周测卷(三) 相互作用(二)-【鱼跃龙门卷】2025-2026学年高三物理一轮复习周测卷（新教材版·福建专用）

null·物理· 参考答案及解析 物理（三） 1.B【解析】对第2张卡片受力分析，它对第3张卡片 绳3的方向确定，由图解法可知，当F的方向与绳3 的压力等于上面两张卡片的重力及手指的压力，与 垂直时，F有最小值，即Fmn=2 ngsin30°=mg。 第3张卡片间的最大静摩擦力fmax≥2(2mg+F), 而受到的第1张卡片的滑动摩擦力为f一μ2(mg十 F2=√3mg F)<fmx,则第2张卡片与第3张卡片之间不发生相 960 对滑动。同理，第3张与第4张卡片也不发生相对滑 3091 F=2mg长 动，故A错误。根据题意，因上一张卡片相对下一张 mg 卡片向右滑动或有向右滑动的趋势，因此上一张卡 Ymg 图1 图2 图3 片受到下一张卡片的摩擦力一定向左，故B正确。 第1张卡片受到手指的静摩擦力与手指的运动方向 4.AC【解析】当弹簧的弹力刚好和P所受的重力大 相同，即受到手指的摩擦力向右，故C错误。对第1 小相等、方向相反时，斜面体P受两个力作用，如图1 张卡片外的53张卡片研究，水平方向受到第1张卡 所示。当弹簧的弹力大于P所受的重力时，P的受 片向右的滑动摩擦力，可知最后一张卡片受到桌面 力如图2所示，受重力、弹簧的支持力、挡板的压力和 的摩擦力方向向左，故D错误。 静摩擦力4个力作用。由于挡板的弹力垂直于接触 2.C【模型建构】 面，因此挡板的压力和静摩擦力必须同时存在，才能 使P平衡，P不可能受3个力作用」 选取对象，分析 杆一端铰连，另一端连接小物块，在外 状态、过程 力作用下处于静止状态 建构模型 “动杆”模型 当杆平衡时，杆所受的弹力一定沿着 模型特点 杆的方向 【解析】如图所示，对物块受力分析，根据正弦定理 图1 图2 有G F杆 ,物块顺时针 sin a sim(-&-p）sm(+p) 【归纳总结】 摩擦力的有无及方向的判断方法 缓慢转动过程中，α、β均减小，所以绳上拉力、杆上支 状态法 根据平衡条件或牛顿第二定律判断 持力均增大。 假设存在（或不存在）摩擦力，判断物体的运 假设法 动状态是否跟题设相同 根据牛顿第三定律，判断与其相互作用的物 转换法 体是否受摩擦力 5.BD【解析】对A,根据平衡条件，可得轻绳拉力 Fr=mAg,对B,在水平方向有f=Frcos0= mag cos0,在竖直方向，地面对B的支持力FN= 3.C【解析】箭被发射瞬间所受弹力的 mBg一Frsin0=mBg一magsin0,由牛顿第三定律 示意图如图所示，设发射箭时弦中弹力O日 可知，物体B对地面的压力大小为mBg一mag sin0; 为F,根据胡克定律可得，弦的弹力为 当mBg=magsin0时，FN=O,此时物体B不可能 F=(2l一)=L,根据几何知识可知，弦的上下两 静止。 部分的夹角为60°，根据力的合成可得，箭被发射瞬 6.AC【解析】萝卜在水平地面上匀速运动，则F1与 间所受的弹力为F。=2Fcos30°=√3kl,故箭被发射 F2的合力大小等于萝卜与地面间的摩擦力，大小为 瞬间所受的弹力为√3L,C正确。 F=f=G=4N,选项A正确。F2的大小为F2= ￥C【解析】设绳1、2的作用力分别为F1、F2,对球a Ftan37°=3N,选项B错误。F1的大小为F1= 受力分析，如图1所示，可知F1=2mg,F2=√3mg, F 对球b受力分析，如图2所示，将b的受力由四力平衡 COS37一。.48N=5N,选项C正确。若将F1顺时针 转变为三力平衡，如图3所示，球b的重力与绳2的拉 旋转到与虚线重合，此时F1与F2的合力大小为 力合成后的合力确定(F合=2mg,与竖直方向成60°)， F'=√F+F>5N,选项D错误。 ·5 高三一轮复习周测卷 ·新教材版F· AD【解析】在水平力大小由零逐渐增加至G时，A 9.(1)2m 对斜面的压力达到最大，最大值为F1=Gcos37°十 e2ms+ Gsin37°=1.4G,A正确。在水平力为零时，A对斜面 【解析】(1)当I恢复原长时，对A、B及弹簧Ⅱ整体 的压力最小，最小值为F2=Gcos37°=0.8G,B错误。 分析，绳子的拉力为F=2mg,即小桶中细砂的质量 在水平力为零时，A所受摩擦力方向沿斜面向上，大 为2m。 小为f1=Gsin37°=0.6G,在水平力为G时，A所受 (2)开始时，对A、B及弹簧Ⅱ分析，1x1=2mg,弹 摩擦力方向沿斜面向下，大小为f2=Gc0s37°一 簧I的压缩量为，=28，对B分析，k,C,=mg, Gsin37°=0.2G,可知，A所受摩擦力的最大值为 0.6G,C错误。根据上述，当水平推力沿斜面向上的 弹簧Ⅱ的压缩量为x三化，当1恢复原长时，对A 分力与重力沿斜面向下的分力大小相等时，A相对斜 面没有运动趋势，此时A所受摩擦力的最小值为零，D 分析，：=加8，弹资Ⅱ的伸长量为-%，在此 正确。 过程中，小桶下降的距离为h=x1十x2十x= 7.30.135【解析】物块受到的最大静摩擦力为 ∫m=umg=5N,由于F=3N<fm,则物块保持静 止，根据平衡条件可知，物块所受摩擦力为f1=F= 10.(1)5N5√3N(2)大小为10N,方向与水平方 3N。根据胡克定律F=kx,解得x=0.O3m,此时 弹簧总长为l1=l。十x=0.13m。由于F=6N> 向成30°角斜向左上方 3)3 4 ∫m,物块与地面间将发生相对滑动，物块受到滑动摩 【解析】(1)以物体N为对象，根据受力平衡可知轻 擦力，所以物块所受摩擦力为f2=fm=5N。 绳OB的拉力大小为Fg=m1g=10N, 8.(1)C(2)等于(3)会 以O点为对象，根据受力平衡可得FA=Fasin0= 【解析】(1)根据实验原理可知，图甲可测量合力， 乙、丙两图测量分力，结合胡克定律可知，需要测量 10x2N=5N, 弹簧的原长以及图甲、乙、丙中弹簧的长度，以便测 量三个力的大小，三个力的大小均与劲度系数成正 Fe-Facos-10xN N 比，则形变量大小可以表示力的大小关系，故A、B错 (2)以滑轮为对象，可知轻绳对滑轮的作用力大小 误。步骤④中每次重复实验时，不需要保证O点位 为F=2 F8 cos60°=10N,方向沿滑轮两侧轻绳的 置与第一次实验记录的位置一致，从而使实验更具 角平分线向下，即与水平方向成30°角斜向右下方； 有普遍性，故C正确。 则定滑轮对轻绳的作用力大小为10N,方向与水平 (2)根据实验原理可知，图甲测量合力，乙、丙两图测 方向成30°角斜向左上方。 量分力，所以图乙中细绳2的拉力大小等于图丙中 (3)如果物体M恰好没有滑动，则有Fc=f, 弹簧的弹力大小。 又f=N=um2g, (3)水瓶中的水洒落了少许，即合力减小，虽然弹簧 联立解得物体M与水平面间的动摩擦因数为 和细绳L2的方向都与步骤②中平行，O点位置也与 步骤②中重合，但弹簧弹力会变小，从而造成实验 4° 误差。 物理（四）》 1.B【信息获取与转化】 B之间的摩擦力是滑动摩擦力，故A错误。木块A 序号 文本信息 隐含信息 处于静止状态，根据平衡条件可知，弹簧的拉力F2 等于A、B之间的摩擦力f的大小，即F2=f,由A、 弹力为恒力，伸长量为 轻弹簧水平且弹力大小 B之间的弹力为FN=mAg,根据滑动摩擦力公式 定值，木块A静止不 为F2 f=FN,联立上式可得F2=mAg,可知，木块A的 动，受力平衡 质量越大，则F2也越大，故B正确。木块A受到的 2 B做匀速运动 受力平衡 摩擦力和木块A受到轻弹簧的拉力是一对平衡力， 水平恒力F1…轻弹 故C错误。若木板B加速向左运动，木块A受到的 3 竖直方向受力平衡 簧水平 滑动摩擦力不变，木块A仍处于静止状态，弹簧弹力 和木块A受到的摩擦力是一对平衡力，所以弹簧弹 【解析】木块A和木板B之间有相对运动，所以A、 力大小不变，仍为F2,故D错误。 6·