广东省佛山市南海区狮山石门高级中学2025-2026学年高二上学期第二次统测物理试题

石门高级中学2025-2026学年第一学期高二年级物理科 第二次统测试题 (全卷共5页，供1-13班使用) 命题人：曾颖瑜 审题人：廖雪琴 一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合 题目要求，选对的得4分，错选、不选得0分。 1.弹簧测力计下挂一条形磁铁，其N极一端位于一通电螺线管的正上方，如图所示，下列说法正确的是() A.若a接电源正极，b接负极，弹簧测力计示数不变 CLE4L∠ B.若a接电源正极，b接负极，弹簧测力计示数增大 C.若b接电源正极，α接负极，弹簧测力计示数减小 D.若b接电源正极，a接负极，弹簧测力计示数增大 -ob 2.2018年珠海航展，我国首台量子雷达亮相（如图），量子雷达发射经典态的电磁波，可以捕捉到普通雷达 无法探测到的目标。下列说法正确的是() A.量子就是电子 B.频率越高的电磁波能量越小N C.电磁波在真空中的传播速度与其频率有关 D.空间某处电场或磁场发生正弦规律变化就会在其周围产生电磁波 3.跑酷运动被称为“现代轻功”，跑酷运动员在经过严格训练后，可以从很高的高度跳下而不受伤，他们从 高处跳下来一般都是采取翻滚着地的技巧，请问翻滚着地目的是() A.单单为了炫酷，花里胡哨 B.减小着地过程运动员的动量变化量 C.延长跟地面的作用时间，减小运动员的合冲量 D.延长跟地面的作用时间，减小运动员所受合力 4.下列有关振动的说法正确的是() A.阻尼振动的振幅不会变化 B.物体振动的频率就是物体的固有频率 C.当驱动力的频率等于固有频率时，物体做受迫振动的振幅达到最大值 D.共振是普遍的现象，都是有利的 5.A、B两球在光滑水平面上沿同一直线向同一方向运动，m4=1kg,mg=2kg,v4=6m/S,vg=2m/S, 当A追上B并发生碰撞后，A、B两球速度的可能值是取两球碰前的运动方向为正)() 第1页，共5页 A.v'A=2m/s,v'B =4m/s B.v'=4m/s,v'B =4m/s C.v'=-4m/s,v'B =7m/s D.v'=7m/s,v'g =1.5m/s 6.如图所示，垂直纸面方向有两条通电长直导线a、b,导线中通有大小相等，方向相反的电流，它们之间 的距离为L。已知通电长直导线周围某点的磁感应强度为B=k子，其中r为该点到导线的距离，I为电流大小。 O为a、b连线的中点，P、Q为a、b连线中垂线上两点，P、Q两点到a、b的距离均为L。已知直导线a在0点 产生的磁感应强度为B。下列说法正确的是() P A.导线a在P点产生的磁感应强度大小为B B.O点的磁感应强度大小为0 ⊙ 0 C.P点的磁感应强度大小为 Q D.P、Q两点的磁感应强度方向相反 7.如图甲所示，在足够大的光滑水平面上放有两个物块，其中物块B连接一个轻弹簧并处于静止状态，质量 为m的物块A以初速度v向着物块B运动，在物块A与弹簧发生相互作用的全过程中，A的速度v,和B的速度v2 之间的关系如图乙所示，物块始终保持直线运动，则下列说法正确的是() A.物块A做匀减速运动 B.物块B的质量为2m C.弹簧最短时A和B的速度为号"o M 2 D.弹簧储存的最大弹性势能为后mwd 图甲 图乙 二、多项选择题：本题共3小题，每题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上的 选项符合题目要求，全选对的得6分，漏选的得3分，错选或不选得0分 8.期末复习时小艾同学在课本中选取了几幅图片进行知识回顾，如图所示。她以下的复述中，正确的是() 甲 A.闭合图甲中的开关S,将滑动变阻器的滑片P左右移动时，灵敏电流计G的读数始终为零 B.图乙中原来静止的四个相同小球，当a摆起来以后，其余三个小球会逐渐摆动起来，c的振幅最大，b的 振幅最小，a、d的振幅相等 C.图丙是阻尼振动的位移-时间图，由图像可知随着时间的增加振子的振幅不断减小，周期几乎不变 D.图丁中面积为S的线框与磁感应强度B不垂直时，穿过线框的磁通量中=BScos0 9.将一物体从地面以某一初速度竖直向上抛出，取竖直向下为正方向，不计空气阻力。物体的动量”的大小、 第2页，共5页 动量的变化量△p随时间变化的图像及物体的动量变化率2随离地高度变化图像正确的是() △t △D △p1 △p △t △t B D 10.现在人们对手机的依赖越来越强，某同学躺着用手机刷短视频时打瞌睡，手机不小心掉落在脸上。若手 机的质量为200g,从离人脸约20cm的高度无初速度掉落（假设手机掉落过程其界面保持水平），碰到人脸后 手机未反弹，人脸受到手机的冲击时间为0.02s,选择竖直向下为正方向，取重力加速度大小g=10/s2, 不计空气阻力，碰撞过程中，下列说法正确的是() A.手机所受作用力的冲量约为-0.4N·s B.手机对人脸的平均冲击力的冲量方向为竖直向上 C.手机对人脸的平均冲击力大小约为22N D.若该同学给手机装上一个比较软的保护壳，其他条件不变的情况下，可以减小手机对人脸的平均冲击力 三、实验与解答题：本大题共5小题，共54分。按题目要求作答.解答题应写出必要的文字说明、方程式 和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位 11.(10分)随着居民生活水平的提高，纯净水已经进入千家万户。某市对市场上出售的纯净水质量进行了 抽测，结果发现有不少样品的电导率电导率是电阻率的倒数，是检验纯净水是否合格的一项重要指标)不合 格。某学习小组设计实验测量某种纯净水的电阻进而得出该纯净水的电导率。在粗细均匀的圆柱形玻璃管 中注满纯净水，玻璃管长为L,玻璃管两端用插有铜钉的橡皮塞塞住。 ◆W 6.0日 5.0 40 1 10 11 12 山山山山山山山L TTTTTTTTTTTTTTTTTTTTT 05101520 00.51.01.52.02.53.0imA 图1 图2 图3 图4 图5 (1)注水前，如图1所示，用螺旋测微器测得玻璃管直径为d= m;如图2所示，用20分度游标卡尺 测得玻璃管长度为L=cm。 (2)为了测量所取纯净水的电阻，该小组从实验室中找到如下实验器材：A、电流表（量程 0~3mA,电阻约为52)B、电压表（量程0~6V,电阻约为10k2)C、滑动变阻器(0~202， 额定电流1A)D、电源（能提供6V的恒定电压）E、开关一只、导线若干。 ①根据图3中的电路图，请将图4电路连接完整 第3页，共5页 ②图5为根据电流表和电压表的实验数据所画的U一1图像。根据U-1图像，求出该纯净水的电阻 R=2(保留2位有效数字)。 (3)计算纯净水的电导率表达式σ=_（用符号π、R、d、L表示），通过代入数据可判定此纯净水是否合格。 12.(8分)在利用单摆实验测量重力加速度时，某同学想改变传统秒表计时的方式，改为使用霍尔元件和 单片机进行计时。按图乙方式将霍尔元件置于磁性摆球静止时的正下方，当小球做单摆运动经过最低点时， 霍尔传感器产生脉冲信号并发送给单片机，单片机接收信号并计时，并将数据传输给电脑和手机，实时显 示测量结果并分析处理和存储数据。 (1)实验前，再用刻度尺测出绳长为L,用游标尺 测出摆球的直径d; (2)电脑将单片机传输的计时数据处理后得到电 连接单片机“性摆球 t 压的脉冲信号随时间t的变化图线如图丙所示， 则该单摆的周期为 (3)最后根据测量得到单摆的摆长和运动周期，计算出重力加速度，其表达式为g一。（用本题中涉 及的符号表示) (④)若某次实验找不到磁性小球，只有一个不规则的小磁铁，将小磁铁用细线悬挂起来做成单摆，取不同摆 长Z、L2.L进行n次测量，得周期T、T.1.,以测量的绳长L为横坐标，T2为纵坐标，作出T2-L 图线，如图丁所示，应为图线 （填““b或c)。使用图像法处理数据测重力加速度，不规则小磁 铁的重心不确定，这对测量结果是否有影响？ （填“是”或“否) x/cm 13.(10分)如图所示是某质点做简谐运动的图像。 (1)该振动的振幅和周期是多少？t=6s时质点的位移是多少？ (2)0~20s内质点通过的路程是多少？ (3)该质点的振动方程可以写作x=4cos(ωt什po)cm,其中的ω和p0各是多少？ 14.(10分)如图所示，地面光滑，质量m=2kg的平板车B上表面水平， 在平板车左端相对于车静止着一块质量m4=2kg的物块A,A、B一起 以大小为v1=0.5m/s的速度向左运动，一颗质量mo=0.01kg的子弹以 第4页，共5页 大小为vo=600m/s的水平初速度向右瞬间射穿A后，速度变为v=200m/s。已知A与B之间的动摩擦 因数不为零，且A与B最终达到相对静止时A刚好停在B的右端，车长L=1m,g取10m/s2,求： (1)子弹穿过物块A的一瞬间，物块A的速度的大小： (2)A与B间的动摩擦因数。 15.(16分)如图所示，木板C静置于光滑的水平面上，物块B静置于木板C的左端，竖直平面内的四分 之一光滑圆弧轨道下端与木板C的上表面相切。物块A以初速度。=4s从圆弧轨道的最高点滑下，与物 块B发生弹性碰撞后恰好返回到圆弧轨道的最高点，物块B恰好未滑离木板C。已知物块A的质量m,=2g, 木板C的质量，=8kg,圆弧轨道的半径R=0.45m,物块B和木板C间的动摩擦因数为u=0.2,物块A、 B均可看作质点，重力加速度取g=l0/s2。求： ,O (1)物块A第一次运动到圆弧轨道最低点时受到的支持力大 小： B C (2)物块B的质量2； frYY5 (3)木板C的长度L。 第5页，共5页 石门高级中学2025-2026学年第一学期高二年级物理科 第二次统测答案 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 D D C y c D CD BC ACD 1.【答案】D【解析】若a接电源正极，b接负极，螺线管中电流俯视沿逆时针方向， 由安培定则判断螺线 管的上端相当于条形磁铁的N极，故磁铁受到螺线管对它向上的斥力作用，弹簧测力计示数减小，A、B错 误；若b接电源正极，α接负极，由安培定则判断螺线管的上端相当于条形磁铁的S极，磁铁受到螺线管对它 向下的引力作用，弹簧测力计示数变大，故C错误，D正确。 2.【答案】B【解析】A量子不是电子，电子是实物粒子，故A错误；B根据麦克斯韦理论可知，空间某 处电场或磁场发生正弦规律变化就会在其周围产生电磁波，故B正确。C.电磁波在真空中的传播速度与其 频率无关，为光速，故C错误；D根据E=w,频率越高的电磁波能量越大，故D错误； 3.【答案】D【解析】根据动量定理F△M=9可得着地过程运动员的动量变化一定，运动员受到的合力 冲量一定，翻滚着地可以延长跟地面的作用时间，从而减小运动员所受合力。故选D。 4.【答案】C【解析】A阻尼振动由于阻力作用，一部分机械能转化为内能，因此阻尼振动的振幅将逐渐 减小，故A错误；B物体振动的频率不一定是物体的固有频率，对于受迫振动，受迫振动频率与外界驱动 力的频率相等，故B错误；C.当驱动力的频率与固有频率相等时，物体会发生共振，此时物体做受迫振动 的振幅达到最大值，故C正确；D.共振是普遍的现象，但不一定都是有利的，例如桥梁在风作用下的振动， 如果发生共振，极有可能使桥梁受损，故D错误。故选：C。 5.【答案】A【解析】以A的初速度方向为正方向，碰撞前系统的总动量：p=m4V4+mgvB=I0kg·m/s, 系统总的机械能：E=之m4+m哈=2： A、如果vA'=2mS,vg'=4m/s,则p=m4va'+mgvg'=10kg·m/s,系统总的机械能：E=mAva2+ v=1,碰撞后系统动量守恒，机械能不增加，故A正确； 1 B、如果vA'=4m/S,vg'=4m/s,则p=m4vA'+mgvB'=12kg·m/S,碰撞后系统动量不守恒，故B错误； C、如果A二ms,g=7ms,则p=m4A+mg'=10kg~ms,系统总的机械能：E=克m442+ mgvg2=57刃，碰撞后系统动量守恒，机械能增加，故C错误； D、如果v4'=7S,vg'=1.5ms,碰撞后A的速度大于B的速度，不符合实际情况，故D错误；故选：A。 6.【答案1C【解析H由B=k华可知，导线a在0点产生的磁感应强度大小为B。=k号=k兴，导线a在P点 产生的磁感应强度大小为BaP=k经-8，A错误： 答案第1页，共5页 B.由安培定则可知，通电长直导线α、b在0点产生的磁感应强度大小相等，方向相同，都竖直向下，则0 点的磁感应强度大小为2B。,B错误： CD.导线a在P点产生的磁感应强度Bp方向垂直aP的连线向右下，导线b在P点产生 P 的磁感应强度BP方向垂直bP的连线向左下，如图所示，两导线在P点产生的磁感应强 B点 B 度大小相等，都为B,,由几何关系可知，两分磁感应强度的夹角为120，可知P点的 B、 磁感应强度Bp大小是B0,方向向下，同理可得Q点的磁感应强度BQ大小也是B, 方向也是向下，C正确，D错误。故选C。 7.【答案】D【解析】A、物块A的加速度由弹簧弹力提供，而弹簧弹力F=kx(x为形变量)，形变量x随运 动过程变化，因此弹力F是变力，加速度a=点也随时间变化，A做变加速（减速）运动，而非匀减速运动，故 A错误；B、水平面光滑，系统(A、B、弹簧)在水平方向不受外力，动量守恒。设物块A质量为m,物块B 质量为M,初始时A速度为vo,B速度为O,因此系统初始动量为mvo,图乙是v,-v2图像(v,为A的速度，v2 为B的速度)。由图像可知：当v2=0时，v,=vo(初始状态)，当v2=2v时，v,=O弹簧恢复原长时，A速度 为O,B速度最大)。弹簧恢复原长时，弹性势能为O,系统动能等于初始动能（机械能守恒）。此时动量守恒 表达式为：mw,=m·0+M·2wo,解得M=?,故B错误；C、弹簧最短时，A、B速度相等（设为吵，此时 动量守恒：m=(m+Mp,代入M=空得：mo=(m+受p,解得v=警，故C错误：D、弹簧弹性势 能最大时，是A、B速度相等（弹簧最短）的时刻。此时系统动能最小，弹性势能等于初始动能与此时动能的 差值。初始动能：Eo=2m6,弹簧最短时的动能：E&=m+Mv2,代入M=受和v=驾，得：Bk=(m+ 受学P-专受·皆-号m听.则最大弹性势能：，一5g-5k-m听-有m哈-名mu哈。故D正确。 8.【答案】CD【解析】A.闭合图甲中的开关S,将滑动变阻器的滑片P左右移动时，左边线圈的电流变化， 导致其磁场变化，则穿过线圈的磁通量变化，灵敏电流计G的闭合回路会产生感应电流，则其读数不为零， 故A错误；B.受迫振动的周期与驱动力周期相同，当α摆起来以后，其余三个小球周期相同，当受迫振动的 小球固有周期与驱动力周期相同时，振幅最大，则d的振幅最大，b的振幅最小，α、d的振幅相等，故B错 误；C图丙是阻尼振动的位移-时间图，由图像可知随着时间的增加振子的振幅不断减小，周期几乎不变， 故C正确；D.穿过线框的磁通量为中=BS,=BScose,故D正确。故选：CD。 9BC【详解】A.取竖直向下为矢量的正方向，则当物体竖直上抛时，动量为负值且逐渐减小，然后向下（正 向)增加，选项A错误；B.根据动量定理△p=gt,则p-t图像是过原点的直线，选项B正确；CD.因 内光g,可知史h图像是平行横轴的直线，选项C正确，D错误。故选BC △t 答案第2页，共5页 10.【答案】ACD【解析】A.手机离人脸高度h=20cm=0.20m,手机的质量为m=200g=0.20kg,根据 自由落体运动规律v2=2gh,解得手机落到脸上的速度大小为v=√2gh=√2×10×O.2m/s=2ms,选择 竖直向下为正方向，由动量定理得手机所受作用力的冲量约为l=△p=0-mw=-0.4W·s,故A正确： B.手机对人脸的平均冲击力的方向竖直向下，冲量方向为竖直向下，故B错误： C对手机有1=(F+mg)t,解得F={mg=a82N-02×10N一2N,由牛顿第三定律可知手机对人脸 的平均冲击力大小与人脸对手机的作用力大小相等，为22N,故C正确： D.若该同学给手机装上一个比较软的保护壳，其他条件不变的情况下，可以延长人脸受到手机的冲击时间， 由F=:mg可知，可以减小手机对人脸的平均冲击力，故D正确。 故选ACD。 11.(10分)【答案】6.122/6.121~6.124,10.225， 21×10,0 【解析】(1)[1]螺旋测微器的精确值为Q.01mm,由图1可知玻璃管内径为d=6mm+12.2×0.0mm= 6.122mm [2]20分度游标卡尺的精确值为0.05mm,由图2可知玻璃管长度为L=102mm+5×0.05mm= 102.25mm=10.225cm (2)根据图3中的电路图，完整的实物连线如图所示 ②根据欧姆定律可得R=片=23品卫≈21×10n ③根据电阻定律可得R=哈0部又0-合联立可得。总 12.（本题8分)(22x6)(2L+ (4) a否 2t6 【详解】(2)由题意可知，当小球做单摆运动经过最低点时，霍尔传感器产生脉冲信号，因此由图丙可知 相邻两个电压脉冲之间的时间间隔为半个周期，则该单摆的周期为2t。。 (3)可知绳长为L,摆球的直径为d,则有摆长为L=L+ 2 由单摆的周期公式可得g=(2L+ 2t6 (4)[1]以测量的绳长L为横坐标，T2为纵坐标，设小磁铁的重心到固定小磁铁悬线的距离为d'，可知单 摆的摆长为1+d,由单摆的周期公式可得T_4L+4d g g 答案第3页，共5页 可知T2-L图线应为图线a。 [2]使用图像法处理数据测重力加速度，不规则小磁铁的重心不确定，由T:_4πL+4π g 可知T:-L图线的斜幸4红不变，则测量值8不变，因此这对测量结果没有影响，即否。 g 13.(10分)【解答】解：(1)由图知，该振动的振幅是A=4cm,周期是T=8s (2分) 由图可知，t=6s时质点的位移是-4cm: (1分) (2)0~20s质点通过的路程是s=4A(1分) 其中nt/T （1分)得s=40cm (1分) (3)其中的0三2元元 T4rad/s (1分) 当t=2s时x:4os(0t+中0)cm=4c0s(匹×2+中gcmr4cn (2分) 得中0=2 (1分) 14.（10分)解：(1)子弹射出木块A的过程，规定向右为正方向，以子弹与A组成的系统为研究对象， 根据动量守恒定律得：mov0-ImAV1=mov+mAVA（2分) 代入数据解得：vA=1.5m/s (2分) (2)子弹穿过物块A后，物块A以1.5m/s的速度开始向右滑行，B以0.5m/s的速度开始向左做匀减速 直线运动，当A、B有共同速度时，两者相对静止。对A、B组成的系统运用动量守恒，规定向右为正 方向，有：mAVA-BV1=(mA+mB)V2（2分) 代入数据解得：v2=0.5m/s (1分) 根据能量守恒定律知：mAgL=上mAvA24mBv2-是(mAmB)v2 21 2 (2分) 2 代入数据解得：μ=0.1. (1分) 15.(16分)(1)1180N,(2)8张g:(3)05m 9 解：《1)物块A从圆弧轨道的最高点滑下第一次运动到图弧轨道最低点过程有叫+m风= %，(2 分)解得y=5m/s(1分) 在最低点，由牛顿第二定律得人-m8=g，(2分)解得R 1180N(1分) R 9 答案第4页，共5页 由牛顿第三定律得对轨道的压力为R=180N (1分) 9 (2)物块A与物块B的碰撞过程为弹性碰撞，设碰后物块A的速度大小为2，物块B的速度大小为y, 由系统动量守恒定律得my=-y,+,y,(1分) 1 由系统机械能守恒定律得三=2+，%3 (1分) 碰后物块A恰好返回到圆弧轨道的最高点，则有以gR= "%好 (2分) 解得y2=3m/s,3=2m/s,2=8kg （2分) (3)物块B恰好未滑离木板C,说明物块B到达木板C的右端时，两者具有相同的速度V4,对物块B与 木板C组成的系统，由动量守恒定律得，y3=(2+)v(1分) 1 由能量守恒定律得gL三)Y一（仍+仍）子 (1分) 解得L=二m=0.5m(1分) 2 答案第5页，共5页