精品解析：甘肃省兰州市第五十八中学2025-2026学年高二上学期物理阶段检测卷

2025-2026学年度高中物理阶段检测卷 考试时间：75分钟；满分：100分 注意事项： 1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上 一、单选题（共28分） 1. 如图四种仪器中，对电现象的利用，其原理不同于其它三种的是（　　） A. 静电除尘器 B. 静电复印机 C. 电蚊拍 D. 静电植绒仪 【答案】C 【解析】 【详解】静电除尘器、静电复印机和静电植绒仪都是利用静电原理工作的；而电蚊拍一般使用2.4V镍氢电池，工作时电网瞬间产生1850V直流高压电（电流小于10mA，对人畜无害），能将蚊虫吸入电网电毙，所以电蚊拍的原理不同于其它三种。 故选C。 2. 避雷针可通过尖端放电中和空气中的电荷，进而使高大建筑有效避免雷击。下图为雷雨前夕某避雷针附近电场的等势面，下列说法正确的是（　　） A. 此时避雷针带正电 B. A、B两点场强大小相等， 方向相同 C. 若正电荷从A移动到C点， 该过程电场力做负功 D. 负电荷在A点处具有的电势能比在C 点时的大 【答案】A 【解析】 【详解】A．电场强度的方向由高电势指向低电势，故避雷针带正电，A正确； B．根据电场线与等势面垂直，结合电场线疏密程度和对称性可知A、B两点的场强大小相同，但是方向不同，B错误； C．由 可知正电荷从A移动到C点， 该过程电场力做正功，C错误； D．负电荷在电势低的地方电势能大，因为，故负电荷在C处电势大，D错误。 故选A。 3. 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知（　　） A. 该电场由负点电荷形成 B. 带电粒子一定是从P向Q运动 C. 带电粒子在P点时的速度大于在Q点时的速度 D. 带电粒子在P点时的加速度小于在Q点时的加速度 【答案】C 【解析】 【详解】A．带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，受到的电场力指向电场线汇聚处，所以该电场是由正点电荷形成的，故A错误； B．仅根据粒子的运动轨迹，无法确定粒子一定是从P向Q运动，也有可能从Q向P运动，故B错误； C．若粒子从P运动到Q，电场力方向与速度方向的夹角大于90°，电场力做负功，动能减小，速度减小，所以P点速度大于Q点速度；若粒子从Q运动到P，电场力做正功，动能增大，P点速度还是大于Q点速度，C正确； D．电场线的疏密表示电场强度的大小，P点处电场线比Q点处密集，所以P点电场强度大。根据，q为粒子电荷量，E为电场强度，粒子在P点受到的电场力大，加速度也大，D错误。 故选C。 4. 空间内存在沿轴的电场，轴上各点电势随坐标变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（　　） A. 在处电场强度最大 B. 在间只有一点电场强度的大小为 C. 将电子由处移到处的过程中，电场力做负功 D. 质子在处电势能为零，受到的电场力也为零 【答案】C 【解析】 【详解】A．根据场强与电势差的关系 结合图像可知，斜率的绝对值表示场强大小，则处斜率为零，电场强度为零，故A错误； B．如下图所示 连接处的斜率等于 由对称性可知在间有两点满足 故B错误； C．由图可知，处到处的电势差为正值，电子带负电，电场力做负功，故C正确； D．电势能等于电荷量与电势的乘积，故质子在处电势能为零，但是该处的斜率不为零，说明场强不为零，即受到的电场力不为零，故D错误。 故选C。 5. 如图所示，12个带电量均为＋q的点电荷，均匀对称地分布在半径为r的圆周上，某时刻，P、Q两处的点电荷电量突然减为零，则O点的电场强度大小为（　　） A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【详解】P、Q两处的点电荷在O点激发的电场强度大小相等，即 P、Q两处的点电荷在O点的合场强为 P、Q两处的点电荷电量突然减为零时，O点的电场强度大小为 故选A。 6. 两个等量正点电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。一个带电荷量为，质量为0.1kg的小物块（可视为质点）从C点静止释放，其运动的v-t图像如图乙所示，其中B点处为整条图线切线（图中标出了该切线）斜率最大的位置，则下列说法正确的是（　　） A. 由C到A的过程中物块的电势能一直在增大 B. B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1×104V/m C. 由C点到A点电势逐渐降低 D. A、B两点间的电势差UAB=-500V 【答案】C 【解析】 【详解】A．由图乙可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，可知电场力对物块做正功，物块的动能一直增加，电势能一直减小，故A错误； B．速度—时间图像的斜率表示加速度，而根据题意，B点斜率最大，则可知B点小物块的加速度最大，根据图像可得小物块在B点的加速度为 又小物块只受电场力，则有 解得 故B错误； C．根据图乙可知，由C点到A点小物块的速度逐渐增大，即动能逐渐增大，则可知电势能逐渐减小，根据 可知，由C点到A点电势逐渐降低，故C正确； D．根据图乙由动能定理有 代入数据解得 故D错误。 故选C。 7. 如图所示，AB、CD、EF都为半径为R的空间球面的直径，其中AB与EF同在水平面内，EF与AB的夹角θ=45°，CD与水平面垂直，现在A、B两点分别固定等量异种点电荷，则（　　） A. 将带负电的试探电荷从E点沿直线移到F点，电势能增加 B. E、F两点电场强度不同 C. C点和O点场强大小之比为 D. C、E、F三点中C点电势最高 【答案】A 【解析】 【详解】A．根据等量异种电荷电场线分布规律可知，点电势比F点电势大。带负电的电荷在电势越低的地方电势能越大，因此可知将带负电的检验电荷从E点沿直线移到F点，电势能增大，故A正确； B．根据等量异种电荷电场规律可知，关于O点对称的E、F两点电场强度大小相等，方向相同，故B错误； C．根据几何关系结合点电荷产生的场强的叠加法则可得 方向从O指向B； 同理C点场强 方向平行于AB向右，则可得，故C错误； D．根据几何关系可知，CD为等量异种点电荷的中垂线，而等量异种点电荷的中垂线为等势线且电势为零，且无穷远处电势为零，因此CD所在中垂面即为等势面，电势为零，而电场线从正电荷出发指向负电荷或无穷远处，且沿着电场线的方向电势降低，则可知，CD所在等势面左侧电势大于零，而CD所在等势面右侧电势小于零，因此，故D错误； 故选A。 二、多选题（共15分） 8. 利用如图所示的电路分析平行板电容器的动态变化，已知电源的内阻可忽略不计，为电阻箱，一带正电的小球固定在电容器之间的位置。则下列说法正确的是（　　） A. 保持电键闭合，板向下平移少许，小球的电势能减少 B. 保持电键闭合，将电阻箱的阻值增大，静电计的指针偏角不变 C. 断开电键，板向下平移少许，静电计的指针偏角增大 D. 断开电键，板向左平移少许，小球的电势能增大 【答案】BD 【解析】 【详解】A．保持电键闭合，则电容器两极板间的电压保持不变，板向下移动，由可知电容器两极板之间的电场强度增大，由于板接地，则板的电势为零，点与板之间的电势差为 可知，点的电势升高，则带正电的小球在点的电势能增加，故A错误； B．由电路可知，静电计两端的电压等于电容器两极板之间的电压，保持电键闭合，调节电阻箱的阻值，电容器两极板之间的电压不变，则静电计的指针保持不变，故B正确； C．断开电键，电容器所带的电荷量保持不变，板向下移动，由可知电容器的电容变大，又，由以上可知电容器两极板间的电压减小，则静电计的指针偏角减小，故C错误； D．断开电键，电容器所带的电荷量保持不变，板向左移动，则电容器的电容减小，由于两极板之间的距离保持不变，则两极板间的电压增大，电场强度增大，点的电势升高，带电小球的电势能增大，D正确。 故选BD。 9. 如图所示为一竖直面内半径为R的光滑绝缘圆弧轨道，两带电小球A、B（小球半径远小于R）在轨道上保持静止，带电量分别为q和3q，电性未知，两小球和圆心的连线与竖直方向分别成37°和53°，静电力常量为k，则（　　） A. A、B两小球带异种电荷 B. A、B两球质量之比为 C. A球质量为 D. 仅把A、B的带电量互换，两小球仍在原位置静止 【答案】CD 【解析】 【详解】A．如图所示 A、B两小球带同种电荷，故A错误； B．对A受力分析由正弦定理可得 对B受力分析由正弦定理可得 故A、B两球质量之比为 故B错误； C．根据库仑定律可得 故A球质量为 故C正确； D．仅把A、B的带电量互换，F的大小不变，故不影响两小球的位置，故两小球仍在原位置静止，故D正确。 故选CD。 10. 如图甲所示，A、B、C、D为匀强电场中等势面，相邻等势面电势差相等且间距为d，等势面与水平地面平行。电量为q、质量为m的带电小球垂直等势面D竖直向上抛出，恰能到达等势面A，该过程中小球的动能和机械能随高度h的变化关系如图乙所示，为已知量，重力加速度为g，不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ） A. 小球的初速度大小为 B. 小球加速度大小为4g C. 小球抛出时重力势能为 D. 电场强度大小为 【答案】ABD 【解析】 【详解】A．由图乙可知 解得 故A正确； B．小球在上升过程中，由能量守恒有 解得 则由牛顿第二定律有 解得 故B正确； C．根据图乙可知，抛出时的动能为，机械能为，则可知抛出时的重力势能为，故C错误。 D．由于恰好到达等势面A，则有 解得 由此可得该电场电场强度的大小为 故D正确。 故选ABD。 三、实验题（共14分） 11. 用图甲的“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．O时小球抛出时球心在地面上的垂直投影点，实验时，先让入射小球多次从斜轨上S位置由静止释放，找到七落地点的平均位置P，测量平抛水平射程OP．然后把被碰小球静置于水平轨道的末端，再将入射小球从斜轨上S位置由静止释放，与小球相撞，多次重复实验，找到两个小球落地的平均位置M、N． （1）下列器材选取或实验操作符合实验要求的时____________． A.可选用半径不同的两小球 B.选用两球的质量应满足 C.需用秒表测量小球在空中飞行的时间 D.斜槽轨道必须光滑 （2）图乙是小球的多次落点痕迹，由此可确定其落点的平均位置对应的读数为____________cm （3）在某次实验中，测量出两小球的质量分别为，三个落点的平均位置与O点的距离分别为OM、OP、ON．在实验误差允许范围内，若满足关系式________________，即验证了碰撞前后两小球组成的系统动量守恒（用所给符号表示）． （4）验证动量守恒的实验也可以在如图所示的水平气垫导轨上完成，实验时让两滑块分别从导轨的左右两侧向中间运动，滑块运动过程所受的阻力可忽略，它们穿过光电门后发生碰撞并粘连在一起．实验测得滑块A的总质量为滑块B的总质量为，两滑块遮光片的宽度相同，光电门记录的遮光片挡光时间如下表所示． 左侧光电门 右侧光电门 碰前 碰后 无 在实验误差允许范围内，若满足关系式____________．即验证了碰撞前后两滑块组成的系统动量守恒．（用测量的物理量表示） 【答案】 ①. B ②. 55.50 ③. ④. 【解析】 【详解】（1）[1]A.为保证碰撞在同一条水平线上，所以两个小球的半径要相等．故A错误； B.为保证入射小球不反弹，入射小球的质量应比被碰小球质量大．故B正确； C.小球在空中做平抛运动的时间是相等的，所以不需要测量时间．故C错误； D.要保证小球在空中做平抛运动，所以斜槽轨道末端必须水平，但是在斜槽轨道的运动发生在平抛以前，所以不需要光滑，但入射球必须从同一高度释放．故D错误． 故选B； （2）[2]确定B球落点平均位置的方法：用尽可能小的圆把所有的小球落点圈在里面，圆心P就是小球落点的平均位置；碰撞后m2球的水平路程应取为55.50cm； （3）[3]要验证动量守恒定律定律，即验证：，小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得： 得： ， 可知，实验需要验证： ； （4）[4]若让两滑块分别从导轨的左右两侧向中间运动，选取向右为正方向，则有： ， 设遮光片的宽度为d，则： ，，， 联立可得： 故答案为[1]B[2]B[3] [4] 【点睛】实验的一个重要的技巧是入射球和靶球从同一高度做平抛运动并且落到同一水平面上，故下落的时间相同，所以在实验的过程当中把本来需要测量的速度改为测量平抛过程当中水平方向发生的位移，可见掌握了实验原理才能顺利解决此类题目． 12. 某校高二677班物理兴趣实验小组的同学利用如图甲所示的电路观察电容器的充、放电现象，其中E为电源，S为单刀双掷开关，R为定值电阻，C为电容器，A为理想电流表，V为理想电压表。 （1）开关S掷向1对电容器充电，此过程通过电流表A的电流方向为______（填“从左到右”或“从右到左”）。 （2）图乙为电容器放电时的图像，已知电容器放电之前的电压为1.5V，乙图中图像与坐标轴围成的面积约41小格，该电容器的实测电容值为______F（结果保留2位有效数字）。 （3）若不改变电路其他参数，只减小电阻R，放电时曲线与坐标轴所围成的面积将______（填“变大”“变小”或“不变”）。 【答案】（1）从右到左 （2） （3）不变 【解析】 【小问1详解】 开关S掷向1对电容器充电，此过程通过电流表A的电流方向为从右到左。 【小问2详解】 乙图中图像与横轴围成的面积约41格，分析I-t图像可知，每个方格代表的电荷量为 电容器放出的电荷量为 则电容器的电容为F=F 【小问3详解】 不改变电路其他参数，只增大电阻R的阻值，导致曲线的最大电流值将减小，放电时间将变长，而放电时曲线与坐标轴所围面积不变。 四、解答题（共43分） 13. 如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电荷量为C的负点电荷从A点移到M板，电场力做功J，把该点电荷从A点移到N板，克服电场力做功为J，其中M板带正电，N板带负电且接地。求： （1）两极板间的电势差UMN； （2）A点的电势； （3）该点电荷在A点的电势能EPA。 【答案】（1）；（2）；（3） 【解析】 【分析】 【详解】（1）M、N间的电势差： （2）A点电势 （3）该点电荷在A点的电势能 14. 如图所示，绝缘水平面上固定一光滑绝缘的竖直圆弧轨道BCD，圆心为O，C点与圆心等高，D点为轨道的末端，半径，B点为圆弧轨道与水平面的切点，与水平方向的夹角。质量、电荷量的滑块静止在A点，已知，滑块与水平面间的动摩擦因数。某时刻在整个空间加上水平向左的电场强度的匀强电场，经过一段时间滑块从D点离开圆轨道。滑块可视为质点，重力加速度，，规定A点电势为零。求： （1）滑块运动到B点的速度大小； （2）滑块运动到圆轨道上C点时的电势能； （3）滑块运动到D点时对轨道的压力大小。 【答案】（1） （2） （3）6.4N 【解析】 【小问1详解】 滑块从A点运动到B点，由动能定理可得 解得 【小问2详解】 根据 又 ， 联立，解得 滑块运动到圆轨道上C点时的电势能 【小问3详解】 滑块从A点运动到D点，由动能定理可得 滑块在D点，受力如图 根据牛顿第二定律可知 联立，解得 由牛顿第三定律可知，滑块运动到D点时对轨道的压力大小为 15. 如图所示，有一半径为R=1m的圆形区域，O为圆心，AC为直径，三角形ABC为圆内接三角形，为60°。有面积足够大平行于圆面的匀强电场，已知场强E=100V/m，A点电势为，B点电势为0，C点电势低于B点电势，电子电荷量大小为，电子重力不计。求： （1）匀强电场的方向； （2）C点的电势（可用根号表示）； （3）若将一电子以某一初速度从C点飞出，电子经过圆形区域边界时可能获得的最大动能增量（可用根号及含eV单位的数值表示）。 【答案】（1）与AB夹角为由高电势指向低电势；（2）；（3） 【解析】 【详解】（1）根据场强与电势差的关系 可得 以A点为圆心以为半径作圆，过B点作该圆的切线2条，是可能的B点电势等势线， 根据题意C点电势低于B点电势，判断大圆外的切线不符合，舍去。故BO线为B点电势的等势线，过A点作此等势线的垂线，即为一条电场线，根据几何关系可知电场线与AB夹角为，方向由高电势指向低电势。 （2）根据几何关系易知，A到C点的电场线方向距离为 AC间电势差 得 （3）由图可知M点电势最高 电子从C到M电场力做功最多，电子动能增加最多 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $ 2025-2026学年度高中物理阶段检测卷 考试时间：75分钟；满分：100分 注意事项： 1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息 2．请将答案正确填写在答题卡上 一、单选题（共28分） 1. 如图四种仪器中，对电现象的利用，其原理不同于其它三种的是（　　） A. 静电除尘器 B. 静电复印机 C. 电蚊拍 D. 静电植绒仪 2. 避雷针可通过尖端放电中和空气中的电荷，进而使高大建筑有效避免雷击。下图为雷雨前夕某避雷针附近电场的等势面，下列说法正确的是（　　） A. 此时避雷针带正电 B. A、B两点场强大小相等， 方向相同 C. 若正电荷从A移动到C点， 该过程电场力做负功 D. 负电荷在A点处具有的电势能比在C 点时的大 3. 如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，由此可知（　　） A. 该电场由负点电荷形成 B. 带电粒子一定是从P向Q运动 C. 带电粒子在P点时的速度大于在Q点时的速度 D. 带电粒子在P点时的加速度小于在Q点时的加速度 4. 空间内存在沿轴的电场，轴上各点电势随坐标变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（　　） A. 在处电场强度最大 B. 在间只有一点电场强度的大小为 C. 将电子由处移到处的过程中，电场力做负功 D. 质子在处电势能为零，受到的电场力也为零 5. 如图所示，12个带电量均为＋q的点电荷，均匀对称地分布在半径为r的圆周上，某时刻，P、Q两处的点电荷电量突然减为零，则O点的电场强度大小为（　　） A. B. C. D. 6. 两个等量正点电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示。一个带电荷量为，质量为0.1kg的小物块（可视为质点）从C点静止释放，其运动的v-t图像如图乙所示，其中B点处为整条图线切线（图中标出了该切线）斜率最大的位置，则下列说法正确的是（　　） A. 由C到A的过程中物块的电势能一直在增大 B. B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1×104V/m C. 由C点到A点电势逐渐降低 D. A、B两点间的电势差UAB=-500V 7. 如图所示，AB、CD、EF都为半径为R的空间球面的直径，其中AB与EF同在水平面内，EF与AB的夹角θ=45°，CD与水平面垂直，现在A、B两点分别固定等量异种点电荷，则（　　） A. 将带负电的试探电荷从E点沿直线移到F点，电势能增加 B. E、F两点电场强度不同 C. C点和O点场强大小之比为 D. C、E、F三点中C点电势最高 二、多选题（共15分） 8. 利用如图所示的电路分析平行板电容器的动态变化，已知电源的内阻可忽略不计，为电阻箱，一带正电的小球固定在电容器之间的位置。则下列说法正确的是（　　） A. 保持电键闭合，板向下平移少许，小球的电势能减少 B. 保持电键闭合，将电阻箱的阻值增大，静电计的指针偏角不变 C. 断开电键，板向下平移少许，静电计的指针偏角增大 D. 断开电键，板向左平移少许，小球的电势能增大 9. 如图所示为一竖直面内半径为R的光滑绝缘圆弧轨道，两带电小球A、B（小球半径远小于R）在轨道上保持静止，带电量分别为q和3q，电性未知，两小球和圆心的连线与竖直方向分别成37°和53°，静电力常量为k，则（　　） A. A、B两小球带异种电荷 B. A、B两球质量之比为 C. A球质量为 D. 仅把A、B的带电量互换，两小球仍在原位置静止 10. 如图甲所示，A、B、C、D为匀强电场中等势面，相邻等势面电势差相等且间距为d，等势面与水平地面平行。电量为q、质量为m的带电小球垂直等势面D竖直向上抛出，恰能到达等势面A，该过程中小球的动能和机械能随高度h的变化关系如图乙所示，为已知量，重力加速度为g，不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ） A. 小球的初速度大小为 B. 小球加速度大小为4g C. 小球抛出时重力势能为 D. 电场强度大小为 三、实验题（共14分） 11. 用图甲的“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．O时小球抛出时球心在地面上的垂直投影点，实验时，先让入射小球多次从斜轨上S位置由静止释放，找到七落地点的平均位置P，测量平抛水平射程OP．然后把被碰小球静置于水平轨道的末端，再将入射小球从斜轨上S位置由静止释放，与小球相撞，多次重复实验，找到两个小球落地的平均位置M、N． （1）下列器材选取或实验操作符合实验要求的时____________． A.可选用半径不同的两小球 B.选用两球的质量应满足 C.需用秒表测量小球在空中飞行的时间 D.斜槽轨道必须光滑 （2）图乙是小球的多次落点痕迹，由此可确定其落点的平均位置对应的读数为____________cm （3）在某次实验中，测量出两小球的质量分别为，三个落点的平均位置与O点的距离分别为OM、OP、ON．在实验误差允许范围内，若满足关系式________________，即验证了碰撞前后两小球组成的系统动量守恒（用所给符号表示）． （4）验证动量守恒的实验也可以在如图所示的水平气垫导轨上完成，实验时让两滑块分别从导轨的左右两侧向中间运动，滑块运动过程所受的阻力可忽略，它们穿过光电门后发生碰撞并粘连在一起．实验测得滑块A的总质量为滑块B的总质量为，两滑块遮光片的宽度相同，光电门记录的遮光片挡光时间如下表所示． 左侧光电门 右侧光电门 碰前 碰后 无 在实验误差允许范围内，若满足关系式____________．即验证了碰撞前后两滑块组成的系统动量守恒．（用测量的物理量表示） 12. 某校高二677班物理兴趣实验小组的同学利用如图甲所示的电路观察电容器的充、放电现象，其中E为电源，S为单刀双掷开关，R为定值电阻，C为电容器，A为理想电流表，V为理想电压表。 （1）开关S掷向1对电容器充电，此过程通过电流表A的电流方向为______（填“从左到右”或“从右到左”）。 （2）图乙为电容器放电时的图像，已知电容器放电之前的电压为1.5V，乙图中图像与坐标轴围成的面积约41小格，该电容器的实测电容值为______F（结果保留2位有效数字）。 （3）若不改变电路其他参数，只减小电阻R，放电时曲线与坐标轴所围成的面积将______（填“变大”“变小”或“不变”）。 四、解答题（共43分） 13. 如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电荷量为C的负点电荷从A点移到M板，电场力做功J，把该点电荷从A点移到N板，克服电场力做功为J，其中M板带正电，N板带负电且接地。求： （1）两极板间的电势差UMN； （2）A点的电势； （3）该点电荷在A点的电势能EPA。 14. 如图所示，绝缘水平面上固定一光滑绝缘的竖直圆弧轨道BCD，圆心为O，C点与圆心等高，D点为轨道的末端，半径，B点为圆弧轨道与水平面的切点，与水平方向的夹角。质量、电荷量的滑块静止在A点，已知，滑块与水平面间的动摩擦因数。某时刻在整个空间加上水平向左的电场强度的匀强电场，经过一段时间滑块从D点离开圆轨道。滑块可视为质点，重力加速度，，规定A点电势为零。求： （1）滑块运动到B点的速度大小； （2）滑块运动到圆轨道上C点时的电势能； （3）滑块运动到D点时对轨道的压力大小。 15. 如图所示，有一半径为R=1m的圆形区域，O为圆心，AC为直径，三角形ABC为圆内接三角形，为60°。有面积足够大平行于圆面的匀强电场，已知场强E=100V/m，A点电势为，B点电势为0，C点电势低于B点电势，电子电荷量大小为，电子重力不计。求： （1）匀强电场的方向； （2）C点的电势（可用根号表示）； （3）若将一电子以某一初速度从C点飞出，电子经过圆形区域边界时可能获得的最大动能增量（可用根号及含eV单位的数值表示）。 第1页/共1页 学科网（北京）股份有限公司 $