第14期 牛顿第一定律 探究加速度与力、质量的关系-【数理报】2025-2026学年高中物理必修第一册同步学案（教科版）

4 素养·拓展 数理热 51-27126 数理格 2025年10月3日·显期五 高中物理 1上接第3版) 二，实验题（本题失2小题，失22分） 公元18世纪，英国 名 纸发行质量反喷电话 伟大的物理学家，学家 14期总第1158期 教科 4.(10分)某实验小组设计了如图3甲所示 0351-5271248 B细能力篇 必修（第一册 的实验装置，通过改变重物的近量，利用与位移 牛幅1643=1727)在地的 传感潜，力使感器相连的计算机可得滑块运动 巨著（自然甘学的数学原 墨 人文地理与城乡规刻 山西师范大学主管山西师大教育科技传媒集团主办效理报社编辑出版 社长：徐文信 国内统一连续出版物号：CN140707NF)邮发代号：21-16 一.家洗题太垂共3小质年，】题6分，18公】 的加速度m和所受拉力F的关系图像，他们在轨 里》一书中，系统地提出 牛 学：理学 难点透视 对运动和力关系的认识，牛第一定律讲的 1大型油植车内 道水平和境斜的两种情况下分别散了实验，得 了他的一运动发律：这 门类：地理科孕表 是特殊状态，揭示的却是任何物体都具有保特 的油在运输过程中极 到了两条a-F图线，如图乙所示 个定律出：“一切物体 培养目标：本专受 0 原状态这一基本属性的普遍规律，放A锆误：保 -00 感保特匀追真线达动状口 易发生通（如图1甲 第 好系鼻条人文地理城 从六个方面认识牛顿第一定律 持原来运动状态是物体本身的惯性，而改变运 态静止态，到有外 辞示)，为了断止油涌 规刻香理的基太日 动状态必须靠外力，C项中木块停下来是摩擦力 力使它改这种扶态 动导致车体重心急制 是 变化的危害。在油 的 邓洪江 伦，知识和韭意。亮有起 改变了它的运状态，故BD正确，C错误 1.建立：牛顿第一定律不能用实直按证 6.牛顿第一定律的速立具有以下三个重要 答案：BD 然而，早于牛二千 车内部设置了一些固 明.它是在可靠的经登事实（如伽利略纤而实 童义： 例2.下列关于惯性的说法，正确的是( (1)图线 是在轨道左侧怡高成为 多年的墨家是我国战国 全严格件学思维的 验)基础上采用科学的逻银推理得出的结论. (1)它示了物体的一仲性蛋一一一切物 定挡板（知图乙所本），则下列说法正确的是 面情况下得到的（选填“甲”或“乙”）： 期共起的一个学浪，是 A,高速行驶的公共汽车紧急利车时，现客 律 ,代好的技能国 体都具有惯性因此，牛顿第一定律又叫作惯性 (2)块和位移传器发射部分的总质显 手工业者在政治中的代 2.条件：物体不受外力或所受合力为害 都要向前领国，说明频客都具有惧性 ,主是客观，中 不受外力”是理想环境下的件，“所受合力 定世 .油罐车向前启时，由于惯性，油内的 B短运动员最后冲刺时，速度很大，很难 kg:滑决和轨道间的动率擦因数 言人它的创始人为，框 将向后雨动 约公元46 公元前 就凤划和三地理，从 为零”是实际环下的条件 (2)它揭示了力的本质—一力是改变物体 停下毕尚耳速被大，潜件战 西动状态的根本煤因，而不是维持物体西动状 C《道路交适安全法》中规定：各种小型车 B,油速车内设置挡板，减小了油罐内油的 3结论：物体总保持匀速直线运动状态或 (3)保持滑块的质量不变，如果重物的重力 门6是战国型期的思规家，改治家、华平家《 城多建设与区城济 态的草因，是产生加速度的草因， 惯性 越米越大时，滑块的加速度会无限制地加吗 予)一书是家学源著的江，共T1篇，现有 气展规的研完教伞 静止秋态 栗坐的人必列系好安全带，这是因为系好安 (3)它报示了不受外力成所受合力为时物 士带回以防上因年的借性们名战的历店 C.袖速车在变湾行驶过程中油容易涌动， 青向要回答理由和结论： 53篇.《墨经》是（置于）的重委组成部分.《经 4.惯性：认识惯性是理解牛频第一定律的 笼点良用的高量喻复 体的运动规事 直运成择-状本 是油内的油惯性不断变化起的 烟括了黑家美于认识论、逻派学，是济学和自肤 基，物体具有保持原来运动状态的性质叫惯 D,把手中的球由静止释故后，球能竖直下 ◆型专是人才 例1以下各说法中正确的是 科学的研究盛果，其中色含有中国早的关于 性，与物体是否受力，怎样受力无关，与物体是 落，是由于球具有惯性的缘故 D.油罐车在平直道路上匀速前进时，即使 5.(12分)在用DS研究小车加速度与外力 培养零成：本专业 1.十第 定律反映了物体不受外力作用 解析：高速行驶的公共汽车紧急利车时，乘 设有挡板油也几乎不会两动 几儿何学、力拿和梵学方面的…加识 的关系时，某实验小组先用如图4甲所示的实验 否运动，怎样运动，所处的地理位置无关。一切 时物体的运动规律 2.如图2所示，某次冰 (墨经)中直观地地该了运动物体停止的现 生主要学习提风 么要向前倒，说明乘客具有保持来园 物体都具有惯性 药四重购通时滑论用细我心东，车小尔和围 B.不受外力作用时，物体运动保持不变是 状态的性后，用们情性，放A正庙：物海体的情国 》上，一止以”“无久之不止 球比赛中，远动员用冰球 之地理与城步规划专 5.惯性与力的关系：物体的惯性不是力，力 物之间接一个不计质量的微型力传感器，位移 由干物体具有惯性 只与质量有关，与速度大小无关，故B错识：系 非非马对于这两句话，有人以为式是道物依 杆沿不同方向击打冰球上 传感器（发射器）随小车一起沿水平轨道运动， 的卷表理论，基本知可 可以改变物体的运动状杰，但不能改变物体的 C.在水平面上骨的木地拿停下来是由 安金蒂的目的是防止由于人本身的惯性浩成的 运动经过一定时间才停止，起“久作经过 的不同部位，冰球的运动 移传器（器）固定在轨道一端实验中 和基本挂 惯性，惯性的大小反应了改变物体运动状态的 干没有外力雄持它运动的结果 方害，扩C普且：▣中的载由特止死后， 时司”解释，也有人认为这里的“久“作“掉住“解 状态商之发牛改变这个 力传感器的拉力为下，保特小东（包括位移传感 主干学科：地理学 座界度，团居是本借作大小的件一量度，因 ,意思是运动物张只有加以止才停止，不加 D.物体运动状态变化时，物体必定受到外 能真下常，是由于球受到直向下的重力的 事例说明 2 幕发射器)的质量不变，改变重物重力重复实验 但就不停止 机划中 量越大城性越大惯性与力是两个截然不同的力作用 缘故，故D誥误 A力以改变物体的运动状态 若干次，得到加速度与外力的英系如图乙所示 解析：本题考查对牛第一定律的认识和 答率：A 英国料娃堂量杏家奉的从博士研官《黑泛】 核心课程：地理的 B.力的作用效果与力的方向有关 (结某保智2位小袋)》 的上相关内客时，认为可以解成：“运动的 数李与信息零、规划学 牛彻第一定律成者说惯性定律摄示了运动 学习指南 C.力的作用效栗与力的作用点无关 2 停业是由外力凌成的…如果没有外力。连动 和力的关系：力不是维持物体运动状态的原因 变理量瓜境牵 .物体的动需要力来维持 就来不停止这个道理是很骑单的，正知牛就是 而是改变物体运动状态的恩因.牛倾第一定律 定律中的 主要实盛性粒学环 3.轮相同的汽车在路面情况相同的公路 牛，而不是马”可见，这与年顿第一动定律的 本身还包含着力、惯性这极富成果的科学概 上沿直线行驶，下面关于汽车话量，速度，惯性 内究已是相当推紧了 节：专曼嫁合习、人丈 念，成为物理学理论的支柱和基石 “一二写 和急制车后膏行距离的讨论，正确的冉需是 (1)小布与轨道的滑动摩擦力，= 墨家在我国历史上存在的时间相当长，它 地理习。国或地理 对于牛锁第一定律，应从以下三方面加以 。四川王小红 (2)当物体不受外力作用时，原来运动的物度的大小不变，但方向改变，速度也就发生了变 所留下的著作，特别是关于自然科年方面的内 尖习计算机专 理聚： A汽车质量相同，速度越大，惯性越大，急 容，遭到当时王公大臣的猜总和反对可时，这 个概念 体将保持匀速直线动状态，原来静止的物体将 化，这也是外力作用的结果.物体处于静止状 (2)从图像中分析，小车（色话位移传感器 茶，回衡本不登外力作用，也回生是物本国 刮车后滑行的距离越运 些年然科学的道理不局为当时的人们所接受 牛领第一定律提出了惯性的概念，惯性是 保持静止代态，即所动者归动，静者“ 发射器)的断昼为 到尖与件计台 B.汽车西量相同，惯性相同，速度越大，急 再者，加上墨家思想本来就是小生产劳幼者的 指一查（包片国终，液体，气体》具有的 (3)要改变物体的运动州状态，物体必须受到受外力的合力为零，不能说一定不受外力的作用 (3)该实验小组为得到4与F成正比的关 实习，科研，华业设 其静止状态或匀速直线运动状态不变的本性 力的作用，即力是改变物体运动州状态的原因。可可 故A正确.BCD错识 利车后滑行的距离越远 思想特压反映随着片建势力的发展，墨家思想 系，应将斜面的顿角蝴整到n= 行（论文） 既是本性，则任何物体在任何情况下都具有惯 见，牛第一定律明确了力和运动的关系物体 例2，火车在长直轨道上匀速行驶，门窗紧 C汽车速度相司，质量越大，惯性越大， 体系也追渐天，闪光的科学思色基本上被 《4)客工质是否需膏足名华：重的活园 的运动并不需要力的维持，只有当物体的运动闭的车相内有一入竖直向上跳起，发现仍落回 制车后滑行的距离想远 尘片了，时其后的我国科学史未产生影响 主要专业买验：人 性，惯性是物体所固有的属性，所以惯性既不能 元小于开小座而量”客 (速填“是“或 被克服，也不能被消除 状在发生变化，即产生加速时才需要力的作用 到华上原处，这是因为 层管定用力拿的技术为发明在店國厚不斯的 D.汽车速度相同，质量越大，惯性越大，急 之地理实我、区域地理 应用，但家是推一从理论上对力学问题行 2.两种表现 例1，关于力和运动的关系，下说法中正 A.人跳起后，厢内空气给他向前的力，使他 利车后滑行的距离相同 参考答案见下期 绘合宾残。媛青规划划 惯性有两种表现形式： 确的是 》随同火车一起向前运动 研究的古代中国人 合实我，土地管理尖 13期参考答案 2.(1)A(2)丙 令人您叹的是，英然墨基家提出的这个途动 (1)当物体不受力或所受的合力为零时，惯 A物体的速度不断增大，表明物体必受 书，人跳配的辑问，车和的地板给他一个均 (3)C(4)B 规律比牛顿第一运动定律平2000多年，但是升 就业方向：就在 性表现为要保持物体的静止状态或匀速直线运 力作用 前的力，推动他随火布一起向前运动 1.D:2.D:3.A:4.C 漫有在历史上产座重大影响原因之一，古代中 国土规划、土地 状态 B.物体什么方向运动，则在这个方向上 G,人跳起后.车继续向前运动，所以人落地 13.(1)200N/m:(2)31m 5,G:6B:7.D 国重技术轻厘论的传统见命阻碍了自然科学理 (2)当物体变速运动时，惯性表现为要保 必受力的作用 必定偏向后面一装，只是由干时间很短，偏后的帽 4.(1)100N: 持物体原来的状态，反抗加速度的产生，故诸 C物体的速度大小不变，则其所受的合力离不明显而已 8.AD9.BD:10.CD 论的发展.到公元19%2年，才由李的悬在对墨 责开发管理，环观医 度不能突变只能连续渐变，物体的运动，是惯性 必为 D。人从起跳到落地，由干惯性，在水平方向 (2)0.3: 家的自热科学说所作的第一次专门研完中公 护房地产开发与是雪 11.(1)4.9 D.物体处于静止状态，则该物体必不受外上人和车始终具有相同的速度 (3)90N 有了这个历史事实.为什么我们中国人在研 和力共同作用的结果，惯性要保持原来的运动 化见企是等年门从享规 力作用 解析：在匀迪行驶，门窗紧闭的车相内，有 (2)>所挂钩码过多，弹力超出弹簧的洋 黑家学说当中证有诗其内字提高到“牛频苏 状态，而力要改变运动状态，在一定条件下，二 划管理工作，奉可邮坡 15.(1)7或0,33 运动定律“的高度来阑连呢？是不重说呢？还是 者相对抗，共同决定着物体的运动形式 解析：力是改变物体运动状态的原因.物体 人竖直向上跳起，由干人跳起后在水平方 性限度 有别的什么原因？我国的化秀文化道产应怎样 3.三点注意 的速度不斯增大，表明物体的运动状态在发生 爱外力的用，人来与火布具有目旧的水 (3)B (2)8≥elan3 轮据和继承？这值得我们每一个中国人深思。 《)牛顿第一定律揭示物体保持匀速直线 变化，这是外力作用的结果，物体制某个方向做平速度，惯性使人在水平方向上保持这样的速 运动状态或静止铁态是有条件的，那就是物体 匀速直线运动时，在这个方胸上可能不受外力度，而火车做匀速运动的速度也不变，因此当入 不受外力的作用或合力为零)， 的作用速度是关量，既有大小又有方向，若速落地时，仍在原处，故D正确，ABC错， 2 素养专练 数理极 数理极 素养·测评 3 B.在补偿阻力时不能把挂槽码的知线系在小 1.牛顿第一定律 2.採加速度与力、质量的关 3 4 FN 1.1 4.4 《 牛顿运动定律》 车上，小车不用着纸带开始运动 在“验证牛运动定律”的+， C.在并偿阻力时不能把博码的细线系在小 1,(多选)关于牛顿第一定律，下列说法正确 验中，保特小车的质量不变，改 (1)由坐标平面上的数据点，可分析得出：在 同步核心素养测评( 车上，小车拖着纸带并开启打点计时器开始运动 的是 变所挂钩码的数量，多次重复测 D.在补偿阻力时要把挂情码的细线系在小布 A.牛镇第一定律说明了力是改麦物体运动 质量一定的情况下，物体运动的加速度：与其所受 涉发内家：4142) 量，在某次实验中根据测得的多组 上，小车不用拖着纸带开始运动 状态的原因 作用力F成 比： 。数理报社试题研究中心 数据在坐标纸上画出4一F关系的点迹，如图1所 ，某位喇睡的乘客，想认列车行进方向，则 (3)如果同学在做“探究加速度：与力F,质 ,牛蜘第一定律是由实珍得出的规律 《2》本=求小车的后品 _棉码的 G,牛顿第一定律说明了物体的运动不需要 元经过分析，发现这指点迹存在一些问题，产生 厨量，（选填“远大于“表“远小于“） A组基础篇 后m的关系”实时，安下角的慢作，平高行了整必 这找问的主鉴獠因能是 人若列车速度发生变化时，乘客门向北凭 力，以情码的重力为F,在小车质量m保持不姿情 力案维持 4,在“探究加速度与力、质的关系”的实 D.惯性定律与惯性的实质是相间的 A.轨道与水平方向夹角太小，或没有平衡摩 一、单选题（本题共7小通，年小题6分，共2分） 列车一定向北运动 中，如图4甲所示为实验装置简图，打点计时器的 况下，不断加槽码，情码的厨量最终达到，测得 1利略理想实验将可靠的事实和象思细 2.〔多送】车依欧找司用时代，我可末出学考 这力 B.若列车速度发生麦化时，聚客门向北倾斜 工作频率为50Hz 结合起来，能更深地反映自然规律，有关的实验 则列车一定向南运动 ,布加速度，作a一F的图像下列图线正确的是 晏家的创始人墨子认为”力，刑之所以奋 B,轨道与水平方向夹角太大 序内客如下：①减小第二个斜面的顿角，小球在 也”刑”同“形”，物体：”奋”，意思是“（物体》 C.所钩的总质量太大，成上都点迹有 C若列车马上要到站时，乘客们向北解 这料面上仍燃能达到原来的高度：②两个对接的 动世，日开合运动成者运动和快，这]话的意围 下高曲趋势 就是“力能使物体由静止开始运动，或者使运动的 斜面，让静止的小球沿一个韩面滚下，小球得滚上 D,若列车马上要到时，乘客们向北傾斜.则 D,所用小车的质量太大，成上部点迹有向 物体运动得越来越快”，对墨千这句关干力和运动 另一个斜面：③如果没有摩擦，小球将上升到释故 对车 定向此运动 下膏曲势 的理解，下说法正确的是 时的高度：④继续诚小第二个斜面的顷角，最后使 6.2000年田际乒联将兵乓球由小球改为大 (4)图乙是实验中得到的一条纸帝，A,BC A.虽子的观点与牛顿关于力和运动的观点 2如图2所示，在探究加速度与力，质量的关 它成水平而，小球沿水平面做持续的匀速运动请 球，改凌前直径是0.038m,质量是2.50：改变后 D,E,F、G为7个相邻的计数点，相邻的两个计数 基本相司 系的实验中： 按程序先后次序排列.并指出它究党属于口可靠事 (1)下列做法正确的员 直径是0.040m,质量是2.705对此，下列说法正 点之间还有四个点未画出，量出相邻的计数点之 .虽子的观点与如利略关于力和运动的观 实，还是通过思维过程的推论，下列说法中正确的 的是 A.调节滑轮的高度，使牵引小车的细混与长 间的距离分别为xe=4.22cm,w=4.65:m,* 点基本相同 是（号内数字表乐上递程序的号码） A球的直径大了，所以惯性大了，球的动状 =5.0gcm,E=5.49emt,=5.91cm,6 .函子的观点与阿基米德关于力和运动的 木板保持平行 A.事实②.事实①、，推论推论④ 在更唯改燮 6.34rm.已知打点计时器的电源斑率为50Hx.则 观点基本相丽 B每次改拉小车的拉力后都苦要重新平衡摩 ,事实②，推论①，推论③，推论④ B.球的版母大了，所以惯性大了，球的运动状 纸带上D点的速变。= m/s,小车的加 .思子的迎当与亚出十多演关干力知云功 擦力 C.事实②.推论①，推论④，推论③ 态更啡改燮 的观点基本相同 (1)小车和陆码的总质量M与沙和沙桶的总 度a= m/(结果保留2位有效数宇】 钩码的总质量应当大于小车的质量 D.事实②、推论闭、推论①，推论④ C球的直径大了，所以惯性大了，球的运动状 (5)若实际工作频率是4锅12，而该同学不知 3.下列关干惯性的说法正确的是 五量m应满延 (填M>m”友M D,实验时，先放开小车再接通打点计时器的 2.关于力和远动状态的改变，下列说法不正 更容易改变 情.则该同学算出来的加速度 真实值（这 A.电动车速度越大，利车后越难停下来，表 商的是 D,的质量大了，所以惯性大了，球的运动状 (2)某同学通过正确的操作，获得如图乙所示 填“大于“等于”发“小于“) 羽物体的速度越大，惯性越大 (2》根据图乙中纸带上的计数点和相关数据 A.物体加速度为零，则运动肤态不变 态更容易改变 9.用图5甲所示的装置选行“探究加速度与 B,电动车转每时要通过控制适当的速度利 的一段记录小车运动的纸带，相邻两计数点的时 可求出小车的加速度大小￥■ 二m/,(站 B,只要速度大小和方向二者中有一个发生变 7,在谷物的收和 力，团量的关磊”的士哈，图了是其转甲两个用 角度，来调控人和车的惯性 间间隔是0.1$，对小车的加速度大小是 装保智3位有效数字) 化，或者二者都变化，都叫运动状态发生变化 节过界中，小小石千直国 的生收在瓷版上。年左出汽一第细强，显璃 C戴安全带可有效减小驾莱人员的惯性 m/2 物体运动发变就一定受到力的作用 数物祖家易和公物根相 过定滑轮各挂一个相同的小盘，实验中可以通过 继免严重交场事故伤害 (3》有二位同学通过薄量，分别作出：-F图 3在“用D川S研究加速度与力、西量的关系“ D,物体运动状态的改变就是指物体的加速度 起另外，谷有德粒，为了 D.超端行的大货车不容易停下来是因为 像图内中的A.B,C图线所示，试分析： 增车中砝码改变小车量，通过增减盘中砝码 实验中，保特小车质量不变，改变小车所受的作用 在改支 将它们分离，农民常用 其话量大，惯性大 ①线不通过坐标原点的原因是 数变拉力.个年石通用我用亮生定，打 力，测得了下表所示的5组数据，并已在坐标平面 3,西水车主要用于城市 叫作“风谷”的农具分选，如图3所示，它的分遇 4.下列说法正的是 开央子，小车在小盘和砝码的疮引下运动.合上夹 A.在冰面上滑行的冰壶侵慢停下来是因为 上画出数据点，如图3所示 路面冲洗、降尘以及公路绿 原理是 2B图线上明显始离直线的原因是 。两小车同停止 化带的潮既如图1所示，在 .小石子质量小，飞得 冰壶受到冰血摩擦力的作用 路段上一辆西水车在进行 B.草同和密校质量小，得最远 B,从枪射出的子弹在空中飞行速度越 ③C图线不通过坐标原点的原因是 西水作业，下列说法正确的 C草同和密粒的惯性最大，飞得近 越小是因为子弹的惯性越来越小 D.空气阻力作用使它们速度变化快慢不同 C,戴远运动员在起跳前高速助孢是运动园 (数理报杜试题研究中心】 A,以图片中某物体为参考系，车内司机不可 二，实验题（本题共2小题，典18分） 为了增大自己的惯性 图 (酸考答案见下嗣) 能静止 &利用如图4甲所示装置可以完成力学中的 (1)实中，若两小车通过的位移之比为1 D.神舟二十号返回险实现软着陆是它为了 B.地面对该酒水东的支持力不变 2.两车加速度之比为」 保持原来的运动态 8.5减小 下滑 12期参考答案 不变 5,如图所示，鞋千上料 C,若此时油冰车匀加速运动，则车（会车内的 (2)为使小车所受的拉力近慰等于小盘和砝 2版参老答案 9.(1)200N:(2)I005N. 水)的惯性不变 码的他重力，应使小盘和砝码的总而量 有泥巴，在地面上鞋最制下 D.西水车急刻车时，水箱中的水对车有向前 “远大于”“远小于“)小车的质盘 网下，泥吧就掉了，这主 10,静态平衡 10.(1)会：(2)4.1N 的力 (3)探究“加速度与质昼之可的关系“时，起 是利用了 在小盘中放质量 一（追填“相同”或“不相 A,鞋的惯性 B.泥巴的惯性 B组 4.在向前行驶的 1.D:2.D:3.D:4.C:5.C $8 同“}的砝码 G.地面的惯性 D.尼巴的重力 客车上，某时刻驾 1.AD:2.BD:3.BD. 6.每个学期.某中学全校师生都会开展“安金 11.动态平衡 员和乘客的身体姿势 (1)利用此装置做“探究小车速度菌时间变化 (4)探究“加速度与力之间的关系“时，事实 文明出行”"教育，学习（道路交通安全法》.《道路 4.(1)相同： 如图2所示，则对客车 1 的规建”的实验时， (选填”需要”或“不 上小车和平板间存在摩擦力，下列说法中正确的 酒安去》中组定：客功州型尔新乘坐的人（包 1.D:2B:3.A:4.D5.AB 动情况的到断正确的是 要”)补小车受到的阻力的影响，利用此装置 (2)41>卫，>4 括司机》必须系好安金带，这是因 A.客车一定做匀加速直线运动 做“探究加速度与力、质的关系”的实验时 A若平板保持水平，选用更光滑的平板有利 A.系好安带可以减小人的惯性 3版参考答案 5.(1)200N/m: :.客车一定做匀速直线运动 (选填“需要”或”不需要“）补经小布受 成小误第 .系好安全带可可以增加人的惯性 C,客车可能是突然速 的阻力的影鸭 B.平板右适当部以平摩擦力有利于小 A组 C,系好安全带可以防止因人的惯性而造成 (2)203N方向：与题 D.客车可能是突然加迪 (2)实验中关于阻力补橙法操作最佳的是 差 伤图 1,D:2.A:3.D:4.A 5,地生域市中修建的决速封首通，在由 .因为两小车质量相同时与桌面闻的摩擦力 直方向成30°沿P0向左 D,系好安全帝可以防止因车的城性而造成 心城区时，列车一般运行在全封闭的地下褪道内 A,在补阻力时要把挂槽码的细线系在小车 同，所以摩擦力不影响实验结果 伤害 5.D:6.D:7.B. 上方 假设某反隧道是南北朝向，列车在其中做直线运 小车拖着纸带井开白打点计时器开始运动 (下转第4版】高中物理教科（必修第一册）第14~18期 拨理极 答案详解 2025~2026学年 高中物理教科（必修第一册）第14~18期(2025年10月) 《牛顿运动定律》同步核心素养测评（一）》 故ACD错误，B正确 A组 7.石子、谷粒、草屑和瘪粒飞出时初速度基本相同，在飞行 1.D;2.D;3.D;4.C;5.D;6.B;7.D 中受到空气阻力的作用，由于小石子相对谷粒、草屑和瘪粒的 提示： 质量较大，速度变化慢，运动时间长，故其飞行最远，而草屑和 1.②两个对接的斜面，让静止的小球沿一个斜面滚下，小 瘪粒质量小，速度变化快，时间短，故落点近.故ABC错误：D 球将滚上另一个斜面，这是一个客观事实；③如果没有摩擦， 正确 小球将上升到释放时的高度，这是在没有摩擦的情况下的一个 8.(1)不需要需要(2)C(3)C 推论；①减小第二个斜面的倾角，小球在这斜面上仍然能达到 (4)0.530.42(5)大于 原来的高度，这是在没有摩擦情况下的一个推论，减小倾角，为 解析：(1)利用此装置做“探究小车速度随时间变化的规 了到达原来的高度，小球会运动更远的距离；④继续减小第二 律”的实验时，不需要补偿小车受到的阻力的影响：利用此装 个斜面的倾角，最后使它成水平面，小球沿水平面做持续的匀 置做“加速度与力、质量的关系”的实验时需要补偿小车受到 速运动，在没有摩擦力的情况下，当第二个斜面水平时，小球将 的阻力的影响. 会一直匀速运动下去，表明运动不需要力来维持故D正确。 (2)在补偿阻力时不能把挂槽码的细线系在小车上，小车 2.加速度为零，说明物体速度不变，运动状态不变，故A正 拖着纸带并开启打点计时器开始运动，打出一系列点迹均匀 确；速度是矢量，速度的变化要从大小、方向两方面去考虑，故 的点 (3)已经平衡摩擦力，则刚开始的图像是一条过原点的直 B正确；物体的运动状态变化，一定有力的作用，物体也一定有 加速度，但无法知道加速度是否在改变，故C正确，D错误.本 线，不断加槽码，槽码的质量最终达到号，不能满足槽码的质 题选不正确的，故选D. 量远远小于小车的质量，此时图像会发生弯曲，故ABD错误，C 3.若以洒水车为参考系，车内司机静止不动，故A错误：地 正确。 面对洒水车的支持力与洒水车（含车内的水）所受重力等大， (4)由题意可知，打点计时器的频率为50Hz,每5个点取 则地面对该洒水车的支持力减小，故B错误；物体的惯性与速 度无关，洒水过程中，车（含车内的水）质量减小，惯性减小，故 一个计数点，则7=0.1，故打下D点的速度为。=”= C错误；急刹车时，车内的水由于惯性，以刹车前的速度向前运 (5.08+5.49)×10-2 m/s=0.53m/s,根据匀变速直线运动 2×0.1 动，水对车有向前的推力，故D正确。 的推论 4.客车中的乘客向前倾斜，客车突然减速或由静止状态突 △x=aT可得a= 2 然倒车都会出现图中情景，故C正确，ABD错误， (5.49+5.91+6.34)×102-(42+4.65+508）×102m/ (3×0.1)2 5.列车速度发生变化时，但是不能确定是加速还是减速， =0.42m/2. 所以乘客们向北倾斜，列车不一定向北或向南运动，故AB错 (5)若实际交流电的频率只有48Hz,其仍按50Hz来计 误；列车马上到站时会减速，乘客由于惯性向北倾斜，所以列车 向北运动，故C错误；D正确。 示=△f计算时的加速度偏大 算，则由a= 6.惯性的大小只跟质量有关，与其它任何因素无关，则球 9.(1)1:2(2)远小于(3)相同(4)AB 的质量大了，惯性也大了，球的运动状态的改变就增大了难度. 解析：(1)实验中，若两小车通过的位移之比为1：2，由x 高中物理教科（必修第一册）第14~18期 2a可得两车加速度之比为a:,=1:2: (2)图形乙是在木板水平情况下得到的图像，则根据F- (2)实际上，小车与小盘和砝码一起加速运动，设绳对小 mg=ma,得a=-g 车的拉力为F,则有F=Ma,mg-F=ma则可得F=Mmg M m 由图像可知：k==2,g=2 m 为使小车所受的拉力近似等于小盘和砝码的总重力，应使小盘 解得m=0.5kgu=0.2; 和砝码的总质量远小于小车的质量 (3)保持小车的质量不变，如果钩码的重力越来越大时， (3)探究“加速度与质量之间的关系”时，采用控制变量： 则小车的加速度不会无限增加，只会越来越接近重力加速 法，实验时要保证拉力不变，则应在小盘中放质量相同的砝码. 度g (4)探究“加速度与力之间的关系”时，若平板保持水平， 5.(1)0.67(0.60~0.70); 则选用更光滑的平板有利于减小摩擦力，合力更接近绳的拉 (2)0.67(0.66,0.67,0.68); 力，可以减小实验误差，故A正确；平板右端适当垫高来平衡摩 (3)0.10(0.09,0.10,0.11): 擦力，使细绳拉力提供小车的合力，有利于减小误差，故B正 (4)否 确：由牛顿第二定律得mg-uMg=M,解得a=肾-g,故 解析：(1)对小车进行受力分析可得：F-f=mg,即：a= 摩擦力影响实验结果，故C错误. F-f=Ir-f m m m B组 结合图像当a=0时：f=F=0.67N. 1.AD;2.AB;3.BD. 提示： (2)图像斜率6=子，所以质量m=子g=0.67g 1.油罐车向前启动时，由于惯性，油要保持原来的运动状 (3)当α与F成正比时，需要平衡摩擦力，当斜面倾斜时， 态将向后涌动，故A正确：惯性只取决于物体的质量，质量不变 记小车与斜面的动摩擦因数为“，对小车进行受力分析，在垂 惯性就不变，与其他无关，故BC错误；油罐车在平直道路上匀 直斜面方向：FN=mgcos0 速前进时，由牛顿第一定律可知，即使没有挡板油也几乎不会 沿斜面方向：mgsin0=uR=umgcos0,tan0=u=上 mg 涌动，故D正确。 0.67 2.冰球比赛中，运动员用冰球杆击打冰球，冰球的运动状 0.67×10 =0.10. 态随之发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故A正确： (4)因为实验中力传感器可准确测出拉力F的大小，因此 运动员用冰球杆沿不同方向击打冰球上的不同部位，冰球的运 不需要重物的质量远小于小车质量 动状态随之发生改变，说明力的作用效果与力的方向和力的作 《牛顿运动定律》同步核心素养测评（二） 用点都有关，故B正确，C错误；由牛顿第一定律可知，物体的 A组 运动不需要力来维持，力是改变运动状态的原因，故D错误. 1.B;2.C;3.A;4.D;5.C;6.B;7.C 3.质量是惯性的唯一量度，质量越大惯性越大.根据公式f L 提示： =umg=ma可得a=ug,由运动学公式-哈=-2ax可知，速 1.力学的基本物理量有长度、质量、时间，则对应的单位为 度越大，急刹车后滑行的距离越远；速度相同，滑行距离相同 m、kg、s.故B正确。 故AC错误，BD正确. 2.物体的合力与物体的质量和加速度无关，故A错误：物 4.(1)甲；(2)0.5,0.2； 体的质量与合力以及加速度无关，由本身的性质决定，但可以 (3)如果重物的重力越来越大时，则滑块的加速度不会无 通过测量它的加速度和它受到的合力而求得，故BD错误；由a 限增加，会越来越接近重力加速度g 解析：(1)由图像可知，当F=0时，a≠0.也就是说当绳 可知，物体的加速度与其所受合力成正比，与其质量成反 m 子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦 比，故C正确。 力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的左端垫得过高.所以 3.根据牛顿第二定律可知F-f-mg=ma,解得f=5N, 图线甲是在轨道左侧抬高成为斜面情况下得到的； 故A正确. 2 高中物理教科（必修第一册）第14~18期 4.由题意知，“蜘蛛侠”由A点沿直线匀减速爬行到右上 B组 方B点，即加速度方向和速度方向相反，在竖直平面内蜘蛛侠 1.AD;2.BC;3.AC. 加速度方向应该是从B指向A,根据牛顿第二定律在竖直平面 提示： 内蜘蛛侠所受合力方向应该是从B指向A,重力方向竖直向 1.从A点到B点的过程中，未接触弹簧，水平方向只受恒 下，根据力的平行四边形定则可以判断所受其他各个力的合力 力F,由牛顿第二定律可知，力F不变，加速度不变，物块做匀 F方向，只有D项符合 加速运动，故A正确：到达C点时，合力为零，则在C点前，弹簧 5.根据题图可知木箱的加速度 弹力小于恒力F,合力向右，与运动方向相同，做加速运动，故B a=Ag=5-05m/s=4.5m/g 错误；从C点到D点的过程中，有：F弹-F=ma,从C点到D点 △t 1 的过程中弹力增大，所以加速度增大，做加速度增大的减速运 根据牛顿第二定律F-umg=ma,解得F=40N,故C 动，故C错误，D正确. 正确， 2.由图像可知，雨滴的速度先增大后不变，故A错误；因为 6.推进器和待测物的加速度a=4=, t 3m/s2= v-t图像的斜率等于加速度，可知加速度逐渐减小，故B正确； 0.5m/s2,根据牛顿第二定律F=(M+m)a,解得M=18kg, 加速度逐渐减小，根据：F=ma可知雨滴受到的合力逐渐减 故B正确。 小，故C正确；根据mg-f-ma可知雨滴受到的空气阻力逐渐 7.沫蝉起跳时，由牛顿第二定律得F、-mg=ma,解得地 变大，故D错误 面对沫蝉的支持力大小F、=381mg,由牛顿第三定律可知，它 3.对物体受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二定律， 对地面的压力大小F%=Fx=381mg,则FN:G=381:1,平均 有：F-mg=ma;变形得到：F=ma+mg;斜率表示质量，由图 压力大小与其受到的重力大小的比约为380：1.故C正确 像知A的斜率大，故mA>mg;当a=0时，F=G,故G4=GB; 8.2.55907.5187.5 当F=0时，a=-g,即g为横截距的长度，故gA<gB;故AC 9.(1)0.5kg;(2)2m/s2. 正确. 解析：（1)加速度为： 4.aa,403 a2-a1'a1+a a-4-24 △t 二2 m/s2=12m/s 解析：由牛顿第二定律，对m1有F=m1a1,对m2有F= 由牛顿第二定律：F=ma m2a2,当F作用在质量为(m1-m2)的物体上时，根据牛顿第 解得质量为：m=名=合kg=05g F 二定律得F=(m,-m)a,联立解得a= a az a2-a1 (2)由牛顿第二定律得：F-mg=ma 当F作用在质量为m1+m2的物体上时，由牛顿第二定律 代入数据得：a=2m/s2. 得F=(m,+m)a,联立解得a=a a1+a2 10.a'>2a. 5.(1)5m/s2;(2)30m/s;(3)6.4×103kg 解析：设两个木块与地面的动摩擦因数均为4，根据牛顿 解析：(1)根据牛顿第二定律有F-kmg=ma,则 第二定律，对质量为m的木块，有： F-umg ma a=F-kmg=12000-0,Lx20000×10m/g m 20000 解得：a=￡-4g =5m/s2 m (2)由v2-哈=2ax得 对质量为的木块，有： 6=√0-2a:x=√502-2×5×160m/s=30m/s F-u2g=受a (3)设需减少质量m1,减重后加速度不小于 2502 解得：a:兰-g 。=六=20om=gw 根据牛顿第二定律有：F-k(m-m1)g=(m-m1)a' 由上综合得：a'=2里- m -ug >25-24ug=2a m 代入数据解得m1≈6.4×103kg 3 高中物理教科（必修第一册）第14~18期 《牛顿运动定律》同步核心素养测评（三） 合力为mg,则有mg=nma,设托盘对第n号盘子作用力的大小 A组 为F,对剩余盘子有F-(n-1)mg=(n-1)ma,解得F= 1.C;2.C;3.D:4.A;5.D;6.A;7.B. (-1Dmg,故B正确。 n 提示： 8.能位移失重超重 1.每个炮弹在炮管中加速的时间为0.01s,由于炮管长为 9.(1)4m/s2;(2)75N 5m,所以由x=2a,可得炮弹的加速度大小为a=冬 2 解析：(1)根据运动学规律可得滑雪者下滑的加速度大小 10m/s2,由牛顿第二定律，推力F=ma=1.5×10N,故C正 为 确，ABD错误. a =2=4 m/s 2.静止站立时，人合力为零，加速度为零，处于平衡状态， (2)设滑雪者受到的阻力大小为f,根据牛顿第二定律有 故A错误；加速下蹲时，人有竖直向下的加速度，处于失重状 mgsin 0-f ma 态，故B错误；加速上升时，人有竖直向上的加速度，处于超重 状态，故C正确：离地上升时，只受到重力，加速度是重力加速 解得f=75N. 10.(1)75N;(2)7m/s,16.5m 度，处于完全失重状态，故D错误 ! 解析：(1)木箱与水平面间的摩擦力大小 3.物块做匀加速运动，位移公式为x=号d,将坐标(1， f=umg=0.5×15×10N=75N 4)带人解得a=8m/s2,根据牛顿第二定律F合=F-f=ma (2)由牛顿第二定律F-f=ma =8N,由水平面是粗糙得F大于8N,故D正确 解得木箱运动的加速度 4.由x-t图像的斜率表示速度，可知在0~t1时间内速度 a=E-f-90:75/g=1m/s m 15 增大，即乘客的加速度向上，F、>mg;在~t时间内速度不 3s时木箱的速度为 变，即乘客匀速上升，F、=mg;在2~t3时间内速度减小，即乘 to at 4 m/s +3 x 1 m/s 7 m/s 客减速上升，FN<mg,故A正确，BCD错误. 前3s内木箱的位移为 5.剪断轻绳前，由平衡条件得轻弹簧中的弹力和轻绳的拉 23 力为F=a0:气ng,上=80-号mg,的断轻绳瞬 √3 mg =+2d=4×3m+分×1×9m=16.5m B组 间，小球只受弹簧弹力和重力两个力的作用，两力瞬间不变，所 1.BC;2.BD:3.CD. 以在此瞬间，弹簧弹力为停g:两力合力等于剪断轻绳前此两 提示： 1.0~2s内，图线斜率为正，加速度向上，该同学处于超重 力的合力，由共点力平衡推论知，剪断轻绳前两力的合力与轻 状态，故A错误；6~8s内，图线斜率为负，加速度向下，该同学 绳拉力等大反向，所以此瞬间合力方向为斜向左下方，即为小 处于失重状态，故B正确；t=1s末，由图像得加速度的大小为 球在此瞬间的运动趋势方向；合力大小为F合=25m 3mg,由牛 △v a=At =2m/s,由牛顿第二定律得FN-mg=ma,解得F、= 顿第二定律F6=ma,得a=2,故ABC错误，D正确 1 600N,故C正确；t=7s末，该同学处于失重，对电梯的压力大 6.鸡蛋自由下落20m过程，根据速度与位移的关系式有 小小于自身重力(500N),故D错误， 2=2gh1,鸡蛋与地面碰撞过程，从触地到完全停止质点的位 2.v-t图像表示潜艇“掉深”后竖直方向速度的变化情 移为0.05m,利用逆向思维有v2=2ah2,根据牛顿第二定律有 况，“掉深”前在高密度海水区域沿水平方向缓慢航行，所以不 知道“掉深”前的速度，故A错误；因潜艇在高密度海水区域沿 R,-mg=m,根据牛顿第三定律有R,=F,解得B=401≈ mg 水平方向缓慢航行，潜艇在高密度海水区域受到的浮力等于潜 400,故A正确. 艇的重力，即为F浮=mg=3.0×10?N,故B正确；根据v-t图 7,某顾客快速取走1号盘子的瞬间，托盘和剩余盘子所受：像与坐标轴所围的面积表示位移可得潜艇“掉深”后竖直向下 4 高中物理教科（必修第一册）第14~18期 的最大位移为x=30×20m m=300m.故C错误：潜艇“掉i 2 联立解得：L+式，放D正确 深”后在10~30s时间内，加速度方向向上，处于超重状态，故 3.0~10s内，若运动员匀加速下降，则位移为。×10× 2 D正确. 20m=100m,由图像可知运动员的位移大小大于100m,故A 3.由于弹簧的弹力不能突变，撤去拉力F的瞬间，质量为 错误；v-t图像的斜率等于加速度，可知10~15s内加速度逐 m的物体加速度仍为a,因此质量为2m的物体加速度大小为 渐减小，故B错误：0~10s内运动员向下的加速度逐渐减小， 号，故AB错误，C正确：撒去拉力F之前，根据牛顿第二定律F 根据mg-f=ma可知所受阻力逐渐增大，故C正确；I0~15s =3m0,而弹簧的弹力，=m,可得a=品人=专，撤去拉 内运动员向上的加速度逐渐减小，根据f-mg=ma,可知所受 阻力逐渐减小，故D错误 力F之后，质量为m的物体加速度不变，即a=a=3 F ,根据 4.对AB整体，B与地面间的摩擦力：f=2(mA+mB)g= 牛顿第二定律F,=2ma2,可知质量为2m的物体加速度a2= 3N,当A、B间摩擦力达到最大静摩擦力时，A、B间发生相对滑 6m故D正确 动，即无=山1m4g=4N,对B,根据牛顿第二定律有：aB= 4.减速加速向右2 万-五=1mS,对AB整体，由牛顿第二定律得：F-方=(m 5.(1)f=260N:(2)x=3.25m +mg)ag,解得：F=6N,即当拉力超过6N时，A、B开始发生相 解析：(1)根据公式，可得赛艇的加速度大小为 对滑动，B的加速度为1m/s2,故ABC错误，D正确。 :=6/s 5.开始时，物体处于平衡状态，物体受重力和弹力，则有： g=kx1,物体向下匀加速过程，对物体受力分析，受重力、弹 根据牛顿第二定律可得8F-f=（4m+M)a1 簧向上的弹力、推力F,根据牛顿第二定律，有：F+mg-F弹= 联立解得f=260N ma,根据胡克定律，有：F弹=k(x1+x)=mg+kx,解得：F= (2)桨叶离开水面后，赛艇做减速运动的加速度大小为 ma-mg+F弹=ma+kx,故弹力与x是线性关系，且是增函数， a:im+M=I m/s 故ABC错误，D正确， 加速过程赛艇的位移为=分=075m 6.设轨道与竖直方向的夹角为0，根 据牛顿第二定律，质点的加速度a= 减速过程赛艇的位移为。=-之，号=2.5m mcos0=gcos0,所有质点在相等时间 m 赛艇在1.5s内通过的位移大小为 1 1 x=x1+x2=3.25m. 内的位移x=2at=28cos0:f=2·cos0,由图可知 《牛顿运动定律》同步核心素养测评（四）》 1 g是竖直方向直径的长度，通过几何关系知，某一时刻这些 A组 质点所在位置构成的面是圆弧.故A正确 1.D;2.D;3.C;4.D;5.D;6.A;7.D 7.物品先做匀加速直线运动，由牛顿第二定律有：umg= 提示： ma,解得a=3m/s2,假设物品可以加速到与传送带共速，则加 1.物体与弹簧接触后，物体受到弹力，但开始时弹力小于 推力，物体继续加速，直到弹力等于推力为止，故A错误；弹簧 速运动的时间为=日=专，加速运动的距离为=之 4 处于最大压缩量时，速度为零，弹力大于推力，故合力不为零， 8 m≈2.67m>2.1m,因此物品在传送带上一直做加速 加速度也不为零，故B错误；物体与弹簧接触后，物体受到弹 力，但开始时弹力小于推力，物体继续加速，直到弹力等于推力 运动，故A结误；因-直加速：=之，物品从A端到B端所用 为止，故C错误，D正确， 2.对系统进行受力分析，由牛顿第二定律可得：F=(m+ 的时间为：=√臣-√得=118位B错误：因为-直加 2m)a,对质量为m的小球水平方向受力分析，由牛顿第二定律 速，所以物品一直受到向右的滑动摩擦力，故C错误：当传送带 和胡克定律，可得：kx=m,则此时两球间的距离为s=L+x,速度减小一点时，物品在传送带上仍可能是全程加速，在加速 -5 高中物理教科（必修第一册）第14~18期 度和位移都不变的情况下，运动的时间也不变，故D正确 Fm=42N,故A正确，B错误；对货物进行受力分析，根据牛顿 8.40980390 第二定律可得：F、-mg=ma,解得：F、=l8N,故C正确，D 解析：由图可知，运动员下落过程中的最大速度为40m/s: 错误 最初2：内运动员的加速度约为a=合是=受mg=9mg, 2.t1时刻小物块向左运动到速度为零，离A处的距离达到 最大，故A正确；2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后相 最初2s内，根据牛顿第二定律mg-f=ma,解得运动员和伞包 对静止，故B正确；0~2时间内，小物块受到的摩擦力方向始 所受的阻力约为f=80N;因为v一t图像的面积等于位移，图像 终向右，故C错误；t2~t3时间内小物块不受摩擦力作用，故D 包含的格子数约为39，可知运动员在整个过程下落的高度约h 错误 =39×2×5m=390m. 3.由题意可得，A木板所受摩擦力方向与运动方向相同，B 9.(1)2m/s;(2)0.5. 物体所受的摩擦力方向与运动方向相反，故A错误：对B受力 解析：(1)物块从斜面顶端由静止释放，做匀加速直线运 动，则有 分析，由牛顿第二定律有：umag=mBa,aB=I 1= △t x=2a 3,1m/s=2m/,解得μ=0.2，故B正确：木块B未滑出 1 代入数据求得，物块在斜面上运动时加速度a的大小a= 木板A,临界条件为当A、B具有共同速度时，B恰好滑到A的右 2m/s2. 端，速度图像与时间轴围成面积表示位移，则：L=sg一$A= (2)物块从斜面顶端由静止释放，依题意由牛顿第二定律：3×1 2 m=1.5m,故C错误；对A、B分别受力分析，则：mg= 交 mgsin 6-umgcos 0 ma m,4mg=m4,a=是=气9=1m3,联立解 1 代入数据解得u=0.5 得==2」 10.(1)6N;(2)5.5m mR aA ,故D正确。 解析：(1)以物块A、B整体为研究对象，由牛顿运动定律 4.(1)4,沿斜面向下；(2)130；(3)30 可得 解析：在斜面上下滑mgsin0-umgcos0=ma1,a1=gsin0 F-u(ma mB)g =(ma +mB)a -gcos0=4m/s2,方向沿斜面向下.在水平面上滑行umg= 以物块A为研究对象，由牛顿运动定律可得 ma1,得a2=2.5m/s2,设运动到斜面底部时速度为v全过程有 FT-umag maa ”+立=，得=20m/,两过程都为匀变速直线运动1= a d 两式联立解得 F=m F=6N 生0+生=之=10m由运动学公式=云 mA +mB 50m,沙山的高度h=s1sim0=30m. (2)断开细绳后，物块A、B的加速度分别为 5.(1)0.4m/s2;(2)2m/s;(3)6s. ax ug =2m/s,an F-m照=7m/s2 解析：(1)根据牛顿第二定律有 mB umgcos37°-mgsin37°=ma 物块A停止运动所需的时间古=吐=1s A 代入数据可得a=0.4m/s2. 物块B前进的距离=a+20=55m (2)加速到相对传送带静止的时间 4=分-0是4=5 2 B组 1.AC:2.AB:3.BD. 所以5s后随传送带一起匀速运动，速度为2m/s. 提示： (3)加速运动的位移 1.在匀加速上升的过程中，有h= 之，解得：a= 三2aG听三7×0.4x5m=5m 2m/s,根据牛顿第二定律可得：Fm一f-m总g=m总a,解得： 匀速运动的位移x2=L-=2m 6 高中物理教科（必修第一册）第14~18期 匀速运动的时间：=兰=子。=1。 向上，先增大后减小，可知此时速度方向向下，先增大后减小， 先向下加速后向下减速，加速度先向下后向上，先失重后超重， 物体从A运动到B的时间 故C错误：根据前面分析可知t,时刻速度方向改变，从向上变 t=t1+t2=6s. 成向下运动，故t3时刻到达最高点，故D错误。 《牛顿运动定律》核心素养单元测评 7.设飞行员的质量为m,当弹射座椅弹出时，座椅对飞行 1.D:2.C:3.B:4.B:5.A:6.B:7.C 员的作用力大小为F,由牛顿第二定律有√-(mg)?=ma, 提示： 1.当右侧斜面倾角变为0°时，忽略摩擦力的影响，小球将 a 解得E-m、区+a可得=立g=1+之故C mg g 一直运动下去，伽利略的结论是“力不是维持物体运动的原 正确。 因”，故A错误；没有摩擦，绝对光滑的轨道，无论通过什么工艺 8.BD;9.BC;10.BD. 都不能实现，故B错误；由于没有绝对光滑的轨道，故“小球沿 提示： 右侧斜面向上运动时，如果没有摩擦，小球将到达原来的高 8.由受力平衡得mg=Fcos0,解得绳子拉力大小为F= 度”，这是实际实验观察不到的现象，故C错误；伽利略理想实 验的本质是想象着把实际存在，影响物体运动的摩擦力去掉， 票。放A结误：剪断细线的瞬间，地面对物块产生支持力，竖 抓住事物的本质，这种依据逻辑推理把实际实验理想化的思 直方向受力平衡，所以支持力大小为mg,故B正确；剪断轻弹 想，也是揭示现象本质的重要研究方法之一，故D正确。 簧瞬间，轻绳拉力变为零，物块加速度为零，故C错误；剪断轻 2.惯性是物体的固有属性；而质量却是惯性大小的唯一量； 绳前，弹簧弹力为F,=Fsin0=mgtan0,剪断轻绳瞬间，弹簧 度；故惯性的大小取决于冰壶的质量：故C正确，ABD错误. 弹力不变，由牛顿第二定律得F,=ma,解得a=gtan0,方向向 3由匀变速直线运动有4=宁如2，部得知速度。=兰包 左；故D正确， 9.当A、B间的静摩擦力达到最大值时加速度最大，对A有 裹受重力mg(向下)和空气阻力f(向上)，根据牛顿第二定律 umg=mamm,解得最大加速度为amx=g,对A、B整体分析可 mg-f=a,代人a-华得f=mg-m=(g-当，放B 知Fx-u(2m+m)g=(2m+m)ams,解得Fas=6umg,要 使B物体运动拉力应满足F>u(m+2m)g=3umg,故BC正 正确， 确。 4.物体的惯性只取决于物体的质量，与物体的运动状态无 关，故A错误；发射升空过程中，先做加速运动后做减速运动： 10.开始物块相对于传送带向上滑动，物块受到的摩擦力 平行于传送带向下，当物块速度大于传送带速度后，物块受到 向上加速过程加速度向上，为超重状态，向上减速加速度向下， 的摩擦力方向平行于传送带向上，故A错误；由题图所示图像 为失重状态，故B正确，C错误；由牛顿第三定律可知，火箭对 探测器的作用力等于探测器对火箭的作用力，故D错误。 可知，1~2s内，物块的加速度a==12-10m/公= △t 2-1 5.当拉力F小于最大静摩擦力，物体的位移为零；当F大 2/s,故B正确；由题图所示图像可知，在0~1s内物块的加 于最大静摩擦力，根据牛顿第二定律可得：F-wmg=ma,解得 速度a=Ag=10-0m/。=10m/?,由牛顿第二定律得：mgsin0 4=￡-4g,根据位移时间关系可得=宁=品 △t 1 m +umngcos0=ma,在1~2s内，由牛顿第二定律得：mgsin0- 24g.可见，作用时间t不变，x-F图像的斜率是一个定值， umgcos0=ma',解得：=0.5,0=37°，故C错误，D正确， 11.(1)小车的总质量；(2)①质量不变的条件下，加速 故A正确，BCD错误， 度与合力成正比；②C. 6.~专时间内，f向下，先增大后减小，可知此时速度方 解析：(1)在探究加速度与力的关系时，应保持小车的总 向向上，先增大后减小，故实验舱先处于弹射过程后做竖直上 质量不变； 抛运动，故A错误；女，~3时间内f向下在减小，可知此时速度 (2)①OA是过原点的倾斜直线，所以是在质量不变的条件 方向向上，速度在减小，根据牛顿第二定律有mg+f=ma,即 下，加速度与合力成正比； 口=片+8，故加速度大小在减小，放B正确西~专时间内 ②此图线的AB段明显偏离直线，说明不满足钩码质量远 7 高中物理教科（必修第一册）第14~18期 小于小车总质量的条件，不能用钩码所受的重力作为合力，故 所以4= f 240 ABD错误，C正确 mg0sa=60x10x0.8=0.5 需要A(2D(3)奇 (2)人在气囊上下滑过程中mgsin a-f=ma1 12.(1)不需要 a,=ugsin a-f=60x10×0.6-240m/g 60 解析：(1)由于本实验采用了压力传感器，不需要用钩码 m =2.0m/s2 的总重力代替绳子的拉力，因此不需要满足钩码质量远小于小 车质量；为了保证小车所受拉力的方向不变，因此细线需要调 下滑时间t,= 2×60g=6s≈2.458 2 节至与长木板平行；为了使小球所受压力传感器的力在水平方 (3)人到达地面的速度 向，因此长木板要调至水平状态，故A正确 "1=at1=2.0×6m/s=26m/s (2)遮光条通过光电门的瞬时速度#=号AB间距为， 人在地面上运动的加速度 根据运动学公式2=2ax,对小球，根据牛顿第二定律F=ma, a,=mg=4g=5.0m/g m 联立解得子=·F,因此为了直观的反映小球的加速度与 人在水平面上滑行的距离 F成正比，需婴建立号-F图像故D正确 s2=2a2 -(26)2 2×5.0m=2.4m m,解得小钢球 (3)根据上述(2)子-F图像的斜率k=2红， 1 3；(2)3(M+m)2-n.2 15.(1)5M. M ·21 2x 解析：(1)若不启用电磁弹射系统，且航母保持静止状态， 的质量m=kF 该舰载机由静止做匀加速运动直至起飞，由速度一位移关系 13.解析：运动员站在雪道上第一次利用滑雪杖对雪面作 式可得2=2aL, 用时，加速度为 由牛顿第二定律得，舰载机所受合力为F合=Ma, a4=F二f=1ms 对舰载机受力分析，知F合=F-ff=20%F, m 专1=1s时的速度为1=a141=1m/s 联立解得P-批 第一次撤除水平推力F后，加速度为 (2)若启用电磁弹射系统，航母仍保持静止状态，该舰载 a:=-￡=-0.2m/3 机在自身发动机同样打开的情况下，又加载质量为m的弹药， m 该舰载机由静止匀加速运动直至起飞， 撤除水平推力F后经过，=2s,速度为 v1=1+a2t2=0.6m/s 由速度一位移关系式得，=20·号 第二次刚撤除水平推力F时，速度为 设弹射系统提供的推力为F'」 v2=v1+a1t1=1.6m/s 由牛顿第二定律得F-f+F'=(M+m)a',f=20%F, 此后在水平方向仅受摩擦力作用做匀减速运动，滑行的最 由题意可为。血七业 M 大距离为 =0-蓝。0-1.6 联立解得F=3M+m)2-M,2 2a2 -2×0.2m=6.4m. M 2L' 14.解析：(1)设气囊倾角为a,由几何关系知 血a土-治=06，所以a=37 ! 摩擦力f=uFN=umgcos a 8-