精品解析：黑龙江省哈尔滨市南岗区哈尔滨师范大学附属中学2025-2026学年高二上学期10月月考物理试题

哈尔滨师范大学附属中学2025-2026学年度上学期 高二10月阶段性考试 物理试题 一、选择题（本题共14小题，每题4分，共56分。其中1-10题为单选，选对得4分，错选、不选或多选得0分；11-14题为多选，全选对得4分，少选得2分，选错、多选或不选得0分） 1. 关于下图中的四个物理情境，说法正确的是（　　） A. 如图甲所示，由小磁针指向可知，通电直导线中的电流方向是向上的 B. 如图乙所示，如果长为l、通过电流为I的短直导线在该磁场中所受磁场力的大小为F，则该处磁感应强度一定为 C. 如图丙所示，闭合线圈在匀强磁场中向右加速运动，由于在做加速切割磁感线运动，所以线圈中会产生感应电流 D. 如图丁所示，线圈从1位置平移到2位置时，穿过此线圈平面的磁通量减小 【答案】D 【解析】 【详解】A.如图甲所示，小磁针静止时N极指向为磁场的方向，根据安培定则，通电导线中的电流方向是向下的，A错误； B.若导线与磁场垂直，则，图中未指出导线与磁场的关系，则该处磁感应强度不一定为，B错误； C.线圈运动过程中，磁通量不变，不会产生感应电流，C错误； D.如图丁所示，线圈从1位置平移到2位置时，磁场减弱，穿过此线圈平面的磁通量减小，D正确。 故选D。 2. 如图所示，两条船A、B的质量均为3m，静止于湖面上。质量为m的人一开始静止在A船中，人以对地的水平速度v从A船跳到B船，再从B船跳到A船……，经多次跳跃后，人停在B船上，不计水的阻力，则A船和B船（包括人）的速度大小之比为（　　） A. 1：1 B. 2：3 C. 4：3 D. 3：4 【答案】C 【解析】 【详解】设最终A船和B船（包括人）的速度大小分别为、，根据系统动量守恒可得 可得 故选C。 3. 某一电源的路端电压与电流的关系和电阻、的电压与电流的关系如图所示。用此电源和电阻、组成电路．、可以同时接入电路，也可以单独接入电路。则下列说法正确的是（　　） A. 将单独接到电源两端时，电源效率最高 B. 将单独接到电源两端时，电源输出功率最低 C. 将、串联后接到电源两端时，电源效率最低 D. 将、并联后接到电源两端时，电源输出功率最大 【答案】D 【解析】 【详解】AC．根据图像的斜率表示电阻，可知 而纯电阻电路的电源效率为 则外电阻越大，效率越高，因 则将、并联后接到电源两端时，电源效率最低，将、串联后接到电源两端时，电源的效率最高；故AC错误； BD．电源的输出功率为 则当时，输出功率最大，当时，外阻越大输出功率越大，当时，外阻越大输出功率越小，而 故将、并联后接到电源两端时，电源输出功率最大，将、串联后接到电源两端时，电源输出最小，故B错误，D正确。 故选D。 4. 如图所示，线圈abcd共有n匝，线圈平面的面积为S，线圈平面与水平方向的夹角线圈位于范围足够大、磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中，下列说法正确的是（　　） A. 通过线圈的磁通量为 B. 若线圈以cd为轴逆时针转过30°，则通过线圈的磁通量为BS C. 若线圈以cd为轴顺时针转过30°，则通过线圈的磁通量为 D. 若线圈以cd为轴顺时针转过180°，则通过线圈的磁通量的变化量为0 【答案】B 【解析】 【详解】A．通过线圈的磁通量为 故A错误： B．若线圈以cd为轴逆时针转过，线圈平面与磁场垂直，所以通过线圈的磁通量为 故B正确； C．若线圈以cd为轴顺时针转过，线圈平面与磁场平行，通过线圈的磁通量为 故C错误； D．若线圈以cd为轴顺时针转过180°，则通过线圈的磁通量 则通过线圈的磁通量的变化量 故D错误。 故选B。 5. 某同学将四个完全相同的灵敏电流计分别改装成了两个量程为0.6A和电流表、，以及两个量程为和的电压表、。改装好后把它们按如图所示接法连入电路，则（　　） A. 电流表满偏时，表偏转 B. 电流表半偏时，电路中的总电流为0.6A C. 电压表满偏时，表也满偏 D. 电压表半偏时，电阻R两端电压为7.5V 【答案】C 【解析】 【详解】将电流表和电压表内部电路补全，如图所示 A．两个电流表的表头并联，电压相等，通过表头的电流也相等，所以电流表满偏时，表也满偏，A错误； B．电流表半偏时，表也半偏，则通过两个电流表和的电流分别为0.3A和1.5A，电路中的总电流为1.8A，B错误； C．电压表和的电流计串联，流过两个表头的电流相等，所以电压表满偏时，表也满偏，C正确； D．电压表半偏时，表也半偏，电压表和的电压分别为，，所以电阻两端电压为，D错误。 故选C。 6. 如图所示，A、B、C是正三角形的三个顶点，O是AB的中点，两根互相平行的通电长直导线垂直纸面固定在A、B两处，导线中通入的电流大小相等、方向相反。已知通电长直导线产生的磁场的磁感应强度，I为通电长直导线的电流大小，r距通电长直导线的垂直距离，k为常量，C点处的磁感应强度大小为，则O点处的磁感应强度大小为（　　） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 【详解】 设A、B导线电流在C点产生的磁感应强度为方向如图所示，根据题意 可知，两导线在C点产生的磁场的磁感应强度B大小相等，根据安培定则可知，两者夹角为，根据平行四边形定则，C点的合磁场大小为 同理可知A、B导线在O点的磁感应强度方向均向下，因为 所以 则O点的磁感应强度 故选B。 7. 如图所示，电源电动势为E，内阻为r，定值电阻阻值为，且，电路中的、均为总阻值一定的滑动变阻器，为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）。当电键S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态。下列说法正确的是（　　） A. 只逐渐增大的光照强度，稳定后电源的输出功率减小 B. 只逐渐增大电容器极板的距离，电阻中有向上的电流流过 C. 只调节滑动变阻器的滑片向下端移动时，带点微粒向下移动 D. 只调节滑动变阻器的滑动端向下端移动时，电压表示数不变 【答案】D 【解析】 【详解】A．电源的输出功率 由于 可知 若逐渐增大的光照强度，接入电阻减小，减小，根据对勾函数的规律可知，电源的输出功率增大，故A错误； B．根据， 电容器极板之间电压一定时，当逐渐增大电容器极板的距离，电容减小，极板所带电荷量减小，由于电容器下极板带正电，可知下极板将得到电子，则电阻中有向下的电流流过，故B错误； C．滑动变阻器与电容器串联，电路稳定时相当于一根导线，可知，只调节滑动变阻器的滑片向下端移动时，电容器两端电压不变，带点微粒仍然静止不动，故C错误； D．滑动变阻器的滑动端向下端移动，接入电路中电阻不变，则路端电压不变，即电压表示数不变，故D正确。 故选D。 8. 如图甲所示，将一电源与阻值的定值电阻及电阻箱R连接成闭合回路，测得电阻箱所消耗的功率P与电阻箱读数R的关系如图乙所示，则下列说法正确的是（　　） A. 电源内阻 B. 电源电动势 C. 电阻箱所消耗功率P最大时，电源的效率为90% D. 定值电阻的功率最大时，电阻箱的阻值 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据乙图，由电阻箱功率最大的条件可知，此时满足，可知电源内阻 ，故A错误； B．由，解得 ，故B错误； C．电阻箱所消耗功率P最大时，电源效率，故C正确； D．由可知，当时，定值电阻功率最大，故D错误。 故选C。 9. 排球运动员进行垫球训练，排球以的速度竖直向下落在运动员的小臂上，然后以的速度竖直向上垫起。已知排球的质量为，排球与手臂的作用时间为。不计空气阻力，取，下列说法正确的是（　　） A. 排球速度变化量的大小为 B. 排球受到手臂的冲量大小为 C. 排球动量变化量的大小为 D. 排球对手臂的平均作用力大小为 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据题意可知，速度变化量的大小为，故A错误； C．排球动量变化量的大小为，故C正确； BD．根据题意，设排球对手臂的平均作用力大小为，由动量定理有 解得 根据牛顿第三定律可得手对排球的作用力大小为 则排球受到手臂的冲量大小为，故BD错误。 故选C。 10. 两水平平行放置的导体板连接在如图所示的电路中，板长为2L，间距为d，在距板右端2L处有一竖直挡板，D为理想二极管。将一电荷量大小为q，质量为m的微粒（视为质点）从两板左侧连线的中点O以水平速度v射入板间，微粒最终垂直打在挡板上，重力加速度为g，则（　　） A. 两导体板间的电场强度大小为 B. 整个过程中电场力对微粒做功为 C. 若仅增大R1的阻值，再将该微粒从O点以v水平射入，微粒打在挡板上的位置将上移 D. 若仅增大板间距，再将该微粒从O点以v水平射入，微粒打在挡板上的位置将下移 【答案】B 【解析】 【详解】A．设质点在板间运动的过程中，加速度大小为a，则有质点离开电场时竖直分速度大小 质点离开电场后，运动过程的逆过程是平抛运动 联立解得，故A错误； B．质点在板间运动的过程中，竖直方向上的加速度 位移为 则电场力做的功，故B正确； C．若仅增大的阻值，不改变电路的总电阻，故不改变导体板间的电压，再让该微粒从O点以v水平射入，微粒打在挡板上的位置不变，故C错误； D．若仅将两导体板的间距变大一些，根据 可知电容器电容减小，根据 因不变，则电量要减小；但由于二极管具有单向导电性，所以此时电容器不放电，故电容的电量保持不变，根据，， 联立解得电场强度为 可知仅将两导体板的间距变大一些，但两板间电场强度不变，所以质点的运动情况不变，再让该质点从O点以水平速度v射入板间，质点依然会垂直打在挡板上，故D错误。 故选B。 11. 多用电表是实验室的必备仪器，利用多用电表可以测量电流、电压和电阻等物理量。已知红表笔插在多用电表“+”接口，下列说法正确的是（　　） A. 测量电流时，需要选择相应量程的电流挡，黑表笔接低电势 B. 测量电阻时，若双手手指与表笔金属部分接触，会导致测量值偏大 C. 测量电阻时，若指针偏转角度较小，应换较大倍率，重新欧姆调零，再进行测量 D. 选择欧姆挡，若黑表笔接二极管正极，红表笔接二极管负极，则指针偏转角度很小 【答案】AC 【解析】 【详解】A．测量电流时，需要选择相应量程的电流挡，红表笔接高电势，黑表笔接低电势，故A正确； B．测量电阻时，由于双手手指与表笔金属部分接触会造成与被测电阻并联关系，会导致测量值偏小，故B错误； C．测量电阻时，若指针偏转角度较小，说明被测电阻较大，应换较大倍率，重新欧姆调零，再进行测量，故C正确； D．选择欧姆挡，若黑表笔接二极管正极，红表笔接二极管负极，说明电流从二极管正极流入，从负极流出，根据二极管单向导电可知，此时电阻较小，所以指针偏转角度很大，故D错误。 故选AC。 12. 在如图甲所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，在滑动变阻器的滑动触头P向上滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生了变化。图乙中的三条图线分别表示了三个电压表示数的变化情况。则下列说法正确的是（　　） A. 图线a表示的是电压表V1的示数的变化情况 B. 图线c表示的是电压表V2的示数的变化情况 C. 此过程中电压表V1示数的变化量ΔU1和电流表A示数的变化量ΔI的比值的绝对值变大 D. 此过程中电压表V3示数的变化量ΔU3和电流表A示数的变化量ΔI的比值的绝对值不变 【答案】BD 【解析】 【详解】AB.在滑动变阻器的滑动触头P向上滑动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，可知路端电压减小，即电压表V1的示数减小，电压表V2的示数增大，电压表V3的示数减小，则图线a表示的是电压表V3的示数的变化情况，图线c表示的是电压表V2的示数的变化情况，A错误，B正确； C.由闭合电路欧姆定律得U1＝E－Ir，则||＝r保持不变，C错误； D.由闭合电路欧姆定律得U3＝E－I（r＋R1），则||＝r＋R1保持不变，D正确。 故选BD。 13. 如图1所示，一束初速度不计的带电粒子进入加速电场被加速后，沿着偏转电场的中心线进入偏转电场，偏转电场两板之间的电压随时间变化图像如图2所示，变化周期为。已知时刻射入偏转电场的带电粒子，在时刻刚好从极板A的右边缘射出，带电粒子质量为m，电荷量为q，偏转电场两极板的板长为L，极板间距为d，忽略带电粒子的重力及粒子间相互作用，下列说法正确的是（　　） A. 加速电场极板间的电压为 B. 偏转电场极板间的电压为 C. 时刻进入偏转电场的粒子与A板的最小距离为 D. 时刻进入偏转电场的粒子垂直极板方向的最大速度为 【答案】AC 【解析】 【详解】AB．粒子在加速电场中，根据动能定理有 解得 进入电场后，根据类平抛运动规律有， 根据牛顿第二定律有 联立解得，，故A正确，B错误； CD．由题分析可知，在时刻进入偏转电场的粒子竖直方向先加速运动，经后再减速运动，再经后速度变为0，再反向加速，如此往复，所以与A板的最小距离为 垂直极板方向的最大速度为，故C正确，D错误。 故选AC。 14. 如图所示，电源电动势，内阻，电阻，，，是可变电阻，电容器电容μF，a、b分别为电容器上下两个极板，G为灵敏电流表。初始时开关闭合、断开，电路稳定，现将开关也闭合直至电路再次稳定，则下列说法正确的是（　　） A. 开关闭合、断开电路稳定时，电容器极板带负电 B. 开关闭合后，调节使得电容器上下两极板电势相等时， C. 若，则闭合后，当电路稳定时，电源的输出功率增大 D. 若，则在开关S2闭合到电路再次稳定的过程中，流过电流表的电荷量为 【答案】ABD 【解析】 【详解】A.开关闭合，断开，图像可知电容器b极板与电源负极相连，故b极板带负电，故A正确； B.电容器上下两极板电势相等时，则、两端电压相等，设、支路电压为U，则有代入题中数据解得 ，故B正确； C.未闭合前，外电路电阻，此时电源输出功率 若，闭合后，外电路电阻，此时电源输出功率 则有，故C错误； D.未闭合前，电容器两端电压，若，闭合后，电源路端电压 ，则电容器两端电压 则在整个过程中流过电流表的电有量。 故D正确。 故选ABD。 二、实验题（本题共2小题，共12分；其中15题5分，16题7分） 15. （1）小林同学在使用游标卡尺和螺旋测微器进行长度的测量时，具体读数如图所示，则游标卡尺的读数为________mm，螺旋测微器的读数为________mm； （2）小林同学使用多用电表测量电流、电压和电阻时，指针位置如图所示，请读出相应读数。 ①如果是选用直流50mA挡测量电流，则读数为________mA； ②如果是选用直流2.5V挡测量电压，则读数为________V； ③如果是选用倍率“×10”挡测量电阻，则读数为________Ω。 【答案】（1） ①. 102.30 ②. 0.920##0.921##0.919#0.922 （2） ①. 22.0 ②. 1.10 ③. 190##190.0 【解析】 【15题详解】 [1]游标卡尺的精确度为 游标卡尺不估读，故用毫米做单位小数点后要有两位数字。 游标卡尺的读数 [2]螺旋测微器的精确度为 还要再加一位估计值，故用毫米做单位小数点后要有三位数字。 螺旋测微器的读数 【16题详解】 [1]电流表的读数为 电流表精确到，再加一位估计值，故记录到小数点后一位。 [2]电压表的读数为 电压表精确到，不需要加估计值，故记录到小数点后两位。 [3]欧姆表的读数为 欧姆表精确到，再加一位估计值，故记录到个位。 16. 新能源汽车使用的电源大多数由锂离子电池串联而成，某物理实验小组想通过实验测量某个新型锂电池组的电动势和内阻，具体进行了以下操作： （1）为完成本实验，需要将实验室内量程为4V、内阻为4kΩ的电压表改装成量程为40V的电压表使用，则需串联一个阻值为________kΩ的定值电阻。 （2）该小组设计了如图1所示电路图进行实验，正确进行操作，利用记录的数据进行描点作图得到如图2所示的的变化图像，其中U为图1中电压表的读数，R为电阻箱的读数，图中，b=0.3，。若忽略电压表分流带来的影响，由以上条件可以测出电池组的电动势________V，内阻________（计算结果均保留一位小数）。 （3）若考虑电压表分流带来的影响，则上述第（2）问中的测量值与真实值相比：电池组电动势的测量值________（填“偏大”、“偏小”或“无影响”），内阻的测量值________（填“偏大”、“偏小”或“无影响”）。 【答案】（1）36 （2） ①. 33.3 ②. 1.2 （3） ①. 偏小 ②. 偏小 【解析】 【小问1详解】 串联的电阻。 【小问2详解】 [1][2] 根据电路规律可知 变形可得图像方程 则 故 且 故。 【小问3详解】 [1][2] 考虑电压表分流， 则 则 故，偏小 且 故，偏小。 三、计算题（本题共3小题，共32分；其中17题8分，18题10分，19题14分。解题时应写出必要的文字说明、重要的物理规律，答题时要写出完整的数字和单位；只有结果而没有过程的不能得分） 17. 如图为短道速滑接力比赛的交接过程，接力前甲在前、乙在后，甲的质量，乙的质量，两人均以的速度水平向前滑行。接力时乙从后面用力水平推甲，两人分开瞬间，乙的速度变为，方向仍水平向前。不计两人所受冰面的摩擦力，且交接前后两人均在同一条直线上运动，求： （1）两人分开瞬间甲的速度大小； （2）若乙推甲的过程用时，求乙对甲的平均作用力的大小F。 【答案】（1）20m/s （2）750N 【解析】 【小问1详解】 取初速度方向为正方向，根据动量守恒定律有 解得甲的速度大小为 【小问2详解】 对甲，根据动量定理有 解得 18. 研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路。已知电源的电动势E=20V，内阻r=1.5Ω，当调节滑动变阻器R，使电动机未转动时，电压表和电流表的示数分别为U1=1.0V和I1=0.5A；重新调节R，使电动机正常运转，此时电动机拉着重物以a=1m/s2的加速度匀加速上升，当重物的速度v0=1m/s时，电压表和电流表的示数分别为U2=15.0V和I2=2.0A，重力加速度g取10m/s2。求此时： （1）电动机的输出功率P出； （2）重物的质量m； （3）电源的效率η。 【答案】（1）22W （2）2kg （3）85% 【解析】 【小问1详解】 根据部分电路欧姆定律，可得 输入功率为 热功率为 输出功率 解得 【小问2详解】 根据输出功率公式，有 解得 根据牛顿第二定律有 解得 【小问3详解】 根据闭合电路欧姆定律，可得 所以电源的效率 19. 如图所示，竖直面内虚线的左右两侧区域Ⅰ、Ⅱ分别存在竖直向下和水平向左的足够大匀强电场，区域Ⅰ的电场强度为E1（大小未知），区域Ⅱ的电场强度大小为，紧靠虚线的右侧沿竖直方向固定一光滑绝缘的圆弧形轨道BCD，O为弧形轨道的圆心，CD为竖直方向的直径，BO与CD的夹角为，质量为、电荷量为，可视为质点的小球由区域Ⅰ中的A点以水平向右的速度进入电场，经过一段时间小球恰好沿切线方向从B点进入弧形轨道，已知A、B两点的高度差为y=0.9m，重力加速度，，，求： （1）区域Ⅰ的电场强度E1的大小； （2）若弧形轨道的半径R=25m，求小球运动到C点时对轨道的压力； （3）小球沿弧形轨道BCD段运动的过程中，欲使小球不脱离轨道，求轨道半径R的取值范围。 【答案】（1） （2）5.6 N，竖直向下 （3）或 【解析】 【小问1详解】 设小球在区域Ⅰ中运动的加速度大小为a，则由牛顿第二定律得 由题意可知，小球运动到B点时的速度与圆轨道相切，即速度与水平方向的夹角为 则竖直方向上有 又 联立解得 【小问2详解】 小球在B点的速度大小为 小球在区域Ⅱ中运动时，电场力大小为 重力为 则电场力与重力的合力大小为 方向斜向左下方与竖直方向的夹角为 小球由B点到C点的过程中，由动能定理得 小球在C点时根据牛顿第二定律可得 联立解得 由牛顿第三定律可知，小球运动到C点时对轨道的压力为 方向竖直向下 【小问3详解】 小球沿弧形轨道段运动的过程中，小球不脱离轨道的情形有二： ①小球刚好运动到等效最高点，等效最高点如下图的H点，小球在H点时，小球与弧形轨道之间的作用力为零，则有 小球由B点到H点的过程中，由动能定理得 联立解得 ②小球运动到与相垂直的G点时速度减为零，则对小球由B到G的过程中，由动能定理得 解得 由以上分析可知，小球在段不脱离轨道的条件是或。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 哈尔滨师范大学附属中学2025-2026学年度上学期 高二10月阶段性考试 物理试题 一、选择题（本题共14小题，每题4分，共56分。其中1-10题为单选，选对得4分，错选、不选或多选得0分；11-14题为多选，全选对得4分，少选得2分，选错、多选或不选得0分） 1. 关于下图中的四个物理情境，说法正确的是（　　） A. 如图甲所示，由小磁针指向可知，通电直导线中的电流方向是向上的 B. 如图乙所示，如果长为l、通过电流为I的短直导线在该磁场中所受磁场力的大小为F，则该处磁感应强度一定为 C. 如图丙所示，闭合线圈在匀强磁场中向右加速运动，由于在做加速切割磁感线运动，所以线圈中会产生感应电流 D. 如图丁所示，线圈从1位置平移到2位置时，穿过此线圈平面的磁通量减小 2. 如图所示，两条船A、B的质量均为3m，静止于湖面上。质量为m的人一开始静止在A船中，人以对地的水平速度v从A船跳到B船，再从B船跳到A船……，经多次跳跃后，人停在B船上，不计水的阻力，则A船和B船（包括人）的速度大小之比为（　　） A. 1：1 B. 2：3 C. 4：3 D. 3：4 3. 某一电源的路端电压与电流的关系和电阻、的电压与电流的关系如图所示。用此电源和电阻、组成电路．、可以同时接入电路，也可以单独接入电路。则下列说法正确的是（　　） A. 将单独接到电源两端时，电源效率最高 B. 将单独接到电源两端时，电源输出功率最低 C. 将、串联后接到电源两端时，电源效率最低 D. 将、并联后接到电源两端时，电源输出功率最大 4. 如图所示，线圈abcd共有n匝，线圈平面的面积为S，线圈平面与水平方向的夹角线圈位于范围足够大、磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中，下列说法正确的是（　　） A. 通过线圈的磁通量为 B. 若线圈以cd为轴逆时针转过30°，则通过线圈的磁通量为BS C. 若线圈以cd为轴顺时针转过30°，则通过线圈的磁通量为 D. 若线圈以cd为轴顺时针转过180°，则通过线圈的磁通量的变化量为0 5. 某同学将四个完全相同的灵敏电流计分别改装成了两个量程为0.6A和电流表、，以及两个量程为和的电压表、。改装好后把它们按如图所示接法连入电路，则（　　） A. 电流表满偏时，表偏转 B. 电流表半偏时，电路中的总电流为0.6A C. 电压表满偏时，表也满偏 D. 电压表半偏时，电阻R两端电压为7.5V 6. 如图所示，A、B、C是正三角形的三个顶点，O是AB的中点，两根互相平行的通电长直导线垂直纸面固定在A、B两处，导线中通入的电流大小相等、方向相反。已知通电长直导线产生的磁场的磁感应强度，I为通电长直导线的电流大小，r距通电长直导线的垂直距离，k为常量，C点处的磁感应强度大小为，则O点处的磁感应强度大小为（　　） A. B. C. D. 7. 如图所示，电源电动势为E，内阻为r，定值电阻阻值为，且，电路中的、均为总阻值一定的滑动变阻器，为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）。当电键S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态。下列说法正确的是（　　） A. 只逐渐增大的光照强度，稳定后电源的输出功率减小 B. 只逐渐增大电容器极板的距离，电阻中有向上的电流流过 C. 只调节滑动变阻器的滑片向下端移动时，带点微粒向下移动 D. 只调节滑动变阻器的滑动端向下端移动时，电压表示数不变 8. 如图甲所示，将一电源与阻值的定值电阻及电阻箱R连接成闭合回路，测得电阻箱所消耗的功率P与电阻箱读数R的关系如图乙所示，则下列说法正确的是（　　） A. 电源内阻 B. 电源电动势 C. 电阻箱所消耗功率P最大时，电源的效率为90% D. 定值电阻的功率最大时，电阻箱的阻值 9. 排球运动员进行垫球训练，排球以的速度竖直向下落在运动员的小臂上，然后以的速度竖直向上垫起。已知排球的质量为，排球与手臂的作用时间为。不计空气阻力，取，下列说法正确的是（　　） A. 排球速度变化量的大小为 B. 排球受到手臂的冲量大小为 C. 排球动量变化量的大小为 D. 排球对手臂的平均作用力大小为 10. 两水平平行放置的导体板连接在如图所示的电路中，板长为2L，间距为d，在距板右端2L处有一竖直挡板，D为理想二极管。将一电荷量大小为q，质量为m的微粒（视为质点）从两板左侧连线的中点O以水平速度v射入板间，微粒最终垂直打在挡板上，重力加速度为g，则（　　） A. 两导体板间的电场强度大小为 B. 整个过程中电场力对微粒做功为 C. 若仅增大R1的阻值，再将该微粒从O点以v水平射入，微粒打在挡板上的位置将上移 D. 若仅增大板间距，再将该微粒从O点以v水平射入，微粒打在挡板上的位置将下移 11. 多用电表是实验室的必备仪器，利用多用电表可以测量电流、电压和电阻等物理量。已知红表笔插在多用电表“+”接口，下列说法正确的是（　　） A. 测量电流时，需要选择相应量程的电流挡，黑表笔接低电势 B. 测量电阻时，若双手手指与表笔金属部分接触，会导致测量值偏大 C. 测量电阻时，若指针偏转角度较小，应换较大倍率，重新欧姆调零，再进行测量 D. 选择欧姆挡，若黑表笔接二极管正极，红表笔接二极管负极，则指针偏转角度很小 12. 在如图甲所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，闭合开关S，在滑动变阻器的滑动触头P向上滑动的过程中，四个理想电表的示数都发生了变化。图乙中的三条图线分别表示了三个电压表示数的变化情况。则下列说法正确的是（　　） A. 图线a表示的是电压表V1的示数的变化情况 B. 图线c表示的是电压表V2的示数的变化情况 C. 此过程中电压表V1示数的变化量ΔU1和电流表A示数的变化量ΔI的比值的绝对值变大 D. 此过程中电压表V3示数的变化量ΔU3和电流表A示数的变化量ΔI的比值的绝对值不变 13. 如图1所示，一束初速度不计的带电粒子进入加速电场被加速后，沿着偏转电场的中心线进入偏转电场，偏转电场两板之间的电压随时间变化图像如图2所示，变化周期为。已知时刻射入偏转电场的带电粒子，在时刻刚好从极板A的右边缘射出，带电粒子质量为m，电荷量为q，偏转电场两极板的板长为L，极板间距为d，忽略带电粒子的重力及粒子间相互作用，下列说法正确的是（　　） A. 加速电场极板间的电压为 B. 偏转电场极板间的电压为 C. 时刻进入偏转电场的粒子与A板的最小距离为 D. 时刻进入偏转电场的粒子垂直极板方向的最大速度为 14. 如图所示，电源电动势，内阻，电阻，，，是可变电阻，电容器电容μF，a、b分别为电容器上下两个极板，G为灵敏电流表。初始时开关闭合、断开，电路稳定，现将开关也闭合直至电路再次稳定，则下列说法正确的是（　　） A. 开关闭合、断开电路稳定时，电容器极板带负电 B. 开关闭合后，调节使得电容器上下两极板电势相等时， C. 若，则闭合后，当电路稳定时，电源的输出功率增大 D. 若，则在开关S2闭合到电路再次稳定的过程中，流过电流表的电荷量为 二、实验题（本题共2小题，共12分；其中15题5分，16题7分） 15. （1）小林同学在使用游标卡尺和螺旋测微器进行长度的测量时，具体读数如图所示，则游标卡尺的读数为________mm，螺旋测微器的读数为________mm； （2）小林同学使用多用电表测量电流、电压和电阻时，指针位置如图所示，请读出相应读数。 ①如果是选用直流50mA挡测量电流，则读数为________mA； ②如果是选用直流2.5V挡测量电压，则读数为________V； ③如果是选用倍率“×10”挡测量电阻，则读数为________Ω。 16. 新能源汽车使用的电源大多数由锂离子电池串联而成，某物理实验小组想通过实验测量某个新型锂电池组的电动势和内阻，具体进行了以下操作： （1）为完成本实验，需要将实验室内量程为4V、内阻为4kΩ的电压表改装成量程为40V的电压表使用，则需串联一个阻值为________kΩ的定值电阻。 （2）该小组设计了如图1所示电路图进行实验，正确进行操作，利用记录的数据进行描点作图得到如图2所示的的变化图像，其中U为图1中电压表的读数，R为电阻箱的读数，图中，b=0.3，。若忽略电压表分流带来的影响，由以上条件可以测出电池组的电动势________V，内阻________（计算结果均保留一位小数）。 （3）若考虑电压表分流带来的影响，则上述第（2）问中的测量值与真实值相比：电池组电动势的测量值________（填“偏大”、“偏小”或“无影响”），内阻的测量值________（填“偏大”、“偏小”或“无影响”）。 三、计算题（本题共3小题，共32分；其中17题8分，18题10分，19题14分。解题时应写出必要的文字说明、重要的物理规律，答题时要写出完整的数字和单位；只有结果而没有过程的不能得分） 17. 如图为短道速滑接力比赛的交接过程，接力前甲在前、乙在后，甲的质量，乙的质量，两人均以的速度水平向前滑行。接力时乙从后面用力水平推甲，两人分开瞬间，乙的速度变为，方向仍水平向前。不计两人所受冰面的摩擦力，且交接前后两人均在同一条直线上运动，求： （1）两人分开瞬间甲的速度大小； （2）若乙推甲的过程用时，求乙对甲的平均作用力的大小F。 18. 研究微型电动机的性能时，可采用如图所示的实验电路。已知电源的电动势E=20V，内阻r=1.5Ω，当调节滑动变阻器R，使电动机未转动时，电压表和电流表的示数分别为U1=1.0V和I1=0.5A；重新调节R，使电动机正常运转，此时电动机拉着重物以a=1m/s2的加速度匀加速上升，当重物的速度v0=1m/s时，电压表和电流表的示数分别为U2=15.0V和I2=2.0A，重力加速度g取10m/s2。求此时： （1）电动机的输出功率P出； （2）重物的质量m； （3）电源的效率η。 19. 如图所示，竖直面内虚线的左右两侧区域Ⅰ、Ⅱ分别存在竖直向下和水平向左的足够大匀强电场，区域Ⅰ的电场强度为E1（大小未知），区域Ⅱ的电场强度大小为，紧靠虚线的右侧沿竖直方向固定一光滑绝缘的圆弧形轨道BCD，O为弧形轨道的圆心，CD为竖直方向的直径，BO与CD的夹角为，质量为、电荷量为，可视为质点的小球由区域Ⅰ中的A点以水平向右的速度进入电场，经过一段时间小球恰好沿切线方向从B点进入弧形轨道，已知A、B两点的高度差为y=0.9m，重力加速度，，，求： （1）区域Ⅰ的电场强度E1的大小； （2）若弧形轨道的半径R=25m，求小球运动到C点时对轨道的压力； （3）小球沿弧形轨道BCD段运动的过程中，欲使小球不脱离轨道，求轨道半径R的取值范围。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $