周测评(七) 阶段检测(二)-【衡水真题密卷】2025-2026学年高一上册物理学科素养周测评（人教版）

2025一2026学年度高一学科素养周测评（七） 卷题 物理·阶段检测（二） 本试卷总分100分，考试时间40分钟。 一、选择题：本题共6小题，每小题8分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~4题 只有一项符合题目要求，第5、6题有多项符合题目要求。全部选对的得8分，选对但不 全的得4分，有选错的得0分。 题号 2 3 5 6 答案 1.如图所示，一只可视为质点的蚂蚁在半球形碗内缓慢地从底部经过b点爬到α点，在这 个过程中 a A.碗对蚂蚁的摩擦力变小 B.碗对蚂蚁的支持力变大 C.碗对蚂蚁的作用力变大 D.蚂蚁所受的合外力不变 2.如图所示，桌面叠放着8本质量均为m的书，已知各书本之间的动摩擦因数均为μ，要 将图中从上面数的第4本书抽出，需要的水平拉力最小为 () A.μmg B.3umg C.4μmg D.7umg 3.车载磁性手机支架可安装在车辆驾驶室前端平台上，手机竖直放置，质量为，支架上 的强磁铁与粘在手机背面的引磁片紧紧吸附在一起，强磁铁对手机的吸力恒为F,重力 加速度为g,当车辆开始以加速度α匀加速启动时，下列说法正确的是 () A.手机一定受到4个力的作用 B.加速度足够大的话，手机可能只受两个力作用 高一学科素养周测评（七）物理第1页（共4页） 真题 等风来，不她追风去 C.支架对手机的摩擦力大小为u(F一ma) 班级 D.由于手机相对汽车静止，故手机所受合力为0 4.如图甲，足够高的水平长桌面上，P点左边光滑，右边粗糙，物块A在物块B的拉动下从 姓名 桌面左端开始运动，其ct图像如图乙所示。已知物块B质量为0.20kg,g取10m/s2, 用A表示物块A的质量，物块A与P点右边桌面之间的动摩擦因数，则有() ------------- ↑v/(m/s 得分 2 t/s 乙 A.mA=1.0kg,u=0.2 B.ma=0.4kg,=0.125 C.mA=0.8kg,=0.125 D.mA=0.8kg,4=0.2 5.如图所示，两个完全相同的箱子甲、乙放在水平地面上，箱子中分别放着两个完全相同 的木块A和B,用两根完全相同的轻质弹簧连接，弹簧的另一端固定在箱子的右上角。 两个箱子唯一的不同之处在于甲箱中的木块A位置比较靠左，弹簧处于拉长状态，乙箱 中的木块B位置比较靠右，而弹簧处于压缩状态，甲箱中弹簧的拉伸量与乙箱中弹簧的 压缩量相同，下列说法正确的是 ( A.两个箱子对地面的压力大小相同 食 B.两个箱子受到地面的摩擦力方向相反 B 7777777777777777777 C.两个木块对箱子的压力大小之和大于两个木块的重力之和 D.木块A受到箱子的摩擦力大小与木块B受到箱子的摩擦力大小相等 6.如图所示，光滑水平面上放置木板C,一支架B放置在木板C上，一段细线上端固定在支 架上，下端连接小球A。已知小球A、支架B、木板C质量分别为1kg、2kg、3kg,支架B底 座与木板C之间的动摩擦因数4=0.75，现对木板施加水平向右的拉力F,已知最大静摩 擦力等于滑动摩擦力，sin53°=cos37°=0.8，cos53°=sin37°=0.6，g取10m/s2,下列说 法正确的是 ) A.细线与竖直方向的最大偏角为53 B.细线与竖直方向的最大偏角为37 C.当拉力F=30N时，细线对A的拉力大小为5√5N 77117777777717777777777777 D.当支架B与木板C间发生滑动时，拉力F的最小值为22.5N 二、非选择题：本题共3小题，共52分。 7.(12分)某同学设计了如图甲所示的实验装置，该装置既可以验证牛顿第二定律，也可以 测量凹形滑块的质量与当地的重力加速度，实验器材有加速度传感器、质量已知的钩 码、木板（左端带定滑轮）、轻质细线。 密卷 高一学科素养周测评（七）物理第2页（共4页） 1 1 加速度传感器 1凹形滑块 “木板 钩码 777777 甲 实验步骤如下： ①调节滑轮使细线与木板平行，然后调整木板的倾角来平衡木板对滑块的摩擦力； ②挂上钩码，由静止释放滑块，记录加速度传感器的示数以及相应的钩码质量； ③改变悬挂钩码的个数，重复步骤②，得到多组加速度a与相应的悬挂钩码总质量M; 11 ④画出M。的函数关系图像如图乙所示。 回答下列问题： (1)在平衡木板对滑块的摩擦力时 (填“需要”或“不需要”)在细线的下端挂上 钩码，本实验 (填“需要”或“不需要”)滑块的质量远大于所悬挂钩码的 质量。 (2)设当地的重力加速度为g,滑块的质量为m,写出图乙的函数表达式 (用g、m、M、a来表示)。 (3)由图乙可得m= ’8= 。(均用b、c、d来表示) 8.(20分)如图所示，倾角为0的光滑斜面固定在水平面上，斜面上有一挡板D,挡板D下方 的斜面足够长。在距离挡板x。处有一长木板C,长木板上有A、B两个小滑块，已知A、B、 1 C质量均为m,小滑块A、B与木板间的动摩擦因数分别为以=tan0和r2=2tan9。A 32 厘长木板下端的距离L三：AB间的距离L,三25。现让A,B、C同时由静止释 放，在以后的运动过程中，若长木板与挡板发生碰撞，则碰撞前后长木板的速度等大反 向，重力加速度为g。求： (1)长木板第一次与挡板碰撞前瞬间的速度大小； (2)从同时释放A、B、C到小滑块B第一次与小滑块A相碰经历的时间。 D y 高一学科素养周测评（七）物理第3页（共4页） 真题名 9.(20分)如图甲所示的输送机广泛用于物料出入库和装卸，它由一台水平传送带AB、一台 倾角0=30°的传送带CD以及水平平台EF组成，示意图如图乙所示。已知AB=3m, EF=4m,货物与AB、EF间的动摩擦因数均为41=0.05，与CD间的动摩擦因数μ2= 73 20,可视为质点的货物从A端无初速度释放，最后恰好停在平台EF的右端F点。两 条传送带均沿顺时针方向转动，水平传送带的速率始终为v1=1.0/s。货物经过各连 接处时速度大小不变，且始终不会离开接触面。 (1)求货物在AB上运动的时间t。 (2)若倾斜传送带的速度v2=2.5m/s,求EF距离AB的高度h。 (3)若倾斜传送带的速度v2=2.0m/s,货物在经过C点时由于外包装破损，在CD传送 带上留下了一道划痕（不影响动摩擦因数），求划痕的长度x。 DE U2 4得兰69 甲 乙 密卷 高一学科素养周测评（七）物理第4页（共4页）真题密卷 学科素养周测评 解得F1max=112.5N (1分) 设小猫松爪时的木板速度为，由运动学公 所以F1的大小范围为 式v2=2a.x (1分) 25NF,≤112.5N. (1分) 解得v=2m/s 9.(1)20N(2)2m/s2(3)2N 6 橡皮绳刚被拉断后，对铁块，根据牛顿第二定律有 uimg=ma2 (1分) 【解析】(1)对木板和铁块整体分析，根据平衡条 解得a2=4m/s2 件可得小猫对木板的最小拉力 对木板，根据牛顿第二定律有 F1=u1(m+M)g=20N (2分) (m+M)g-u:mg=Ma (2分) (2)设铁块刚好与木板发生相对滑动时，所加的 解得a1=24m/s2 外力为Fmin,对铁块，根据牛顿第二定律有 设板长为L,则 uzmg-ma (1分) L0-v20-v2 对整体，根据牛顿第二定律有 2-2(-a2)2(-a1) (1分) Fmin-u (m+M)g=(m+M)a (2分) 解得L-8m 联立解得Fmin=30N>25N 说明小猫的拉力为25N时，铁块与木板未发生 另解：橡皮绳刚被拉断后，对铁块，根据 相对滑动 v=a2t2 (1分) 对整体，根据牛顿第二定律可得 解得t2=0.5s F2-u(m+M)g=(m+M)ao (2分) 对木板，根据 解得ao=2m/s2 (1分) v=aiti (3)橡皮绳刚被拉断时，对铁块，根据牛顿第二定 1 解得t1-12s 律可得 设板长为L,则 μ2mg-Fm=ma (2分) L=” 解得Fm=2N 2=22-21 (1分) 对橡皮绳，根据胡克定律，得 Fm=kx (1分) 部得儿二名n, (2分) 2 解得x=3m 2025一2026学年度高一学科素养周测评（七）物理·阶段检测（二） 一、选择题 mg sin0,N=mg cos日，从底部经过b点爬到a 1.D【解析】蚂蚁缓慢爬行的过程可以视为始终 的过程中日逐渐增大，则碗对蚂蚁的摩擦力变 处于平衡状态，对蚂蚁受力分析可知，蚂蚁受到 大，碗对蚂蚁的支持力变小，A、B错误；蚂蚁处 重力、沿切线方向的摩擦力和垂直切线方向指向 于平衡状态，合外力一直为0，则碗对蚂蚁的作 球心的支持力，设蚂蚁所在位置与球心连线与竖 用力与重力平衡，保持不变，C错误，D正确。 直方向的夹角为0，根据受力平衡可得f= 2.D【解析】要将题图中从上面数的第4本书抽 ·14· ·物理· 参考答案及解析 出，对第4本书进行受力分析，水平方向受到上、 球A为研究对象，则有Tcos日=mAg,Tsin0= 下两个接触面的滑动摩擦力作用，根据滑动摩擦力 mAa0,解得0=37°，A错误，B正确；选木板C为 的计算公式，需要的最小水平拉力fmin=f上十 研究对象，则有F一f=mcac,且ac≥ao,解 f下=uN上+uNx=h·3mg+u·4mg=7umg, 得F≥45N,即当支架B与木板C间发生滑动时， D正确。 拉力F最小值为45N,D错误；当拉力F=30N 3.A【解析】当车辆开始以加速度a匀加速启动 时，支架B与木板C相对静止，即A、B、C三者相 时，手机的加速度也为a,手机竖直放置，受到重 对静止，其加速度为α，由牛顿第二定律，有F 力、支架对手机的弹力、摩擦力以及磁力的作 (mA十mB十mc)a,解得a=5m/s2,此时细线拉 用，，则手机一定受4个力作用A正确，B错误； 力为T,细线与竖直方向的偏角为a,选小球A 水平方向根据牛顿第二定律，有F一FN=ma, 为研究对象，有Tcos a=mAg,Tsin a=mAa,解 竖直方向有f=mg,静摩擦力大小为mg,合力 得T=ma√a2十g2=5√5N,C正确。 不为0，C、D错误。 二、非选择题 4.C【解析】由题图乙可知，物块A在P点左边运 7.(1)不需要(2分)不需要(2分)(2) 1=-1 动时的加速度a1=2m/s2,在P点右边运动时的 3-2 加速度a:一2-1m/s=1m/,由牛顿第二定律 u分》)-若e分)e分 ma 【解析】（1)在平衡木板对滑块的摩擦力时不需 知mBg-(mA+mB)a1,mBg-mA=(mA十mB） 要在细线的下端挂上钩码，调整木板倾角以使得 a2,联立解得mA=0.8kgu=0.125,C正确。 滑块重力的下滑分力恰好等于摩擦力；本实验通 5.AC【解析】以甲箱、木块A和弹簧作为整体，根 过传感器读出加速度，数据处理时可以将钩码的 据受力平衡可知，甲箱受到地面的摩擦力为0，地 质量考虑进去，故不需要用钩码的重力代替滑块 面对甲箱的支持力大小等于整体的重力，同理以 所受的合外力，不需要滑块的质量远大于所悬挂钩 乙箱、木块B和弹簧作为整体，根据受力平衡可 码的质量。 知，乙箱受到地面的摩擦力为0，地面对乙箱的支 (2)对整体应用牛顿第二定律可得Mg=(M十 持力大小等于整体的重力，则两个箱子对地面的 压力大小相同，A正确，B错误；设两个木块的质 ,度形可得=+长·日+ m a m ma 量均为m,两个弹簧的劲度系数均为k,形变量大 m=d,解得m 《3)由题图乙可得一=6，三-一 小均为x,弹簧弹力与竖直方向的夹角为日，对木 1 块A进行受力分析可得NA十xcos0= b-c Γ68=bd。 mg,fA=kxsin0,乙箱中弹簧与竖直方向的夹角 8.(1)√2 gxosin0 313 2x0 为a,且a<0,对木块B进行受力分析可得NB= 5gsin 0 xcos a十mg,fB=kxsin a,由于a<0,所 【解析】(1)长木板第一次与挡板碰撞前，把A、 以fA>fB,D错误；NA十NB=mg-kxcos 0十 B、C作为整体共同沿斜面加速下滑，有 kxcos a十mg>2mg,C正确。 v2=2(gsinθ)xo (2分) 6.BC【解析】根据题意可知，支架B与木板C间 解得v=√2 gxosin0 (2分) 发生滑动时，支架B与小球A的加速度最大，有 (2)由释放到C、D,第一次相碰用时 f=u(mA+mB)g=(mA+mB)ao,ao-ug= 2x0 7.5m/s2,此时细线与竖直方向夹角最大为0，选小 t1= (2分) gsin 0 gsin 0 ·15· 1 真题密卷 学科素养周测评 C、D第一次相碰后A的加速度 时间 amg sin pmgcos0 (2分) t2= AB-x1=2s (2分) m 01 B的加速度 货物在AB上运动的时间 a:-mgsin 0-uamg cos 0 1 2gsin 0 t=t1十t2=4s (2分) (2分) m (2)货物在平台E℉上做匀减速直线运动，有 C的加速度 品 mg sin 0+uimg cos 0+uzmg cos 0 EF= (2分) 5 a3- 2μ1g m 2gsin 0 到达D,点速度 (3分) UD=2 m/s C、D第一次相碰后到C与A共速过程中，C的加 货物滑上CD的速度 速度不变，则C与A共速时，C再次与挡板相碰， U1<V2 由此可知，B在追A的过程中，A、B加速度均不 货物在CD上受到的摩擦力 变，设长木板第一次与挡板碰撞后到A追上B总 f=2 ng cos30°>mg sin30 (2分) 用时为t2,有 且V2>VD 1 L,=t,+2a经-t (3分) 所以货物在传送带CD上一直加速到达D端，货 物的加速度 解得t2= 82x0 (2分) 5gsin 0 a:-2gcos 0-gsin -m/si (2分) 从同时释放A、B、C到小滑块B第一次与小滑块 位移 A相碰经历的时间 06一v1 132x0 ICD- =6m (2分) t=t1十ta=5√gsin0 (2分) 2a2 EF距离AB的高度 9.(1)4s(2)3m(3)2m h=xcDsin 0-3 m (1分) 【解析】(1)货物在传送带上的加速度 (3)由于V2=vD,因此货物在传送带上仍然一直 a1=41g=0.5m/s2 (1分) 加速到D端，该过程与传送带发生相对滑动，所 货物在AB上加速运动的时间 以划痕是货物加速时与CD间相对滑动产生的， =2s (2分) 货物在传送带上加速的时间 02一01 加速运动的位移 t3= 4s (2分) a2 =1m<AB x1一2a1 (1分) 划痕长度 (1分) 因此货物在AB上先加速度后匀速，匀速运动 x=v2t3一xcD=2m。 ·16· 1