周测评(八) 阶段检测(二)-【衡水真题密卷】2025-2026学年高一上册物理学科素养周测评（粤教版）

2025一2026学年度高一学科素养周测评（八） 卷题 物理·阶段检测（二） 本试卷总分100分，考试时间40分钟。 一、选择题：本题共6小题，每小题8分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~4题 只有一项符合题目要求，第5、6题有多项符合题目要求。全部选对的得8分，选对但不 全的得4分，有选错的得0分。 题号 2 3 5 6 答案 1.如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢地从底部经过b点爬到α点，在这 个过程中 a A.碗对蚂蚁的摩擦力变小 B.碗对蚂蚁的支持力变大 C.碗对蚂蚁的作用力变大 D.蚂蚁所受的合外力不变 2.如图所示，桌面叠放着8本质量均为m的书，已知各书本之间的动摩擦因数均为μ，要 将图中从上面数的第4本书抽出，需要的水平拉力最小为 () A.μmg B.3umg C.4μmg D.7umg 3.车载磁性手机支架可安装在车辆驾驶室前端平台上，手机竖直放置，质量为，支架上 的强磁铁与粘在手机背面的引磁片紧紧吸附在一起，强磁铁对手机的吸力恒为F,重力 加速度为g,当车辆开始以加速度α匀加速启动时，下列说法正确的是 () A.手机一定受到4个力的作用 B.加速度足够大的话，手机可能只受两个力作用 高一学科素养周测评（八）物理第1页（共4页） 真题 等风来，不她追风去 C.支架对手机的摩擦力大小为u(F一ma) 班级 D.由于手机相对汽车静止，故手机所受合力为0 4.如图甲，足够高的水平长桌面上，P点左边光滑，右边粗糙，物块A在物块B的拉动下从 姓名 桌面左端开始运动，其ct图像如图乙所示。已知物块B质量为0.20kg,g取10m/s2, 用A表示物块A的质量，物块A与P点右边桌面之间的动摩擦因数，则有() ------------- ↑v/(m/s 得分 2 t/s 乙 A.mA=1.0kg,u=0.2 B.ma=0.4kg,=0.125 C.mA=0.8kg,=0.125 D.mA=0.8kg,4=0.2 5.如图所示，两个完全相同的箱子甲、乙放在水平地面上，箱子中分别放着两个完全相同 的木块A和B,用两根完全相同的轻质弹簧连接，弹簧的另一端固定在箱子的右上角。 两个箱子唯一的不同之处在于甲箱中的木块A位置比较靠左，弹簧处于拉长状态，乙箱 中的木块B位置比较靠右，而弹簧处于压缩状态，甲箱中弹簧的拉伸量与乙箱中弹簧的 压缩量相同，下列说法正确的是 ( A.两个箱子对地面的压力大小相同 食 B.两个箱子受到地面的摩擦力方向相反 B 7777777777777777777 C.两个木块对箱子的压力大小之和大于两个木块的重力之和 D.木块A受到箱子的摩擦力大小与木块B受到箱子的摩擦力大小相等 6.如图所示，光滑水平面上放置木板C,一支架B放置在木板C上，一段细线上端固定在支 架上，下端连接小球A。已知小球A、支架B、木板C质量分别为1kg、2kg、3kg,支架B底 座与木板C之间的动摩擦因数4=0.75，现对木板施加水平向右的拉力F,已知最大静摩 擦力等于滑动摩擦力，sin53°=cos37°=0.8，cos53°=sin37°=0.6，g取10m/s2,下列说 法正确的是 ) A.细线与竖直方向的最大偏角为53 B.细线与竖直方向的最大偏角为37 C.当拉力F=30N时，细线对A的拉力大小为5√5N 77117777777717777777777777 D.当支架B与木板C间发生滑动时，拉力F的最小值为22.5N 二、非选择题：本题共3小题，共52分。 7.(12分)某同学设计了如图甲所示的实验装置，该装置既可以验证牛顿第二定律，也可以 测量凹形滑块的质量与当地的重力加速度，实验器材有加速度传感器、质量已知的钩 码、木板（左端带定滑轮）、轻质细线。 密卷 高一学科素养周测评（八）物理第2页（共4页） YJ 1 加速度传感器 1凹形滑块 “木板 钩码 777777 甲 实验步骤如下： ①调节滑轮使细线与木板平行，然后调整木板的倾角来平衡木板对滑块的摩擦力； ②挂上钩码，由静止释放滑块，记录加速度传感器的示数以及相应的钩码质量； ③改变悬挂钩码的个数，重复步骤②，得到多组加速度a与相应的悬挂钩码总质量M; 11 ④画出M。的函数关系图像如图乙所示。 回答下列问题： (1)在平衡木板对滑块的摩擦力时 (填“需要”或“不需要”)在细线的下端挂上 钩码，本实验 (填“需要”或“不需要”)滑块的质量远大于所悬挂钩码的 质量。 (2)设当地的重力加速度为g,滑块的质量为m,写出图乙的函数表达式 (用g、m、M、a来表示)。 (3)由图乙可得m= ’8= 。(均用b、c、d来表示) 8.(20分)如图所示，倾角为0的光滑斜面固定在水平面上，斜面上有一挡板D,挡板D下方 的斜面足够长。在距离挡板x。处有一长木板C,长木板上有A、B两个小滑块，已知A、B、 1 C质量均为m,小滑块A、B与木板间的动摩擦因数分别为以=tan0和r2=2tan9。A 32 距长木板下端的距离L三x:AB间的距离L,三2现让AB,C同时由静止释 放，在以后的运动过程中，若长木板与挡板发生碰撞，则碰撞前后长木板的速度等大反 向，重力加速度为g。求： (1)长木板第一次与挡板碰撞前瞬间的速度大小； (2)从同时释放A、B、C到小滑块B第一次与小滑块A相碰经历的时间。 D YJ 高一学科素养周测评（八）物理第3页（共4页） 真题名 9.(20分)如图甲所示的输送机广泛用于物料出入库和装卸，它由一台水平传送带AB、一台 倾角0=30°的传送带CD以及水平平台EF组成，示意图如图乙所示。已知AB=3m, EF=4m,货物与AB、EF间的动摩擦因数均为41=0.05，与CD间的动摩擦因数μ2= 73 20,可视为质点的货物从A端无初速度释放，最后恰好停在平台EF的右端F点。两 条传送带均沿顺时针方向转动，水平传送带的速率始终为v1=1.0/s。货物经过各连 接处时速度大小不变，且始终不会离开接触面。 (1)求货物在AB上运动的时间t。 (2)若倾斜传送带的速度v2=2.5m/s,求EF距离AB的高度h。 (3)若倾斜传送带的速度v2=2.0m/s,货物在经过C点时由于外包装破损，在CD传送 带上留下了一道划痕（不影响动摩擦因数），求划痕的长度x。 DE U2 4得兰69 甲 乙 密卷 高一学科素养周测评（八）物理第4页（共4页）·物理· 9.(1)0.05m(2)1.4s(3)201m/s2008N 【解析】(1)运动员起跳后做竖直上抛运动，到最 高点有 -2ghm=0-v8 (2分) 0612 解得h。一2g-2X10m=0.05m (2分) (2)运动员从起跳到最高点所用时间为t1 t4==0.1s (1分) g 运动员从最高点到距水面1.6m处所用时 间为t2 hm+H-ho=2gt号 (2分) 代入数据解得t2=1.3s (1分) 2025一2026学年度高一学科素养厝 一、选择题 1.D【解析】蚂蚁缓慢爬行的过程可以视为始终 处于平衡状态，对蚂蚁受力分析可知，蚂蚁受到 重力、沿切线方向的摩擦力和垂直切线方向指向 球心的支持力，设蚂蚁所在位置与球心连线与竖 直方向的夹角为日，根据受力平衡可得∫= mg sin0,N=mg cos0,从底部经过b点爬到a 的过程中0逐渐增大，则碗对蚂蚁的摩擦力变 大，碗对蚂蚁的支持力变小，A、B错误；蚂蚁处 于平衡状态，合外力一直为0，则碗对蚂蚁的作 用力与重力平衡，保持不变，C错误，D正确。 2.D【解析】要将题图中从上面数的第4本书抽 出，对第4本书进行受力分析，水平方向受到上、 下两个接触面的滑动摩擦力作用，根据滑动摩擦力 的计算公式，需要的最小水平拉力fm=f上十 fr=N上十uNr=h·3mg+H·4mg=7μmg, D正确。 3.A【解析】当车辆开始以加速度a匀加速启动 时，手机的加速度也为a,手机竖直放置，受到重 力、支架对手机的弹力、摩擦力以及磁力的作用， 则手机一定受4个力作用，A正确，B错误；水平 方向根据牛顿第二定律，有F一FN=ma,竖直 方向有f=mg,静摩擦力大小为mg,合力不为 0,C、D错误。 4.C【解析】由题图乙可知，物块A在P点左边运 动时的加速度a1=2m/s2,在P点右边运动时的 3-2 加速度a:一2-m/s=1m/s,由牛顿第二定律知 mg-(mA十mB)a1,mBg一1mA=(mA十mB)a2,联 立解得mA=0.8kgμ=0.125，C正确。 ·13 参考答案及解析 运动员完成规定动作允许的最长时间 tm=t1+t2=0.1s+1.3s=1.4s (2分) (3)运动员入水时，由速度一位移关系公式可得 02=2g (hm+H) (2分) 代入数据解得入水时速度大小 v=√201m/s (1分) 设运动员入水后加速度为a,运动员入水后至水 深h处，由速度位移关系公式可得 -2ah=0-v2 (2分) 解得a=40.2m/s2 (1分) 运动员入水后至水深h处的过程中，受到重力 mg和水的平均作用力F,由牛顿第二定律可得 F-mg=ma (2分) 解得平均作用力F的大小F=2008N。(2分) 测评（八）物理·阶段检测（二） 5.AC【解析】以甲箱、木块A和弹簧作为整体，根 据受力平衡可知，甲箱受到地面的摩擦力为0，地 面对甲箱的支持力大小等于整体的重力，同理以 乙箱、木块B和弹簧作为整体，根据受力平衡可 知，己箱受到地面的摩擦力为0，地面对乙箱的支 持力大小等于整体的重力，则两个箱子对地面的 压力大小相同，A正确，B错误；设两个木块的质 量均为，两个弹簧的劲度系数均为飞，形变量大 小均为x,弹簧弹力与竖直方向的夹角为0，对木 块A进行受力分析可得NA十kxcos0= mg,fA=kxsin0,乙箱中弹簧与竖直方向的夹角 为a,且a<0,对木块B进行受力分析可得NB= kxcos a十mg,fB=kaxsin a,由于a<0,所 以fA>fB,D错误；NA十NB=mg-xcos0十 kacos a十mg>2mg,C正确。 6.BC【解析】根据题意可知，支架B与木板C间 发生滑动时，支架B与小球A的加速度最大，有 f-u(mA+mB)g=(mA+mB)ao,ao-ug= 7.5m/s2,此时细线与竖直方向夹角最大为0，选小 球A为研究对象，则有Tcos0=mag,Tsin0= mAa0,解得0=37°，A错误，B正确；选木板C为 研究对象，则有F一f=mcac,且ac≥ao,解 得F≥45N,即当支架B与木板C间发生滑动时， 拉力F最小值为45N,D错误；当拉力F=30N 时，支架B与木板C相对静止，即A、B、C三者相 对静止，其加速度为α，由牛顿第二定律，有F= (mA十mB十mc)a,解得a=5m/s2,此时细线拉 力为T,细线与竖直方向的偏角为α，选小球A 为研究对象，有Tcos a=mAg,Tsin a=mAa,解 得T=ma√a2十g2=5√5N,C正确。 YJ 真题密卷 二、非选择题 1 7.(1)不需要(2分)不需要(2分)(2) Mm 1分)(3)-古e分)分 1 ma 【解析】(1)在平衡木板对滑块的摩擦力时不需 要在细线的下端挂上钩码，调整木板倾角以使得 滑块重力的下滑分力恰好等于摩擦力；本实验通 过传感器读出加速度，数据处理时可以将钩码的 质量考虑进去，故不需要用钩码的重力代替滑块 所受的合外力，不需要滑块的质量远大于所悬挂钩 码的质量。 (2)对整体应用牛顿第二定律可得Mg=(M+ (3)由题图乙可得-1=b,8=力， m 6’m=d,解得m= 1 b-c 68=bd。 8.(1)v2gxosin 0 (2) 132x0 5 gsin 0 【解析】(1)长木板第一次与挡板碰撞前，把A、 B、C作为整体共同沿斜面加速下滑，有 v2=2(gsin 0)xo (2分) 解得v=√2 gxosin0 (2分) (2)由释放到C、D第一次相碰用时 t1 2x0 gsin 0gsin 0 (2分) C、D第一次相碰后，A的加速度 a-mgsin 0-uimgcos 0 0 (2分) m B的加速度 a:-mgsin o-u:mg cos01 2gsin 0 (2分) m C的加速度 amgsinmgcosumgcos0 m 2gsin 0 (3分) C、D第一次相碰后到C与A共速过程中，C的加 速度不变，则C与A共速时，C再次与挡板相碰， 由此可知，B在追A的过程中，A、B加速度均不 变，设长木板第一次与挡板碰撞后到A追上B总 用时为t2,有 L,=t2+2a,t层-tg (3分) 8/2xo 解得t:=5√gsin0 (2分) YJ 学科素养周测评 从同时释放A、B、C到小滑块B第一次与小滑块 A相碰经历的时间 132x0 t=t4+t=5√gsin0 (2分) 9.(1)4s(2)3m(3)2m 【解析】（1)货物在传送带上的加速度 a1=41g=0.5m/s2 (1分) 货物在AB上加速运动的时间 t,==2s (2分) 加速运动的位移 =1m<AB x1-2a1 (1分) 因此货物在AB上先加速度后匀速，匀速运动 时间 AB一x1=2s t2= (2分) 01 货物在AB上运动的时间 t=t1+t2=4s (2分) (2)货物在平台EF上做匀减速直线运动，有 EF一21g v品 (2分) 到达D点速度 UD=2 m/s 货物滑上CD的速度 U1<U2 货物在CD上受到的摩擦力 f=uamg cos 30>mg sin 30 (2分) 且2>D 所以货物在传送带CD上一直加速到达D端，货 物的加速度 1 a:-u:gcos 0-gsin=m/s (2分) 位移xcD= v品-v1 (2分) 2a2 -6 m EF距离AB的高度 h=xcD sin 0=3 m (1分) (3)由于v2=vD,因此货物在传送带上仍然一直 加速到D端，该过程与传送带发生相对滑动，所 以划痕是货物加速时与CD间相对滑动产生的， 货物在传送带上的加速时间 t3= 02一01=4s (2分) a2 划痕长度 x=v2t3-xcD=2m。 (1分) 4·