江西省宜春市奉新县第四中学2025-2026学年高一上学期第二次月考物理试题

绝密★启用前 高一年级第二次月考试卷 物理 考试时间：75分钟 试卷总分：100分 注意事项： 1.答题前，考生务必将自己的姓名，准考证号填写在答题卡上。 2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用 橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题纸上，写在本试卷上无效。 3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。 一、选择题（1-7单选每小题4分，8-10多选，每小题6分，共46分，错选或不选不得 分，漏选得3分。) 1.江西省科技馆有一个“最速降线”的展示项目。如图所示，在高度差相同的三个不同轨道中，将三个 完全相同的铁球a、b、C分别放在I、IⅡ、I轨道的起点M,同时由静止释放，发现I轨道上的铁球 最先到达终点N。关于三个铁球的运动，下列说法正确的是() Π A.三个铁球运动的位移大小不等 B.铁球a运动的平均速度最大 C.三个铁球运动的路程大小相等 D.铁球C运动的平均速度最大 2.“天宫课堂”第四课于2023年9月21日15时45分开课，神舟十六号航天员景海鹏、朱杨柱、桂海 潮在中国空间站梦天实验舱面向全国青少年进行太空科普授课。在奇妙“乒乓球”实验中，航天员朱杨 柱用水袋做了一颗水球，桂海潮用白毛巾包好的球拍击球，水球被弹开。对于该实验下列说法正确的 是() A.击球过程中，水球所受弹力是由于水球发生形变产生的 B.击球过程中，水球对球拍的作用力与球拍对水球的作用力是一对平衡力 C.梦天实验舱内可进行牛顿第一定律的实验验证 D.梦天实验舱内，水球质量越大其惯性越大 第1页 3.关于下列教材中的插图，理解正确的是() 30 20 10 E0c四 小纸团 甲 丙 A.甲图中是“人的反应时间测量尺”，直尺上若改标注时间刻度，刻度线分布是均匀的 B.乙图中是分别用力F与力F1、F2提起两桶质量不同的水，则F与F、F2的作用效果相同 C.丙图中用弹簧测力计沿水平方向拉木块，指针左侧轻塞一小纸团，可以“记录最大静摩擦力的大小 D.丁图中小球冲上斜面α、b运动越来越慢，主要原因是摩擦作用的影响 4.如图甲所示，“天工”是纯电驱拟人奔跑全尺寸人形机器人，它可以稳定行走、奔跑、翻越障碍等， 最大速度可达12kmh。2025年4月13日“天工参加了北京举行的全球首个人形机器人半程马拉松赛。 t=0时刻，α、b两个机器人并排在同一起跑线上，之后它们沿直道运动的v-t图像如图乙所示，下列 说法正确的是() v/(m's) 2 3 4 t/s 甲 A.两个机器人同时开始运动 B.2~4s内b的加速度大小为2m/s2 C.前2s内a的位移大小为2m D.3s末两个机器人相遇 5.两相同的楔形木块A、B竖直叠放后，在水平外力的作用下，紧靠竖直墙面保持 静止状态，则A、B的受力个数分别为() A.3,3 B.3,4 C.4,4 D.4,5 6.如图是高中物理必修第一册封面上的沙漏照片，同学们发现照片中的砂粒在空中时都看不出砂粒本 身的形状，而是成了条状痕迹，砂粒的疏密分布也不均匀，若近似认为砂粒下落 的初速度为0，出砂口到落点的距离为20c,忽略空气阻力，不计砂粒间的相 物理 互影响，设砂粒随时间均匀漏下，同学们有以下推断，其中正确的是() A.落点处砂粒的速度约为1m/s B.砂粒从出口到落点的时间约为2s C.出口下方10cm处砂粒的速度约是5cm处砂粒速度的2倍 D.出口下方0-2cm范围内的砂粒数比10cm12cm范围内的砂粒数多 共3页 7.小明运动后用网兜将篮球挂在相互垂直的墙角。简化图如图所示，设篮球质量为M、半径为R, 悬挂点为互相垂直的两竖直墙壁交线处的P点，P到球心的距离为2R,一切摩擦不计，则篮球对任一 墙壁的压力大小为() -Mg B. Mg 4 2 M D. 6 Mg 3 6 8.如图所示，密绕在轴上的卷纸用两条轻绳栓着悬挂在竖直墙壁的A、A'点。随着卷纸的使用，卷纸 静止时受到墙壁的支持力和轻绳对卷纸轴的拉力大小变化情况是（不计墙壁和纸间的摩擦）() A.支持力减小 B.拉力增大 C.支持力和拉力的合力方向竖直向下 D.支持力和拉力的合力大小减小 9.如图所示，一个小球套在竖直放置的半径为R的光滑圆环上，一根自然长度为R劲度系数为k的轻 质弹簧一端与小球相连，另一端固定在圆环的最高点A处，小球在B点处于平衡状态时，弹簧与竖直 方向的夹角p=37°。已知si37°=0.6，c0s37°=0.8，重力加速度为g,下列说法正确的是() A.小球所受弹簧弹力大小为：kR B。圆环对小球的作用力大小为级 R C.小球的质量为8g 3kR kR D.小球的质量为 5g 10.子弹以初速度'。垂直射入叠在一起的20块相同木板，穿过第20块木板后速度变为0。如果子弹 在木板中运动的总时间为，可以把子弹视为质点，子弹在各块木板中运动的加速度都相同。下列说法 正确的是() A.子弹穿过第19块木板与第20块所用时间之比为(W2-1):1 B.子弹穿过第20块木板所用的时间为(1-后) c.予弹穿过第10块木板时速度为号 D.了弹穿过前15块木板的平均速度3孔 第2页 二、实验题（本题共2小题共18分，每空2分) 11.(8分)以下是某实验小组探究“两个互成角度的力的合成规律的过程。首先进行如下操作： G 3 0 90°180°270°0 甲 丙 戊 ①如图甲，两细绳套拴在橡皮条的一端，另一端固定在水平木板，橡皮条的原长为GE; ②如图乙，用手通过两个弹簧测力计共同拉动橡皮条。橡皮条和细绳套的连接点在拉力F、F2的共同 作用下，位于O点，橡皮条伸长的长度为EO: ③撤去乃、F2,改用一个力F单独拉住其中一根细绳套，仍使其位于O点，如图丙。 ④用力的图示画出拉力F1、F2和F,然后以F、F,为邻边作平行四边形，F'为平行四边形的对角线， 比较F与F'的大小和方向关系。 (1)本实验采用的科学方法是 A.理想实验法B.等效替代法 C.控制变量法 D.建立物理模型法 (2)F'是以F1、F2为邻边构成的平行四边形的对角线，一定沿GO方向的是 (选填“F”或 “F”)。 (3)在另一小组研究两个共点力合成的实验中，两个分力的夹角为日，合力为F,F与日的关系图像如戊 图所示。己知这两个分力大小不变，则任意改变这两个分力的夹角，能得到的合力大小的范围是： (④)若在图乙中，F1、F2夹角大于90°，现保持O点位置不变，拉力F2方向不变，增大F1与F2的夹角， 将耳缓慢转至水平方向的过程中，两弹簧秤示数大小变化为 A.乃一直增大V一直增大 B.F先减小后增大F2一直增大 C.F一直增大F2一直减小 D.一直增大F2先减小后增大 12.(10分)一个实验小组在探究弹簧弹力与形变量的关系”的实验中： (I)甲同学在做该实验时，通过处理数据得到了如图（α）所示的F-x图像，其中F为弹簧弹力，x为 弹簧长度。请通过图(a),分析并计算该弹簧的原长x广cm,弹簧的劲度系数=N/m。 该同学将该弹簧制成一把弹簧测力计，当弹簧测力计的示数如图(b)所示时，该弹簧的长度x=c。 共3页 8 6 单位N 4 4 5 F B 08162432x/cm 4444444444444440 (a) (b) (c) (2)某小组测量动摩擦因数，将长木板B置于水平面上，物块A置于B板上，一轻弹簧秤右端固定，左 端挂钩与A相连，弹簧秤水平，己知物块A的质量1kg,当地重力加速度g=9.80/s2。用水平力F向 左拉木板B,使其向左运动，弹簧秤示数稳定后的放大情况如图(C)所示，则A、B间的动摩擦因数 (保留两位有效数字)，木板B运动过程中， (填“需要”或“不需要”)匀速直线运动。 三、计算题(13题10分、14题12分、15题14分。共36分，要求解答时请写出必要的 文字说明、方程式和重要的演算步骤：有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。) 13.(10分)消防滑竿曾是消防员经常接触的一种设备，可简化为一根竖直放置的滑竿，消防员可顺着 滑竿迅速下滑，节约下楼时间，增加出警效率。某次训练中，消防员顺着消防滑竿从高处无初速度滑 下，运动过程可简化为先匀加速再匀减速的直线运动。消防员先以5/s2的加速度下滑1s,然后匀减 速下滑4m到达地面时速度大小为1m/s。求此过程中： (1)消防员下滑1s后的速度大小： (2)消防员匀减速阶段的加速度α的大小： (3)消防员下滑的总高度； 第3页 14.(12分)如图，质量为3的光滑圆球B紧靠竖直墙壁置于光滑水平地面上，质量为m的均匀圆球 A用一定长度的轻质细绳悬挂于竖直墙壁上的P点。O,、O,为两球的球心，平衡时与PQ,竖直方向的夹 角0=53°，且两球心O,O,的连线与PQ,恰好垂直，已知重力加速度为g(sin53°=0.8，c0s53°=0.6)， 求： (1)B球对A球的支持力的大小： (2)墙面对B球的弹力大小： (3)地面对B球的支持力大小。 mmmmmmimmimmMmmmmmmn 15.(14分)如图所示，倾角为30°、质量仁5kg的斜面体C置于粗糙水平地面上，质量a=4g的小 物块B置于粗糙斜面上，通过不可伸长的细绳跨过光滑轻质定滑轮与质量为4=1.5kg的物块A相连 接。开始A静止在滑轮的正下方，连接B的一段细绳与斜面平行，B、C始终保持静止状态，细绳的 质量不计。现对A施加一个拉力F使A缓慢移动，移动过程中F与连接A的轻绳的夹角始终保持120°， 直至轻绳水平，此过程中B和C始终静止，g取10ns2,求： (1)没施加拉力F前，A静止时，B受到的摩擦力F的大小和方向： (2)轻绳水平时，绳子的拉力F?和地面对C支持力Fw的大小： (3)A缓慢移动过程中，绳子拉力的最大值。 F 120° C 共3页高一年级第二次月考试卷 物理参考答案 一、选择题（1-7单选每小题4分，8-10多选， 每小题6分，共46分，错选或 不选不得分， 漏选得3分。〉 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 B D G B D D B AD AC AD 答案解析 1.【答案】B 【详解】A,三个铁球的起点均为M,终点均为N,所以三个铁球运动的位移大小相等，故 A错误； C.路程大小为物体实际运动轨迹的长度，由图可知，三个铁球运动的路程大小不相等，故 C错误； BD.由于三个铁球运动的位移大小相等，且铁球α最先到达终点N,即铁球α用时最少， 由平均速度公式下=，可知，铁球a运动的平均速度最大，故B正确，D错误。故选B。 2.【答案】D 【详解】A.击球过程中，水球所受弹力是由于球拍发生形变要恢复原状产生的，故A错误： B.根据牛顿第三定律，击球过程中，水球对球拍的作用力与球拍对水球的作用力是一对作 用力与反作用力，故B错误； C.牛顿第一定律是理想的情况，不能通过实验直接验证，故C错误： D.梦天实验舱内，水球质量越大其惯性越大，故D正确。故选D。 3.【答案】C 【详解】A.甲图中是“人的反应时间测量尺”，根据=子ε，可得t=、 2h 可知直尺上 若改标注时间刻度，刻度线分布是不均匀，故A错误： B.由于两桶质量水的质量不同，重力不同，所以F与耳、F,的作用效果不相同，故B错误： C.木块开始运动前，拉力由零缓慢增大，木块所受的静摩擦力也缓慢增大，指针左侧的小 纸团也随着指针缓慢移动，当静摩擦力达到最大时，小纸团位置保持不变，所以指针左侧的 小纸团作用是标记最大静摩擦力大小，故C正确： D.丁图中小球冲上斜面a、b运动越来越慢，主要是重力的作用，摩擦作用影响很小，故D 错误。故选C。 4.【答案】B 【详解】A.由图可知，b机器人比α机器人晚出发2s,故A错误； B.v-t图像的斜率表示物体的加速度，因此24s内b的加速度大小为 a==1m/s3=2m/s2,故B正确； △t2 1 C.根据v-t图像与坐标轴围成的面积表示位移，结合图像可知，前2s内α的位移大小大 于2m,故C错误； D.3s末两个机器人的速度相等，但α机器人的位移大于b机器人的位移，二者并未相遇， 故D错误。故选B。 5.【答案】D 【详解】根据整体法可知，木块B除了受重力外，一定受到墙面水平向右的弹力（与水平 推力平衡)和竖直向上的静摩擦力（与整体重力平衡），在这三个力作用下，B不可能平衡， 因此B一定还受到A的弹力（垂直于接触面向左上方）：隔离A分析，A受到重力、水平 向左的推力、B对其垂直于接触面向右下的弹力，这样的三个力不可能使A平衡，所以A 一定还要受到B对其沿接触面斜向右上的静摩擦力才能平衡，可知B一定受到A沿接触面 斜向左下的静摩擦力，综合可知A一定受到4个力，B一定受5个力的作用。故选D。 6.【答案】D 【详解】A.根据2-2gh可知，落点处砂粒的速度约为v=√2gh=2m/s,故A错误： B.出h一号03，可得砂拉从1口到落点的时间的为江=后=02s,故B信送： C.根据2=2gh可知，出口下方10cm处的速度约是5cm处的√2倍，故C错误： D.自由落体运动速度越来越大，相等位移所用时间越来越小，因砂粒随时间均匀漏下，可 知出口下方0-2cm范围内的砂粒数比10cm~l2cm范围内的砂粒数多，故D正确。故选D。 7.【答案】B 【详解】对球进行受力分析，球受重力g、绳子的拉力T及两个墙壁对它的支持力，两个 支持力大小相等，夹角为90°，设支持力的大小为绳子与竖直墙壁交线的夹角日，根据 几何知识可知球心到竖直墙壁交线的垂直距离为d=V2R,故m8=只-5，解得日=45°， 2R2 在竖直方向上根据受力平衡可得T cose=Mg,解得T=√2Mg; 在水平方向上根据受力平衡可知两个墙壁对球的支持力的合力大小等于绳子拉力T的水平 分力的大小，即N+N=T,解得W=5Mg,根据牛顿第三定律可得则球对任一墙壁 2 的压力大小为94g,B正确。放选B 8.【答案】AD 【详解】AB.设细线与竖直方向夹角为0，则 T cos0=mg, FN=Tsin0 解得T=ng FN mg tan0 coSθ mg 2 随着纸卷的使用则8角和g均减小，可知T变小，N减小；选项A正确，B错误； CD.支持力和拉力的合力方向与重力等大反向，则竖直向上，随重力减小，则支持力和拉 力的合力大小逐渐减小，选项CD错误。故选AD。 9.【答案】AC 【详解】A.由图可知，轻质弹簧的长度为L=2 Rcoso= 8R ,则小球所受弹簧弹力大小为 5 F==k(L-R)=3kR,故A正确： BCD.以小球为研究对象，分析受力情况，设小球的质量为，圆环对小球的作用力大小 为N,如图所示： A N 由图可知，力的三角形BCD和几何三角形AOB相似， 根据三角形相似有爬=AC,g=A0 NBO'F AB 3kR 解得m= 8g N-mg= ,故BD错误，C正确。 3kR mg 故选AC。 10.【答案】AD 【详解】A.由题可知，子弹在各木板中运动的加速度都相同，且穿过第20块木板后速度 变为0，所以子弹做是初速度为0的匀加速直线运动，加速度大小为=。每块木板长度 相同，将运动逆向后，的是匀减速运动，加速度的大小为α=”。整个运动逆向思维可以看 成第19和20块木板通过相同位移所用的时间之比为（√2-1）：1，故A正确： B.根据x)am产可知，通过木板宽度d2d,3d,20d,所用的时间之比为1V2:V5:32 t 所以V20,=t,解得=V0,故B错误： C.根据2=2ax可知，通过木板宽度d,2d,3d.,20d前的速度之比为√20：..：√5：√2：1 所以=0 。V20 解得。=会 2，故C错误： D。由C忘贝分打可知会焉解将：一受，所以。千弹穿过前15块木板的T约度 为=+=三，故D正确。放选AD。 2 4 3 二、实验题（本题共2小题共18分，每空2分) 11.(8分) 【答案】(1)B (2)F (3)1N≤F≤7N (4A 【详解】(1)在“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中，两个拉力的作用效果和一个 拉力的作用效果相同，采用的科学方法为等效替代法。故选B。 (2)当一个力作用时，O结点受F及GO拉力的作用，二力平衡，F与GO的拉力等大反 向，故F一定沿GO的方向。 (3)设较大的力F,根据图像得F2+E,2=52,F-F,=1 解得F=4N,E=3N 合力的最大值为Fm=耳+F2=7N 合力的最小值为Fm=耳-E=lN 合力大小的范围1N≤F≤7N (4)在图乙中，保持O点位置不变，即耳与F,的合力保持不变，拉力 方向不变，增大耳与耳，的夹角，将耳缓慢转至水平方向的过程中，耳 与E,的变化情况如图所示： F 由图可知，耳一直增大，E一直增大。故选A。 11.(10分) 【答案】(1)8,25,20：(2)0.47，不需要 【详解】(1)①当弹力为零时，弹簧处于原长状态，故原长为x=8cm ②在F-x图象中斜率代表弹簧的劲度系数，则k-△=。6 -N/m=25N/m △x0.32-0.0 国在乙图中举簧标的示数P=30N,根据P=k可知=是名m=012=12am 故此时弹簧的长度L=x+x。=20cm; (2)A处于平衡状态，所受摩擦力等于弹簧秤示数FFF=46ON,根据F4g,己知物块A 的厦量为1kg,解得卫=60=047： 由实验原理，弹簧秤的示数，即为A的滑动摩擦力，与B是否匀速直线运动无关，所以不 需要木板做匀速直线运动。 三、计算题（13题10分、14题12分、15题14分，共36分，要求解答时请写 出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明 确写出数值和单位。) 4 13.【答案】(1)y=5m/s:(2)3m/s2,方向竖直向上：(3)6.5m 详解】(1)消防员做初速度为0的匀加速直线运动，由=44…(2分) 得y=5m/s.… (1分) (2)消防员做匀减速直线运动，加速度方向与速度方向相反，若规定向下为正方向，由 y-y2=2a2X2 (2分) 得a,=-3m/s2 即消防员匀减速阶段的加速度a的大小为3/s2,方向竖直向上。…(1分) （3》消防员下滑的高度有两段组成。第一段由，=】4叶…(1分) 得X=2.5m..(1分) 由题意得第二段消防员下落距离为x2=4m…（1分) 所以消防员下落得总高度为x=x+x2=65m.(1分) 14.(12分)【答案】(1)mg:(2)岩mg:(3)若mg 【详解】(1)对球A和球B的受力分析如下图所示 求B对球A的支持力为=mgsn53二g.(4分 P (2)墙面对B球的弹力为F=Fcos53°.（2分) 其中=R,…(1分） 可得卫三5加8… (1分) (3)根据上图球B的受力分析，地面对B球的支持力为 m 耳=3g+Fsin0…(2分） 解得=1 g…(2分） 25 15.(14分) 案K)=N方狗沿面上：2E53N,R=(90-3N:3)0 【详解】(1)没施加拉力F前，A静止时，由于B处于静止状 态，则根据平衡关系可得 在x轴上：gsin30°=F拉+耳.(2分) 卫拉=m8…(1分) 解得F5N,方向沿斜面向上。…(1分) (2)轻绳水平时，物块A的受力示意图如图： 309 Fr YmAg 根据平衡条件可得FC0S30°=LA8. (1分) fsin30°=f… (1分) 解得F=5V3N (1分) 以B、C作为整体，其受力示意图如图： y F Y(mB+M)g 地面对C的支持力为Fw,摩擦力Fe,有 F+F sin=(mp+M)g 。。 (2分) 解得R=(90-5 -)N 2 (1分)》 (3)物块A在重力、拉力F和细绳张力F作用下始终处于平衡状态，所以三个力的合力 等于零，根据三角形法则，这三个力通过平行移动可以构成一个闭合的矢量三角形，如图中 △PMN,其中MN对应重力，NP对应拉力F,PM对应细绳张力Fr。如图： M 60% P 拉力F?与细绳张力下之间的夹角保持120°不变，即∠MPN保持60°不变，满足此关系的几 何图形是△PN的外接圆，P为动点，从N点沿圆周逆时针移至R点，在移动过程中当PM 处于直径位置时最长，Fr最大，如图中P,位置。有Frmas Sin60°=8.(2分) 解得Ri=8。=10NN sin60° …（2分) 6