专题10 遗传的基本规律 题组1-【区块练】2021-2025年五年高考真题分类汇编生物

色学科网书城国 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.ZxXk.com○ 您身边的互联网+教辅专家 专题10 班级： 遗传的基本规律 组 姓名： 学号： 一、选择题 1.(2025河南卷)现有二倍体植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株：突变株均为3：1。甲自交 后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株：突变株=9：6 (等位基因可依次使用Aa、B/b)。下列叙述错误的是() A.甲的基因型是AaBB或AABb BF2出现异常分离比是因为出现了隐性纯合致死 CF2植株中性状能稳定遗传的占715 D.F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有6种 2.(2025·山东卷)果蝇体节发育与分别位于2对常染色体上的等位基因M、m和N、n有关，M对 m、N对n均为显性。其中1对为母体效应基因，只要母本该基因为隐性纯合，子代就体节缺失，与 自身该对基因的基因型无关；另1对基因无母体效应，该基因的隐性纯合子体节缺失。下列基因型的 个体均体节缺失，能判断哪对等位基因为母体效应基因的是() A.MmNn B.MmNN C.mmNN D.Mmnn 3.(2024安徽卷)某种昆虫的颜色由常染色体上的一对等位基因控制，雌虫有黄色和白色两种表 型，雄虫只有黄色，控制白色的基因在雄虫中不表达，各类型个体的生存和繁殖力相同。随机选取一 只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，雄性全为黄色。继续让F1自由交配，理论上F2 雌性中白色个体的比例不可能是( A1/2 B.3/4 C.15/16 D.1 4.(2024新课标卷)某种二倍体植物的P1和P2植株杂交得F1,F1自交得F2。对个体的DNA进行 PC检测，产物的电泳结果如图所示，其中①~⑧为部分F2个体，上部2条带是一对等位基因的扩增 产物，下部2条带是另一对等位基因的扩增产物，这2对等位基因位于非同源染色体上。下列叙述错 误的是() PI P2 F F2 ①②③④⑤⑥⑦⑧ 电源负极 电源正极一 A.①②个体均为杂合体，F2中③所占的比例大于⑤ B.还有一种F2个体的PCR产物电泳结果有3条带 独家授权侵权必究 色学科网书城画 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.ZxXk.c0m● 您身边的互联网+教辅专家 C.③和⑦杂交子代的PCR产物电泳结果与②⑧电泳结果相同 D.①自交子代的PCR产物电泳结果与④电泳结果相同的占1/2 5.(2023·全国甲卷)水稻的某病害是由某种真菌（有多个不同菌株）感染引起的。水稻中与该病害抗 性有关的基因有3个(A1、A2、a):基因A1控制全抗性状抗所有菌株)，基因A2控制抗性性状（抗部 分菌株)，基因a控制易感性状（不抗任何菌株），且A1对A2为显性、A1对a为显性、A2对a为显性。 现将不同表现型的水稻植株进行杂交，子代可能会出现不同的表现型及其分离比。下列叙述错误的是 () A.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗：抗性=3：1 B抗性植株与易感植株杂交，子代可能出现抗性：易感=1：1 C.全抗植株与易感植株杂交，子代可能出现全抗：抗性=1：1 D.全抗植株与抗性植株杂交，子代可能出现全抗：抗性：易感=2：1：1 6.(2023新课标卷)某研究小组从野生型高秆（显性）玉米中获得了2个矮秆突变体，为了研究这2 个突变体的基因型，该小组让这2个矮秆突变体（亲本）杂交得F,F1自交得F2,发现F2中表型及其比 例是高秆：矮秆：极矮秆=9：6：1。若用A、B表示显性基因，则下列相关推测错误的是() A亲本的基因型为aaBB和AAbb,F1的基因型为AaBb B.F2矮秆的基因型有aaBB、AAbb、aaBb、Aabb.共4种 C.基因型是AABB的个体为高秆，基因型是aabb的个体为极矮秆 D.F2矮秆中纯合子所占比例为1/2，F2高秆中纯合子所占比例为1/16 7.(2022全国甲卷)某种自花传粉植物的等位基因Aa和Bb位于非同源染色体上。A/a控制花粉 育性，含A的花粉可育；含a的花粉50%可育、50%不育。B/b控制花色，红花对白花为显性。若基 因型为AaBb的亲本进行自交，则下列叙述错误的是() A.子一代中红花植株数是白花植株数的3倍 B.子一代中基因型为aabb的个体所占比例是1/12 C.亲本产生的可育雄配子数是不育雄配子数的3倍 D.亲本产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等 二、非选择题 8.(2025云南卷)冬瓜果面有蜡粉可提高果实抗病、耐日灼和耐储性。为探究冬瓜果面蜡粉的遗 传方式并对蜡粉基因（用“A“a”表示）进行定位，科研人员进行了一系列杂交实验，结果如表。 群体 植株总数/株 果面有蜡粉株数/株 果面无蜡粉株数/株 P 30 30 0 P2 30 0 30 Fu 523 523 0 F2 574 430 144 独家授权侵权必究 色学科网书城国 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.ZxXk.com○ 您身边的互联网+教辅专家 注：F1为P和P2杂交后代，F2为F1自交后代。 回答下列问题： ()根据杂交结果可知，果面蜡粉的遗传遵循基因的 定律，依据是 (2)实验证明蜡粉性状的改变是由基因突变引起的，突变基因上出现了一个限制酶H的切割位点， 可用于在苗期筛选出果实表面有蜡粉的植株，据此设计引物后进行植株基因型鉴定的步骤为：提取基 因组DNA→ 目的DNA片段→限制酶H切割扩增产物→电泳。结果显示P植株为1条条带 P2植株为2条条带，则F2中有蜡粉的植株为 条条带，限制酶H的切割位点位于 (填 “Aa”或“A和a”)上。 (3)用表中材料设计实验，验证(1)中得到的结论，写出所选材料及遗传图解。 9.(2024贵州卷)已知小鼠毛皮的颜色由一组位于常染色体上的复等位基因B1(黄色)、B2(鼠色)、 B(黑色)控制。现有甲（黄色短尾）、乙（黄色正常尾）、丙（鼠色短尾）、丁（黑色正常尾）4种基因型的雌 雄小鼠若干，某研究小组对其开展了系列实验，结果如图所示。 ① ② ③ 亲本组合甲×丁乙×丁 甲×乙 子代黄色鼠色黄色黑色黄色鼠色 1:1 1:1 2:1 回答下列问题： (1)基因B1、B2、B3之间的显隐性关系是 。 实验③中的子代比例说明 了 ,其黄色子代的基因型是 (2)小鼠群体中与毛皮颜色有关的基因型共有 种，其中基因型组合为 的小鼠相 互交配产生的子代毛皮颜色种类最多。 (3)小鼠短尾D)和正常尾()是一对相对性状，短尾基因纯合时会导致小鼠在胚胎期死亡。小鼠毛 皮颜色基因和尾形基因的遗传符合自由组合定律，若甲雌雄个体相互交配，则子代表型及比例为 ；为测定丙产生的配子类型及比例，可选择丁个体与其杂交，选 择丁的理由是 独家授权侵权必究 色学科网书城国 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.ZxXk.com● 您身边的互联网+教辅专家 10.(2022全国甲卷)玉米是我国重要的粮食作物。玉米通常是雌雄同株异花植物（顶端长雄花序. 叶腋长雌花序)，但也有的是雌雄异株植物。玉米的性别受两对独立遗传的等位基因控制，雌花花序由 显性基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbt个体为雌株。现有甲（雌雄同株）、乙（雌株）、 丙（雌株）、丁（雄株）4种纯合体玉米植株。回答下列问题。 ()若以甲为母体、丁为父本进行杂交育种，需进行人工传粉，具体做法是 (2)乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株；F1自交，F2中雌株所占比例为 ,F2中雄株的基 因型是 ；在F2的雌株中，与丙基因型相同的植株所占比例是 (3)己知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状。为了确定这对相对性状的显隐 性，某研究人员将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体（两种玉米均为雌雄同株）间行种植进行实验，果穗 成熟后依据果穗上籽粒的性状，可判断糯与非糯的显隐性。若糯是显性，则实验结果是 若非糯是显性，则实验结果是 11.(2021·河北卷)我国科学家利用栽培稻H)与野生稻D)为亲本，通过杂交育种方法并辅以分子 检测技术，选育出了L12和L7两个水稻新品系。L12的12号染色体上带有D的染色体片段（含有耐 缺氮基因TD),L7的7号染色体上带有D的染色体片段（含有基因SD),两个品系的其他染色体均来自 H(图1)。H的12号和7号染色体相应片段上分别含有基因T和S。现将两个品系分别与H杂交， 利用分子检测技术对实验一亲本及部分F2的TD/TH基因进行检测，对实验二亲本及部分F2的SD/S 基因进行检测，检测结果以带型表示（图2）。回答下列问题： 染色体 亲本及F2的带型 567 89101112 L12 H F2 亲本组合 1Ⅱm L12 实验-2xH一→二一一三□ L7H a BY 实验二L7xH”-一日▣ 123456789101112 图2 123456789101112 空白区域代表来自H的染色体片段 阴影区域代表来自D的染色体片段 图1 图3 (1)为建立水稻基因组数据库，科学家完成了水稻 条染色体的DNA测序。 独家授权侵权必究 色学科网书城画 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.ZxXk.com○ 您身边的互联网+教辅专家 (2)实验一F2中基因型TnTD对应的是带型 理论上，F2中产生带型I、Ⅱ和Ⅲ的个体 数量比为 (3)实验二F2中产生带型、β和y的个体数量分别为12、120和108，表明F2群体的基因型比例 偏离 定律。进一步研究发现，F1的雌配子均正常，但部分花粉无活性。己知只有一种基 因型的花粉异常，推测无活性的花粉带有 (填“SD”或“SH”)基因。 (4)以L,和L12为材料，选育同时带有来自D的7号和12号染色体片段的纯合品系X(图3)。主 要实验步骤包括：① _； ②对最终获得的所有植株进行分子检测，同时具有带型 的植株即为目的植株。 (⑤)利用X和H杂交得到F1,若F1产生的无活性花粉所占比例与实验二结果相同，雌配子均有活 性，则F2中与X基因型相同的个体所占比例为 ·独家授权侵权必究 色学科网书城画 品牌书店·知名教辅·正版资源 b.ZxXk.com○ 您身边的互联网+教辅专家 ·独家授权侵权必究· 专题10　题组一 1.解析　已知植株甲和乙，自交后代中某性状的正常株∶突变株均为3∶1，可知正常株为显性性状，突变株为隐性性状，甲自交后代中的突变株与乙自交后代中的突变株杂交，F1全为正常株，F2中该性状的正常株∶突变株＝9∶6，为9∶3∶3∶1的变式，可知杂交后代F1基因型为AaBb，正常株的基因型为A_B_，基因型为aabb的植株会死亡，其余基因型的植株为突变株。所以甲、乙自交后代中的突变株基因型分别为aaBB、AAbb或AAbb、aaBB，由于甲和乙自交后代中某性状的正常株(A_B_)∶突变株均为3∶1，故甲的基因型是AaBB或AABb，A正确；F1基因型为AaBb，自交后代F2应该出现9∶(6＋1)的分离比，出现异常分离比是因为出现了隐性纯合aabb致死，B正确；F2植株中正常株的基因型为1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb，突变株的基因型为1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，其中性状能稳定遗传(自交后代不发生性状分离)的有1AABB、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb，占7/15，C正确；F2中交配能产生AABB基因型的亲本组合有：AABB×AaBB、AABB×AABb、AABB×AaBb、AaBB×AABb、AaBB×AaBb、AABb×AaBb 6种杂交组合，和4种基因型AABB、AaBB、AABb、AaBb自交，故亲本组合有10种，D错误。 答案　D 2.解析　体节缺失个体基因型为MmNn时，由于不含隐性纯合基因，说明体节缺失是母体效应引起的，可能是由于M、m基因具有母体效应，则该个体母本相关基因型为mm；也可能是N、n基因具有母体效应，则该个体母本相关基因型为nn，故无法判断哪对等位基因为母体效应基因，A不符合题意。体节缺失个体基因型为MmNN时，由于不含隐性纯合基因，说明体节缺失是母体效应引起的，由于该个体含有两个N基因，说明其母本一定含有N基因，故一定是M、m基因具有母体效应，B符合题意。体节缺失个体基因型为mmNN时，可能是其本身隐性纯合子，表现为体节缺失，也可能是亲本含mm，因此无法判断为母体效应，C不符合题意。体节缺失个体基因型为Mmnn时，可能为nn隐性纯合使其表现为体节缺失，则M、m基因具有母体效应；也可能为N、n基因具有母体效应，母本相关基因型为nn导致其体节缺失，故无法判断哪对等位基因为母体效应基因，D不符合题意。 答案　B 3.解析　由题意可知控制白色的基因在雄虫中不表达，随机选取一只白色雌虫与一只黄色雄虫交配，F1雌性全为白色，说明白色对黄色为显性，若相关基因用A/a表示，则亲代白色雌虫基因型为AA，黄色雄虫基因型为AA或Aa或aa。若黄色雄虫基因型为AA，则F1基因型为AA，F1自由交配，F2基因型为AA，F2雌性中白色个体的比例为1；若黄色雄虫基因型为Aa，则F1基因型为1/2AA、1/2Aa，F1自由交配，F2基因型为9/16AA、6/16AA、1/16aa，F2雌性中白色个体的比例为15/16；若黄色雄虫基因型为aa，则F1基因型为Aa，F1自由交配，F2基因型为1/4AA、1/2Aa、1/4aa，F2雌性中白色个体的比例为3/4。综上所述，A符合题意，B、C、D不符合题意。 答案　A 4.解析　根据题意可知，2对等位基因的遗传遵循自由组合定律。设电泳图中从上部到下部分别是基因a1、a2、b1、b2的PCR产物的电泳结果，则P1、P2的基因型分别为a1a1b2b2、a2a2b1b1，F1的基因型为a1a2b1b2，①～⑧的基因型分别为a1a2b1b1、a1a2b2b2、a1a1b1b2、a2a2b1b1、a1a1b1b1、a1a1b2b2、a2a2b2b2、a1a2b1b2。 由以上分析可知，①②个体的基因型分别为a1a2b1b1、a1a2b2b2，均为杂合体。F1的基因型为a1a2b1b2，F1自交所得F2中③(a1a1b1b2)所占的比例为1/4×1/2＝1/8，⑤(a1a1b1b1)所占的比例为1/4×1/4＝1/16，故A正确。F2个体的基因型有9种，电泳图中未显示的F2个体的基因型为a2a2b1b2，其相关基因的PCR产物电泳结果有3条带，B正确。③(a1a1b1b2)和⑦(a2a2b2b2)杂交，子代的基因型有2种，分别为a1a2b2b2、a1a2b1b2，③和⑦杂交子代相关基因的PCR产物电泳结果与②(a1a2b2b2)和⑧(a1a2b1b2)电泳结果相同，C正确。①(a1a2b1b1)自交，子代的基因型为1/4a1a1b1b1、1/2a1a2b1b1、1/4a2a2b1b1，①自交子代相关基因的PCR产物电泳结果与④(a2a2b1b1)电泳结果相同的占1/4，D错误。 答案　D 5.解析　根据题意可知，全抗植株有三种基因型，分别为A1A1、A1A2、A1a，抗性植株有两种基因型，分别为A2A2、A2a，易感植株的基因型为aa。全抗植株与抗性植株杂交，共有六种杂交组合，子代都不可能出现全抗∶抗性＝3∶1，A错误；抗性植株与易感植株(aa)杂交，若抗性植株的基因型为A2a，其可产生两种配子，则子代中会出现抗性∶易感＝1∶1，故B正确。全抗植株与易感植株(aa)杂交，若全抗植株的基因型为A1A2，其可产生两种配子，则子代中会出现全抗∶抗性＝1∶1，故C正确。全抗植株(A1a)与抗性植株(A2a)杂交，子代可能出现全抗(A1A2、A1a)∶抗性(A2a)∶易感(aa)＝2∶1∶1，D正确。 答案　A 6.解析　F2中表型及其比例是高秆∶矮秆∶极矮秆＝9∶6∶1，符合9∶3∶3∶1的变式，因此控制两个矮秆突变体的基因遵循基因的自由组合定律，即高秆基因型为A_B_，矮秆基因型为A_bb、aaB_，极矮秆基因型为aabb，因此可推知亲本的基因型为aaBB和AAbb，F1的基因型为AaBb，A正确；矮秆基因型为A_bb、aaB_，因此F2矮秆的基因型有aaBB、AAbb、aaBb、Aabb，共4种，B正确；由F2中表型及其比例可知基因型是AABB的个体为高秆，基因型是aabb的个体为极矮秆，C正确；F2矮秆基因型为A_bb、aaB_共6份，纯合子基因型为aaBB、AAbb共2份，因此矮秆中纯合子所占比例为1/3，F2高秆基因型为A_B_共9份，纯合子为AABB共1份，因此高秆中纯合子所占比例为1/9，D错误。故选D。 答案　D 7.解析　由“等位基因A/a和B/b位于非同源染色体上”可推出这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律，即A/a和B/b独立遗传。单独分析B/b，亲本的基因型都为Bb，自交后，子代的基因型及比例为BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，表现型及比例为红花植株∶白花植株＝3∶1，A项正确。单独分析A/a，亲本的基因型均为Aa，产生的雌配子类型及比例为A∶a＝1∶1，理论上产生的雄配子类型及比例为A∶a＝1∶1，由“含A的花粉可育；含a的花粉50%可育、50%不育”可推出亲本产生的可育雄配子数∶不育雄配子数＝3∶1，则子代中基因型为aa的个体占1/6，推断过程如下表： 雌配子 子代基因型 可育雄配子 A a A AA Aa a Aa aa 综合分析可知，子一代中基因型为aabb的个体所占比例为×＝，B项错误、C项正确。亲本关于花色的基因型为Bb，其产生的含B的可育雄配子数与含b的可育雄配子数相等，D项正确。 答案　B 8.解析　(1)根据杂交结果可知，果面蜡粉的遗传遵循基因的分离定律，因为F1自交得到的F2中，果面有蜡粉株数与果面无蜡粉株数之比约为3∶1(430∶144≈3∶1)，符合基因分离定律中杂合子自交后代性状分离比3∶1的比值。 (2)要进行植株基因型鉴定，在提取基因组DNA后，需要通过PCR扩增目的DNA片段。P1植株为1条条带，P2植株为2条条带，说明P1为纯合子且其基因不能被限制酶H切割(假设P1基因型为AA)，P2为纯合子且其基因能被限制酶H切割(假设P2基因型为aa)，限制酶H的切割位点位于a上。F1基因型为Aa，F2中有蜡粉的植株基因型为AA或Aa。AA只有1条条带(不能被切割)，Aa会有3条条带(A不能被切割为1条，a被切割为2条)，所以F2中有蜡粉的植株为1条或3条条带。 (3)验证基因的分离定律，采用测交的方法，所选材料：F1(Aa)与P2(aa)(测交实验可以验证基因的分离定律)。 答案　(1)分离　F2中出现3∶1的性状分离比，符合一对等位基因的遗传规律 (2)PCR扩增　1或3　a (3)选用材料：F1植株和P2植株 遗传图解 9.解析　(1)由题意可知，小鼠毛皮的颜色由一组位于常染色体上的复等位基因B1(黄色)、B2(鼠色)、B3(黑色)控制。分析B1、B2、B3之间的显隐性关系，只考虑小鼠毛皮颜色，组合①甲(黄色)与丁(黑色)杂交后代表型为黄色∶鼠色＝1∶1，说明亲本甲的基因型为B1B2，丁的基因型为B3B3，所以B1对B2为显性，B2对B3为显性，组合②乙(黄色)与丁(黑色)杂交后代表型为黄色∶黑色＝1∶1，则亲本乙的基因型为B1B3，所以B1对B3为显性。综上分析B1对B2、B3为显性，B2对B3为显性。组合③甲(B1B2)与(B1B3)理论上杂交后代的基因型及比例应为B1B1∶B1B3∶B1B2∶B2B3＝1∶1∶1∶1，表型及比例为黄色∶鼠色＝3∶1，但实际上为黄色∶鼠色＝2∶1，说明B1基因纯合致死。实验③黄色子代的基因型是B1B2、B1B3。(2)由于B1基因纯合致死，与毛皮颜色有关的基因型共有5种，即B1B2、B1B3、B2B2、B2B3、B3B3；根据基因的分离定律，要满足子代毛皮颜色种类最多，杂交亲本的基因型组合应为B1B3×B2B3。(3)由题意短尾对正常尾为显性，毛皮黄色为显性，则甲的基因型为B1B2Dd，甲雌雄个体相互交配，由于B1基因纯合致死，D基因纯合时小鼠胚胎期死亡，根据自由组合定律，后代的表型及比例为黄色短尾：黄色正常尾：鼠色短尾∶鼠色正常尾＝4∶2∶2∶1；由(1)分析可知，丁的基因型为B3B3dd(隐性纯合体)，丙与丁测交后代的性状表现及比例可直接体现丙产生的配子类型和比例。 答案　(1)B1对B2、B3为显性，B2对B3为显性　B1基因纯合使个体致死　B1B2、B1B3 (2)5　B1B3×B2B3 (3)黄色短尾∶黄色正常尾∶鼠色短尾∶鼠色正常尾＝4∶2∶2∶1　丁的基因型为B3B3dd(或丁为隐性纯合体)，丙与丁测交后代的性状表现及比例可直接体现丙产生的配子类型和比例 10.解析　(1)甲为雌雄同株，丁为雄株，解答该小题时可套用人工杂交实验流程，即对母本去雄→套袋→传粉→套袋，因此若以甲为母本，丁为父本进行杂交育种，应先去除甲植株未成熟花的全部雄蕊，套上纸袋，待雌蕊成熟时，采集丁植株的花粉，撒在去雄花的雌蕊的柱头上，再套上纸袋(注：玉米是雌雄异花植株，也可不去雄)。(2)分析可知，基因型与表现型之间的对应关系为B_T_(雌雄同株)、B_tt和bbtt(雌株)、bbT_(雄株)。由于甲、乙、丙和丁是4种纯合体玉米植株，乙(雌株)和丁(雄株，bbTT)杂交，F1都是雌雄同株，则F1的基因型为BbTt，乙的基因型为BBtt，丙的基因型为bbtt。F1自交，F2中雌株(B_tt、bbtt)所占比例为3/16＋1/16＝1/4。F2中雄株的基因型为bbTT和bbTt。丙的基因型为bbtt，在F2的雌株中，与丙基因型相同的植株所占比例为1/4。(3)玉米间行种植时，交配方式有两种，自交和杂交。已知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状，设相关基因为A、a。AA植株的自交后代、AA植株与aa植株的杂交后代的基因型分别为AA和Aa，都表现为显性性状，aa植株的自交后代、aa植株与AA植株的杂交后代的基因型分别为aa和Aa，分别表现为隐性性状和显性性状。将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体(两种玉米均为雌雄同株)间行种植，若糯为显性，则在糯玉米的果穗上只有糯籽粒，在非糯玉米的果穗上有糯和非糯两种籽粒；若非糯为显性，则在非糯玉米的果穗上只有非糯籽粒，在糯玉米的果穗上有糯和非糯两种籽粒。 答案　(1)(先去除甲植株未成熟花的全部雄蕊，)在甲植株雌蕊上套上纸袋，待雌蕊成熟时，采集丁植株的花粉，撒在去雄花的雌蕊的柱头上，再套上纸袋 (2)1/4　bbTT和bbTt　1/4 (3)糯玉米的果穗上只有糯籽粒，非糯玉米的果穗上有糯和非糯两种籽粒　非糯玉米的果穗上只有非糯籽粒，糯玉米的果穗上有糯和非糯两种籽粒 11.解析　(1)水稻为雌雄同株的植物，没有性染色体和常染色体之分，分析题图可知，水稻含有12对同源染色体，即有24条染色体，故对水稻基因组测序，需要完成12条染色体的DNA测序；(2)实验一是将L12(基因型TDTD)与H(基因型THTH)杂交，F1的基因型为TDTH，F2的基因型分别为TDTD∶TDTH∶THTH＝1∶2∶1，其中TDTD对应的是带型与亲本L12对应的条带相同，即条带Ⅲ，理论上，F2中产生带型Ⅰ∶Ⅱ∶Ⅲ的个体数量比为1∶2∶1；(3)实验二是将L7(基因型SDSD)与H(基因型SHSH)杂交，F1的基因型为SDSH，理论上F2的基因型分别为SDSD∶SDSH∶SHSH＝1∶2∶1，其中SDSD对应的是带型与亲本L7对应的条带相同，即条带α，SDSH对应条带为β，SHSH对应条带为γ，理论上，F2中产生带型Ⅰ∶Ⅱ∶Ⅲ的个体数量比为1∶2∶1。实际上F2中产生带型α、β、γ的个体数量分别为12、120和108，表明F2群体的基因型比例偏离分离定律；进一步研究发现，F1的雌配子均正常，但部分花粉无活性；已知只有一种基因型的花粉异常，而带型α，即SDSD的个体数量很少，可推测无活性的花粉带有SD基因；(4)已知TD与TH，SD与SH两对基因分别位于7号和12号染色体上，两对等位基因遵循自由组合定律，以L7和L12为材料，选育同时带有来自D的7号和12号染色体片段的纯合品系X，基因型为SDSDTDTD；同时考虑两对等位基因，可知L7的基因型为SDSDTHTH，L12的基因型为SHSHTDTD，①将L7和L12杂交，获得F1(SDSHTDTH)后自交，②对最终获得的所有植株进行分子检测，同时具有带型α和Ⅲ的植株即为目的植株；(5)实验二中SDSD∶SDSH∶SHSH＝12∶120∶108＝1∶10∶9，可知花粉中SD∶SH＝1∶9，利用X(基因型为SDSDTDTD)和H(基因型为SHSHTHTH)杂交得到F1，基因型为SDSHTDTH，若F1产生的SD花粉无活性，所占比例与实验二结果相同，即雄配子类型及比例为：SDTD∶SDTH∶SHTD∶SHTH＝1∶1∶9∶9，雌配子均有活性，类型及比例为SDTD∶SDTH∶SHTD∶SHTH ＝1∶1∶1∶1，则F2中基因型为SDSDTDTD的个体所占比例为1/4×1/20＝1/80。 答案　(1)12　(2) Ⅲ　1∶2∶1　(3)(基因)分离　SD (4)将L7和L12杂交，获得F1后自交得到F2 α和Ⅲ　(5) 1/80 学科网（北京）股份有限公司 $