河南省TOP二十名校2025-2026学年高三上学期12月月考物理试题

秘密★启用前 2026"届高三年级T0P二十名校调研考试二 物理试题 注意事项： 1,答卷前，考生务必将自己的姓名、班级、考场号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定 位置。 2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮 擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。 p 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 架 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项 是符合题目要求的. 1.《太平广记》中记载：东汉永建年时，殿上悬挂的大钟不扣自鸣，原来是四川岷山崩塌导致的. 这种现象属于 A.多普勒效应 B.共振现象 型 C.波的衍射现象 D.波的干涉现象 2.一辆运送快递的厢式货车在平直的路面上行驶，某时刻从车厢尾部自动脱落一颗螺丝，最终 落在水平地面上.不计空气阻力，若螺丝下落过程中汽车速度增大，则会影响螺丝 A.下落的时间 B.下落的加速度 阳 C,落在地面上时的速度 D.下落到地面时相对车厢的位置 3.将点电荷放置在均匀介质中，点电荷之间也会存在库仑力的作用.若将两点电荷以相同方 式，分两次分别放置在两种介电常数€不同的均匀介质中，其在介质中与在真空中相互作用 力之比F介/F真如下表，则处在均匀介质中的点电荷间的相互作用力的表达式可能为 介质 介质1 介质2 介电常数e 2 6 因 F分/F真 1/2 1/6 号 A.E912 r2 B.kqig er2 C.skgjos D.kgige 【物理试题 第1页（共6页）】 26-X-308C 4.电流在磁场中的受力在实际生活中有着广泛应用，如电动机、电磁炮、磁悬浮列车等.如图所 示，通电长直导线与粗细均匀的三角形线圈ABC绝缘且共面放置，直导线通过A点并与 BC边垂直，其中AB=AC,当直导线和线圈中通有如图所示方向的电流时，直导线所受安 培力的方向为 A.垂直于直导线向左 B.垂直于直导线向右 C.垂直于AC方向斜向右上 D.垂直于AB方向斜向右下 5.如图所示，某粒子从两匀强磁场分界线上的M点垂直分界线射入上方的磁场，之后粒子第 2次穿过分界线时的位置在图中的N点.已知分界线上方磁场的磁感应强度大小是下方磁 场的磁感应强度大小的2倍，不计粒子的重力，下列说法正确的是 A.粒子一定带正电 ×X1×× ×N×M× B.粒子第1次在下方磁场中运动的轨迹圆心一定为M点 C.粒子在上方磁场中运动的周期是下方磁场中运动周期的2倍 D.粒子在上方磁场中运动的半径是下方磁场中运动半径的2倍 6.篮球是仅次于足球的世界第二大运动.某次训练中，一只篮球以大小o=5/s、方向斜向 下与水平面成37°角的速度撞击在水平地面上，撞击后篮球竖直方向速度大小变为撞击前的 号，水平方向的速度大小变为撞击前的子已知篮球与地面间的摩擦力大小为篮球受地面弹 力大小的0.5倍，sin37°=0.6，cos37°=0.8，空气阻力不计，重力加速度取g=10m/s2,则篮球 与地面间的撞击时间为 A.0.1s B.0.2s C.0.3s D.0.4s 7.2025年9月27日我国成功发射极轨卫星风云三号08星.所谓极轨卫星是指其轨道平面经 过南北极的卫星.假设某极轨卫星做匀速圆周运动的周期T=T自，T自为地球的自转周期， 某时刻赤道上的P点恰好位于其轨道正下方，此时卫星位于北极点正上方，再经过时，卫 星与地心的连线和卫星与P点连线的夹角最大.引力常量为G,地球半径为R,则地球的质 量可能为 A.4π2R2 B.4xR3 C.4xR3 D.4π2R2 GTcos( GTcos( GTc0s(受) GTcos2() 【物理试题第2页（共6页）】 26-X-308C 二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分.在每小题给出的四个选项中，有多项是 符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全对的得3分，有选错的得0分 8.如图所示，金属杆放置在倾斜光滑导轨上，整个金属杆处在电磁铁形成的磁场中，磁场与轨 道平面垂直，将a、b和c、d端分别接在不同的直流电源上，能使金属杆处于静止状态的接 法有 A.a接正极、b接负极，c接正极、d接负极 B.a接正极、b接负极，d接正极、c接负极 C.b接正极、a接负极，c接正极、d接负极 D.b接正极、a接负极，d接正极、c接负极 9.如图所示，固定的光滑细直杆与水平面的夹角为0，轻质弹簧下端O用铰链连接在水平面 上，上端连接穿在细杆上的小球，小球静止在O点正上方细杆上的P点处.若将小球移至细 杆上的Q点，小球也能处于静止状态，已知PQ=QM,下列说法正确的是 A.小球位于P点时弹簧处于拉伸状态 B.小球位于Q点时弹簧处于拉伸状态 C.小球位于P、Q两点时弹簧的弹力大小之比为sin0:cos20 D.小球位于P、Q两点时弹簧的弹力大小之比为cos20:sina 10.一列简谐横波沿x轴传播，t=0时刻波形如图甲所示，从此时刻起平衡位置位于x=8m 的质点振动图像如图乙所示，p、g为介质中的两个质点，平衡位置分别在x=3m、x2= 9m处.下列说法正确的是 y/m A.该波沿x轴正向传播 B.图中g点再经1.5s第一次回到平衡位置 C.图中p点再经3.5s第一次回到正向最大位移处 D.由图甲时刻再经3s质点p、q的速度将第二次达到相同 【物理试题第3页（共6页）】 26-X-308C 三、非选择题：本题共5小题，共54分， 11.(6分)实验小组采用如图甲所示装置探究加速度与力和质量之间的关系，已知打点计时器 使用的交流电源的频率为50Hz. 电火花计时器 细线 小车 、纸带 长木板 2.50 3.00 cm 码 3.50 B E 甲 乙 (1)某次实验打出的纸带如图乙所示，已知相邻计数点间还有4个点未画出，则小车运动的 加速度大小为 m/s2;(结果保留2位有效数字) (2②)在探究力一定，加速度a与质量M的关系时，已在a一坐标系中描出了各点，请在图 丙所示的坐标系中作出该图线； 细线 电火花计时器 D小车力 、纸带 长木板 槽码 丙 丁 (3)该组同学改进了方案，使用了如图丁所示的方法，认为小车所受拉力等于2倍的槽码重 力，则拉力的测量上，该方法比图甲所示的方法误差 (填“大”、“小”或“相同”). 12.(10分)用如图甲所示电路测量阻值约为1kΩ的未知电阻Rz的阻值，R是电阻箱(0~ 9999.92),R1是滑动变阻器，V1、V2是电压表，E是电源（电动势6V,内阻不计）， 2 3,/N 在保证安全和测量尽量准确的条件下，具体实验步骤如下： ①闭合开关S,调节滑动变阻器和电阻箱，使得V2的示数U2÷2V,记下此时电阻箱的阻值 R和电压表V1的示数U1; 【物理试题第4页（共6页）】 26-X-308C ②重复步骤①，使V2的示数仍为U2=2V,测量多组R和U1的值； ③将实验获得的数据描在员-U图像中，如图乙所示。 根据实验回答以下问题： (1)现提供了四只电压表： A.电压表(0~15V,内阻为3k2) B.电压表(015V,内阻未知) C.电压表(0~3V,内阻为1k2) D.电压表(03V,内阻未知) 电压表V1选 ,电压表V2选 (填写选项字母) (2)在图乙中画出只-U图像 (3)根据实验测得电阻Rz的阻值为 k;(保留2位有效数字) (4)图像在纵轴上截距的绝对值的物理意义是 13.(8分)如图所示，轻弹簧下端固定在光滑斜面底端，自由伸直时上端恰好与斜面顶端平齐， 斜面顶端与右侧竖直固定的半圆形轨道的圆心等高，轨道半径为R,轨道最低点与水平面 相切，现拿质量为m的小球沿斜面向下将弹簧长度压缩R后，由静止释放，小球恰好沿圆 弧轨道最高点的切线方向飞人轨道且对轨道恰无压力.重力加速度为g,不计空气阻力，小 球可视为质点，求： (1)斜面顶端到圆心的距离x; (2)释放小球时弹簧具有的弹性势能E。· R 777777777777777777力777777777777777777777777777777727 【物理试题第5页（共6页）】 26-X-308C 14.(14分)如图所示，物块A、B均静止在长木板C上，两者之间的距离L=2m,C放置在光滑 水平面上.现对A施加F=5N的水平向右的推力，在A、B碰撞前瞬间撤去推力F,最终 A、B均未滑离C.已知A、B的质量均为m=1kg,C的质量M=2kg,A、B与C间的动摩 擦因数均为μ=0.3，重力加速度g取10m/s2,A、B碰撞是弹性碰撞且时间极短，最大静摩 擦力等于滑动摩擦力，A、B可看作质点，求： (1)撤去推力F前，A、B的加速度大小a1和a2; (2)A、B碰撞前瞬间速度大小v1和2； (3)A、B最终的间距x. A 15.(16分)现代科学仪器常利用电场、磁场控制带电粒子的运动.如图所示，半径r=1m的圆 形区域I内（包含边界）有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小B=1T,圆形区域 正下方长L=2m、宽d1=1m的矩形区域内有水平向右的匀强电场，矩形的上边界、左右 边界线分别与区域I相切，电场强度E=2V/,在其下方是宽度为d2的匀强磁场区域Ⅱ， 磁感应强度大小B2=(√2一1)T,方向垂直纸面向里.在圆形边界上的P点有一粒子源，该 粒子源可向区域I内各个方向发射速度大小均为o=2/s、比荷k=2C/kg的带正电的 粒子，P点与圆心O的连线与电场方向平行.已知从电场下边界飞出的粒子进人区域Ⅱ 后，恰好未从区域Ⅱ的下边界飞出.粒子重力不计，求： (1)粒子在区域I中圆周运动的半径R1; (2)电场下边界有粒子飞出区域的长度x; (3)区域Ⅱ的宽度d2. XX X ×.××.××××× 【物理试题第6页（共6页）】 26-X-308C2026届高三年级T0P二十名校调研考试二·物理试题 参考答案、提示及评分细则 1.B这是岷山崩塌产生的声波使大钟产生受迫振动而发生的共振现象，故B正确. 2.D下落高度和加速度一定，时间一定，故A、B错误；下落到地面上时的竖直速度一定，水平速度也不变， 故落在地面上时的速度也不变，即C错误；由于汽车速度增大，故落点靠后，即D正确， 3.B由表可知，点电荷在介质中的作用力比在真空的小，而点电荷在介质中的相互间作用力F介与在真空 中的作用力F真之比与介电常数成反比，故B正确. 4.A根据右手螺旋定则及左手定则，对三角形线圈受力分析如图所示，根据对称性可知， F3、F4等值反向，F1与F2的合力垂直直导线向右，故根据牛顿第三定律可知，直导线所 受安培力的方向垂直于直导线向左，故A正确， 5.B根据，一常可知，粒子在上方磁场中运动的半径是下方酸场中运动半径的0.5倍， 故D错误；若粒子带正电，则先向左侧偏转，再向右侧偏转，由于上方半径小，故N点应 B4 在M点右侧，与题意不符，故A错误；因粒子在下方磁场中运动的半径为上方磁场中运 动半径2倍，故M点恰好为粒子第1次在下方磁场中运动的轨迹圆心，故B正确；根据 T=2可知，粒子在上方磁场中运动的周期是下方磁场中运动周期的0.5倍，故C错误. gB 6.A设篮球质量为m,撞击前水平方向的速度w=cos37°=4m/s,竖直方向的速度2=osin37°= 3m/s,曲动量定理，竖直方向有Ft-mg=m十m2号，水平方向有一Ft=m 4 -mw,解得t= 0.1s,故A正确 7.C当卫星与地心的连线和卫星与P点连线的夹角最大时，卫星与P点的连线与赤道相切，故根据几何关系 有s9=士R,其中一种情况是9=会×子-受根据_m4,解得M4 T自 r2 一，故C正确。 GTcos( 8.AD当α接正极、b接负极时，根据右手螺旋定则可知，磁场方向垂直轨道平面向上，金属杆要想静止所 受安培力必须沿斜面向上，根据左手定则可知，故此时金属杆中的电流方向由c端流向d端，故应c接正 极、d接负极，故A正确；同理可知，D正确. 9.BD当小球在P点时，根据平衡条件可知，弹簧的弹力竖直向上且一定等于小 P 球的重力，有Fp=g,故A错误；球在Q点处受力分析如图，由图可知，小球位 于Q点时弹簧处于拉伸状态，故B正确，根据正弦定理有sin(90-20一sin9, mg Fp:Fa=cos20:sin0,故C错误，D正确. 10.BCD根据乙图可知，0时刻x=8处质点沿y轴正向振动，则根据同侧原理可知，该波沿x轴负向传 播，故A错误：根据两图可知，波速。一会一2m/s,根据波形平移，9点第一次回到平衡位置的时间 t=名=129s=1.5s,故B正确，同理，p点第一次回到正向最大位移处的时间t=舌=1023s U 3.5s,故C正确；=0时刻，p、9点关于波谷对称，两点速度大小相等方向相反，过1s,x=8m质点的振 动状态传到x=6m处，p、q关于平衡位置对称，第一次速度相同；经过3s,波传播x=vt=6m,x=12m 质点振动状态传到x=6处，p、q点再次关于平衡位置对称，两点速度第二次相同，故D正确. 11.(1)0.50(2分)(2)见解析(2分)(3)大(2分) 解析：(1)根据△x=aT,可得a=CE,AC=0.50m/s; 0.22 (2)其中一个点偏差太大可以忽略，作出图像如图所示； (3)小车仅受一条绳子的拉力时就有误差，现在小车受到两条绳子的拉力，故误差 增大 12.(1)C(2分)D(2分)(2)见解析(2分)(3)1.0(2分) (4)电压表V2内阻的倒数(2分) 解析：》根据电路图有配+忌受十总整理得只是定十忘)高， 1/×1032 R 由此可知，V1表要求知道其内阻，由图像可知，V1的示数未超过3V,因此V1选 C;因电压表V2示数保持2V不变，故V2选择D. (2)上面有一个点误差较大，舍去不要，将其余点连接在同一条直线上 (3)根据图像可知其斜率k=2.8X10- 3-0.2 -=1.0×10-3,根据(1)中表达式可知， 其斜率-纪十之，两式联立解得R10kn 2 (4)根据(1)中表达式可知，纵截距的绝对值为电压表V2内阻的倒数. 3 U/V 【物理试题参考答案第1页（共2页）】 26-X-308C 13.解：(1)在圆弧轨道最高点有mg=” R (1分) 逆向看做平抛运动，根据平抛运动的规律，竖直方向有R=7g(1分) 水平方向有x=t(1分) 解得x=√2R(1分) (2)设斜面倾角为0，小球在斜面顶端飞出时，水平方向0，=√gR, 竖直方向=√2gR 则6=√0，+0,2=√3gR(1分) 所以sin0-之=√6 03 (1分) 根据能量守恒有EB,=mgRsin0叶号mw?(1分) 解得E,=mR号+号)-9+名5mgR1分) 14.解：(1)施加力F后，A相对C滑动，B与C保持相对静止，根据牛顿第二定律，对A有 F-mg=ma(1分) 对B、C整体有mg=(M+m)a2(1分) 解得a1=2m/s2,a2=1m/s2(1分) 1 (2)设F的作用时间为t,则对A有x1=2a1P(1分) 对B有x2=2a2(1分) 根据题意有x1一x2=L 碰撞前瞬间A的速度v1=a1t(1分) B的速度v2=a2t(1分) 解得4=4m/s,y=2m/s(1分) (3)A、B碰撞过程动量守恒有mw1十m2=mwA十mwB 由机械能守恒有m3十7mw2=2m2+之mw 1 解得A=2m/s,vB=4m/s(2分) A、B碰撞结束至最终与C相对静止的过程，由动量守恒有mwA十mwg十M2=-(M十2m)v共 解得=2.5m/s(1分) 由位移公式有共2-A2=2a2xA(1分) VB一V供2=24gxB(1分) 则x=xB一xA=0.5m(1分) 15.解：(1D由洛伦兹力提供向心力有g6B,=m R (2分) 解得R1=1m(1分) (2)因为R1=r,根据磁聚焦可知，所有从区域I射出的粒子速度方向都垂直于电场方向，粒子进人电场 后做类平抛运动，垂直电场方向有d1=ot(1分) 沿电场方向有x=2arP(1分) 根据牛顿第二定律有qE=ma(1分) 则下边界有粒子飞出区域的长度为△x=L一x(1分) 解得△x=1.5m(2分) (3)解法一：粒子飞入区域Ⅱ时沿电场方向的速度y=at(1分) 粒子从电场中飞出时的速度大小为=√2十0,2(1分) 粒子进入区域Ⅱ后，粒子在平行于边界方向上，根据动量定理有q⑦，B2t=mw一m(2分) 又t=d2(1分) 解得d2=1m(2分) 解法二：粒子进入Ⅱ区域时沿电场方向的速度vz=at=2m/s(1分) 速度y=√.2+2=2√2m/s(1分) 与磁场Ⅱ区域上边界的夹角为0，则有tan0-=1 则0=45°(1分) 由洛仑兹力提供向心力有 01 qoB-m R2 (1分) 解得R2=2十√2m(1分) 因恰好未从区域Ⅱ下边界射出，故轨迹与下边界恰好相切由几何关系得 d2=R2(1-cos0)=1m(2分) 【物理试题参考答案第2页（共2页）】 26-X-308C