精品解析：山东省烟台市莱阳市第一中学2025-2026学年高三上学期第二次阶段性检测（12月）数学试题

高三第二次阶段性检测数学试题 一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分. 1. 已知集合，，则（ ） A. B. C. D. 【答案】C 【解析】 【分析】利用一元二次不等式的解法及交集的定义即可求解. 【详解】由，得，解得， 所以. 所以. 故选：C. 2. 若圆柱、圆锥的底面半径和高都与球的半径相等，则圆柱、圆锥、球的体积之比为（ ） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】根据圆柱、圆锥、球的体积公式运算求解即可. 【详解】设球的半径为， 所以圆柱、圆锥、球的体积之比为. 故选：D. 3. 已知曲线与曲线在交点处有相同的切线，则（ ） A. 1 B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】利用导数求出切线的斜率，从而可求解. 【详解】由题知曲线和曲线在交点处有相同的切线，即斜率相等， 所以对于曲线，求导得，所以在点处的切线斜率为， 对于曲线，求导得， 所以，得，故B正确. 故选：B. 4. 已知直线l经过点，则“直线l的斜率为”是“直线l与圆C：相切”的（ ） A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件 【答案】C 【解析】 【分析】由题求得过且与圆相切的直线方程，即可判断命题关系 【详解】由题，圆是圆心为，半径为的圆， 当直线的斜率不存在时，直线方程为， 此时圆心到直线距离为1，不等于半径，与圆不相切不符合； 当直线的斜率存在时，设直线为，化为一般式即， 则圆心到直线距离为，解得, 所以“直线的斜率为”是“直线与圆相切”的充要条件, 故选：C. 5. 平行四边形ABCD中，，，，若，，则（ ） A. 4 B. 6 C. 18 D. 22 【答案】C 【解析】 【分析】根据已知条件建立空间直角坐标系，求出相关点的坐标，利用向量的坐标运算及数量积的坐标运算即可求解. 【详解】由题意可知，以为坐标原点，建立平面直角坐标系如图所示 因为， 所以. 设，则， 由，得，即，解得， 所以. 设，则， 由，得， 即，解得， 所以. 所以， . 故选：C. 6. 已知，则（ ） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【分析】根据，结合二倍角公式和诱导公式即可求解. 【详解】因为，则， 所以， 故选：A. 7. 已知抛物线的焦点为，坐标原点为，过点的直线与交于两点，且点到直线的距离为，则的面积为（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】设直线的方程为，，根据点到直线的距离求出，联立方程，利用韦达定理求出，再根据弦长公式求出，进而可得出答案. 【详解】由题意， 可设直线的方程为，， 则，解得， 联立，消得， ， 则， 所以 ， 所以的面积为. 故选：B. 8. 数列的前n项和为，若，，且，则（ ） A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【分析】对于数列递推式，分别令，推出数列的所有偶数项构成等比数列，令，推出奇数项均为1，再结合分组求和，即可求得答案. 【详解】令，则， 即，即数列的所有偶数项构成首项为，公比为3的等比数列， 令，则， 即，由于，则， 故 ， 故选：D 【点睛】关键点睛：解答本题的关键是根据数列递推式，依次令和令，推出数列的奇偶项的规律，从而结合分组求和法以及等比数列前n项和公式，求解答案. 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分. 9. 已知实数、满足，则（ ） A. B. C. D. 【答案】BD 【解析】 【分析】利用特殊值法可判断AC选项；利用函数的单调性可判断B选项；利用函数的单调性可判断D选项. 【详解】因为实数、满足， 对于A选项，取，，则，A错； 对于B选项，对于函数，该函数的定义域为，， 当且仅当时，等号成立，所以函数在上为增函数， 因为，则，则，B对； 对于C选项，取，，则，C错； 对于D选项，对于函数，该函数的定义域为，， 当且仅当时，等号成立，所以，函数在上为增函数， 因为，则，即，D对. 故选：BD. 10. 已知函数的定义域为R，且，，则（ ） A. B. 有最小值 C. D. 是奇函数 【答案】ACD 【解析】 【分析】根据题意，利用抽象函数的性质，结合选项，逐项判定，即可求解. 【详解】对于A中，令，可得，所以A正确； 对于B中，令，且，则， 可得， 若时，时，，此时函数为单调递增函数； 若时，时，，此时函数为单调递减函数， 所以函数不一定有最小值，所以B错误； 对于C中，令，可得， 即， 所以，， ，， 各式相加得，所以，所以C正确； 对于D中，令，可得，可得， 即，所以函数是奇函数，所以D正确； 故选：ACD. 11. 如图，中，，，是中点，是边上靠近的四等分点，将沿着翻折，使点到点处，得到四棱锥，则（ ） A. 记平面与平面的交线为，则平面 B. 记直线和与平面所成的角分别为，，则 C. 存在某个点，满足平面平面 D. 四棱锥外接球表面积的最小值为 【答案】BCD 【解析】 【分析】对A：找到过点且与平面平行的线，由过点且不为该支线，即可得不平行于平面；对B：结合线面角定义，找到与在平面上的投影即可得；对C：当时，可得结论，即证存在点，能使，结合折叠时的角度范围即可得；对D：找出底面的外接圆圆心，易得该点为四棱锥外接球球心时有最小半径，即可得最小的外接球表面积. 【详解】对A：连接点与中点，连接， 由题意可得为中点，是中点， 故，又平面、平面， 故平面，设直线平面平面， 由平面，则， 又平面、平面， 故平面， 又，故不平行于平面，故A错误； 对B：连接，由，为中点， 故，又，故， 故，又，、平面， 故平面，又，故平面， 故在平面上的投影为，在平面上的投影为， 即，， 由，，故为等腰直角三角形， 有，， 故，故B正确； 对C：由平面，平面， 故，则当时，又、平面， ，故有平面，又平面， 故平面平面， 即需，由题意可得， ，， 即当时，有， 由，故存在点，使，故C正确； 对D：由，故，由，故， 即四边形四点共圆，连接，为该圆直径， 故四棱锥外接球球心必在过中点，且垂直平面的直线上， 则当球心在中点时，四棱锥外接球半径最小， 此时中点到点的距离等于一半，故， 由，有平面， 又平面，故， 故球心可在中点， 由是中点，故，则， 则半径为，此时表面积为， 即四棱锥外接球表面积的最小值为，故D正确. 故选：BCD. 【点睛】关键点睛：本题D选项关键在于如何找到球心，找棱锥外接球球心时，可先找底面外接圆圆心，则外接球球心必在过该点且垂直底面的直线上. 三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分. 12. 在正四棱锥中，，则该棱锥的体积为____________． 【答案】 【解析】 【分析】根据题意，利用勾股定理算出底面中心到顶点的距离为，再由锥体的体积公式加以计算，即可得到该棱锥的体积． 【详解】在平面上的投影是，因为是正四棱锥， 所以是正方形对角线的交点，连结， ，， 所以，于是. 故答案为：. 13. 已知函数（）的最小正周期不小于，且恒成立，则的值为____________． 【答案】1 【解析】 【分析】根据的最小正周期不小于，得到，再根据，恒成立，得到的最大值为，可求出的值. 【详解】因为函数（）的最小正周期不小于， 所以，即，解得：， 因为恒成立，故的最大值为， 所以，所以， 因为，当时，. 故答案为：1. 14. 已知双曲线C：（，）的左、右焦点分别为，，过点的直线与C的右支交于A，B两点，且，的内切圆半径，则C的离心率为____________． 【答案】## 【解析】 【分析】根据题意画出图形，利用数型结合，分别设，利用双曲线的定义并结合相关的几何关系求出，从而求解. 【详解】由题意作出图形，设，则，，则， 由三角形的内切圆半径为， 又因为，所以， 所以，化简得 在中，，即， 化简得，由可得， 在中，，即， 化简得，由可得， 所以，化简得，解得， 所以离心率. 【点睛】方法点睛：根据双曲线定义及几何条件，设，，分别利用在和建立关于的关系，再结合的内切圆半径，从而求出的关系式，从而求解. 四、解答题：本题共5小题，共77分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 15. 记的内角A，B，C的对边分别是a，b，c，且，． （1）求B， （2）的平分线交边于点D，且，求b． 【答案】（1） （2） 【解析】 【分析】（1）根据已知条件和余弦定理可得结果， （2）根据等面积求出，由余弦定理可得结果. 【小问1详解】 因为，，所以， 又，所以． 【小问2详解】 因为，即， 又，，解得， 在中，由余弦定理得， 则. 16. 如图，四棱锥P-ABCD中，，，，平面平面PAC． （1）证明：； （2）若，是的中点，求平面与平面夹角的余弦值． 【答案】（1） 取中点，连接，则， 又，，所以四边形为正方形， 则，， 又在中，， 则，所以，，即． 又平面平面PAC，平面平面，平面ABCD， 所以平面，又面，所以． （2） 【解析】 【分析】（1）通过证明平面来证得. （2）建立空间直角坐标系，利用向量法求得平面与平面夹角的余弦值. 【小问1详解】 略 【小问2详解】 连接，交于，连，由于， 所以四边形是平行四边形，所以． 因为平面，所以平面， 平面，所以， 因为，所以， 所以两两垂直， 以为原点，，，所在的直线分别为x轴、y轴、z轴建立如图空间直角坐标系， 则平面PAC的一个法向量是， 又，，， 所以，，， 设是平面的法向量， 则， 令，可得， 所以， 所以，平面与平面夹角的余弦值为. 17. 将数列中的所有项按照每一行项数是上一行项数的两倍的规则排成如下数表： …… 记表中的第一列数，，，，…构成的数列为，为数列的前n项和，且满足． （1）求数列的通项公式； （2）从第三行起，每一行中的数按从左到右的顺序均构成公差为2的等差数列，求上表中第k（）行所有项的和． 【答案】（1） （2） 【解析】 【分析】（1）由当时，，求出，再验证是否满足； （2）设上表中从第三行起，每行的公差都为2，表中第k（）行有项，表示出，求解即可. 【小问1详解】 当时，． 时，，也适合上式， 因此． 【小问2详解】 设上表中从第三行起，每行的公差都为2，表中第k（）行有项， （或者） ． 18. 在平面直角坐标系xOy中，动点M到点的距离与到直线的距离之比为． （1）求动点M轨迹W的方程； （2）过点F的两条直线分别交W于A，B两点和C，D两点，线段AB，CD的中点分别为P，Q．设直线AB，CD的斜率分别为，，且，试判断直线PQ是否过定点．若是，求出定点的坐标；若不是，请说明理由． 【答案】（1） （2）直线PQ过定点． 【解析】 【分析】（1）设M，由已知得，进行化简即可. （2）设直线的方程为、，分别与W的方程联立得P的坐标为及Q的坐标为，再求出直线PQ的方程，利用，即可求出直线PQ过定点. 【小问1详解】 设点M的坐标为，由题意可知，， 化简整理得，W的方程为． 【小问2详解】 由题意知，设直线AB的方程为，与W的方程联立可得， ， 设，，由韦达定理得，， 则， 所以，点P的坐标为． 同理可得，Q的坐标为． 所以，直线PQ的斜率为， 所以，直线PQ的方程为， 即， 又，则， 所以直线PQ的方程即为， 所以，直线PQ过定点． 19. 已知函数． （1）当时，求的单调区间； （2）若时，，求a的取值范围； （3）对于任意，证明：． 【答案】（1）的单调递增区间为，无单调递减区间； （2）； （3）当时，上（2）可知， 即，取，可得 ， 即． 令，，…，，累加可得 ． 另一方面，考虑函数，， 则， 在上单调递减，则， 于是，． 取（），可得， 整理得． 令，，…，， 累加可得． 综上所述，对于任意，成立． 【解析】 【分析】（1）将代入函数，对函数二次求导，即可求出函数的单调区间； （2）分情况讨论，结合（1）中结论，判断符合题意，对函数二次求导，分别判断和不符合题意，最终确定的取值范围； （3）根据（2）中结论先得到，取取，得到，令，，…，，累加可得；又构造函数， 求导判断函数单调性可得：，，取（），得，令，，…，，累加得，结论得证. 【小问1详解】 的定义域为； 当时，，则； 令，则； 故当时，，所以单调递减； 当时，，所以单调递增． 于是，即， 故的单调递增区间为，无单调递减区间. 【小问2详解】 由题意知，令， 则； 由（1）可知若，则当时，， 若，则当时，有 ，符合题意； 若，则当时，，于是， 单调递减，则，与题意矛盾； 若，则当时，，于是， 单调递减，此时，与题意矛盾； 综上所述：a的取值范围是． 【小问3详解】 略 【点睛】二次求导探究函数得单调性； 分类讨论确定的取值； 构造函数，利用函数的单调性证明不等式； 累加法的运用. 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 高三第二次阶段性检测数学试题 一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分. 1. 已知集合，，则（ ） A. B. C. D. 2. 若圆柱、圆锥的底面半径和高都与球的半径相等，则圆柱、圆锥、球的体积之比为（ ） A. B. C. D. 3. 已知曲线与曲线在交点处有相同的切线，则（ ） A. 1 B. C. D. 4. 已知直线l经过点，则“直线l的斜率为”是“直线l与圆C：相切”的（ ） A. 充分不必要条件 B. 必要不充分条件 C. 充要条件 D. 既不充分也不必要条件 5. 平行四边形ABCD中，，，，若，，则（ ） A. 4 B. 6 C. 18 D. 22 6. 已知，则（ ） A. B. C. D. 7. 已知抛物线的焦点为，坐标原点为，过点的直线与交于两点，且点到直线的距离为，则的面积为（ ） A. B. C. D. 8. 数列的前n项和为，若，，且，则（ ） A. B. C. D. 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得6分，部分选对的得部分分，有选错的得0分. 9. 已知实数、满足，则（ ） A. B. C. D. 10. 已知函数的定义域为R，且，，则（ ） A. B. 有最小值 C. D. 是奇函数 11. 如图，中，，，是中点，是边上靠近的四等分点，将沿着翻折，使点到点处，得到四棱锥，则（ ） A. 记平面与平面的交线为，则平面 B. 记直线和与平面所成的角分别为，，则 C. 存在某个点，满足平面平面 D. 四棱锥外接球表面积的最小值为 三、填空题：本题共3小题，每小题5分，共15分. 12. 在正四棱锥中，，则该棱锥的体积为____________． 13. 已知函数（）的最小正周期不小于，且恒成立，则的值为____________． 14. 已知双曲线C：（，）的左、右焦点分别为，，过点的直线与C的右支交于A，B两点，且，的内切圆半径，则C的离心率为____________． 四、解答题：本题共5小题，共77分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 15. 记的内角A，B，C的对边分别是a，b，c，且，． （1）求B， （2）的平分线交边于点D，且，求b． 16. 如图，四棱锥P-ABCD中，，，，平面平面PAC． （1）证明：； （2）若，是的中点，求平面与平面夹角的余弦值． 17. 将数列中的所有项按照每一行项数是上一行项数的两倍的规则排成如下数表： …… 记表中的第一列数，，，，…构成的数列为，为数列的前n项和，且满足． （1）求数列的通项公式； （2）从第三行起，每一行中的数按从左到右的顺序均构成公差为2的等差数列，求上表中第k（）行所有项的和． 18. 在平面直角坐标系xOy中，动点M到点的距离与到直线的距离之比为． （1）求动点M轨迹W的方程； （2）过点F的两条直线分别交W于A，B两点和C，D两点，线段AB，CD的中点分别为P，Q．设直线AB，CD的斜率分别为，，且，试判断直线PQ是否过定点．若是，求出定点的坐标；若不是，请说明理由． 19. 已知函数． （1）当时，求的单调区间； （2）若时，，求a的取值范围； （3）对于任意，证明：． 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $