错误：电压表V:测 分压变大，故传感器2的示数变大，B项错误；闭合开 量的是定值电阻R、滑动变阻器两端的总电压，由闭 关S,传感器1和传感器2的示数之和等于电源电动 合电路欧姆定律得U2=E-I(R.十r),电流减小，可 势，故其示数之和保持不变，C项正确；闭合开关S, 知电压表V2的示数变大，B项正确；电压表V测量 当把滑动变阻器R的滑片向左移动到接入电路的阻 的是灯泡、滑动变阻器两端的总电压，由闭合电路欧 值为零时，外电路电阻为0，传感器2的示数为0，电 压传感器1的示数等于电源电动势，D项错误。 姆定律得U=E-I(R+),可知 A=R+,故电压7.C【解析】对电热丝有P=PR,解得回路电流I= 表V1的示数变化量和电流表示数变化量的比值不 4A,A项错误；根据闭合回路欧姆定律有E=Ir十 变，D项错误。 UM十IR,解得电源的内阻r=22,B项错误；电动机 4.A【解析】采用极值法，滑片P置于最左端时，灯泡 L被短路，不发光，而灯泡L2两端的电压最大，亮度 的转子被卡住，回路电流了-，十5十R空A,电热 最大，滑片P置于最右端时，灯泡L!两端的电压最 丝上消耗的功率P=?R=1250W,C项正确：电动 大，亮度最大，而灯泡L被短路，不发光，可知该电路 机的效率)= UwI-IL×100%,解得个93%，D项 UMI 符合题目要求，A项正确；滑动变阻器的滑片P从左 端至右端的过程中，滑动变阻器干路部分的电阻变 错误。 小，支路部分的电阻变大，根据并联与串联电阻的关 =-Q 8.D【解析】电容器的场强E=名=号-。 系可知，总电阻减小，干路电流增大，即灯泡L。变亮， 4πk 当滑动变阻器的滑片P在滑动变阻器的最左端时， 4πkQ 灯泡L1被短路，不发光，滑片P右移时，灯泡L1变 ,S,当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，滑动 亮，不符合要求，B项错误；利用特殊值法，若两灯泡 变阻器接入电路中的电阻变大，根据串反并同法，I 的额定功率相同，灯泡L1、L2的阻值均为102，滑动 变小、U2变大，U3变大、U1变小，电容器放电，由于 变阻器的总阻值也为10Ω，电源电动势为6V,内阻 二极管具有单向导电性，电容器不能放电，相当于电 不计，当滑片P置于最左端时，两灯泡的亮度相同， 荷量不变，带电小球Q受到的静电力不变，带电小球 当滑片P置于最右端时，两灯泡两端的电压均增大， 两灯均变亮，不符合要求，C项错误；灯泡L一直被 Q不动，A项特误：曲于告=R普=R十，当 短路，不发光，不符合要求，D项错误。 滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R、r均不变， 5.C【解析】由电源路端电压U随干路电流I的变化 则普，訾均不变，B项错谈：若滑动变阻器的滑动 关系有U=E,则可得E=3V,r=/兴 触头P不动，将两极板A和B稍错开一些（两极板仍 3,20=0.50,A项错误：电源的效率7=它× U 平行)，即电容器两极板的正对面积减小，根据电容的 2 决定式可知电容减小，电容器两极板间的电压不变， ·78· 高三一轮复习R ·物理· 则电容器所带的电荷量应减小，但由于二极管具有单 压Ue=E-I(r十R,),总电流先减小后增大，所以 向导电性，所以电容器所带的电荷量不变，而两极板 电容器C两端的电压先增大后减小，则电容器极板 的电压增大，间距不变，则电容器内部的电场强度变 所带的电量先增大后减小，C项错误；电源的效率？ 大，带电小球Q受到的静电力大于重力，带电小球Q 向上运动，C项错误：若滑动变阻器的滑动触头P不 ×100%-×10%-是×10%=B× Pa E 动，将两极板A和B的间距稍增大一些（两极板仍平 100%=(1- Ir E )×100%,因为总电流先减小后增 行)，则电容减小，若两极板间的电压不变，则电容器 所带的电荷量减小，但由于二极管具有单向导电性， 大，所以电源的效率先增大后减小，D项正确。 12.CD【解析】闭合开关S、S时，电流表的示数I1= 所以电容器所带电荷量应不变，又E二，则电容 器内部电场强度不变，带电小球Q受到的静电力等 3.2A,根据闭合电路欧每定律可得1=干，解得 于重力，带电小球Q将静止不动，D项正确。 定值电阻R的阻值R=E,1业=8-3,2X0.5= 3.2 二、多项选择题 22,再将开关S闭合，稳定后电流表的示数12 9.BC【解析】当滑动变阻器R2的阻值为0时，电流最 4A,此时电动机M和定值电阻R并联，两者的电压 大，根据P=R,可知定值电阻R消耗的功率最 相等，根据闭合电路欧姆定律有E=U十Ir,解得两 大，A项错误；当R2=R十r=52时，滑动变阻器R2 者的电压UM=UR=E-I2r=(8-4X0.5)V= 消耗的功率最大，B项正确：当内、外电阻相等，即R 十R2=r时，电源的输出功率最大，可得R2=r一R 6V,通过定值电阻的电流1发=号A=3A,通 R =32-22=12,C项正确：电源的总功率Ps= 过电动机的电流IM=I2一IR=1A,因电动机为非 EI,当总电流最大，即总电阻最小时，电源的总功率 最大，即R2=0,D项错误。 纯电阻电路，则电动机线圈的阻值小于光=6Q,电 10.AD【解析】开关S掷于b端，滑动变阻器R与定 动机的输出功率小于UM IM=6W,A、B项错误；闭 值电阻R,串联，定值电阻R2两端的电压U2 合开关S、S时，定值电阻R消耗的功率PR=IR= R,千R·R:,当滑动变阻器R:的滑片向下滑动时， E 20.48W,再将开关S闭合，稳定后定值电阻R消 耗的功率PR'=IR=18W,定值电阻R消耗的功 滑动变阻器R接入电路中的阻值变小，定值电阻 率的变化量△PR=P'一Pe=一2.48W,因此定值 R2两端的电压变大，A项正确；滑动变阻器R消耗 电阻R消耗的功率减小了2.48W,C项正确：设电 E 的功率P=IR,电流I=R,十R,解得当R=R 子从P板以速度2垂直于极板射出，运动的距离 =2时，滑动变阻器R1消耗的功率最大，为 为，根据动能定理可得-e号=0-合m(2, 1.125W,B项错误；开关S掷于b端时，电容器C右 极板带负电，开关从b端掷向a端，电容器C左极板 又-e号=0吃之m6,其中U'=Ur=6V,U=1R 带负电，所以电容器先放电后反向充电，电流方向为 =6.4V,联立解得x>d,因此再让电子从P板以速 d→c,C项错误；流过定值电阻R,的电荷量Q=C· 度2垂直于极板射出，能到达Q板，D项正确。 E E △U=CR,千R·R,+R+R·R)=3X10-5C, 三、非选择题 13.(1)T(1分)160(1分) D项正确。 (2)2(1分)1(2分) 11.AD【解析】由于R>R,灯泡L2与滑动变阻器 (3)负极(1分) 的左部分串联的总电阻先大于后小于右部分的电 【解析】(1)指针的偏转角度太大，通过表盘读得的 阻，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端移动时，总 电阻太小，为了使指针指在中央刻线附近，应换用小 电阻先增大后减小，所以总电流先减小后增大，所以 倍率，即选“×10”倍率，欧姆表换挡后，需要重新进 通过灯泡L1的电流先减小后增大，故灯泡L先变 行欧姆调零，即调节欧姆调零旋钮“T”。根据欧姆 暗后变亮；当R<RP十R2时，滑动变阻器的滑片 表的读数规律，换挡后，图乙中指针指示的刻度为 P向左滑动的过程中，Ra增大，Ia减小，U增大， 16,“×10”倍率后得到的测量值为1602。 Rp十R2减小，所以I1e增大；当Rp=Rp十R2,Ra (2)图丙中，开关S闭合时，流过电源的电流较大，得 最大，Ie最小，当RP>RP十R2时，滑动变阻器的 到欧姆表的中值电阻较小，为较低倍率的欧姆挡，开 滑片P向左滑动的过程中，R总减小，I。增大，U 关S断开时则为较高倍率的欧姆挡。开关S闭合， 减小，R十R2减小，直接研究灯泡L2不好判断，间 相当于电流表量程扩大10倍，干路电流为10I.,则 接来分析，Rr增大，Ip减小，又Ia=I十Ie,所以 流过R1的电流为9Ig,则有9IR1=IR。,解得R 12增大，即通过灯泡L2的电流一直变大，灯泡L。 22。当开关S断开时，结合上述可知倍率为“× 直变亮，A项正确，B项错误；电容器C两端的电 100”挡，由图乙可知中值电阻为15002，故电流表 ·79· ·物理· 参考答案及解析 G的满偏电流L,=R E ,=1mA。 由图乙可知E=U1十I1 (1分) E=U2十I2r (1分) (3)根据“红进黑出”、“正进负出”的规律，电流从黑 联立解得r=5,E=2.5V (2分) 表笔流出多用电表，流进二极管，二极管亮时电流从 当R=0时，流过电阻R2的电流最大，则电阻R2 正极流进，故黑表笔接二极管正极，红表笔接二极管 消耗的功率最大 (1分) 负极。 (2)滑动变阻器R消耗的功率最大，此时可将电阻 14.(1)A(1分)电流表(1分)1.0(2分) R,看成电源的内电路中的电阻，此时的等效内阻 (2)1.0(2分)等于(2分) 【解析】(1)由图甲可知，滑动变阻器采用限流式接 =R+r=罗n (1分) 法，所以为了保护电路，闭合开关前，应把滑动变阻 当R1=时，等效电源的输出功率最大，则R= 器的滑片放在阻值最大处，即A端：由图甲可知，电 a (1分) 压表测的是电流表两端的电压，再根据电流表的读 数，即可求出电流表的内阻：由图乙可知电压表的读 E 数为0.60V,电流表的读数为0.58A,则电流表的 (3)由输出功率有Pm=R。十Re= U=0.60 E 内阻R=-.80≈1.00. (2分) (R总一r) -+41 (2)根据闭合电路欧姆定律可得E=U十I(十Ra), Ra 由此可知，当R点=r时，电源的输出功率最大，此时 变形得U=E-I(r十RA);由图丁可知斜率为r十RA 滑动变阻器阻值R1=,一R (2分) =1.40-1.000,解得r=1.00,U和1都为准确 0.20 解得R-号n (2分) 值，故测出的电源电动势E也为准确值，故电动势 的测量值等于真实值。 18.【解析】(1)由闭合电路的欧姆定律可得I= E 15.【解析】(1)开关S接“1”的瞬间，流过R的电流I R。十R+ (2分) 点=0.6aA (3分) 电容器两端的电压U=IR。 (1分) (2)电容器充满电后，电荷量Q=CU=10×10-6× 又U=Ed (2分) 6C=6×105C 对小球由力平衡有gE1=mngtan 0 (3分) (2分) 根据并联电路电流与电阻成反比，则电荷量与电阻 联立解得小球的带电量g=mgdian9(R,十R, RE 成反比，所以通过R,的电荷量 (2分) R3 Q=R十RQ=4X10C (2分) 代入数据解得q=6×10C (1分) 16.【解析】(1)根据闭合电路欧姆定律得1一干7 E (2)剪断细线后，小球沿剪断前细线的延长线方向斜 向下做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有。 (2分) (2分) 解得Rv=22 (1分) (2)电源功率P电=EI2 (1分) 小球的位移x= L sin (1分) 热功率P热=I(R十r) (2分) 又2a.x= (1分) 电能转化为化学能的功率P化=P电一P热 (1分) 解得P化=18W (1分) 解得小球到达N板的速度大小v=√sin9cos9 2gL 17.【解析】(1)根据题意可知，当滑动变阻器在最右端 (1分) 时有风：-号-号n (1分) 代入数据解得v=1m/s (1分) ·80·