考点1 运动的描述 匀变速直线运动的规律-【红对勾】2026年高考物理一轮复习金卷

参考答案 考点1运动的描述匀变速直线运动的规律 N+1),所以汽车的加速度大小a=A0=N-1)u 2s t 1.C“2024年6月25日14时7分”指的是时刻，故A错误；研究 2(N-1)s ,故选A。 嫦娥六号着陆过程的技术时，需研究嫦娥六号的形状、大小，故 (N+1)t2 不能将它们忽略，不可以把嫦城六号简化成质点，故B错误；平：12.C设全红蝉的加速度为a,在A点的速度为A,经过AB段 均速率是指物体的路程和通过这段路程所用时间的比值，平均 的时间为t,BC段高度为h2。根据位移公式有h1=tAt 速度是指物体的位移和通过这段位移所用时间的比值，嫦娥六 号由题图中O,点到B点的路程大于由O点到B点的位移大 2at,h1+h,=va·3t+2a(3t)',h1十h,十h,=va·6t+ 小，运动时间相同，故嫦娥六号由O点到B点的平均速率一定 大于此过程的平均速度的大小，故C正确；嫦娥六号变轨飞向环 2a(6t)',联立解得h, h3十5h,故选C 4 月轨道的过程中，以嫦娥六号为参考系，月球是运动的，故D错误。 13.A根据匀变速直线运动中速度和位移关系式有v2=2ax,解 2.C若运动员A以对面的运动员为参考系，他是静止的，故A U80 错误；若运动员A以旁边的运动员为参考系，地面是运动的，故 得a=2m/s,无人机起飞需要的时间为t= 2s=40s, B错误；当他俯视大地时，看到大地迎面而来，是以他自己或与 无人机运动(t一1)s后的速度为v'=a(t一1)=2×(40一1)m/s= 他相对静止的其他运动员为参考系，故C正确；以大地为参考 系，运动员是运动的，故D错误。 78m/s,则无人机在起飞离地前最后1s内的位移为△x 3.CD“2023年10月26日11时14分”指的是时刻，故A错误； 。”y=78,80X1m=79m,故选A。 飞船发射瞬间的速度大小为零，加速度大小不为零，故B错误： 飞船在轨绕行一周的位移大小为零，平均速度大小为零，故C :14.A汽车运动的逆过程是初速度为零的匀加速直线运动，对于 正确：研究飞船在轨运行的速度大小时，飞船自身的大小、形状对 最后1s内，有1=月 ati,解得a=2=2X2 m/s2=4m/s2,设 研究的问题的影响可以忽略不计，可以将其视为质点，故D正确， 4.DA项指的是瞬时速度大小不超过20km/h,A错误：B项 500m/s指的是子弹离开枪口时的瞬时速度大小，B错误：C项 汽车开始制车的初速度为o,第1s内，由：=t一at, 运动员百米赛跑的平均速度大小为10.17m/s,C错误；D项 220km/h指的是瞬时速度大小，D正确 代入数据得13m=u×1s- X4×1'm,解得=15m/5, .1 5.B“10时32分”指的是时刻，“30s”指的是时间间隔，A错误：大 汽车在第1s末的速度为v1=wo一at=11m/s,故A正确。 飞机在直跑道上的平均速度大小0=工=2100 m/s=70m/s, :15.D设公交车开始减速的初速度为U。,运动总时间为t,则公 30 B正确；根据题意不能确定大飞机的加速情况，则无法求出大 交车在最初减速6s内通过的位移为x1=v。t。一 at= 飞机离地起飞时的瞬时速度大小，C错误：大飞机开始运动50s (6v。一18)m:把公交车的运动看成反向的初速度为零的匀加 内的运行轨迹不是单方向的直线运动，故位移大小x卡 2100m十400m=2500m,D错误。 速直线运动，最后6s内通过的位移为x2=2ati=18m:由 6.D当气门芯由轮轴的正上方第一次 于公交车在最初6s内通过的位移与最后6s内通过的位移之 运动到轮轴的正下方时，车轮向前运 动半个周长，气门芯的初位置与末位 此为21：9，则有6,18_21 18 =9,又有0=一at,代入数据解 置如图所示，由几何知识得，气门芯的 得v0=10m/s,t=10s,则公交车的总位移为x=Uot 位移大小x=√(2R)十（πR)= R√/4十π，故D正确。 2at=10×10m-2×1×10m=50m,在最初6s内通过 7.B由于加速度方向始终与速度方向相同，则质点速度一直在 的位移与最后6s内通过的位移之差为△x=x1一x2=24m, 增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值，A错误，B正确； 故A、B、C错误，D正确。 质点做直线运动，位移始终在增大，当加速度减小到零时，速度：16.(1)2m/s”(2)100m 不再变化，位移将随时间继续增大，C、D错误。 8.BD因火箭发射时，速度在10s内由0增加到100m/s,故10s 解析：(1)依题意得t=2at,解得a=2m/s。 内火箭的速度改变量为100m/s,A错误；汽车以108km/h= (2)20s内，当两车速度相等时，两车的距离最大，设经时间t。 30m/s的速度行驶，急刹车时能在2.5s内停下来，则2.5s内 两车速度相等，由运动学公式得v=at。。 汽车的速度改变量为0一30m/s=一30m/s,B正确；火箭的加 在t。时间内，甲车的位移x1=Uto, 速度a1-A”-100 -10m/s=10m/s,汽车的加速度a: △w △t 乙车的位移x2=2at6, 0-30 而xm=x1一x2,联立解得xm=100m 2.5 m/s2=一12m/s2,负号表示汽车的加速度方向与运动 16 方向相反，故火箭的速度变化比汽车的速度变化授，火箭的加17.(1)1.6m/s≤a≤号m/s(2)50s 速度大小比汽车的加速度大小小，C错误，D正确。 解析：(1)设向右为正方向，若列车车尾恰好停在A点，做匀减 9.C遮光板通过第一个光电门的速度大小为= d 速运动的加速度大小为a1,位移大小为x1,则0一v=一2a1x1, x1=1200m+200m=1400m, 5.0×10 0.050一m/s=0.1m/s,遮光板通过第二个光电门的速度大 16 解得a1=气m/s, 小为U2三 d_5.0X103 △tg 0.010一m/s=0.5m/s,因此滑块的加速度 若列车车头恰好停在B点，做匀减速运动的加速度大小为 a2,位移大小为x2=2000m,则0一v=一2a2x2, 大小为a=1=0.5-0.1 解得a2=1.6m/s, m/s2=0.80m/s2,C正确。 △tg 0.50 10.AD计算汽车速度的原理是利用短时间内的平均速度来代 故加速度大小a的取值花国为1.6m/s<a<9m/s。 替醉时建度，故汽车连度的表达式为。=品，A正商，B错误： (2)当列车车头恰好停在B点时，做匀减速运动的时间最长， 则0一vo=一a2t,解得t=50s。 L 18.(1)1.2s(2)3.2s(3)1.25m/s 若L=5m,△t=0.2s,则汽车的速度为0==25m/s 解析：(1)机器人从A运动到B的过程中，从静止加速到最大 90km/h120km/h,未超速，故照相机不会拍照，C错误，D 正确 运行速率0m所需的时间t。=Vm=3 a2.5s=1.2s。 11.A设初速度为v,经过时间t后速度变为V,汽车在时间t (2)机器人从A运动到B的过程，加速运动的位移 内通过了位移，则平均速度大小二十心=解得 2 xn-2,=1.8m, 123 参考答案 减速运动的位移x12=t。=l.8m, 误：v一t图线的斜率表示加速度，则由题图可知，t1到t2时间 2 内某时刻两车的加速度相同，故D正确。 匀速运动的时间=一一工世=0.8s,则机器人从A运 9.D由题图可知，25min末两车第二次速度相等，第一次共速前 两车之间距离一直增大，第一次共速后至25min末的这一段 动到B的时间t1=t。十t。十t=3.2s。 时间内，出租车速度较大，两车之间距离一直减小，A错误； (3)由于2x11>x2,所以机器人从B运动到C的过程不能加 25min未两车第二次速度相等，但之后出租车的速度总是小于 速到最大速度vm,设机器人加速到U1后开始减速，加速和减 公交车的速度，即25~30min内出租车的位移小于公交车的位 移，可知在25min末两车并没有相遇，B错误：25min末公交车 速过程中时间和位移的大小相等，设机器人从B运动到C的 速度方向不变，C错误：两车运动的位移相等，但是出租车的运动 时间为1，则x=2X】 2a,=2X ,= t? ,代入数据解得 时间比公交车少10min,由公式0=工可得，公交车的平均速度 v=1.25m/s。 比出租车的平均速度小，故D正确。 考点2运动图像追及、相遇问题 10,D0~2时间内物体向正方向做匀加速运动，)时刻的速度 1.C因为x一t图线的斜率大小表示物体的速度大小，故由题图 为T 可看出CD段汽车运动得最快，A错误；AB段汽车处于静止状 22 一T时间内物体向正方向以速度 一做匀速运动： 2 态，B错误；因为x-t图线斜率的符号代表运动的方向，故CD 3T T- 段表示的运动方向与OA段相反，C正确；运动4h后汽车的位 时间内加速度大小不变，方向相反，则向正方向做匀减 移大小为零，D错误。 3T 3T 2T时间内向负方向做匀 2.D运动员离开跳板时，有向上的 */(m·s) 速运动，之时刻的速度减为零： 初速度，则运动员在入水前做的 不是自由落体运动，故A错误；运 加速运动，2T时刻的速度为- 2,故选D。 动员在t=2s时速度为0，运动到 11.BD设小球在经过A传感器时的速度大小为vA,经过B传 最低点，即入水最深处，故B错 感器时的速度大小为v,在斜面上运动的加速度大小为a,根 误：t=1s时运动员的速度为v 0 0.2 2 tis 8m/s,若运动员在1~2s内做匀 -2 据运动学规律有Uu=UA十at,x=UAt十 2at,联立以上两式 减速运动，v一t图像如图中虚线 所示，由U一t图像中图线与横轴所围图形面积表示位移可知， 并整理得 京=·一之，结合题图乙可得m=8m/s,a 此时运动员在1一2s内的位移大小为x= 1X1×8m=4m, 4m/s2;当A传感器放置在O点时，传感器所测时间为小球从 O点到B传感器的运动时间t1,由题图乙分析可知t1=1s,所以 则运动员在12s内的实际位移小于4m,故C错误；由图可 小球在斜面上O点的速度大小为v=vm一at1=4m/s,小球 知，运动员在01s的平均速度大小为v= -2+8 m/s= 在斜面上运动的平均速度大小为v= 0十L=6m/s,固定斜 3m/s,故D正确 面长度为l=t1=6m,故A、C错误，B、D正确 3.C质，点从静止开始做直线运动，0~4s内加速度方向为正方 12.B结合题图可知，t=2s时，两小球运动的位移相差△x= 向，质，点一直做加速运动，故A错误；2一4s内加速度逐渐减 30+10 小，4~6s内加速度逐渐增大，质点做非匀变速直线运动，故B ×2m=40m,但两小球是从距地面不同高度处竖直向 2 错误；2~一4s内质，点做加速度逐渐减小的加速运动，4~6s 内 上尬出的，故无法判断两小球的高度差，故A错误；结合题图 质点做加速度逐渐增大的减速运动，由题图可知其速度变化 大小在这两段时间内相同，故质点2s末的速度等于6s末的速 可知，t=4s时两球的位移都是x=30十10 ×2tm=40m,故B 2 度，故C正确：46s内质点做加速度逐渐增大的减速运动，故 质，点4s末的速度大于6s末的速度，故D错误。 正确；两小球以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛 4.B在t1时刻两车的x-t图像相交，说明t1时刻两车相遇，相 出，则两小球从尬出至落到地面所用的时间不相等，故C错 误；两小球竖直向上抛出的初速度相同，由0=v。一gt可得 距最近，A错误；两车在同一时刻由同一地，点沿同一方向开始 做直线运动，t1时刻之前甲车在乙车的前面，t1时刻两车相遇 t= ,可知甲球与乙球从抛出至达到最高点的时间间隔相 说明在t1时刻乙车刚好从后面追上甲车，B正确；x一t图像的 斜率大小表示物体的速度大小，斜率越大，速度越大，故1时刻 等，故D错误 乙车的速度大于甲车的速度，C错误；0到t1时间内，甲、乙两 13.CD根据匀变速运动的位移公式x=v%t十 2at整理得 车的位移相等，根据平均速度等于位移与时间的比值，可知0 到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度，D错误。 2%· 7),结合无-上图像可得u=4m/s,2=2m/ 5.D根据位移一时间图线的斜率表示速度，由x-t图像可知乙 2十 图线的斜率不变，说明乙车的速度不变，做匀速直线运动，甲车 w=2m/s,ab=4m/s,因为b车的加速度大，b车的速度变 做速度越来越小的变速直线运动，A错误；在1时刻甲、乙两车 化快，a车初速度大，但加速度小，故开始运动后a车在前，后 的位移相等，又都是单向直线运动，所以两车路程相等，B错 来b车在前，故A、B错误；当两车速度相同时，两车相距最远， 误：由v一t图线与时间轴围成的面积表示位移可知图线丙、丁 由voa十at=vol十abt解得t=1s,两车相距最远距离为d 与时间轴所围面积在t,时刻差值最大，所以丙、丁两车在t。时 刻相距最远，C错误；0~t2时间内，丙车的位移小于丁车的位 Uoat十 2a,t-(t+2at）-1m,故C正确：两车相遏 移，时间相等，根据平均速度等于位移与时间的比值，所以丙车 的平均速度小于丁车的平均速度，D正确。 时有x,=工，即t'十2a,t=o十at,解得1 1 6.B由题图可知，减速之前汽车的位移为x1=4m,根据匀变速 2s,只有一解，两车只能相遇一次，故D正确。 直线运动的速度一位移公式可得v2一v =2ax,由图像解得：14.C甲车的初速度u1=10m/s,经10s减速到零，则甲车的加 a=一5m/s,当速度为5m/s时，汽车做匀减速运动的位移为 速度大小a1=1m/s,A错误；0~2s内乙车做匀速运动，由 题图乙可知乙车的初速度2=14m/s,经7s减速到零，则乙 2a =37.5m,故汽车的总位移为x=x1十x2=41.5m, 车的加速度大小a2=2m/s,设经过时间t两车速度大小相 A、C、D错误，B正确。 等，则v=1-a1t=v2-a2(t-2),解得t=8s,v=2m/s,B 7.A由题图乙可知在5s末x-t图线斜率为零，速度为零，A正 错误：在=85时间内，甲车的位移工，= -t=48m,乙车 确：由x-t图像可知在3s未的速度为正方向，7s末的速度为 2 负方向，两个时刻的速度方向相反，B错误；0~5s内与5~10s 的位移，=20，十巴(1-2》)=76m,若两车恰好没有相 内扫地机器人运动方向相反，故扫地机器人不是做单方向直线 2 运动，C错误：因扫地机器人在0~10s内的位移为零，则平均 撞，则d=x2一x1=28m,C正确，D错误。 速度为零，故D错误。 15.D常导磁悬浮列车进站过程可视为匀变速运动，根据运动学 8.Dt1时刻前两车距离变远，t1到t2时间内b车追赶a车，t 时刻a车在b车前方，说明没有追上，且t2时刻后a车又比b 公式x=上2ar垫理得兰=一名at,可知二-1图像的 车速度大，两车距离变远，不会相遇，A、B错误；由题图可知，在 t2时刻b车运动的加速度方向发生改变，运动方向不变，C错 斜率为一名，纵藏距为，根据题图可知常导磁悬浮列车的 2树勾·高考一轮复习金卷物理 124考点1 运动的描述匀变速直线运动的规律 刷小题·重基础 1.(2024·辽宁沈阳模拟)2024年6月25日14时7分，嫦娥六号返回 器携带来自月背的月球样品安全着陆在内蒙古四子王旗预定区域， 标志着探月工程嫦娥六号任务取得圆满成功。这次探月工程，突破 了月球逆行轨道设计与控制、月背智能快速采样、月背起飞上升等 关键技术，首次获取月背的月球样品并顺利返回。如图所示为某次 嫦娥六号为躲避陨石坑的一段飞行路线，下列说法中正确的是() 俯视（影像图） A.2024年6月25日14时7分指的是时间间隔 B.研究嫦娥六号着陆过程的技术时可以把它简化成质点 C.嫦娥六号由图中O点到B点的平均速率一定大于此过程的平均 速度的大小 D.嫦娥六号变轨飞向环月轨道的过程中，以嫦娥六号为参考系，月 球是静止不动的 2.(2024·安徽巢湖模拟)特技跳伞运动员的 空中造型如图所示。当运动员保持该造型 向下落时，其中一名运动员A俯视大地时， 看到大地迎面而来。下列说法正确的是 A.若运动员A以对面的运动员为参考系，他是运动的 B.若运动员A以旁边的运动员为参考系，地面是静止的 C.当他俯视大地时，看到大地迎面而来，是以他自己为参考系 D.以大地为参考系，运动员是静止的 3.(多选)(2024·湖北荆州模拟)北京时间2023年10月26日11时 14分，神舟十七号载人飞船在酒泉卫星发射中心发射成功并顺利 进入预定轨道，与空间站组合体进行自主快速交会对接。下列说法 正确的是 ) A.2023年10月26日11时14分指的是时间间隔 B.飞船发射瞬间的速度大小及加速度大小均为零 C.飞船在轨绕行一周的平均速度大小为零 D.研究飞船在轨运行的速度大小时可以将其视为质点 4.(2024·江苏泰州模拟)关于速度的描述，下列说法正确的是() A.电动车限速20km/h,指的是平均速度大小 B.子弹射出枪口时的速度大小为500m/s,指的是平均速度大小 C.运动员百米赛跑半决赛的成绩是9.83s,则他冲刺时的速度大小 一定为10.17m/s D.某列车在通沪铁路跑出的最高速度为220km/h,指的是瞬时速 度大小 5.(2024·福建莆田二模)2023年5月28日上午10时32分，国产大 飞机C919迎来商业首飞，标志着中国具备了自主研制大型客机的 能力。某次该大飞机在机场直跑道由静止开始加速，用时30s经过 2100m起飞，又经过20s到达离地高度400m处。下列说法正确 的是 () A.10时32分和30s都是指时刻 B.大飞机在直跑道上的平均速度大小为70m/s C.大飞机离地起飞时的瞬时速度大小为70m/s D.大飞机开始运动50s内的位移大小是2500m 6.(2025·河南焦作模拟)如图所示，自行车的车轮半径为R,车轮沿 直线无滑动地滚动，当气门芯由轮轴的正上方第一次运动到轮轴的 正下方时，气门芯的位移大小为 () 77777777777777777 A.πR B.2R C.2πR D.R√4+π2 7.(2024·湖北荆州模拟)一质点在x轴上运动，初速度。>0，加速 度a>0,加速度a的值由零逐渐增大到某一值后再逐渐减小到零， 则该质点 () A.速度先增大后减小，直到加速度等于零为止 B.速度一直在增大，直到加速度等于零为止 C.位移先增大后减小，直到加速度等于零为止 D.位移一直在增大，直到加速度等于零为止 8.（多选)(2025·江西九江模拟)如图甲所示，火箭发射时，速度能在 10s内由0增加到100m/s;如图乙所示，汽车以108km/h的速度 行驶，急刹车时能在2.5s内停下来。下列说法正确的是() A.10s内火箭的速度改变量为10m/s B.2.5s内汽车的速度改变量为一30m/s 考点1运动的描述匀变速直线运动的规律001 C.火箭的速度变化比汽车的速度变化快 D.火箭的加速度大小比汽车的加速度大小小 9.(2024·广西南宁模拟)如图所示，为了测定气垫导轨上滑块的加速 度，滑块上安装了宽度为0.5cm的遮光板。滑块向右做匀加速直 线运动，依次通过两个光电门A和B。光电门上的黑点处有极细的 激光束，当遮光板挡住光束时开始计时，不挡光束时停止计时。现 记录了遮光板通过第一个光电门所用的时间为△t1=0.050s,通过 第二个光电门所用的时间为△t2=0.010s,光电门从第一次计时结 束到第二次计时开始经历的时间为△t3=0.50s,则滑块的加速度 大小应为 ( A B A.0.67m/s2 B.0.74m/s2 C.0.80m/s2 D.1.20m/s2 10.(多选)(2025·湖北随州模拟)一段高速公路上限速120km/h,为 监控车辆是否超速，设置了一些“电子警察”系统，其工作原理如图 所示：路面下，距离L埋设两个传感器线圈A和B,当有车辆经过 线圈正上方时，传感器能向数据采集器发出一个电信号；若有一辆 汽车（在本题中可看成质点）经过该路段，两传感器先后向数据采 集器发送信号，时间间隔为△t,经微型计算机处理后得出该车的 速度，若超速，则计算机将控制架设在路面上方的照相机C对汽车 拍照，留下违章证据。根据以上信息，下列说法正确的是() 中微型计算机 B 口数据采集器 A.计算汽车速度的表达式v= L △t 2L B.计算汽车速度的表达式v= △t C.若L=5m,△t=0.2s,照相机将会拍照 D.若L=5m,△t=0.2s,照相机不会拍照 11.(2024·山东临沂一模)近几年来我国新能源汽车发展迅速，现对 国产某品牌新能源汽车进行性能测试。已知该汽车在时间t内通 过了位移，同时它的速度变为原来的V倍。如果汽车做的是匀 加速直线运动，则该汽车的加速度大小为 () 2(N-1)s 2(N+1)s A.a- B.a- (N+1)t (N-1)t 2(N+2)s 2(N-1)s C.a= (N-1)t2 D.a= (N-2)t2 0022对勾·高考一轮复习金卷物理 12.(2024·湖南长沙一模)2023年10月4日，杭 10 州亚运会跳水项目比赛迎来收官战。至此， 杭州亚运会跳水项目圆满结束。中国队包揽 本届亚运会跳水项目全部十枚金牌，再次实 现“十全十美”。如图所示，16岁的中国运动 员全红婵在决赛中从10米高台跳下，完成精 D 彩的翻转动作后，保持同一姿势下落，依次经过A、B、C、D四点， 最后压住水花没人水中。假设她在AD段受到重力和阻力作用做 匀加速直线运动，经过AB、BC和CD三段所用的时间之比为1： 2:3,AB段和CD段的高度分别为h1和h3,则BC段的高度为 ( A.b,+3h, B.b,+4h, C.b,+5h, D.6h 2 3 4 5 13.(2024·河北石家庄一模)一架无人机在水平地面上由静止开始做 匀加速运动滑行1600m后起飞离地，离地时速度大小为80m/s。 若无人机的加速过程可视为做匀加速直线运动，则无人机在起飞 离地前最后1s内的位移为 () A.79m B.78m C.77m D.76m 14.(2024·四川宜宾诊断)汽车在平直的公路上行驶，发现险情紧急 刹车，汽车立即做匀减速直线运动直到停车，已知汽车刹车时第 1s内的位移为13m,在最后1s内的位移为2m,则下列说法正 确的是 () A.汽车在第1s末的速度一定为11m/s B.汽车在第1s末的速度可能为10m/s C.汽车的加速度大小一定为3m/s D.汽车的加速度大小可能为4.5m/s2 15.(2024·山东日照一模)某物理学习兴趣小组研究公交车的运动， 公交车进站过程被认为是做匀减速直线运动直至停下。公交车进 站时在最初6s内通过的位移与最后6s内通过的位移之比为 21:9,若公交车运动的加速度大小为1m/s2,则 () A.公交车运动的总位移为60m B.公交车在最初6s内通过的位移与最后6s内通过的位移之差 为36m C.公交车的初速度为12m/s D.公交车运动的时间为10s 刷大题·提能力 16.(2024·福建漳州三模)截至2023年8月，中国已累计开放智能网 联无人驾驶汽车测试道路2万千米。如图所示，某次测试时，无人 驾驶测试车甲、乙在两平行车道上做直线运动，当甲、乙两车并排 时，甲车以v=20m/s的速度匀速运动，乙车开始同方向做初速度 为零的匀加速运动，经t=20s两车恰好再次并排。求： (1)乙车的加速度大小a； (2)20s内，两车相距的最大距离xm。 乙 17.(2024·河南漯河模拟)如图所示，一长为200m的列车沿平直的 轨道以80m/s的速度匀速行驶，当车头行驶到进站口O点时，列 车接到停车指令，立即做匀减速运动停车，因OA段铁轨不能停车，整 个列车只能停在AB段内，已知OA=1200m,OB=2000m,求： 列车 7管 (1)列车做匀减速运动的加速度大小的取值范围； (2)列车做匀减速运动的最长时间。 18.(2025·湖北黄冈一模)分拣机器人在智能系统的调度下，能够自 主规划路线，确保高效、准确地进行分拣作业。如图所示为某次分 拣过程示意图，机器人从A处由静止出发沿两段直线路径AB、 BC运动到C处停下，再将货物从托盘卸到分拣口。已知机器人 最大运行速率vm=3m/s,机器人加速或减速运动时的加速度大 小均为a=2.5m/s2,AB距离x1=6m,BC距离x2=2.5m,机 器人途经B处时的速率为零，要求机器人能在最短时间内到达分 拣口。求： (1)机器人从A运动到B的过程中，从静止加速到最大运行速率 vm所需的时间to; (2)机器人从A运动到B的时间t1; (3)机器人从B运动到C的平均速度大小v。 A 分拣平台 托盘 分拣