江苏省南京市玄武区2025-2026学年九年级上学期期末模拟物理练习卷

江苏省南京市玄武区2025-2026学年九年级（上）学期期末物理模拟练习卷 一、单选题：本大题共12小题，共24分。 1.如图所示，小明用铡刀切甘蔗，若把铡刀视为一根能够绕固定点转动的杠杆，小明在铡刀右端施加一个始终垂直铡刀向下的动力，若甘蔗对铡刀的阻力始终垂直铡刀向上，且大小不变，则下列说法中正确的是(    ) A. 甘蔗放在点时更省力，是因为阻力臂小 B. 甘蔗放在点时更省力，是因为动力臂大 C. 甘蔗放在点时更省力，是因为阻力臂小 D. 甘蔗放在点时更省力，是因为动力臂大 2.根据生活经验，下列数据符合实际的是(    ) A. 教室内一盏日光灯的功率为 B. 家用节能灯中电流为 C. 电磁波在真空中的传播速度为 D. 我国家庭电路的电压值为 3.如图所示，徐州队主场对阵扬州队比赛的第分钟徐州队号前锋姜伟头球破门，下面说法正确的是(    ) A. 足球飞行时头对足球做功 B. 只有击球瞬间对足球做功 C. 足球飞行时惯性对足球做功 D. 足球飞行时重力对足球不做功 4.如图所示，用简单机械分别提起同一重物，滑轮重，均质杠杆重，手的拉力始终沿竖直方向，不计绳重及摩擦，下列说法错误的是(    ) A. 如图甲，该装置不省力，不省距离，也不省功 B. 如图乙，该装置的机械效率是三者中最低的 C. 如图丙，匀速拉动物体上升的过程中，逐渐变小 D. 若提升的物体越重，乙、丙的机械效率就会越高 5.汽车是现代生活中最常见的一种交通工具，如图甲、乙分别是某汽油机的某冲程及能量流向图。下列有关说法正确的是(    ) A. 由乙图可知该汽油机的效率是 B. 甲图是压缩冲程，活塞对气缸内的气体做功，气体的温度升高 C. 汽车尾气中的“汽油味”越浓燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的热值 D. 为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的热值 6.如图所示，摆球由点静止释放，经过最低点到达点。关于摆球，下列说法中正确的是(    ) A. 如果点到点的过程中机械能守恒，则、两点等高 B. 在点时处于平衡状态 C. 在点时重力势能最大 D. 从点到点动能转化为重力势能 7.根据欧姆定律变形得，下列说法正确的是(    ) A. 通过导体的电流越大，这段导体的电阻就越小 B. 导体两端的电压越高，这段导体的电阻就越大 C. 导体的电阻与电压成正比，与电流成反比 D. 电阻是导体本身的一种性质，它的大小与电压和电流无关 8.自动电压力锅当锅内压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作，压强过大时开关自动断开，温度过高时开关自动断开。图中反映了压力锅内部电路的是  (    ) A. B. C. D. 9.在电学实验中，遇到电路故障时常用电压表来检测。如图所示，电源电压恒为，闭合开关后两灯均不亮，用电压表先后测得、和两端的电压均为，则故障可能是(    ) A. 灯断路 B. 灯断路 C. 灯短路 D. 灯短路 10.如图甲是非接触式红外线测温枪，图乙是它的工作原理图，是定值电阻，是红外线热敏电阻，其阻值随人体温度变化的图像如图丙。闭合开关，对该电路分析正确的是(    ) A. 体温越高，的阻值越大 B. 体温越高，电压表的示数越大 C. 体温越低，两端的电压越小 D. 体温越低，通过的电流越大 11.甲、乙两只电热杯及其铭牌如图所示，若它们的电阻不随温度的变化而改变，则下列说法中正确的是(    ) A. 甲的电阻小于乙的电阻 B. 两电热杯均正常工作时，相同时间内消耗的电能一样多 C. 若将乙接在电压为的电路中，它的实际功率为 D. 若将两电热杯串联后接在电压为的电路中，相同时间内甲产生的热量较多 12.如图甲所示，电源电压恒为，为定值电阻。闭合开关，在滑动变阻器的滑片从端滑至端的过程中，图乙是电压表的示数随电流表示数的变化关系，图丙是滑动变阻器的功率随其两端电压的变化关系，图丁是效率即滑动变阻器消耗的功率与电路消耗的总功率之比随滑动变阻器电阻的变化关系，则下列判断正确的是  (    ) A. 定值电阻的阻值为 B. 滑动变阻器最大阻值 C. 乙图阴影部分面积为 D. 丙图点的坐标为 二、填空题：本大题共12小题，共24分。 13.年月日时分，神舟十九号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。返回舱在进入大气层一段时间后，由于受空气阻力作用会匀速下降，此过程中，动能          ，势能          ，机械能          选填“增大”“减小”或“不变”。 14.如图所示，图、、、是四冲程汽油机的工作示意图，图、是演示实验的示意图。图是表示汽油机工作时的        冲程，与它原理相同的是        图所示的演示实验，汽油机在这一过程把        能转化为        能，气缸内物质的内能        。选填“增大”、“减小”“不变”。 15.用如图所示滑轮组内将物体提升，已知物体重为，每个滑轮重为，若不计绳重和摩擦，则该过程中滑轮组所做的有用功为          ，拉力的功率为          ，机械效率为           16.如图所示，小明先后两次用同样的时间、同样大小的力，将不同质量的物体在不同的表面上分别移动相同的距离。该力在此过程中所做功分别为、，功率分别为、，它们的大小关系是          ，          。 17.灯、分别标有“”和“”字样假设灯丝电阻不随温度变化，若将、并联接在电源两端，则干路的总电流为        ；若将、串联，电源电压最大为        。 18.如图甲所示，电源电压不变，电流表量程为，电压表量程为，定值电阻大于，滑动变阻器的规格为“，”，小灯泡的电流随其两端电压变化的图像如图乙所示。若闭合开关，接，在电路安全的情况下，变阻器允许接入电路的最大阻值为，则电源电压为________，灯泡的最小功率为________；若闭合开关，接，在电路安全的情况下，电路中允许通过的最大电流是最小电流的倍，则电阻的阻值为________。 19.如图是搬运泥土的独轮车，独轮车属于          杠杆选填“省力”或“费力”。设车箱和泥土的总重力，运泥土时从点提起独轮车把手的力是，的力臂是          ，的大小至少是          。 20.请完成下列填空。 如图所示，用红外灯加热质量相同的水和沙子，水和沙子吸收热量的多少通过______选填“加热时间”或“升高温度”来反映。 如图所示，探究的是动能大小与______的关系。 如图所示，电阻箱的读数为______。 21.用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，两液体的温度随时间变化的图象如图所示。在相同的时间内，甲、乙两种液体吸收的热量 ____选填“相同”或“不同”。根据图象可知，甲液体的比热容____选填“大于”、“等于”或“小于”乙液体的比热容。 22.如图所示的电路中，电源电压不变，将滑片向左移动的过程中，示数始终不变的电表是______。当滑片移至左端时，断开电键，电压表示数与电流表示数的比值将______选填“变大”、“不变”或“变小”。 23.小明利用如图甲所示电路进行“探究电流与电阻关系”的实验，已知电源电压为，实验用到的电阻值分别为、、、、，实验中所得数据画出乙图所示的图象。 根据图像，实验中应保持两端的电压为_____不变； 实验时，将由换成时，滑片要向_____选填“左”或“右”端移动。为完成整个实验应选取最大阻值不小于_____的滑动变阻器； 若滑动变阻器的最大阻值为，要完成上述实验，定值电阻两端电压的最小预设值是_____。 24.体重的小明在内跳绳个，每次跳离地面的高度约，则小明跳绳一次做的功为           ，他在跳绳时的功率为          。小华在内跳绳个，则小华跳绳的功率          选填“一定小于”“一定大于”或“可能小于”小明跳绳的功率。 三、作图题：本大题共3小题，共6分。 25.如图所示是古人用来汲水的桔槔示意图，请在图中画出动力的力臂。 26.如图所示，小明站在高台处通过一根绳子和两个滑轮匀速提起物体，画出滑轮组最省力的绕线。 27.如图所示，在中填入电压表或电流表的符号，闭合开关后使两个小灯串联且都能发光。 四、实验探究题：本大题共1小题，共6分。 28.某实验小组设计了如图甲所示的电路“探究串联电路中的电压规律”。 闭合开关后，电压表示数如图乙所示。为了使实验结果更精确，接下来的正确操作是：断开开关，______； 小明同学根据图甲所示的电路完成了实验，并把实验数据记录在下表中： 分析实验数据得出两个实验结论： 串联电路中总电压等于各用电器两端的电压之和； 串联电路中各用电器两端的电压相等； 实验结束后小明和小华互相交流，小华指出结论是错误的，造成结论错误的原因是______； 该实验另一个不足之处是______； 小亮设计了如图丙所示的电路来“探究串联电路中的电压规律”，他设想当单刀双掷开关接时，电压表测两端的电压；单刀双掷开关接时，电压表测两端的电压，后来他通过实际操作发现，该电路不能完成这个探究实验，这是因为改接后会导致电压表的______。 五、综合题：本大题共2小题，共20分。 29.如图甲所示，水暖电热毯是新一代电热毯，采用水电分离的设计，再向毯内软管输送温水，通过水循环使热量在毯体内向四周传导 水暖电热毯 额定电压 额定功率 恒温功率 每晚耗电 约度 主机容量 控温范围 州州认真研究了某品牌水暖电热毯的铭牌后，认为水暖电热毯相比普通双人电热毯功率范围在之间有以下特点          ； A.“快速升温”说明水暖电热毯产生的热量比普通双人电热毯多 B.“采用水电分离设计”是为了防止触电或引发短路带来危害 C.“每晚耗电约度”是每晚水暖电热毯在额定功率下工作的用电量 D.“毯体无电流”说明水暖电热毯使用时绝对无电磁辐射 州州仔细阅读了该水暖电热毯的使用说明书后，发现该水暖电热毯有“加热”和“保温”两挡，其简化电路如图乙所示。当单刀双掷开关接时          挡； 晚上州州关闭家中所有用电器，装满水，记录电能表读数为，早上记录电能表读数为，一晚以小时计，则此款水暖电热毯这段时间的电功率为          ； 某品牌水暖电热毯的广告语是“分钟热水循环”。水暖电热毯在额定电压下工作，按照铭牌中的数据，分钟加热过程可以让水箱中的水升温约          注：水，水，不考虑热量损失，结果保留一位小数。 30.小伟在乘飞机时了解到，经济舱乘客的免费托运行李限重，而商务舱的乘客允许携带更重的免费托运行李。如图是小伟设计的模拟飞机行李超重的检测装置，杠杆始终处于水平位置，电源电压恒为，是阻值为的定值电阻，是力敏电阻，它的阻值随压力变化的关系如表所示。当电压表的示数时，检测装置会自动报警。 压力 阻值 小伟把检测装置恰好报警时的电学物理量标在图中，请帮他计算此时的电阻为_________； 如图杠杆上有两个行李托盘，、是杠杆上的两个承重点，已知，。小伟闭合开关，将的模拟行李放在某一个托盘上时，检测装置恰好报警，当他将商务舱乘客的模拟行李放在另一个托盘上时，检测装置也恰好报警。商务舱乘客的模拟行李限重为_________；杠杆、支架及托盘的重力均忽略不计 检测装置长期使用后，电源电压会变小，若要使乘客的行李限重不变，在不更换电源及的情况下，应将托盘向___________移动适当位置。 答案和解析 1.【答案】  【解析】解：由图可知，根据杠杆平衡条件可知，点为支点，刀柄是动力作用点，动力臂不变，切甘蔗处是阻力作用点，甘蔗对铡刀的阻力始终垂直铡刀向上，且大小不变，甘蔗放在点时，阻力臂更大，动力更大，更费力，放在点时，阻力臂更小，动力更小，更省力，故A正确，BCD错误。 故选：。 先根据动力臂和阻力臂的大小关系判断杠杆类型，再根据杠杆的平衡条件判断其力与力臂之间的关系。 本题利用生活中某一实例铡刀的应用，较全面地考查了物理知识的应用，揭示了物理来源于生活又应用于生活的物理意识，是中考的常见题型。 2.【答案】  【解析】【分析】 据日常生产生活常识对电功率和电流进行估测； 电磁波可以在真空中传播，速度为； 我国家庭电路的电压值为。 【解答】 解：、教室内一盏日光灯的功率约为，故A错误； B、家用节能灯中电流约为，故B错误； C、电磁波在真空中的传播速度为，故C错误； D、我国家庭电路的电压值为，故D正确。 故选：。 3.【答案】  【解析】解：、足球飞行时，不再受到头的作用力，头对足球不做功，故A错误。 B、击球瞬间，头对足球有力的作用，足球在该力的方向上通过了距离，头对足球做了功，综合的分析可知，只有击球瞬间对足球做功，故B正确。 C、惯性不是力，不能说惯性对足球做功，故C错误。 D、足球飞行时，受到重力作用，并且在重力的方向上通过了距离，重力对足球做功，故D错误。 故选：。 物理学中的做功的两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离，二者缺一不可。 此题考查力是否做功的判断，明确三种情况不做功：一是有力无距离例如：推而未动，二是有距离无力靠惯性运动，三是力的方向与运动方向垂直。 4.【答案】  【解析】A.甲图是定滑轮，定滑轮的实质是等臂杠杆，使用定滑轮不省力也不省距离也不省功，故A正确，不符合题意； B.根据  可知，忽略绳重及摩擦，甲图中不用克服摩擦和滑轮做额外功，该装置的机械效率最高；乙图中克服动滑轮的重力做的功为额外功，机械效率为  丙图中，克服杠杆的重力做的功为额外功，当物体被提升时，根据数学的相似三角形知识可知，拉力端移动，杠杆的重心上升，则该装置的机械效率为  可知  可得：乙装置的机械效率是三者中最低的，故B正确，不符合题意； C.若始终保持拉力的方向竖直向上，则在杠杆匀速拉动物体上升过程中，结合数学知识可知，动力臂总是阻力臂的倍，由杠杆平衡条件可知，拉力保持不变，故C错误，符合题意； D.若提升的物体越重，提升相同的高度，所做的有用功越大，而额外功不变，由  可知，机械效率就会越高，故D正确，不符合题意。 故选C。 5.【答案】  【解析】A.由乙图可知该汽油机的效率为，故A错误； B.如图甲所示，进气孔和排气孔都关闭，活塞向上运动，压缩气体，对气体做功，气体温度升高，这是汽油机的压缩冲程，故B正确； 热值是燃料完全燃烧时放出的热量和质量之比，燃料的热值只与燃料的种类和状态有关，与燃料是否完全燃烧无关，燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的利用率，不会降低燃料的热值；为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的利用率，不能提高燃料的热值，故CD错误。 故选B。 6.【答案】  【解析】【详解】如果点到点的过程中机械能守恒，则、两点机械能相等。、两点速度均为零，动能均为零，所以重力势能相等，质量不变，则、两点等高，故A正确； B.在点时摆球受到竖直向下的重力和沿着绳子向上的拉力，两个力不在同一直线上，所以受力不平衡，处于非平衡状态，故B错误； C.在点时摆球高度最低，则重力势能最小，故C错误； D.从点到点，摆球质量不变，速度变大，高度降低，则动能变大，重力势能变小，重力势能转化为动能，故D错误。 故选A。 7.【答案】  【解析】电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端的电压和通过的电流无关，故ABC错误，D正确。 故选D 。 8.【答案】  【解析】【分析】 此题考查了电路的设计，根据题意分析是串联还是并联，结合选项逐个分析得出结论。 自动电压力锅当锅内压强过大或温度过高时，发热器都会停止工作，说明两个开关相互影响，同时控制电路工作，两个开关是串联。 【解答】 A.因两个开关串联，两个开关应该同时闭合，压力锅才能工作，当其中一个断开，电路不工作，故A符合题意 B.两个开关并联，任意一个开关闭合压力锅都能工作，若只断开一个开关，压力锅仍能工作，故B不符合题意； C.开关自动断开，压力锅不工作；当开关断开，如果开关闭合，压力锅仍能够工作，且当开关闭合，电路短路，故C不符合题意； D.开关闭合，开关断开，压力锅工作；当开关闭合，开关闭合时，电源短路，压力锅不工作，故D不符合题意； 故选A。 9.【答案】  【解析】略 10.【答案】  【解析】【分析】 本题为动态电路分析题，考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是明确体温越高，红外线热敏电阻越小。 由图可知，两电阻串联，电压表测定电阻的电压，由图丙知，体温越高，红外线热敏电阻越小；由可知电压表的示数变化情况。 【解答】 A、由图甲可知，两个电阻串联，电压表测定电阻的电压，体温越高，由图丙知，红外线热敏电阻越小，故A错误； B、体温越高，热敏电阻阻值减小，总电阻减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大；由可知，定值电阻两端的电压变大，电压表示数变大，故B正确； 体温越低，热敏电阻阻值越大，总电阻越大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小；由可知，定值电阻两端的电压变小，由串联电路电压规律可知，两端的电压越大，故CD错误。 故选B。 11.【答案】  【解析】解：、两电热杯的额定电压相同、甲的额定功率较小，根据的变形式可知，乙的电阻较小，故A错误； B、根据可知，用电器消耗电能的多少与时间和功率有关，相同时间内，功率越大，消耗电能越多，正常工作时，乙的功率较大，消耗电能较多，故B错误； C、根据可得，乙的电阻， 将乙接入的电路中，它的实际功率，故C错误； D、若将两电热杯串联后接在电压为的电路中，通过它们的电流相等，甲的电阻大，根据可知，相同时间内甲产生的热量较多，故D正确。 用电器正常工作时的功率和额定功率相等，根据可知，用电器消耗的电能与用电器的功率和通电时间有关； 两电热杯的额定电压相同、甲的额定功率较大，根据比较两电热杯的阻值关系； 根据求出乙电热杯的电阻，再根据求出乙接入的电路中时的实际功率； 两电加热器串联时通过它们的电流相等，根据比较两电加热器的实际功率关系。 本题考查了电功公式和电功率公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等。 12.【答案】  【解析】解：由甲电路图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 A、当滑片位于端时，滑动变阻器接入电路中电阻为零，此时电路中的电流最大， 由图乙可知，电路中的最大电流， 由可得，定值电阻的阻值：，故A错误； B.因串联电路中各处的电流相等，且串联电路中总电阻等于各部分电阻之和， 所以，由可得，滑动变阻器消耗功率与电路消耗总功率之比： ， 当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，效率最大，由图丁可知，最大效率为， 则， 解得：，故B错误； C、由图乙可知，点表示电路中的电流最小，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大， 此时电路中的电流， 此时电压表的示数； 则乙图阴影部分面积：，故C正确； D、当滑动变阻器接入电路中的电阻为时，电路中电流： ， 此时滑动变阻器消耗的电功率： ， 当时，变阻器消耗的电功率最大，由图丙可知，变阻器消耗的最大功率为， 此时电路中的电流， 电压表的示数， 则丙图上点的坐标，故D错误。 故选：。 由电路图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 当滑片位于端时，接入电路中电阻为零，此时电路中的电流最大，根据图乙读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出定值电阻的阻值； 根据串联电路的特点和表示出滑动变阻器消耗功率与电路消耗总功率之比，根据表达式判断出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时效率最大，根据图丁读出最大效率，然后得出等式即可求出滑动变阻器的最大阻值； 根据图丙判断出点表示电路中的电流最小，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电压表的示数，然后根据求出乙图阴影部分面积； 当滑动变阻器接入电路中的电阻为时，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中电流，利用表示出滑动变阻器消耗的电功率，根据表达式得出变阻器消耗的电功率最大接入电路中的电阻，根据图丙读出变阻器消耗的最大功率，然后求出电路中的电流和电压表的示数，从而得出丙图上点的坐标。 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是得出滑动变阻器消耗的最大功率时接入电路中的电阻和根据图像得出相关的信息。 13.【答案】不变 减小 减小   【解析】返回舱受空气阻力作用会匀速下降，此过程中，它的质量不变，速度不变，所以动能不变，高度减小，它的势能减小；机械能是动能与势能的总和，所以机械能减小。 14.【答案】压缩 机械 内 增大   【解析】解：图中，两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程，此冲程将机械能转化为内能。 图实验中能的转化是机械能转化为内能，图实验中能的转化是内能转化为机械能，所以与图原理相同的是图，此时气缸内物质的内能增大。 故答案为：压缩；；机械；内；增大。 判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞上行为压缩冲程和排气冲程；活塞下行为吸气冲程和做功冲程。 改变物体内能的方式有热传递和做功两种。做功改变物体内能的实质是能量的转化，具体来说是内能和机械能的相互转化。对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低。 此题是通过内燃机的工作原理和课本中的实验来验证做功改变物体内能的方法，是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理。 15.【答案】     【解析】略 16.【答案】   【解析】由题可知，先后两次同样大小的力，将不同质量的物体在不同的表面上分别移动相同的距离，根据  可知它们做功相等，即  。 又因为两次所用时间相同，根据  可知，功率的大小相同，即  。 17.【答案】   【解析】解：灯标有“”，灯的额定电流为：，灯的电阻为：； 灯标有“”，灯的额定电流为：，灯的电阻为：； 将、并联接在电源两端，则干路的总电流为：； 将、串联，电路中最大电流为：，则电源电压最大为：，。 故答案为：；。 灯、分别标有“”和“”字样，分别求出两灯的额定电流与电阻； 并联在的电源两端，两灯均正常发光，干路的总电流等于各支路电流之和； 将、串联，电路中最大电流等于较小的额定电流，再由欧姆定律求出电源电压。 本题考查欧姆定律的应用、电功率的综合计算，难度适中。 18.【答案】      【解析】由图甲可知：闭合开关、接时，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量两端的电压，电流表测量电路中的电流； 由于电压表量程为，所以，在电路安全的情况下，变阻器允许接入电路的最大阻值时电压表的示数最大为，则根据串联电路的电流处处相等的特点可知通过灯泡的电流为：， 由图乙可知此时灯泡两端的电压为：， 根据串联电路电压的规律可知，电源电压：； 由串联电路的电压特点可知，当变阻器两端的电压最大为时，灯泡两端的电压最小为，此时灯泡的电功率最小，则灯泡的最小功率为：； 若闭合开关、接，与滑动变阻器串联，电流表接“”量程，根据串联电路电流特点结合滑动变阻器的规格可知通过电路的最大电流为，或最大电流为， 根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知滑动变阻器接入电路最大电阻时，通过电路的电流最小，通过电路的最小电流为， 在移动滑动变阻器滑片的过程中，电路中的最大电流恰好是最小电流的倍，分以下几种情况讨论： 若最大电流为，则最小电流为，此时变阻器接入电路的电阻为允许的最大值，由电压表的量程和串联分压的规律可知此时电压表示数最大为， 则分得的电压， 电阻的阻值：，已知定值电阻大于，则这种情况不可能； 若最大电流为变阻器接入电路的阻值为，最小电流为， 则，解得：。 19.【答案】省力；；  【解析】解：独轮车的车辆轮轴处是支点，其中重力是阻力，支点到重力作用线的距离是阻力臂，故阻力臂是； 力是动力，支点到力作用线的距离是动力臂，故动力臂是； 由杠杆的平衡条件可知：，得； 故答案为：省力，，． 根据生活经验判断独轮车是什么杠杆，然后找出动力臂和阻力臂，动力和阻力，根据杠杆的平衡条件进行计算． 实例分析时要找到动力臂和阻力臂，根据杠杆的平衡条件进行求解． 20.【答案】加热时间；   速度；     【解析】解：相同的加热设备在相同时间内，放出的热量是相同的，相同环境热量的散失可认为相同，则被加热物体吸收热量是相同的，所以水和沙子吸收热量的多少通过加热时间来反映； 如图所示，小球的质量相同，开始运动的高度不同，到达水平面的速度不同，所以探究的是动能大小与速度的关系； 电阻箱的读数方法是用所对的数字乘以下面的倍数，然后把他们相加，就可得出电阻箱的示数，如图所示，电阻箱的读数为。 故答案为：加热时间； 速度； 。 相同的加热设备在相同时间内，放出的热量是相同的，相同环境热量的散失可认为相同，则被加热物体吸收热量是相同的，被加热物体吸收热量的多少通过加热时间来反映； 小球开始运动的高度不同，到达水平面的速度不同； 电阻箱的读数方法是用所对的数字乘以下面的倍数，然后把他们相加，就可得出电阻箱的示数。 本题考查实验基础知识，是必须掌握的，难度中下。 21.【答案】相同；小于。  【解析】解：用两个相同的“热得快”，分别给质量、初温都相同的甲、乙两种液体同时加热，加热相同的时间，会吸收相同的热量，图中所示甲升高的温度高，说明甲的比热容比乙的比热容小。 故答案为：相同；小于。 由题目给出的信息和图象可知：根据公式可知，质量和初温都相同的液体，吸收相同的热量，比热容越大，温度变化越小。 此题主要考查的是我们对于图象的分析能力，图象的分析是初中学生必须掌握的一种能力；近几年的中考，图象分析题的比例是越来越大，这类题要引起注意。 22.【答案】电压表；变大  【解析】【分析】 本题考查电路的动态分析，一是注意首先应明确滑动变阻器的接法，根据滑片的移动得出接入电阻的变化，再由整体利用欧姆定律得出电路中电流的变化，最后再分析各部分电路的各物理量的变化；二是注意开关由闭合到断开时电路的变化。 由电路图可知，、并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流，测支路的电流； 根据滑片的移动可知接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知滑动变阻器支路电流的变化；根据并联电路各用电器独立工作、互不影响可知通过支路的电流不变，再根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。 当滑片移至左端时，断开电键时，电路为滑动变阻器的简单电路，电压表仍侧电源的电压，根据并联电路各用电器独立工作、互不影响可知此时电流表的示数变化，进一步得出电压表示数与电流表示数的比值的变化。 【解答】 因电源的电压不变， 所以，滑片移动时电压表的示数不变； 将滑片向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大； 由可知，该支路的电流变小，即电流表的示数变小； 因并联电路各支路独立工作、互不影响， 所以，支路的电流不变； 因并联电路干路电流等于各支路电流之和， 所以，干路电流变小，即电流表的示数变小； 当滑片移至左端时，断开电键，电压表仍侧电源的电压，即电压表的示数不变； 而此时支路断路，电流表只测通过滑动变阻器的电流，所以电流表的示数变小； 故电压表示数与电流表示数的比值将变大。 故答案为：电压表；变大。 23.【答案】；左；  ；    【解析】【解答】 由图象乙可知，电阻两端的电压为：； 根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由改接成的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联电路的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数不变； 实验中使用的定值电阻阻值最大为，定值电阻两端的电压始终保持，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压为：； 变阻器分得的电压为电压表示数的倍，根据分压原理，当接入电阻时，变阻器连入电路中的电阻为： ； 即小明所选择的变阻器的最大阻值不能小于。 探究电流与电阻关系时，滑动变阻器和定值电阻串联接入电路，串联电路总电压等于各分电压之和，由串联电路分压原理结合欧姆定律可得： ， 方程左边为一定值，故右边也为一定值，当变阻器连入的电阻最大时对应的定值电阻也最大， 此时电压表的示数最小， 即，， 解得：，即定值电阻两端电压的最小预设值为。 【分析】 根据欧姆定律结合图象乙求出电阻两端的电压； 根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向； 根据串联电路电压的规律和分压原理确定变阻器连入电路中的最大阻值。探究电流与电阻关系时，滑动变阻器和定值电阻串联接入电路，由串联电路分压原理结合欧姆定律可得定值电阻两端电压的最小预设值 本题考查图像分析、欧姆定律的应用及器材的选择、控制变量法，属于常考命题点，稍有难度。 24.【答案】 可能小于   【解析】【详解】小明跳绳一次做的功为 跳绳时的功率为 由于不知道小华每次跳离地的高度和小华的重力，由  可知小华做的总功可能小于小明做的总功，由可知小华的功率可能小于小明的功率。 25.【答案】  【解析】解：力臂从支点到力的作用线的距离； 从支点向动力的作用线作垂线，该垂线段就是动力的力臂。如下图所示： 力臂从支点到力的作用线的距离。 本题考查了力臂的画法，属于基础题目。 26.【答案】  【解析】解：由题意知，小明站在高台处通过一根绳子和两个滑轮匀速提起物体，所以拉力方向向上，最省力时，动滑轮上的绳子段数为，故可从动滑轮上端挂钩处开始绕线，然后顺次绕过定滑轮、动滑轮，用段绳子承担物重，如图所示： 。 根据题意可知拉力的方向和最省力时动滑轮上的绳子段数，从而画出滑轮组最省力的绕线。 本题考查滑轮组的组装，难度一般。 27.【答案】  【解析】解：开关闭合后两灯能组成串联电路，则电流的路径只有一条，电流先后经过两个灯泡，左下、右上的电表与灯泡并联，则为电压表，中间的电表与灯泡串联，为电流表，如图所示： 电流表测量电流，电流表和测量的电路串联，电压表测量电压，电压表和测量的电路并联。 本题考查电流表和电压表的正确使用，难度不大，要掌握。 28.【答案】换用的小量程；  选用了规格相同的两个灯泡；  只进行了一次实验，结论具有偶然性；  正负接线柱接反  【解析】由题意知电压表示数能读出，只是为使结果更精确。闭合开关后，电压表示数如图乙所示。电压表接分度值，为了使实验结果更精确，接下来的正确操作是：断开开关，换用的小量程。 串联电路中各灯泡两端电压是否相等取决于灯泡的规格。当两个灯泡规格相同时，其电阻相等，根据串联电路分压规律，电阻相等则分压相等。但这只是特殊情况，并非串联电路的普遍规律，所以得出错误结论，造成结论错误的原因是选用了规格相同的两个灯泡。 一次实验的结果可能受所选器材、实验环境等偶然因素影响。仅通过一组实验数据得出的结论，不能推广到所有串联电路场景中。为得出普遍规律，应更换不同规格的灯泡进行多次实验，收集多组数据后再总结结论，该实验另一个不足之处是只进行了一次实验，结论具有偶然性。 电压表使用时必须保证电流从正接线柱流入、从负接线柱流出。当单刀双掷开关接时，电压表能正确接入电路。测量两端电压；当开关改接时，电流流入电压表的接线柱会变成原来的负接线柱，导致正负接线柱接反，电压表指针会反向偏转，无法正常测量电压。 故答案为：换用的小量程；选用了规格相同的两个灯泡；只进行了一次实验，结论具有偶然性；正负接线柱接反。 由题意知电压表示数能读出，只是为使结果更精确。接下来的正确操作是：断开开关，换用的小量程。 串联电路中各灯泡两端电压是否相等取决于灯泡的规格。 一次实验的结果可能受所选器材、实验环境等偶然因素影响。仅通过一组实验数据得出的结论，不能推广到所有串联电路场景中。电压表使用时必须保证电流从正接线柱流入、从负接线柱流出。 此题为探究串联电路中的电压规律实验，考查电压表的正确使用以及串联电路的电压特点，还考查了学生对实验数据的处理能力和分析、归纳、总结能力。 29.【答案】 保温   【解析】“快速升温”说明水暖电热毯电功率比普通双人电热毯大，但时间未知，无法判断热量多少；故A错误； B.“采用水电分离设计”是为了防止触电或引发短路带来危害，故B正确； C.额定功率，每晚小时在额定功率下工作的用电量 故C错误； D.“毯体无电流”，但加热装置有电流，水暖电热毯使用时有一定的无电磁辐射。故D错误。 故选B。 发现该水暖电热毯有“加热”和“保温”两挡，其简化电路如图乙所示，当单刀双掷开关接时，两个电阻串联，电路中的电阻较大，电流较小，电功率较小，处于保温状态。 消耗的电能为 电功率 分钟加热过程，获得热量 水的质量 水升高的温度 30.【答案】        左  【解析】【详解】由图可知，、串联，电压表测量两端的电压，电流表测量电路中的电流；检测装置恰好报警时电学物理量如图所示，由串联电路的电流特点和欧姆定律可知，报警时通过的电流为 由串联电路的电压特点可知，此时两端的电压为 报警时的阻值为 已知经济舱乘客的免费托运行李限重，经济舱乘客行李的最大重力为 图中杠杆的支点为点，行李对水平托盘的压力等于行李的重力大小，由杠杆平衡条件可得 在压力、压力的力臂一定时，越大，就要越小，由装置图示可知，托盘离支点远，则行李的重力应较小，所以为经济舱乘客的行李托盘，而托盘离支点近，为商务舱乘客的行李托盘；由表中数据可知，报警时处杠杆对的压力为，由力作用的相互性可知，处受到的支持力，当两次杠杆水平平衡时 即 由两式可得 ， 所以商务舱乘客行李的最大质量为 检测装置长期使用后，电源电压会变小，若要使乘客的行李限重不变，在不更换电源及的情况下，若自动报警时电压表示数不变，则两端电压应减小，由串联分压可知的阻值减小，由表中数据可知受到的压力增大，若要使乘客的行李限重不变，由杠杆平衡条件可得 在压力增大，压力的力臂一定时，不变，就要增大，应将托盘向左移动适当位置。 第1页，共1页 学科网（北京）股份有限公司 $