江西省鹰潭市余江区第一中学2025-2026学年高一上学期12月月考物理试题

高一月考物理试卷 一、选择题（共46分，其中1-7为单选题，每小题4分，8-10为多项选择题，全部选择正确得6分，选择正确但 不全得3分，不选、多选或错选得0分) 1.在国际单位制中，，下列说法中正确的是（） A。力的单位是根据牛顿第三定律定义的 B,m和N都是国际单位制中力学的基本单位 C.千克是国际单位制中力学的三个基本物理量之一 D.m/5、N、m/s2都是国际单位制中的导出单位 2.下列说法正确的是（) A.物体的重心是其各部分所受重力的等效作用点，所以重心一定在物体上 B.根据速度定义式v=A ，当：丰常丰看小时，点就可以表示物休在：时刻的瞬时速度，该定义应用了银限思短 △t 方法 C.牛顿通过理想斜面实验得到了“力不是维持物体运动的原因"的结论 D.a=4 是利用比值定义法定义物理量，由公式可以得出加速度与△y成正比 3.传送带在实际生活中有广泛应用。如图所示，飞机场运输行李的传送带可以将行李箱送入飞机货舱。已知传送 带与水平面夹角为日，某行李箱的质量为m,与传送带间的动摩擦因数为4，重力加速度为g,此行李箱与传送带一 起斜向上匀速运动过程中，下列说法正确的是() A.行李箱受到与运动方向相反的摩擦力作用 B、传送带速度越大，行李箱受到的摩擦力也越大 c.行李箱受到的摩擦力大小为mgsin0 D.行李箱受到的摩擦力大小为mgcos8 4.如图所示，要将卡在球筒中的羽毛球取出，可以采用如下方法：左手拿着球筒的中部，右手 用力击打羽毛球筒的上端，使筒获得一个初速度并相对左手快速向下运动，筒内的羽毛球就可以 羽毛球筒 取出来。空气阻力忽略不计，当筒获得一个初速度后() 羽毛球 A.羽毛球最终会从球筒下端出来B,羽毛球的惯性发生了改变 C.羽毛球受到的摩擦力向上 D,羽毛球的加速度一定大于重力加速度 5.每逢新春佳节，许多家庭都会悬挂红灯笼来增添喜庆氛围。如图所示，通过三根 轻质细线悬挂一个重力大小为G的灯笼，细线α一端固定在天花板，与竖直方向的 夹角为37°，细线b一端悬挂在竖直墙壁上，与竖直墙壁间的夹角为37°，灯笼位置 ∠∠∠∠∠∠∠ 不变，改变细线b的长度将细线b缓慢调节至水平（sin37°=0.6)。下列关于细线a 37 b 37° 的拉力F。、细线b的拉力。的判断正确的是() A.初始状态时，F。=F。>G B.F。一直减小 C.官先减小后增大 D.F一直减小 1/4 6.质量可以用天平来测量，但是在太空，物体完全失重，用天平无法测量质量。如图是采用动力学方法测量空间 站质量的原理图，飞船与空间站对接后，推进器的推力大小为F时，飞船和空间站在推力方向上一起运动的加速度 a 大小为4，若飞船质量为m1,空间站的质量为() A.5+m c两 D. a a 7.如图，滑块P、Q的质量分别为m=5kg,mg10kg。P与Q、Q与水平地面之间的动摩擦因数均为0.5。绳OA一 4 嚼与P相莲，另一指与好直墙壁湘连，好伸直，集OA与水平方向夹角为9，如9骨n00s9市 5 力加速度g=10m/s2。现通过力传感器水平作用于Q将它抽出。设最大静摩擦力等于动摩擦力，在Q抽出过程中下 列说法正确的是（) A.P受到的摩擦力大小为18N B,将Q抽出力传感器的最小读数为90N o PI 力传感器F C.当力传感器的读数为100N时，Q的加速度大小为2m/s2 D.Q对地面的摩擦力大小为75N 8.在去南宁市的路上，一辆汽车突遇紧急情况而刹车，汽车立即做匀减速直线运动，最后停止。已知汽车刹车的 位移和从刹车到停止的时间，则下列物理量中可以算出的是() A.汽车刹车过程的加速度大小 B.汽车刹车时所受的合力大小 C.汽车刹车过程的平均速度大小 D.汽车刹车时所受路面的阻力大小 9,水平面上一质量为m=1kg的物块，在水平恒力F作用下做匀变速直线运动，2s后撤 m肉 掉外力，物块的运动图像如图所示。已知物块在水平面上运动的摩擦阻力恒定，则下列 说法正确的是() 0 A.物块受到的摩擦阻力大小为4N B.物块受到的摩擦阻力大小为2N t/s C.恒力F大小为N D,恒力F大小为7N 10.如图，甲、乙两物体的质量相等，物体甲通过轻绳悬挂在光滑轻质动滑轮A上，动滑轮A置于轻绳上。轻绳的 一端固定在水平天花板上的O点，另一端通过光滑定滑轮B与物体乙相连，系统处于平衡状态。现将定滑轮B水平 向右缓慢移动一小段距离x,移动滑轮的过程中，物体、滑轮始终没有相碰。设轻绳通过动滑轮A形成的夹角为日， 且不计两滑轮的大小。下列说法正确的是() tllltillliaiitl A.未移动滑轮B之前，日=120° 9 B B.移动滑轮B的过程中，O不变 C.移动滑轮B后，物体甲水平方向移动的位移大小为 D.移动滑轮B后，物体乙竖直方向移动的位移大小为 甲 2 -X 2/4 二、实验探究题（每空2分，共16分） 11.某学校一实验小组采用乙图装置研究弹簧弹力F与弹簧长度x的关系。 N FN 3 x/cm 8121620 架 (1)甲图中弹簧测力计的示数为 N (2)刻度尺竖直固定放置，零刻度与弹簧上端对齐，通过实验得到弹簧弹力F与弹簧长度x的关系图像，由图丙可知， 弹簧的劲度系数为 N/m。 (3)若实际实验操作时刻度尺的零刻度略高于弹簧上端，则仍然采用(2)中的方法得出的劲度系数将 (填“偏 小”“偏大"或“不受影响”)。 打点计时器小车 弹 纸带 定滑轮 12.某实验小组利用如图甲所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，己知 黄测力 小车的质量为M,单个钩码的质量为m,打点计时器所接的交流电源的频 钩码 率为50Hz,动滑轮质量不计，实验步躁如下： 甲 ①按图甲所示安装好实验装置（未挂钩码），其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直 ②调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动 ③挂上钩码，继续实验，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度，读出弹簧测力计的示数 ④改变钩码的数量，重复步骤③，求得小车在不同拉力作用下的加速度 根据上述实验过程，回答以下问题： 0 D (1)对于上述实验，下列说法正确的是 3.20 单位：cm A,钩码的质量应远大于小车的质量 12.50 B,实验过程中应先放开小车，再接通电源 27.80 49.10 C.与小车相连的细线与长木板一定要平行 乙 D.钩码的质量应远小于小车的质量 (2)实验打出的纸带如图乙所示，相邻两点间还有4个点未画出，则小车的加速度α=一m6.(结果保留两位小数) (3)若交流电的实际频率小于50Hz,则(2)中a的计算结果与实际值相比 (选填“偏大"偏小”或“不变”)。 (4)由本实验得到的数据作出小车的加速度α与弹簧测力计的示数F的关系图像，与本实验符合的是 ∠，，∠ 3/4 (⑤)若实验步骤②中，让长木板水平放置，没有补偿阻力，其余实验步骤不变且操作正确， ◆FN 以弹簧测力计的示数F为纵坐标，以加速度α为横坐标，得到如图丁所示的纵轴截距为b、 b 斜率为k的一条倾斜直线，重力加速度为g,忽略滑轮与绳之间的摩擦以及纸带与限位孔 a/(m.s2) 之间的摩擦，则小车和长木板之间的动摩擦因数：“= 丁 三、计算题（共38分，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值 计算的题，答案中必须明确写出数值和单位) 13、(11分)图甲为余江区灵溪小镇景区滑草游乐项目的真实场景，图乙是其简化图，可看作由倾斜滑道AB与水 平滑道BC两部分组成，交接处平滑连接（无速度损失），倾斜滑道AB长L=100m,倾角8=37°，动摩擦因数4=0.5， 水平滑道BC足够长，动摩擦因数凸（未知），某游客连同滑板总质量m=60kg,从顶端A处由静止滑下，最后停 在水平滑道上的D(未画出)处，BD之间的距离为s=25m,重力加速度取g=10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。 求：(1)游客在倾斜滑道上下滑的加速度大小和方向； (2)游客滑到B处的速度大小： (3)动摩擦因数h2的大小。 77 B C 图甲 图乙 14、（10分)如图所示，质量M=3kg的木块套在水平粗糙固定杆上，并用轻绳与质量m=2kg的小球相连。今用跟 水平方向成60°角的力F拉着小球并带动木块一起向右匀速运动，轻绳与水平方 F 向的夹角0=30°，s加30=分，c0s30°= 2,si血60°=3 2 cos60°= 2,运动中 M、m的相对位置保持不变，g=10ms,在运动过程中，求： ©60o (1)力F大小； M (2)木块M与水平杆间的动摩擦因数4。 15、(17分)如图所示，质量为m=kg的物块叠放在质量为M=2kg的足够长的木板上方右侧，木板放在光滑的水 平地面上，物块与木板之间的动摩擦因数为4=0.2，在木板上施加一水平向右的拉力F,在0~1s内F=10N,1~1.5s 内F=4N,1.5s后撤去拉力，重力加速度g=10m/s2,最大静摩擦力等于动摩擦力，整个系统开始时静止。求： (1)0~1s内木板的加速度： m M (2)1.59末木板的速度大小： (3)0~3s内物块相对木板的位移大小。 4/4 高一月考物理试卷参考答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D B C D C B C AC BC ABC 1．D 【详解】A．力的单位牛顿是根据牛顿第二定律 定义的，而非牛顿第三定律，故A错误； B．国际单位制中力学的基本单位是米（m）、千克（kg）、秒（s），而牛顿（N）是导出单位（），故B错误； C．力学的基本物理量是质量、长度、时间，千克是质量的单位，故C错误； D．（速度，由m和s导出）、（由kg、m、s导出）、（加速度，由m和s导出）均为导出单位，故D正确。 2．B 【详解】A．物体的重心是各部分重力的等效作用点，但重心不一定在物体上（例如圆环的重心在圆心）。故A错误； B．瞬时速度的定义利用了极限思想，当趋近于零时，的极限即为瞬时速度。该表述符合微积分的基本原理，故B正确； C．伽利略通过理想斜面实验提出“力不是维持物体运动的原因”，牛顿在此基础上总结出牛顿第一定律。故C错误； D．加速度公式是比值定义法，而非仅与成正比（若同时变化，可能不变）。故D错误。 3．C 【详解】A．由于行李箱与传送带一起斜向上做匀速直线运动，可知行李箱与传送带相对静止，行李箱受到重力、支持力、摩擦力，且处于平衡状态，受力分析如图所示 行李箱受到的摩擦力方向沿传送带向上，与运动方向相同，故A错误； B．由于行李箱与传送带一起做匀速直线运动，行李箱处于平衡状态，受到的摩擦力与速度大小无关，传送带速度变大，行李箱受到的摩擦力不会发生变化，故B错误； C．由受力分析可知行李箱受到的摩擦力大小为，故C正确； D．行李箱与传送带之间没有相对运动，行李箱受到的摩擦力为静摩擦力，大小不一定为，故D错误。 4．D 【详解】B．该同学击打筒的上端是为了改变羽毛球筒的运动状态，在该过程中羽毛球的质量不变，故羽毛球的惯性不变，故B错误； AC．用较大的力击打羽毛球筒，羽毛球筒迅速向下运动，羽毛球由于惯性仍在原位置，羽毛球相对于羽毛球筒向上运动，羽毛球受到向下的摩擦力，故羽毛球从上端出来，故AC错误； D．对羽毛球受力分析，可知羽毛球受到向下的摩擦力和重力作用，根据牛顿第二定律有 解得，故D正确。 5．C 【详解】细线处于三个不同位置时，灯笼均处于平衡状态；对灯笼受力分析并根据平衡条件可知，它受到的三个力可以构成矢量三角形，如图所示，由几何关系可知，一直增大，先减小后增大。初始状态时 6．B 【详解】设空间站的质量为，由牛顿第二定律对整体有 解得 7．C 【详解】ABD．P受到的是滑动摩擦力，对P进行受力分析，如图所示 由平衡条件，可得， 又 解得 对分析有 则将Q抽出力传感器的最小读数为，故ABD错误； C．由牛顿第二定律 解得，故C正确。 8．AC 【详解】A．利用“逆向推理法”，把汽车的运动看成逆向的初速度为零的匀加速直线运动，刹车的位移 由此可以算出汽车的加速度a，故A正确； B．由于不知道汽车的质量m，根据 可知无法算出汽车刹车时所受的合力大小，故B错误； C．根据 则汽车刹车过程的平均速度大小，故C正确； D．汽车刹车时，合外力即为阻力 f ，根据牛顿第二定律 F 合 = ma 可知， f = ma 因汽车质量 m 未知，故无法算出阻力 f 的大小，故D错误。 故选AC。 9．BC 【详解】0~2s时，由， 可得，结合图像可知0~2s时，图像斜率为2，则 ，解得 ， 2~6s时 解得 加速阶段，减速阶段 解得， 故选BC。 10．ABC 【详解】A．轻绳OAB上的张力大小处处相等，绳中张力始终等于物体重力，且两绳的合力与物体甲的重力大小相等，对滑轮A由三力平衡可得 A正确； BCD．设OB的水平距离为d，根据几何关系，滑轮B左侧轻绳的长度 滑轮B水平向右缓慢移动一小段距离x，因为绳中的力不变，所以不变，根据几何关系可知，物体甲水平方向移动的位移大小为，因此左侧轻绳的长度 即左侧轻绳伸长 右侧轻绳缩短，物体乙竖直方向移动的位移大小为，BC正确D错误。 故选ABC。 11．(1)2.8 (2)50 (3)不受影响 【详解】（1）甲图中弹簧测力计的分度值为，示数为。 （2）根据胡克定律可得弹簧的劲度系数为 （3）若实际实验操作时刻度尺的零刻度略高于弹簧上端，根据，由于不受影响，所以仍然采用（2）中的方法得出的劲度系数将不受影响。 12．(1)C (2)6.03 (3)偏大 (4)A (5) 【详解】（1）因有弹簧测力计测量小车受的拉力，可知没必要让钩码的质量远大于小车的质量，AD错误；     B．实验过程中应先接通电源，再放开小车 B错误； C．与小车相连的细线与长木板一定要平行，这样才能使的细线的拉力等于小车受的合力，C正确； （2）相邻两计数点间还有4个点未画出，可得T=0.1s，可求得小车的加速度 （3）若交流电的实际频率小于，打点周期偏大，而计算时仍用原来的周期计算，则（2）中a的计算结果与实际值相比偏大。 （4）由图示装置可知，实验前已经平衡好摩擦力，小车受到的拉力F可以由弹簧测力计测出，小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系应该是成正比，即其关系图线为过原点的一条倾斜直线，由图示可知，A符合实际，故A正确，BCD错误。 （5）小车受到的拉力T为弹簧秤示数，即T=F，滑块受到的摩擦力为f=μMg 由牛顿第二定律可得T-f=Ma 解得力F与加速度a的函数关系式为：F=Ma+μMg 由图象所给信息可得图象截距为b=μMg，斜率k=M 解得 13．(1) 方向：沿斜面向下 （4分） (2) （3分） (3) （4分） 【详解】（1）对游客由牛顿第二定律 ............................2分 解得 方向：沿斜面向下 ............................2分 （2）段做匀加速直线运动，有 ............................2分 解得 ...........................1分 （3）段做匀减速直线运动，由 ............................1分 可得 由 ............................1分 可得 ............................2分 14．(1) （5分） (2) （5分） 【详解】（1）小球的受力如图所示 由平衡条件可得 ............................2分 ............................2分 解得 ............................1分 （2）将木块、小球看作整体，受力如图所示 由平衡条件得 ............................1分 ............................1分 又 ............................1分 联立解得 ............................2分 15．(1)，方向水平向右 （5分） (2)， （4分） (3)， （8分） 【详解】（1）内，假设两者不发生相对滑动，对整体由牛顿第二定律， 有 解得 ............................1分 对物块，最大加速度大小为 ............................1分 因，假设不成立，故两者初始时相对滑动，对木板，有 ............................1分 此时，解得内木板的加速度，方向水平向右 ............................2分 （2）1s末木板的速度 ............................1分 内，，木板仍做匀加速运动，对木板， 有 解得 . ...........................1分 可得末木板的速度， ............................2分 （3） 后撤去拉力，木板开始做匀减速运动， 其加速度大小为 ............................1分 物块仍做匀加速运动，设再经历t3时间，两者速度相同， 有 ............................1分 解得 ............................1分 即两者在内只有2s时间发生相对运动， 此过程物块的位移 ............................1分 木板的位移 ............................2分 内物块相对木板的位移 ............................2分 1 学科网（北京）股份有限公司 $