周测卷(二十) 电路(二)-【鱼跃龙门卷】2025-2026学年高三物理一轮复习周测卷（新教材版·福建专用）

null高三一轮复习周测卷 ·新教材版F· 婴>普引，放C错误，当电路中电流凝小时， 【解析】(1)多用电表的直流电压10V挡最小刻度 是0.2V,不需要估读到下一位，因此读数为8.0V。 滑动变阻器的阻值为最大值，即I=0.1A时R U2-U1_3.4V-0.4Y=300,故D正确。 (2)由闭合电路的歌时定徐有E-U+只，结合图像 I 0.1A 解得E≈9.1V,r≈1.3n,考虑到多用电表的分流， 7.变大向上运动【解析】当传感器Rτ所在处温度 干路电流偏小，根据闭合电路欧姆定律E=U十Ir, 降低时，R?的阻值变大，电路的总电阻变大，总电流 则测量值小于真实值。 变小，和R,两端的电压变小，故并联电路两端电压 (3)电池组内阻的热功率P,=-(E-U) ，对于相同的 变大，通过电流表的电流变大；闭合开关S,电路达到 稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，带电油 U值，r越大，对应的P1越小，故A正确，B错误；总 滴受到的重力和电场力等大反向，并联电路两端电 功率P,=E1=E一EU,对于相同的U值，r越大， 压变大时，电场力变大，故油滴向上运动。 对应的P,越小，故C正确，D错误。 8,①120258036.4偏小4④2留 10.DR2a(2)450(4)。0&6-0 【解析】(1)由题意，根据部分电路欧姆定律可得 ac 合1R,=(亿，一1，)R,可得待测电流计的内阻为 【解析】(1)S,闭合、S2断开时，干路中的最大电流 约为I=I,十.R。+R,)-575A,滑动变阻器两 Rg=2R2=1202。 R2 (2)将电流表改装成量程为6V的电压表，需要串联电 端的电压最小值约为1.5V-(1k2+0.5k2)× 阻的阻值为R= U-I.R=6-1×10-3×120 0.2mA=1.2V,滑动变阻器的最小电阻约为Rmim 2= 1×10-3 1.2V 58802. 0.575mA≈2kn,滑动变阻器应选用Rp2。为了保 (3)图乙标准电压表的示数为3.2V,图丙毫安表的 护电流计G不被损坏，开关S,闭合前，应将滑动变 读数为0.50mA,即对应改装表的电压为3.2V,则 阻器的滑片向下移动到a端。 (2)闭合S2前、后电流计G的示数没有变化，则电流计 欧装后电压表量程为030YA×1mA=6.4V,改装 G中的电流与R1的电流相等，R中的电流与R2中的 后的电压表量程偏大，可能的原因是电流计内阻的 电流相等，R1与R2两端的电压相等，电流计G与R 测量值比真实值偏小。 两端的电压相等，可得电流计的内阻R,=令R (4)由于改装后的量程为6.4V,则改装后的电表的 6.4 电阻为R&一1X100=64000。而在正确量程 0.8X3600=4500。 下，电表的内阻应为R,一 U (4)将R2取下换成该金属电阻的情况下，同理可得 =60002,要达到预期 改装目的，不重新测量电流计的内阻值，只需将阻值 -尽R-9R,曲图乙得R-6.2,+a,即R- R一Rg 为R的电阻换为一个阻值为R的电阻，故R= R-(R&-Rv),即k=5880-400_137 200+29a,又R,=R(1+a)-Ra+R 9c 58801479 则Ra= 20(b-a) 9.(1)8.0(2)9.11.3小于(3)AC 9c 风-擦得。-62 物理（二十） 1.D【解析】电动车正常工作时，电路中的电流为I= 支路相当于断路，根据串反并同规律可知，电压表示 、80A0A.电源内阻为rE048-0 数变小，电流表示数变大，R,两端的电压减小，电容 I 10 器两极板间的电压减小，电容器放电，R2中有从b到 0.82,故A错误。根据题意有(1一80%)P=IR, a的短暂电流，由于R,+R?与r的大小关系未知， 得R=0.8Ω，故B错误。电动车保持额定功率匀速行 所以无法判断电源输出功率如何变化，故A正确，B、 驶俗最长时同是：=20代-2h,故C错误，根据 C错误。电容器所在支路相当于断路，所以将滑片往 b端滑动，电压表和电流表示数保持不变，故D错误。 80%P=Fu,F=f=32N,s=t,求得电动车保持额 3.D【解析】电源与外电路断开时，理想电压表的示数 定功率匀速行驶的最远距离s=72km,故D正确。 等于电源电动势，故E=3V,闭合开关S和S2时， 2.A【解析】增大光照强度，R1阻值减小，电容器所在 由闭合电路欧姆定律得E=I(r十R十R Pmax),得电 ·46· ·物理· 参考答案及解析 源内阻r=2Ω，故A错误。将电阻R等效为电源内 S两端未报警时的电压更大，可以使报警器S更容易 阻的一部分，由电源的输出功率与外电阻的关系可 达到报警电压，则可以提高报警器的灵敏度，故C正 知，当Rp=R十r时等效电源的输出功率最大，即 确。适当增大R1的阻值，使报警器S两端未报警时 Rp消耗的电功率最大，所以当滑动变阻器Rp的滑 的电压更小，则报警器S更难以达到报警电压，则报 片从最左端向右滑至最右端的过程中，其消耗的电 警器的灵敏度降低，故D错误。 功率先增大后减小，故B错误。通过定值电阻R的6.AD【解析】UI图像中，图线上某点与坐标原点连 电流最大（即Rp=0)时，定值电阻R消耗的电功 线的斜率表示电阻，根据图乙可知，电压U增大时， 率最大，故C错误。由于外电阻大于电源内阻，由 电解液的电阻减小，即电压U增大时，电解液的电阻 P-R图像可知，当外电阻越接近电源内阻时，电源的 率减小，故A正确。根据图乙可知，电压U=15V时， 输出功率越大，所以当Rp=0Ω时外电阻最接近电源 通过电解液的电流为5×103A,故B错误。结合上述 内阻，此时电源的输出功率最大，且最大值为Pm (, 可知，电压U=15V时，电解液的电阻R=V )R=1W,故D正确。 15 P(电源输出功率) 5X100-300,故C错误。根据R=P2,结合 上述与题中所给数据解得p=1502·m,故D正确。 BD【解析】由欧姆表的内部电路结构可知，电流从 Ri r R2 R(外电阻) A端流出多用电表，所以A端是黑表笔，A错误。当 C【解析】当S1闭合、S2断开时，电阻丝消耗的功率 B端接4时，有U1=1V=IgRg十0.001XR4,当B端 接5时，有U2=5V=I.Rg十0.001X(R4十R5),解得 为0W,则电路中的电流1=侵-√贸=6A, R,=4k2,B正确。接2时是电流1mA挡，根据并联 电源电动势为E=I(R+r)=6×(20+1)V=126V, 电路规律有250×480=(1000一250)×(R1十R2),解得 故A错误。S、S2闭合时，电阻丝消耗功率为500W, R1十R2=160,C错误。使用欧姆“×100”挡时，图b 所示待测电阻为11002，故此时干路电流为I=145× 则路端电压U=√P℉=√500×20V=100V,电路的 总电流1'=E-V=126-100 1000 A=26A,流过电解槽 250μA=580μA=0.58mA,设欧姆表内阻为r,由闭 1 合电流欧姆定律得E=1×10-3A×r=0.58×10-3× 的电流大小为1=1一只=的A- A=21A,1s (r十11002)，解得r=15192,故D正确。 20 内电解槽中的电能转化为化学能的总量ε=IUt一I× 7.2.42.08【解析】电动机不转动时可视为纯电阻电 r't=21×100×1J-212×0.5×1J=1879.5J,电解 路，根据欧鲥定律，-无-0,51，电动机正常工作时，翰 槽中电能转化成化学能的效率为刀=，U 入功率P人=U2I2=2.4W,热功率P热=Ir=0.32W, 21X100X7X100%=89.5%,故C正确，B、D错误。 1879.5 故输出机械功率P出=P人一P热=2.O8W。 8.(I①见解析图（②）最左端偶然(3U,-R:十RU 4.AC【解析】氙离子经电场加速，根据动能定理有 R。 (k-1)R cU=之mw,可得加速电压为U=275V,进项A正 【解析】(1)完整的电路实物连线图如图所示。 确，B错误。根据动量定理可得F·△t=-nmv,代入 数据解得F=7.92X102N,约为0.08N,选项C正 确。单台霍尔推进器向外喷射氙离子形成的电流 I=AQ_ne=1.8×109×1.6×1019 A≈2.9A,选 △t△t 1 项D错误。 5.AC【解析】由于报警器发出警报声时，报警器S两 (2)合上开关S1之前，R触头应置于最左端。多测几 端的电压增大，则表明流过报警器的电流增大，电路的 组U1、U2,作U1U2图像的目的是减小偶然误差。 总电阻减小，说明当一氧化碳的浓度增大时，RM的阻 (3)S2掷于1端，U1表示Rz和R。串联的总电压，S2 值减小，故A正确。报警器两端的电压增大，则电路 掷于2端，U2表示R。的电压，由串联电阻的电流相 中并联部分的电压减小，流过可变电阻R,的电流减 等，总电压等于两个电阻电压之和，结合欧姆定律可 小，又因为并联部分的总电流增大，所以电流表的示数 增大，故B错误。适当增大电源电动势，可以使报警器 ,变形可得R者乙因 得 R。 ·47· 高三一轮复习周测卷 ·新教材版F· Rx十R。 线的斜率为，可得= R。 ,解得R=(k 电流为2I,调节滑片P使滑动变阻器R的功率是一 个小灯泡功率的两倍，有P浙=U播·2I=2UI,可知 1)R。。 此时滑动变阻器两端电压为U;根据闭合电路欧姆定 9.(1)4(2)见解析图(3)7.0增大(4)0.50 律可得E=2U+2Ir,代入数据可得3=U+4I,在小 【解析】(1)改装后的电压表的量程U Uy(R十 灯泡的伏安特性曲线上画出对应I-U图像，如图所 R 示。由图像交点可知，每个小灯泡消耗的电功率为 R,)器xekn+1ka=4v P=UI=2.1×0.24W≈0.50W。 ◆lmA (2)为使小灯泡两端电压测量范围较大，滑动变阻器采 350 用分压式接法，由于灯池额定电阻R-一02 U13.8 300 250 11.8752,改装后的电压表的内阻Rv=3k2十1k2 200 150 4k2,因为 R>R,电流表选用外接法，故电路图 100 如图所示。 0 2 3 4 U/V 10.(1)×1 欧姆调零7.0(2)最大R1一R2 【解析】(1)选用“×10”倍率的欧姆挡测量，发现多 用电表指针偏转过大，说明所选倍率过大，则应将 开关拨至较小的“×1”欧姆挡，然后将两表笔短接， 进行欧姆调零；可读出此时多用电表的读数为 7.02×1=7.02。 (3)由实验曲线可知，当小灯泡两端的电压为1.4V (2)①连接好电路，为了防止电路中的电流过大，保 时，电流为.200mA,故灯泡电阻R=号-。20 护电路，断开开关S后，将电阻箱R的阻值调整至 7.0Ω，随着小灯泡两端电压的增加，小灯泡伏安特 最大；③由于前后两次测量，毫安表读数为I不变， 性曲线上的点与原点的连线的斜率在不断减小，该 故回路中阻值不变，那么弹性绳电阻的增加量必然 斜率表示电阻的倒数，故小灯泡的电阻随电压的增 等于电阻箱阻值的减少量，即弹性绳电阻增加量为 加而增大。 △R=R1-R2 (4)设一个小灯泡两端电压为U,电流为I,则电路总 物理（二十一） 1.D【解析】闭合开关S、S2,待电路稳定后，将电容 电阻值越大，对应的伏安特性曲线I、U的比值越来 器上极板向上移动，电容器两端电压不变，两极板间 越小，故A、B、C错误，D正确。 距增大，极板间电场强度减小，M点的电势减小，由 3.C【解析】根据U-I图像可知，图线Ⅲ的电压随电流 于带电油滴带负电，所以电势能增加，A错误。闭合 的关系是增函数，描述的部分电路的欧姆定律U一 开关S,断开开关S2,将滑动变阻器滑片P向下滑 IR,则一定是V2示数随电流表示数的变化规律；而 动的过程中，由于不知电源内阻和R,、R?大小关 图线Ⅱ和图线I反映电压随电流为减函数，符合全 系，所以电源的输出功率无法判断，B错误。闭合开 电路欧姆定律U=E一Ir,图像的斜率表示内阻，而 关S,和S2,将滑动变阻器滑片P向下滑动的过程 图线Ⅱ的斜率的绝对值更大，即图线Ⅱ是电压表V? 中，电压表V的示数变化量△U与电流表A1的示数 示数随电流表示数的变化规律，斜率的绝对值表示 变化量△I1的比值等于r十R1,比值不变，C错误。 等效内阻，为r效=R。十r,图线I的斜率的绝对值较 闭合开关S1和S2,将滑动变阻器滑片P向下滑动的 小，即图线I是电压表V1示数随电流表示数的变化 过程中，R,变大，其两端分压变大，电容器充电，通过 规律，斜率表示电源内阻r,故A、B错误。滑动变阻 电流表A2的电流方向为a→b,D正确。 器R的功率为P= 2.D【解析】设电热丝的电阻为R1,则U。= (R-片R),则当R=7 ER R。十r时，滑动变阻器R消耗的电功率达到最大，故 R,十R十，结合题意可知，U。越大，说明R,越小。 C正确。定值电阻R。消耗的电功率为P=IR。,则 可见，电热丝温度越低，其电阻值越小，温度越高，其 当电流I最大时，其功率达到最大，即电路中的总电 ·48·