精品解析：江苏省盐城市射阳县实验初级中学2024-2025学年九年级下学期3月月考物理试题(强化班）

2025年春学期九年级物理巩固练习（A卷） 一、选择题（每小题只有一个答案，每题2分，共24分） 1. 绿色办奥是冬奥会的办赛理念之一。组委会在几年的筹办过程中，努力践行绿色理念，使用清洁能源和可再生能源。为实现绿电入网，你推荐使用下列哪一组能源（　　） A. 核能；石油 B. 风能；太阳能 C. 地热能；煤 D. 氢能；石油 2. “请大家安静，现在准备考试！”监考老师要求考生减小声音的（ ） A. 频率 B. 音调 C. 响度 D. 音色 3. “蓝牙技术”（Bluetooth），即近距离无线连接技术，如大家熟悉的蓝牙耳机就是利用该技术，蓝牙耳机与手机之间信息传递利用的是（ ） A. 超声波 B. 红外线 C. 微波 D. 激光 4. 中华古诗词博大精深，“寒夜客来茶当酒，竹炉汤沸火初红”，其中的“汤沸”过程是属于（　　） A. 汽化现象 B. 液化现象 C. 升华现象 D. 凝华现象 5. 小明同学坐在行驶的汽车中，看到路边的房屋向后运动，他选择的参照物是（　　） A. 路边的树木 B. 沿途的路灯 C. 路旁的房屋 D. 乘坐的汽车 6. 以下实验能说明分子间存在空隙的是（　　） A. 用肉眼观察海绵，发现海绵内部有许多空隙 B. 酒精和水混合后总体积变小 C. 铁块放在冲压机下，发现铁块很难被压缩 D. 用铅笔画出连续直线，用放大镜观察到碳粒间有空隙 7. 如图沙画是我国一种民间艺术，将沙子洒在平板灯台上做各种造型，灯台下方射出的光受到沙子的阻挡后，呈现出各种画面，沙画的光学原理是（　　） A. 光的直线传播 B. 光的反射 C. 光的折射 D. 光的色散 8. 如图为我国新型反潜巡逻机。机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在。下图中能解释磁异探测器工作原理的是（　　） A. B. C. D. 9. 在“探究蜡烛的熔化特点”和“观察碘锤中的物态变化”两个活动中，采用水浴法加热的主要目的是（　　） A. 都是为了受热均匀 B. 都是为了控制温度 C. 前者是为了受热均匀，后者是为了控制温度 D. 前者是为了控制温度，后者是为了受热均匀 10. 为了对中国天眼（FAST）薄薄的反射面板进行健康体检，研制出“微重力蜘蛛人系统”。设备最主要部分是一个直径超7m的氦气球，下面悬吊着“蜘蛛人”，如图所示，“蜘蛛人”可以在反射面任意地方悬停并执行巡检和维护作业。忽略空气阻力，下列有关说法正确的是（　　） A. 由于氦气球受到了很大的浮力，所以减小了人的重力 B. 氦气球受到的浮力与氦气球的重力大小相等 C. 水平匀速飞行时，悬挂“蜘蛛人”的绳子不会偏离竖直方向 D. 人手轻碰面板后，会往前运动，这是由于物体的运动需要力来维持的 11. 小敏同学按如图的电路图连接了一个模拟家庭电路。开关S闭合后，灯泡能正常发光，用试电笔检测插座的两孔，氖管均不发光。针对该模拟电路，以下说法正确的是（　　） A. 灯泡的连接是安全、合理的 B. 保险丝应该与火线并联在电路中 C. 插座无法正常工作，原因可能是ab间断路 D. 插座无法正常工作，原因可能是cd间断路 12. 在透明正方体塑料盒的上下左右面的中央各开一个直径相同的圆孔，蒙上弹性薄膜，将一根硬质的均匀塑料管插入盒内作为“手柄”，做成一个气密性良好的压强检测装置（如图），以下利用该装置获得的现象描述中，正确的是（　　） A. 堵住塑料管口放在空气中，当气温升高时，四块弹性薄膜均会向内凹进 B. 打开塑料管口放在空气中，当气温升高时，四块弹性薄膜均会向内凹进 C. 堵住塑料管口浸没液体中，缓慢增加深度，弹性薄膜a可能会向外凸出 D. 打开塑料管口浸没液体中，缓慢增加深度，弹性薄膜a可能会向外凸出 二、填空题（每空1分，共24分） 13. 冰壶项目是历届冬奥会的经典项目，运动员将冰壶掷出后冰壶由于______继续向前运动，运动员需要在冰壶周围用冰刷进行刷冰，刷冰过程中是通过______的方式增加冰面的内能，使冰______（填物态变化名称），以减小冰壶与冰面的摩擦。 14. 小淼在家自制了一杯颜色深浅不同的蓝莓汁，接着他用托盘天平、量筒和烧杯测量这杯蓝莓汁的密度测得数据如图所示，则倒入量筒中蓝莓汁的质量是______g，蓝莓汁的密度是______；实验中，在将蓝莓汁沿筒壁倒入量筒后，小淼立即读出体积大小，则所测密度值偏______。 15. 如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它，沿碗壁缓缓向碗中加水，小明在A处又能看到“硬币”了，这是由于光的______，看到的是硬币的______（选填“实”或“虚”）像，其位置在真实硬币的______（选填“上方”或“下方”）。 16. 共享单车为人们的绿色出行带来便利，车轮胎上有凹凸不平的花纹，是为了________摩擦力，小明骑着单车上学，10min沿水平路面前进了3km，他的平均速度是________km/h，若小明和单车的总重力是800N，车轮与地面接触的总面积是20cm2，骑行过程中单车对地面的压强为________Pa。 17. 如图是十三世纪法国亨内考设计的“魔轮”。轮子边缘上通过可以自由转动的铰链等距安装了12个相同的活动短杆，杆端分别套上相同重球。他认为由于右侧重球距离轴较远，即重力的___________较大，转轮会沿___________（“顺时针”或“逆时针”）方向越转越快，根据___________，无需精确测量就能判定他的这一设想是不可能实现的。 18. 如图所示，这是小明探究二力平衡条件时的实验情景。 （1）小明将系于小卡片（重力可忽略不计）两端的线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向不相同，再在两线另一端分别都挂上1个、2个、3个钩码，卡片都能平衡，由此_________（能/不能）得出使物体平衡的两个力必须大小相等； （2）当小卡片平衡时，小明将小卡片________（选填“旋转”或“翻转”）一定角度，松手时小卡片不能平衡，由此实验步骤可知只有作用在同一直线的两个力才能平衡； （3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，在图甲所示情况下，小明下一步操作是_________。 19. 如图甲是一种新型插座，它能即时显示接在该插座上的用电器的工作电压和所耗电费等。小明将装有质量为1.5kg、初温为10℃水的电水壶插在该插座上。这时插座屏幕上的显示如图乙所示；当水烧开至100℃时，插座屏幕上的显示如图丙所示，则电水壶的实际功率为________W，电水壶在烧水过程中的效率为________；已知电能表常数为3200imp/kW·h，则这段时间内电能表指示灯闪烁____次。（已知电费单价：0.5元/kW·h；c水=4200J/（kg·℃）） 20. 如图所示，用漆包线绕成矩形线圈，将线圈两端的导线拉直并用刀将漆全部刮掉，作为转动轴，将线圈放在金属支架上，在它下面放一块小磁体，用纸做一个小风车固定在转动轴上，将装置与小量程电流表相连，当有风将小风车吹动时，小量程电流表的指针 _____（选填“会”或“不会”）偏转，其利用了 _________原理；若将电流表换成干电池接入电路，把线圈一端的绝缘漆刮掉一半，线圈就能够持续转动起来，此时这部分装置相当于 ________（选填“电动机”或“发电机”）。 三、解答题（共52分） 21. 按题目要求作图： （1）在图甲中画出入射光线通过凹透镜后的折射光线。 （2）在图乙中请画出一片树叶在空中向下飘落时重力的示意图，O 为树叶的重心。 （3）在图丙中根据磁感线的方向，用“+”号标出电源正极。 22. 工人用如图所示装置在10s内将质量为45kg的货物匀速提升2m，此过程中拉力的功率为120W。不计绳重和轮与轴的摩擦。g取10N/kg，求： （1）有用功； （2）工人的拉力； （3）滑轮组的机械效率。 23. 小明设计了一个温控电加热装置，原理如图所示，电压，为热敏电阻，其阻值随加热环境温度的升高而增大．电磁铁线圈电阻10Ω，当导线中的电流大于或等于0.02A时衔铁被吸下，与下触点接触；当电流小于0.02A时，衔铁松开与触点接触，，，求： （1）该电加热器处于加热挡时的电流； （2）衔铁刚被吸下时的阻值； （3）若该电加热器的保温时功率是加热时功率的20%，求的阻值。 24. 小聪用如图所示的装置探究平面镜成像特点。 （1）实验中，选用两个完全相同的棋子A、B，其目的是比较像和物的______关系； （2）在玻璃板前放一个棋子A，确定棋子A像位置的操作是：将另一棋子B放到镜后，使它与A的像______；用刻度尺测出A和B到玻璃板的距离，是为了比较像和物到镜面的距离是否______； （3）为了探究平面镜所成的像是实像还是虚像，除了图示所示的器材外，还需准备的器材是______； （4）若将棋子A靠近玻璃板，则此过程中，棋子A像的大小变化情况是______，棋子A与像之间的距离变化情况是_______。 25. 如图甲是探究“导体的电流跟电阻的关系”的电路。实验器材：电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一只，开关一个，定值电阻5个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω），滑动变阻器（“20Ω；2A”），导线若干。 （1）用笔画线代替导线完成图甲电路的连接__________； （2）先用5Ω的电阻做实验，两电表的指针所指位置如图乙，根据图中信息可以判断电路故障可能是______；排除故障并选择合适的量程，调节滑动变阻器直到电压表示数如图丙所示为______V； （3）当用电阻10Ω替代5Ω继续实验时，应将滑片向______端移动才能使电压表的示数保持不变；改用30Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑片，都无法使电压表的示数保持不变，在现有的器材的基础上，请你提出一种改进方法：______。 （4）根据实验数据绘制图像如图丁，可初步得到结论：电压一定时，______。 （5）设计了如图戊的电路，也能测量额定电流为的小灯泡正常发光时的电阻。电源电压未知、定值电阻的阻值为，请你将实验步骤补充完整。 ①闭合开关，调节滑片，直到电压表的示数为______，此时小灯泡正常发光，读取电压表的示数为； ②小灯泡正常发光时电阻的表达式是______。（均用给定的物理量表示） 26. 室内装修中，人们常用膨胀螺栓将吸顶灯固定在天花板上。如图甲所示，小华用笔杆代替膨胀螺栓，探究插入沙子中的笔杆能吊起的物重与哪些因素有关？对此她提出了以下猜想： 猜想一：可能与笔杆受到的压力有关。 猜想二：可能与笔杆的形状有关。 猜想三：可能与笔杆插入沙子中的深度有关。 （1）为验证猜想一，小华用同一笔杆进行实验，保持笔杆______不变。在瓶内装满沙子的情况下，通过夯实并增加沙子的质量，从而增大沙子对笔杆的挤压力。然后改变轻质小桶内的物重，用______分别测出不同挤压力下笔杆能吊起的最大物重，依次将实验结果记入表格； （2）为验证猜想二，在其他条件不变的情况下，小华将原笔杆上端劈开并插入一根圆柱形柱体使其膨胀，重复上述实验，并将实验数据记入表格； 实验序号 ① ② ③ ④ ⑤ ⑥ 笔杆形状 （未膨胀） （膨胀） 沙子质量m/g 300 400 500 300 400 500 能吊起的最大物重G/N 0.3 3.6 5.0 1.2 7.4 23.8 分析①、②、③组数据，你得到的结论是在笔杆形状与插入沙子的深度一定时，______，能吊起的物重越大，比较______组数据你还可以得到的结论是：笔杆所受压力和插入沙子的深度一定时，膨胀的笔杆能吊起更重的物体； （3）你认为笔杆能吊起的物重还与笔杆的______有关； （4）实验使用的膨胀螺栓如图乙，旋转其底部的螺母，处于墙体中的部分就会膨胀，膨胀栓与墙体间的______变大，当吊起较重的物体时，它与墙体间的摩擦力变______，同时它还受到了墙体对它向上的______力，这样膨胀螺栓可以承受更大的拉力。 27. 阅读短文，回答问题： 空气断路器 空气开关，又名空气断路器，是一种电路中电流超过设定电流值就会自动断开的开关。图1为空气开关简化后的原理图，当线路发生一般性过载（即电流较大，但小于设定电流值）时，过载电流虽不能使电磁脱扣器动作，但能使发热元件产生热量，促使左端固定双金属片受热弯曲，推动顶杆使搭钩与锁扣脱开，将触点分离，切断电源。当线路发生短路或严重过载电流时，电磁脱扣器产生足够大的吸力，将衔铁吸合并撞击顶杆，使搭钩绕转轴座向上转动与锁扣脱开，锁扣在弹簧的作用下将触点分离，切断电源。 （1）当线路发生一般性过载时，空气开关利用了电流的______（热/磁/热和磁）效应切断电路； （2）双金属片受热弯曲，推动顶杆使搭钩与锁扣脱开时，搭钩相当于______杠杆； （3）关于电磁脱扣器说法正确的是______； A．A端为电磁脱扣器的N极 B．当300mA的电流致人触电时，空气开关不能自动切断电路 C．只当线路发生短路或严重过载电流时，电磁脱扣器才对衔铁有吸引力 D．锁扣与搭钩脱开前，弹簧没有弹性势能 （4）双金属片是由铜片和铁片组成，受热时铜片膨胀得比铁片大，在图2中的选项中，铜片和铁片的位置符合要求的是______； （5）如果要在现有基础上将空气开关的设定电流值调小一些，你的做法是：______。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025年春学期九年级物理巩固练习（A卷） 一、选择题（每小题只有一个答案，每题2分，共24分） 1. 绿色办奥是冬奥会的办赛理念之一。组委会在几年的筹办过程中，努力践行绿色理念，使用清洁能源和可再生能源。为实现绿电入网，你推荐使用下列哪一组能源（　　） A. 核能；石油 B. 风能；太阳能 C. 地热能；煤 D. 氢能；石油 【答案】B 【解析】 【详解】A．核能和石油在短时间内不能再次产生的，是不可再生能源，故A不符合题意； B．风能和太阳能在短时间内可以再次产生，是可再生能源，故B符合题意； C．地热能是可再生能源，煤是不可再生能源，故C不符合题意； D．氢能是可再生能源，石油是不可再生能源，故D不符合题意。 故选B。 2. “请大家安静，现在准备考试！”监考老师要求考生减小声音的（ ） A. 频率 B. 音调 C. 响度 D. 音色 【答案】C 【解析】 【详解】“请大家安静，现在准备考试！”监考老师要求考生减少声音的响度． 故选C． 3. “蓝牙技术”（Bluetooth），即近距离无线连接技术，如大家熟悉的蓝牙耳机就是利用该技术，蓝牙耳机与手机之间信息传递利用的是（ ） A. 超声波 B. 红外线 C. 微波 D. 激光 【答案】C 【解析】 【详解】蓝牙是一种短距离的无线通信技术，是利用电磁波来传递信息的。而微波是电磁波中的一个波段，属于电磁波。故ABD不符合题意，C符合题意。 故选C。 4. 中华古诗词博大精深，“寒夜客来茶当酒，竹炉汤沸火初红”，其中的“汤沸”过程是属于（　　） A. 汽化现象 B. 液化现象 C. 升华现象 D. 凝华现象 【答案】A 【解析】 【详解】“汤沸”是沸腾的现象，沸腾属于剧烈的汽化现象。故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 5. 小明同学坐在行驶的汽车中，看到路边的房屋向后运动，他选择的参照物是（　　） A. 路边的树木 B. 沿途的路灯 C. 路旁的房屋 D. 乘坐的汽车 【答案】D 【解析】 【详解】A．以路边的树木为参照物，路边的房屋相对于路边的树木的位置没有发生改变，路边的房屋是静止的，故A不符合题意； B．以沿途的路灯为参照物，路边的房屋相对于沿途的路灯的位置没有发生改变，路边的房屋是静止的，故B不符合题意； C．不能以研究对象为参照物，不能以路旁的房屋为参照物，故C不符合题意； D．小明同学坐在行驶的汽车中，以乘坐的汽车为参照物，路边的房屋向后运动，故D符合题意。 故选D。 6. 以下实验能说明分子间存在空隙的是（　　） A. 用肉眼观察海绵，发现海绵内部有许多空隙 B. 酒精和水混合后总体积变小 C. 铁块放在冲压机下，发现铁块很难被压缩 D. 用铅笔画出连续直线，用放大镜观察到碳粒间有空隙 【答案】B 【解析】 【详解】A．用肉眼观察海绵，发现海绵内部有许多空隙，是物体间有间隙，不能说明分子间存在空隙，故A不符合题意； B．体积相等的水和酒精，水和酒精混合后总体积变小，说明分子之间存在间隙，故B符合题意； C．铁块放在冲压机下，发现铁块很难被压缩，说明分子间存在斥力，故C不符合题意； D．铅笔画出的线我们可以看到，它肯定是由无数个分子构成的，而分子非常小我们看不到，因此用放大镜观察到碳粒间有空隙也不能说明分子之间有空隙，故D错误。 故选B。 7. 如图沙画是我国一种民间艺术，将沙子洒在平板灯台上做各种造型，灯台下方射出的光受到沙子的阻挡后，呈现出各种画面，沙画的光学原理是（　　） A. 光的直线传播 B. 光的反射 C. 光的折射 D. 光的色散 【答案】A 【解析】 【详解】由于光在同种均匀介质中沿直线传播，当光线被阻挡后，会在阻挡物后面形成阴影，因此沙画的光学原理是光的直线传播，故A符合题意，BCD不符合题意。 故选A。 8. 如图为我国新型反潜巡逻机。机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，从而发现潜艇的存在。下图中能解释磁异探测器工作原理的是（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】磁异探测器将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为强弱变化的电流，说明有感应电流产生。 A．图示的实验是电磁铁的原理，运用了电流的磁效应，可制成电磁铁，故A不合题意； B．开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理。故B符合题意； C．图示为通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，故C不合题意； D．图示为磁极之间的相互作用，故D不合题意； 故选B。 9. 在“探究蜡烛的熔化特点”和“观察碘锤中的物态变化”两个活动中，采用水浴法加热的主要目的是（　　） A. 都是为了受热均匀 B. 都是为了控制温度 C. 前者是为了受热均匀，后者是为了控制温度 D. 前者是为了控制温度，后者是为了受热均匀 【答案】C 【解析】 【分析】 【详解】探究蜡烛的熔化特点实验中，采用水浴法加热是为了受热均匀，使用水浴法对碘锤加热目的是使碘的温度不高于其熔点，故C符合题意，ABD不符合题意。 故选C。 10. 为了对中国天眼（FAST）薄薄的反射面板进行健康体检，研制出“微重力蜘蛛人系统”。设备最主要部分是一个直径超7m的氦气球，下面悬吊着“蜘蛛人”，如图所示，“蜘蛛人”可以在反射面任意地方悬停并执行巡检和维护作业。忽略空气阻力，下列有关说法正确的是（　　） A. 由于氦气球受到了很大的浮力，所以减小了人的重力 B. 氦气球受到的浮力与氦气球的重力大小相等 C. 水平匀速飞行时，悬挂“蜘蛛人”的绳子不会偏离竖直方向 D. 人手轻碰面板后，会往前运动，这是由于物体的运动需要力来维持的 【答案】C 【解析】 【详解】A．由G=mg可知，人所受的重力与人的质量有关，而与人所受的浮力无关，故A错误； B．把气球和人看作是一个整体，整体处于悬浮状态，受到的浮力等于气球和人的总重力，故B错误； C．水平匀速飞行时，不计空气阻力，“蜘蛛人”与氦气球保持相对静止，所以悬挂“蜘蛛人”的绳子不会偏离竖直方向，故C正确； D．人手轻碰面板后，会往前运动，说明力可以改变物体的运动状态，故D错误。 故选C。 11. 小敏同学按如图的电路图连接了一个模拟家庭电路。开关S闭合后，灯泡能正常发光，用试电笔检测插座的两孔，氖管均不发光。针对该模拟电路，以下说法正确的是（　　） A. 灯泡的连接是安全、合理的 B. 保险丝应该与火线并联在电路中 C. 插座无法正常工作，原因可能是ab间断路 D. 插座无法正常工作，原因可能是cd间断路 【答案】D 【解析】 【详解】A．家庭电路中，为确保安全用电，控制灯泡的开关应该接在火线与灯泡之间，故A错误； B．保险丝的主要作用是：在家庭电路电流过大时能自动熔断从而对电路起到保护作用，所以保险丝与火线串联在电路中，故B错误； CD．如果ab间断路，则电路中灯泡也不能正常工作；如果cd间断路，灯泡能正常工作，火线上的电不能到达插座的右孔，用试电笔检测插座的两孔，氖管均不发光，故C错误，D正确。 故选D。 12. 在透明正方体塑料盒的上下左右面的中央各开一个直径相同的圆孔，蒙上弹性薄膜，将一根硬质的均匀塑料管插入盒内作为“手柄”，做成一个气密性良好的压强检测装置（如图），以下利用该装置获得的现象描述中，正确的是（　　） A. 堵住塑料管口放在空气中，当气温升高时，四块弹性薄膜均会向内凹进 B. 打开塑料管口放在空气中，当气温升高时，四块弹性薄膜均会向内凹进 C. 堵住塑料管口浸没液体中，缓慢增加深度，弹性薄膜a可能会向外凸出 D. 打开塑料管口浸没液体中，缓慢增加深度，弹性薄膜a可能会向外凸出 【答案】C 【解析】 【详解】A．堵住塑料管口，放在空气中，当气温升高时，塑料盒内气体温度升高，压强变大，大于外界空气压强，四块弹性薄膜会向外凸出，故A错误； B．打开塑料管口，放在空气中，气温升高时，因为塑料管口与空气接通，平衡内外气压，所以四块弹性薄膜均不会发生变化，故B错误； C．堵住塑料管口，浸没液体中，缓慢增加深度，a处深度小于c处深度，a处压强小于c处压强，a处压力小于c处压力，盒内空气被挤压，由于上方a处向下的压力较小，故a处可能向外凸出，故C正确； D．打开塑料管口浸没液体中，塑料盒内气体与大气接通，盒内气压始终等于大气压强。当缓慢增加深度，由于液体压强的存在，四个方向上的弹力性薄膜均会向内凹，故D错误。 故选C。 二、填空题（每空1分，共24分） 13. 冰壶项目是历届冬奥会的经典项目，运动员将冰壶掷出后冰壶由于______继续向前运动，运动员需要在冰壶周围用冰刷进行刷冰，刷冰过程中是通过______的方式增加冰面的内能，使冰______（填物态变化名称），以减小冰壶与冰面的摩擦。 【答案】 ①. 惯性 ②. 做功 ③. 熔化 【解析】 【详解】[1]惯性是物体的一种物理属性，任何物体都具有惯性。运动员将冰壶掷出后，冰壶由于惯性，会保持原来的运动状态继续向前运动。 [2][3]运动员需要在冰壶周围用冰刷进行刷冰，刷冰过程中，克服冰面的摩擦力做功，因此是通过做功的方式增加冰面的内能。冰面内能增加，温度升高，达到冰的熔点时，继续吸热，就会使冰熔化成水，在冰壶与冰面之间形成一层水膜，使冰壶与冰面脱离接触，从而减小冰壶与冰面的摩擦。 14. 小淼在家自制了一杯颜色深浅不同的蓝莓汁，接着他用托盘天平、量筒和烧杯测量这杯蓝莓汁的密度测得数据如图所示，则倒入量筒中蓝莓汁的质量是______g，蓝莓汁的密度是______；实验中，在将蓝莓汁沿筒壁倒入量筒后，小淼立即读出体积大小，则所测密度值偏______。 【答案】 ①. 26 ②. ③. 大 【解析】 【详解】[1]如图所示，烧杯和蓝莓汁的总质量为，部分蓝莓汁倒入量筒内，剩余的蓝莓汁和烧杯总质量为，则倒入量筒中蓝莓汁的质量是 [2]如图所示，量筒中蓝莓汁的体积是20mL，则蓝莓汁的密度是 [3]在将蓝莓汁沿筒壁倒入量筒后，小淼立即读出体积大小，筒壁上残留部分蓝莓汁，所以测量体积时读数会偏小，根据可知，质量不变，体积偏小，则计算出来的密度偏大。 15. 如图所示，小明将一枚硬币放在碗的底部，眼睛在A处恰好看不到它，沿碗壁缓缓向碗中加水，小明在A处又能看到“硬币”了，这是由于光的______，看到的是硬币的______（选填“实”或“虚”）像，其位置在真实硬币的______（选填“上方”或“下方”）。 【答案】 ①. 折射 ②. 虚 ③. 上方 【解析】 【详解】[1][2][3]当沿碗壁缓缓向碗中加水时，来自硬币的光线会从水中斜射入空气中从而发生折射，当折射光线进入人眼时，人眼逆着折射光线看去，看到的便是由于光的折射而形成的虚像（虚像的位置比物体的实际位置偏高），所以小明在A处也能看到硬币的虚像，这是利用了光的折射现象，真实的硬币在像的下方。 16. 共享单车为人们的绿色出行带来便利，车轮胎上有凹凸不平的花纹，是为了________摩擦力，小明骑着单车上学，10min沿水平路面前进了3km，他的平均速度是________km/h，若小明和单车的总重力是800N，车轮与地面接触的总面积是20cm2，骑行过程中单车对地面的压强为________Pa。 【答案】 ①. 增大 ②. 18 ③. 4×105 【解析】 【详解】[1]车轮胎上有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。 [2]他的平均速度 [3]骑行过程中单车对地面的压力F=G总=800N 车轮与地面接触的总面积S=20cm2=2×10-3m2 骑行过程中单车对地面的压强 17. 如图是十三世纪法国亨内考设计的“魔轮”。轮子边缘上通过可以自由转动的铰链等距安装了12个相同的活动短杆，杆端分别套上相同重球。他认为由于右侧重球距离轴较远，即重力的___________较大，转轮会沿___________（“顺时针”或“逆时针”）方向越转越快，根据___________，无需精确测量就能判定他的这一设想是不可能实现的。 【答案】 ①. 力臂 ②. 顺时针 ③. 能量守恒定律 【解析】 【详解】[1][2]图示中，右侧重球离轴较远，即对应的力臂较大。而左侧的重球离轴较近，对应的力臂较小，而球的重力相等，即左侧球的重力与力臂的乘积比右侧球的重力比力臂的乘积小，那么转轮会沿顺时针转动。 [3]魔轮在转动时，会存在能量损失，部分机械能转化为内能，根据能量的守恒定律，魔轮在无外力作用时，不会越转越快。 18. 如图所示，这是小明探究二力平衡条件时的实验情景。 （1）小明将系于小卡片（重力可忽略不计）两端的线分别跨过左右支架上的滑轮，在线的两端挂上钩码，使作用在小卡片上的两个拉力方向不相同，再在两线另一端分别都挂上1个、2个、3个钩码，卡片都能平衡，由此_________（能/不能）得出使物体平衡的两个力必须大小相等； （2）当小卡片平衡时，小明将小卡片________（选填“旋转”或“翻转”）一定角度，松手时小卡片不能平衡，由此实验步骤可知只有作用在同一直线的两个力才能平衡； （3）为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，在图甲所示情况下，小明下一步操作是_________。 【答案】（1）不能 （2）旋转 （3）卡片从中间剪开 【解析】 【小问1详解】 要得出使物体平衡的两个力必须大小相等，需要使小卡片两端受到的拉力大小不同时观察卡片是否平衡，而题中在小卡片两端分别都挂上1个、2个、3个钩码时，两端钩码数相同，即拉力相同，这样的操作无法得出使物体平衡的两个力必须大小相等的结论，所以不能。 【小问2详解】 当小卡片平衡时，将小卡片旋转一定角度，此时两个拉力不在同一直线上，松手时小卡片不能平衡，由此可知只有作用在同一直线的两个力才能平衡。 【小问3详解】 为了验证只有作用在同一物体上的两个力才能平衡，在图甲所示情况下，小明下一步操作是把小卡片剪成两半，这样原来作用在同一卡片上的两个力就分别作用在两个卡片上，观察卡片是否还能平衡。 19. 如图甲是一种新型插座，它能即时显示接在该插座上的用电器的工作电压和所耗电费等。小明将装有质量为1.5kg、初温为10℃水的电水壶插在该插座上。这时插座屏幕上的显示如图乙所示；当水烧开至100℃时，插座屏幕上的显示如图丙所示，则电水壶的实际功率为________W，电水壶在烧水过程中的效率为________；已知电能表常数为3200imp/kW·h，则这段时间内电能表指示灯闪烁____次。（已知电费单价：0.5元/kW·h；c水=4200J/（kg·℃）） 【答案】 ①. 1500 ②. 52.5% ③. 960 【解析】 【详解】[1]这段时间消耗的电能 电水壶的实际功率为 [2]水吸收的热量 电水壶在烧水过程中的效率为 [3]这段时间内电能表指示灯闪烁的次数 20. 如图所示，用漆包线绕成矩形线圈，将线圈两端的导线拉直并用刀将漆全部刮掉，作为转动轴，将线圈放在金属支架上，在它下面放一块小磁体，用纸做一个小风车固定在转动轴上，将装置与小量程电流表相连，当有风将小风车吹动时，小量程电流表的指针 _____（选填“会”或“不会”）偏转，其利用了 _________原理；若将电流表换成干电池接入电路，把线圈一端的绝缘漆刮掉一半，线圈就能够持续转动起来，此时这部分装置相当于 ________（选填“电动机”或“发电机”）。 【答案】 ①. 会 ②. 电磁感应 ③. 电动机 【解析】 【详解】[1][2]图中线圈、导线和电流表组成闭合电路，线圈处在磁场中，当有风将小风车吹动时，风吹风车带动线圈转动切割磁感线从而产生感应电流，因此电流表指针会发生偏转，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理。 [3]若将电流表换成干电池接入电路，把线圈一端的绝缘漆刮掉一半，线圈就能够持续转动起来，其原理是通电线圈在磁场中受力转动，是电动机的原理。 三、解答题（共52分） 21. 按题目要求作图： （1）在图甲中画出入射光线通过凹透镜后的折射光线。 （2）在图乙中请画出一片树叶在空中向下飘落时重力的示意图，O 为树叶的重心。 （3）在图丙中根据磁感线的方向，用“+”号标出电源正极。 【答案】（1） （2） （3） 【解析】 【小问1详解】 入射光线平行于凹透镜的主光轴，则折射光线反向延长通过焦点，如图所示： 【小问2详解】 重力的方向是竖直向下的，从物体重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示： 【小问3详解】 磁体外部的磁感线是从N极出来，回到S极的，所以螺线管的左端为N极，右端为S极，根据安培定则可知，电流从螺线管的左端流入，右端流出，则电源的左端为正极，如图： 22. 工人用如图所示装置在10s内将质量为45kg的货物匀速提升2m，此过程中拉力的功率为120W。不计绳重和轮与轴的摩擦。g取10N/kg，求： （1）有用功； （2）工人的拉力； （3）滑轮组的机械效率。 【答案】（1）900J；（2）200N；（3）75% 【解析】 【详解】解：（1）货物所受的重力为 提升货物所做的有用功为 （2）根据可得，拉力做的总功为 由图可知，绳子的段数n=3，则绳端移动的距离为 根据W= Fs可得，工人的拉力为 （3）滑轮组的机械效率为 答：（1）有用功是900J； （2）工人的拉力为200N； （3）滑轮组的机械效率为75%。 23. 小明设计了一个温控电加热装置，原理如图所示，电压，为热敏电阻，其阻值随加热环境温度的升高而增大．电磁铁线圈电阻10Ω，当导线中的电流大于或等于0.02A时衔铁被吸下，与下触点接触；当电流小于0.02A时，衔铁松开与触点接触，，，求： （1）该电加热器处于加热挡时的电流； （2）衔铁刚被吸下时的阻值； （3）若该电加热器的保温时功率是加热时功率的20%，求的阻值。 【答案】（1）5A；（2）240Ω；（3）176Ω 【解析】 【详解】解：（1）当环境温度低时，热敏电阻的电阻减小，电路的电流增大，电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下时，衔铁与A接触，电阻R1被接入电路，电阻较小，处于加热状态，此时电路中的电流 （2）加热功率为 衔铁刚被吸下时的阻值 （3）当环境温度高时，热敏电阻的电阻增大，电路的电流减小，电磁铁的磁性减弱，衔铁被弹起时，衔铁与B接触，两电阻串联，处于保温状态，此时的功率是加热时功率的20%，即 P保温=20%P加热=20%×1100W=220W 此时电路的总电阻为 R2的阻值 R2=R-R1=220Ω-44Ω=176Ω 答：（1）该电加热器处于加热挡时的电流是5A； （2）衔铁刚被吸下时的阻值是240Ω； （3）若该电加热器的保温时功率是加热时功率的20%，的阻值是176Ω。 24. 小聪用如图所示的装置探究平面镜成像特点。 （1）实验中，选用两个完全相同的棋子A、B，其目的是比较像和物的______关系； （2）在玻璃板前放一个棋子A，确定棋子A像位置的操作是：将另一棋子B放到镜后，使它与A的像______；用刻度尺测出A和B到玻璃板的距离，是为了比较像和物到镜面的距离是否______； （3）为了探究平面镜所成的像是实像还是虚像，除了图示所示的器材外，还需准备的器材是______； （4）若将棋子A靠近玻璃板，则此过程中，棋子A像的大小变化情况是______，棋子A与像之间的距离变化情况是_______。 【答案】 ①. 大小 ②. 重合 ③. 相等 ④. 光屏（或白纸） ⑤. 不变 ⑥. 变小 【解析】 【详解】（1）[1]由于平面镜所成的像与物大小相等，所以选两支完全相同的蜡烛是为了比较物与像的大小关系。 （2）[2]棋子A在玻璃板后所成的像为虚像，所以需要将另一棋子B放到镜后，使它与A的像重合，从而确定虚像的位置。 [3]由于平面镜所成的像与物体到平面镜之间的距离是相等的，所以用刻度尺测出A和B到玻璃板的距离，是为了比较像和物到镜面的距离是否相等。 （3）[4]实像是光线会聚而成的像，可以用光屏呈现，虚像是发散的光线进入人眼，人逆着光线看到的，光屏不可以呈现，所以为了探究平面镜所成的像是实像还是虚像，需要用光屏去呈现。 （4）[5]平面镜成的像与物大小相同，和物到镜的距离无关，人们感觉到的近大远小是一种视觉效果，不影响真实的大小。所以棋子A像的大小变化情况是不变的。 [6]根据平面镜成像特点：像物等距。所以当棋子A靠近玻璃板时，像距玻璃板的距离也减少了，所以棋子A与像之间的距离变小。 25. 如图甲是探究“导体的电流跟电阻的关系”的电路。实验器材：电源（电压恒为4.5V），电流表、电压表各一只，开关一个，定值电阻5个（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω），滑动变阻器（“20Ω；2A”），导线若干。 （1）用笔画线代替导线完成图甲电路的连接__________； （2）先用5Ω的电阻做实验，两电表的指针所指位置如图乙，根据图中信息可以判断电路故障可能是______；排除故障并选择合适的量程，调节滑动变阻器直到电压表示数如图丙所示为______V； （3）当用电阻10Ω替代5Ω继续实验时，应将滑片向______端移动才能使电压表的示数保持不变；改用30Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑片，都无法使电压表的示数保持不变，在现有的器材的基础上，请你提出一种改进方法：______。 （4）根据实验数据绘制图像如图丁，可初步得到结论：电压一定时，______。 （5）设计了如图戊的电路，也能测量额定电流为的小灯泡正常发光时的电阻。电源电压未知、定值电阻的阻值为，请你将实验步骤补充完整。 ①闭合开关，调节滑片，直到电压表的示数为______，此时小灯泡正常发光，读取电压表的示数为； ②小灯泡正常发光时电阻的表达式是______。（均用给定的物理量表示） 【答案】 ①. ②. 定值电阻R断路 ③. 2.5 ④. A ⑤. 串联一个5Ω的电阻 ⑥. 电流与电阻成反比 ⑦. ⑧. 【解析】 【详解】（1）[1]实验需要定值电阻和滑动变阻器串联，电压表测量定值电阻两端的电压。如图所示： （2）[2]乙图中，左表为电压表有示数，且等于电源电压，右边电流表示数为0，说明电压表串联在了电路中，由此可知，与电压表并联的定值电阻断路了。 [3]如图丙电压表接小量程，分度值为0.1V，电压表示数2.5V。 （3）[4]在探究导体的电流跟电阻的关系时，需要保持电阻两端的电压2.5V不变，当用10Ω的电阻替换5Ω的电阻时，闭合开关发现电压表的示数变大，为保持电阻的电压不变，应增加变阻器分得的电压，根据分压原理可知，应增大变阻器连入电路中的电阻，他应该将滑动变阻器的滑片向A端移动，使电压表示数为2.5V。 [5]改用30Ω的电阻继续实验时，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都无法使电压表的示数保持不变是因为滑动变阻器的最大阻值太小，把滑动变阻器阻值全部接入电路时，滑动变阻器分得的电压还是较小，不能使电阻两端达到要求的值；根据可得R滑=24Ω，在现有的器材的基础上，可串联一个5Ω的电阻。 （4）[6]由图丁所示图像可知：通过电阻的电流与电阻值的乘积是一个定值，这说明：在电压不变时，电流与电阻成反比。 （5）[7]如图戊的电路，定值电阻、灯泡和滑动变阻器串联，当电路电流为时，灯泡正常发光，此时电压表的示数为。 [8]电压表测量灯泡两端电压，读取电压表的示数为，说明灯泡的额定电压为，则根据欧姆定律，小灯泡正常发光时电阻的表达式。 26. 室内装修中，人们常用膨胀螺栓将吸顶灯固定在天花板上。如图甲所示，小华用笔杆代替膨胀螺栓，探究插入沙子中的笔杆能吊起的物重与哪些因素有关？对此她提出了以下猜想： 猜想一：可能与笔杆受到的压力有关。 猜想二：可能与笔杆的形状有关。 猜想三：可能与笔杆插入沙子中的深度有关。 （1）为验证猜想一，小华用同一笔杆进行实验，保持笔杆______不变。在瓶内装满沙子的情况下，通过夯实并增加沙子的质量，从而增大沙子对笔杆的挤压力。然后改变轻质小桶内的物重，用______分别测出不同挤压力下笔杆能吊起的最大物重，依次将实验结果记入表格； （2）为验证猜想二，在其他条件不变的情况下，小华将原笔杆上端劈开并插入一根圆柱形柱体使其膨胀，重复上述实验，并将实验数据记入表格； 实验序号 ① ② ③ ④ ⑤ ⑥ 笔杆形状 （未膨胀） （膨胀） 沙子质量m/g 300 400 500 300 400 500 能吊起的最大物重G/N 0.3 3.6 5.0 1.2 7.4 23.8 分析①、②、③组数据，你得到的结论是在笔杆形状与插入沙子的深度一定时，______，能吊起的物重越大，比较______组数据你还可以得到的结论是：笔杆所受压力和插入沙子的深度一定时，膨胀的笔杆能吊起更重的物体； （3）你认为笔杆能吊起的物重还与笔杆的______有关； （4）实验使用的膨胀螺栓如图乙，旋转其底部的螺母，处于墙体中的部分就会膨胀，膨胀栓与墙体间的______变大，当吊起较重的物体时，它与墙体间的摩擦力变______，同时它还受到了墙体对它向上的______力，这样膨胀螺栓可以承受更大的拉力。 【答案】 ①. 插入沙子中的深度 ②. 弹簧测力计 ③. 笔杆受到的压力越大 ④. ①④ ⑤. 材质 ⑥. 压力 ⑦. 大 ⑧. 支持 【解析】 【详解】（1）[1][2]为验证猜想一，即探究插入沙子中的笔杆能吊起的物重与压力的关系，用同一笔杆进行实验，保持笔杆插入沙子中同一深度进行实验，在瓶内装满沙子的情况下，通过夯实并增加沙子的质量，从而增大沙子对笔杆的挤压力。然后改变轻质小桶内的物重，用弹簧测力计分别测出不同挤压力下笔杆能吊起的最大物重。 （2）[3][4]分析①、②、③组数据可知，在笔杆形状与插入沙子的深度一定时，沙子的质量越大，即笔杆受到的压力越大，能吊起的物重越大；分析①④组实验数据可知，在沙子质量相同（压力相同）、进入沙子的深度相同的情况下，笔杆粗细不同，其与沙子的接触面积不同，产生的摩擦力会不同，膨胀的笔杆能吊起更重的物体。 （3）[5]由生活实际可知，笔杆能吊起的物重还可能与笔杆的材质有关。 （4）[6][7][8]实验使用的膨胀螺栓，旋转其底部的螺母，在墙体中的部分就会膨胀，这样膨胀栓与墙体间的压力变大，当吊起较重的物体时，膨胀栓与墙体间的摩擦力变大。同时它还受到了墙体对它向上的支持力，这样膨胀螺栓可以承受更大的拉力。 27. 阅读短文，回答问题： 空气断路器 空气开关，又名空气断路器，是一种电路中电流超过设定电流值就会自动断开的开关。图1为空气开关简化后的原理图，当线路发生一般性过载（即电流较大，但小于设定电流值）时，过载电流虽不能使电磁脱扣器动作，但能使发热元件产生热量，促使左端固定双金属片受热弯曲，推动顶杆使搭钩与锁扣脱开，将触点分离，切断电源。当线路发生短路或严重过载电流时，电磁脱扣器产生足够大的吸力，将衔铁吸合并撞击顶杆，使搭钩绕转轴座向上转动与锁扣脱开，锁扣在弹簧的作用下将触点分离，切断电源。 （1）当线路发生一般性过载时，空气开关利用了电流的______（热/磁/热和磁）效应切断电路； （2）双金属片受热弯曲，推动顶杆使搭钩与锁扣脱开时，搭钩相当于______杠杆； （3）关于电磁脱扣器说法正确的是______； A．A端为电磁脱扣器的N极 B．当300mA的电流致人触电时，空气开关不能自动切断电路 C．只当线路发生短路或严重过载电流时，电磁脱扣器才对衔铁有吸引力 D．锁扣与搭钩脱开前，弹簧没有弹性势能 （4）双金属片是由铜片和铁片组成，受热时铜片膨胀得比铁片大，在图2中的选项中，铜片和铁片的位置符合要求的是______； （5）如果要在现有基础上将空气开关的设定电流值调小一些，你的做法是：______。 【答案】 ①. 热 ②. 费力 ③. B ④. B ⑤. 增加电磁脱扣器线圈匝数 【解析】 【详解】（1）[1]空气开关中有一个电磁铁（电磁铁的原理是电流的磁效应），当电流过大时，电磁铁会产生较强的磁性从而吸引衔铁Q，使开关断开，切断电路，所以空气开关切断电路是电流的磁效应引起的；而双金属片利用电流的热效应加热。 （2）[2]挺杆向上顶起搭钩时，搭钩的动力臂小于阻力臂，相当于费力杠杆。 （3）[3]A．根据图中知，电源为交流电，因而电流方向一直改变，电磁铁的磁极改变，A端不一定为电磁脱扣器的N极，故A错误； BC．当线路发生短路或严重过载电流时，电磁脱扣器产生足够大的吸力，将衔铁吸合并撞击顶杆，使搭钩绕转轴座向上转动与锁扣脱开，当300mA的电流致人触电时，电流较小，吸引力较小，空气开关不能自动切断电路，在正常工作时，电磁脱扣器对衔铁也有较小的吸引力，故B正确，C错误。 D．锁扣与搭钩脱开前，弹簧被拉长，所以有弹性势能，故D错误。 故选B。 （4）[4]图中双金属片受热必须向上弯曲才能顶起顶杆，因而必须下方的金属片比上方膨胀厉害，因而下方是铜，上方是铁，故选B。 （5）[5]如果要在现有基础上将空气开关的设定电流值调小一些，因而必须增大电磁铁的线圈匝数，同时增大发热元件的电阻，增大产生的热量。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $